高考数学真题专题归纳专题02函数含解析理
专题02 函数
【2020年】
1.（2020·新课标Ⅰ）某校一个课外学习小组为研究某作物种子的发芽率y和温度x（单位：°C）的关系，在20个不同的温度条件下进行种子发芽实验，由实验数据得到下面的散点图：
由此散点图，在10°C至40°C之间，下面四个回归方程类型中最适宜作为发芽率y和温度x的回归方程类型的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】由散点图分布可知，散点图分布在一个对数函数的图象附近，
因此，最适合作为发芽率和温度的回归方程类型的是.
2.（2020·新课标Ⅱ）在新冠肺炎疫情防控期间，某超市开通网上销售业务，每天能完成1200份订单的配货，由于订单量大幅增加，导致订单积压.为解决困难，许多志愿者踊跃报名参加配货工作.已知该超市某日积压500份订单未配货，预计第二天的新订单超过1600份的概率为0.05，志愿者每人每天能完成50份订单的配货，为使第二天完成积压订单及当日订单的配货的概率不小于0.95，则至少需要志愿者（ ）
A. 10名 B. 18名 C. 24名 D. 32名
【答案】B
【解析】由题意，第二天新增订单数为，
故需要志愿者名.
48
3.（2020·新课标Ⅰ）若，则（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】设，则为增函数，因为
所以，
所以，所以.
，
当时，，此时，有
当时，，此时，有，所以C、D错误.
4.（2020·新课标Ⅱ）设函数，则f(x)（ ）
A. 是偶函数，且在单调递增 B. 是奇函数，且在单调递减
C. 是偶函数，且在单调递增 D. 是奇函数，且在单调递减
【答案】D
【解析】由得定义域为，关于坐标原点对称，
又，
为定义域上的奇函数，可排除AC；
当时，，
在上单调递增，在上单调递减，
48
在上单调递增，排除B；
当时，，
在上单调递减，在定义域内单调递增，
根据复合函数单调性可知：在上单调递减，D正确.
5.（2020·新课标Ⅱ）若，则（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】由得：，
令，
为上的增函数，为上的减函数，为上的增函数，
，
，，，则A正确，B错误；
与的大小不确定，故CD无法确定.
6.（2020·新课标Ⅲ）Logistic模型是常用数学模型之一，可应用于流行病学领城．有学者根据公布数据建立了某地区新冠肺炎累计确诊病例数I(t)(t的单位：天)的Logistic模型：，其中K为最大确诊病例数．当I()=0.95K时，标志着已初步遏制疫情，则约为（ ）（ln19≈3）
A. 60 B. 63 C. 66 D. 69
【答案】C
【解析】，所以，则，
48
所以，，解得.
7.（2020·新课标Ⅲ）已知55<84，134<85．设a=log53，b=log85，c=log138，则（ ）
A. a
0 C. b<0 D. b>0
【答案】C
【解析】因为，所以且，设，则零点
为
当时，则，，要使，必有，且，
即，且，所以；
当时，则，，要使，必有.
综上一定有.
16.（2020·山东卷）信息熵是信息论中的一个重要概念.设随机变量X所有可能的取值为，且，定义X的信息熵.（ ）
A 若n=1，则H(X)=0
B. 若n=2，则H(X)随着的增大而增大
C. 若，则H(X)随着n的增大而增大
D. 若n=2m，随机变量Y所有可能的取值为，且，则H(X)≤H(Y)
【答案】AC
【解析】对于A选项，若，则，所以
48
，所以A选项正确.
对于B选项，若，则，，
所以，
当时，，
当时，，
两者相等，所以B选项错误.
对于C选项，若，则
，
则随着的增大而增大，所以C选项正确.
对于D选项，若，随机变量的所有可能的取值为，且（）.
.
由于，所以，所以，
所以，
48
所以，所以D选项错误.
17.（2020·北京卷）函数的定义域是____________．
【答案】
【解析】由题意得，
18.（2020·北京卷）为满足人民对美好生活的向往，环保部门要求相关企业加强污水治理，排放未达标的企业要限期整改，设企业的污水排放量W与时间t的关系为，用的大小评价在这段时间内企业污水治理能力的强弱，已知整改期内，甲、乙两企业的污水排放量与时间的关系如下图所示.
给出下列四个结论：
①在这段时间内，甲企业的污水治理能力比乙企业强；
②在时刻，甲企业的污水治理能力比乙企业强；
③在时刻，甲、乙两企业的污水排放都已达标；
④甲企业在这三段时间中，在的污水治理能力最强．
其中所有正确结论的序号是____________________．
【答案】①②③
【解析】表示区间端点连线斜率的负数，在这段时间内，甲的斜率比乙的小，所以甲的斜率的相反数比乙的大，因此甲企业的污水治理能力比乙企业强；①正确；甲企业在这三段时间中，甲企业在这段时间内，甲的斜率最小，其相反数最大，即在的污水治理能力最强．④错误；在
48
时刻，甲切线的斜率比乙的小，所以甲切线的斜率的相反数比乙的大，甲企业的污水治理能力比乙企业强；②正确；在时刻，甲、乙两企业的污水排放量都在污水打标排放量以下，所以都已达标；③正确。
19.（2020·江苏卷）已知y=f(x)是奇函数，当x≥0时， ，则f(-8)的值是____.
【答案】-4
【解析】，因为为奇函数，所以
20.（2020·新课标Ⅲ）关于函数f（x）=有如下四个命题：
①f（x）的图像关于y轴对称．
②f（x）的图像关于原点对称．
③f（x）的图像关于直线x=对称．
④f（x）的最小值为2．
其中所有真命题的序号是__________．
【答案】②③
【解析】对于命题①，，，则，
所以，函数的图象不关于轴对称，命题①错误；
对于命题②，函数的定义域为，定义域关于原点对称，
，
所以，函数的图象关于原点对称，命题②正确；
对于命题③，，
，则，
48
所以，函数的图象关于直线对称，命题③正确；
对于命题④，当时，，则，
命题④错误。
【2019年】
1．（2019·全国Ⅰ卷）已知，则（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【解析】
即
则．
故选B．
2．（2019·天津卷）已知，，，则的大小关系为（ ）
A． B．
C． D．
【答案】A
【解析】因为，
，
，即，
所以.
故选A.
3．（2019·全国Ⅱ卷）若a>b，则（ ）
A．ln(a−b)>0 B．3a<3b
C．a3−b3>0 D．│a│>│b│
【答案】C
48
【解析】取，满足，但，则A错，排除A；
由，知B错，排除B；
取，满足，但，则D错，排除D；
因为幂函数是增函数，，所以，即a3−b3>0，C正确.故选C．
4．（2019·北京卷）在天文学中，天体的明暗程度可以用星等或亮度来描述．两颗星的星等与亮度满足m2−m1=，其中星等为mk的星的亮度为Ek（k=1，2）．已知太阳的星等是−26.7，天狼星的星等是−1.45，则太阳与天狼星的亮度的比值为（ ）
A．1010.1 B．10.1
C．lg10.1 D．10−10.1
【答案】A
【解析】两颗星的星等与亮度满足，
令，
则
从而.
故选A.
5．（2019·全国Ⅰ卷）函数f(x)=在的图像大致为（ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
【解析】由，得
48
是奇函数，其图象关于原点对称．
又，可知应为D选项中的图象．
故选D．
6．（2019·全国Ⅲ卷）函数在的图像大致为（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【解析】设，则，所以是奇函数，图象关于原点成中心对称，排除选项C．
又排除选项D；
，排除选项A，
故选B．
7．（2019·浙江卷）在同一直角坐标系中，函数，(a>0，且a≠1)的图象可能是（ ）
48
【答案】D
【解析】当时，函数的图象过定点且单调递减，则函数的图象过定点且单调递增，函数的图象过定点且单调递减，D选项符合；
当时，函数的图象过定点且单调递增，则函数的图象过定点且单调递减，函数的图象过定点且单调递增，各选项均不符合.
综上，选D.
8．（2019·全国Ⅱ卷）2019年1月3日嫦娥四号探测器成功实现人类历史上首次月球背面软着陆，我国航天事业取得又一重大成就，实现月球背面软着陆需要解决的一个关键技术问题是地面与探测器的通讯联系．为解决这个问题，发射了嫦娥四号中继星“鹊桥”，鹊桥沿着围绕地月拉格朗日点的轨道运行．点是平衡点，位于地月连线的延长线上．设地球质量为M１，月球质量为M２，地月距离为R，点到月球的距离为r，根据牛顿运动定律和万有引力定律，r满足方程：.设，由于的值很小，因此在近似计算中，则r的近似值为（ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
48
【解析】由，得，
因为，
所以，
即，
解得，
所以
故选D.
9．（2019·全国Ⅲ卷）设是定义域为R的偶函数，且在单调递减，则（ ）
A．（log3）＞（）＞（）
B．（log3）＞（）＞（）
C．（）＞（）＞（log3）
D．（）＞（）＞（log3）
【答案】C
【解析】是定义域为的偶函数，．
，
又在(0，+∞)上单调递减，
∴，
即.
故选C．
48
10．（2019·全国Ⅱ卷）设函数的定义域为R，满足，且当时，．若对任意，都有，则m的取值范围是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【解析】∵，．
∵时，；
∴时，，；
∴时，，，
如图：
当时，由解得，，
若对任意，都有，则.
则m的取值范围是.
故选B.
11．（2019·浙江卷）已知，函数．若函数恰有3个零点，则（ ）
48
A．a<–1，b<0 B．a<–1，b>0
C．a>–1，b<0 D．a>–1，b>0
【答案】C
【解析】当x＜0时，y＝f（x）﹣ax﹣b＝x﹣ax﹣b＝（1﹣a）x﹣b＝0，得x，
则y＝f（x）﹣ax﹣b最多有一个零点；
当x≥0时，y＝f（x）﹣ax﹣bx3（a+1）x2+ax﹣ax﹣bx3（a+1）x2﹣b，
，
当a+1≤0，即a≤﹣1时，y′≥0，y＝f（x）﹣ax﹣b在[0，+∞）上单调递增，
则y＝f（x）﹣ax﹣b最多有一个零点，不合题意；
当a+1＞0，即a>﹣1时，令y′＞0得x∈(a+1，+∞），此时函数单调递增，
令y′＜0得x∈[0，a+1），此时函数单调递减，则函数最多有2个零点.
根据题意，函数y＝f（x）﹣ax﹣b恰有3个零点⇔函数y＝f（x）﹣ax﹣b在（﹣∞，0）上有一个零点，在[0，+∞）上有2个零点，
如图：
∴0且，
48
解得b＜0，1﹣a＞0，b（a+1）3，
则a>–1，b<0.
故选C．
12．（2019·江苏卷）函数的定义域是 .
【答案】[-1,7 ]
【解析】由题意得到关于x的不等式，解不等式可得函数的定义域.
由已知得,即，解得，故函数的定义域为[-1,7 ].
13．（2019·全国Ⅱ卷）已知是奇函数，且当时，.若，则__________．
【答案】-3
【解析】由题意知是奇函数，且当时，，
又因为，，
所以，
两边取以为底数的对数，得，
所以，即．
14．（2019·北京卷）设函数（a为常数）．若f（x）为奇函数，则a=________；若f（x）是R上的增函数，则a的取值范围是___________．
【答案】
【解析】首先由奇函数的定义得到关于a的恒等式，据此可得a的值，然后利用可得a的取值范围.，若函数为奇函数，则即，
即对任意的恒成立，
则，得.
若函数是R上的增函数，则在R上恒成立，
48
即在R上恒成立，
又，则，
即实数的取值范围是.
15．（2019·浙江卷）已知，函数，若存在，使得，则实数的最大值是___________.
【答案】
【解析】存在，使得，
即有，
化为，
可得，
即，
由，可得.
则实数的最大值是.
16．（2019·北京卷）李明自主创业，在网上经营一家水果店，销售的水果中有草莓、京白梨、西瓜、桃，价格依次为60元/盒、65元/盒、80元/盒、90元/盒．为增加销量，李明对这四种水果进行促销：一次购买水果的总价达到120元，顾客就少付x元．每笔订单顾客网上支付成功后，李明会得到支付款的80%．
①当x=10时，顾客一次购买草莓和西瓜各1盒，需要支付__________元；
②在促销活动中，为保证李明每笔订单得到的金额均不低于促销前总价的七折，则x的最大值为__________．
【答案】①130；②15
【解析】①时，顾客一次购买草莓和西瓜各一盒，需要支付元.
②设顾客一次购买水果的促销前总价为元，
当元时，李明得到的金额为，符合要求；
当元时，有恒成立，
48
即，
因为，所以的最大值为.
综上，①130；②15.
17．（2019·江苏卷）设是定义在R上的两个周期函数，的周期为4，的周期为2，且是奇函数.当时，，，其中k>0.若在区间(0，9]上，关于x的方程有8个不同的实数根，则k的取值范围是 ▲ .
【答案】
【解析】作出函数，的图象，如图：
由图可知，函数的图象与的图象仅有2个交点，即在区间(0，9]上，关于x的方程有2个不同的实数根，
要使关于的方程有8个不同的实数根，
则与的图象有2个不同的交点，
由到直线的距离为1，可得，解得，
48
∵两点连线的斜率，
∴，
综上可知，满足在(0,9]上有8个不同的实数根的k的取值范围为.
【2018年】
1．（2018·全国Ⅱ卷）函数的图像大致为
【答案】B
【解析】为奇函数，舍去A；
，∴舍去D；
时，，单调递增，舍去C.
因此选B.
2．（2018·全国Ⅲ卷）函数的图像大致为
48
【答案】D
【解析】函数图象过定点，排除A，B；
令，则，
由得，得或，此时函数单调递增，
由得，得或，此时函数单调递减，排除C.
故选D.
3．（2018·浙江卷）函数y=sin2x的图象可能是
A． B．
48
C． D．
【答案】D
【解析】令，因为，所以为奇函数，排除选项A,B;
因为时，，所以排除选项C，
故选D．
4．（2018·全国Ⅰ卷）设函数，若为奇函数，则曲线在点处的切线方程为
A． B．
C． D．
【答案】D
【解析】因为函数是奇函数，所以，解得，
所以，，
所以，
所以曲线在点处的切线方程为，化简可得，
故选D．
5．（2018·全国Ⅱ卷）已知是定义域为的奇函数，满足．若，则
A． B．0
C．2 D．50
48
【答案】C
【解析】因为是定义域为的奇函数，且，
所以,
因此，
因为，所以，
因为，从而.
故选C．
6．（2018·天津卷）已知，，，则a，b，c的大小关系为
A． B．
C． D．
【答案】D
【解析】由题意结合对数函数的性质可知：，，，
据此可得：.
本题选择D选项.
7．（2018·全国Ⅲ卷）设，，则
A． B．
C． D．
【答案】B
【解析】，，
，,即，
又，，
∴.
故选B．
48
8．（2018·全国Ⅰ卷）已知函数．若g（x）存在2个零点，则a的取值范围是
A．[–1，0） B．[0，+∞）
C．[–1，+∞） D．[1，+∞）
【答案】C
【解析】画出函数的图象，在y轴右侧的图象去掉，再画出直线，之后上下移动，
可以发现当直线过点（0,1）时，直线与函数图象有两个交点，
并且向下可以无限移动，都可以保证直线与函数的图象有两个交点，即方程有两个解，也就是函数有两个零点，
此时满足，即.
故选C．
19．（2018·江苏卷）函数的定义域为________．
【答案】[2，+∞）
【解析】要使函数有意义，则需，解得，即函数的定义域为.
20．（2018·全国Ⅲ卷）函数在的零点个数为________．
48
【答案】
【解析】，，
由题可知或，
解得或，
故有3个零点.
21．（2018·浙江卷）我国古代数学著作《张邱建算经》中记载百鸡问题：“今有鸡翁一，值钱五；鸡母一，值钱三；鸡雏三，值钱一。凡百钱，买鸡百只，问鸡翁、母、雏各几何？”设鸡翁，鸡母，鸡雏个数分别为，，，则当时，___________，___________．
【答案】8；11
【解析】
故答案为8；11.
22．（2018·北京卷）能说明“若f（x）>f（0）对任意的x∈（0，2］都成立，则f（x）在［0，2］上是增函数”为假命题的一个函数是__________．
【答案】 （答案不唯一）
【解析】对于，其图象的对称轴为，
则f（x）>f（0）对任意的x∈（0，2］都成立，
但f（x）在［0，2］上不是单调函数.
23．（2018·江苏卷）函数满足，且在区间上， 则的值为________．
【答案】
48
【解析】由得函数的周期为4，
所以
因此
24．（2018·江苏卷）若函数在内有且只有一个零点，则在上的最大值与最小值的和为________．
【答案】–3
【解析】由得或，
因为函数在上有且仅有一个零点且，所以，
因此解得.
从而函数在上单调递增，在上单调递减，所以 ，
则
故答案为.
25．（2018·浙江卷）已知λ∈R，函数f(x)=，当λ=2时，不等式f(x)<0的解集是___________．若函数f(x)恰有2个零点，则λ的取值范围是___________．
【答案】(1,4)；
【解析】由题意得或，所以或，即，故不等式f(x)<0的解集是
当时，，此时，即在
48
上有两个零点；当时，，由在上只能有一个零点得.综上，的取值范围为.
26．（2018·天津卷）已知，函数若关于的方程恰有2个互异的实数解，则的取值范围是______________.
【答案】
【解析】分类讨论：
当时，方程即，整理可得：，很明显不是方程的实数解，则；
当时，方程即，整理可得：，很明显不是方程的实数解，则.
令，其中，，则原问题等价于函数与函数有两个不同的交点，求的取值范围.结合对勾函数和函数图象平移的规律绘制函数的图象，同时绘制函数的图象如图所示，考查临界条件，结合观察可得，实数的取值范围是.
48
【2017年】
1．（2017·山东卷）设函数的定义域为，函数的定义域为,则
A．（1,2） B．
C．（-2,1） D．[-2,1)
【答案】D
【解析】由得，
由得，
故.
选D.
48
2．（2017·全国Ⅲ卷）设函数，则下列结论错误的是
A．的一个周期为 B．的图象关于直线对称
C．的一个零点为 D．在(,)单调递减
【答案】D
【解析】函数的最小正周期为，则函数的周期为，取，可得函数的一个周期为，选项A正确；
函数图象的对称轴为，即，取，可得y=f(x)的图象关于直线对称，选项B正确；
，函数的零点满足，即，取，可得的一个零点为，选项C正确；
当时，，函数在该区间内不单调，选项D错误.
故选D.
3．（2017·全国Ⅲ卷）已知函数有唯一零点，则a=
A． B．
C． D．1
【答案】C
【解析】函数的零点满足，
设，则，
当时，；当时，，函数单调递减；
48
当时，，函数单调递增，
当时，函数取得最小值，为.
设，当时，函数取得最小值，为，
若，函数与函数没有交点；
若，当时，函数和有一个交点，
即，解得.
故选C.
4．（2017·天津卷）已知函数设，若关于x的不等式在R上恒成立，则a的取值范围是
A． B．
C． D．
【答案】A
【解析】不等式可化为 (*)，
当时，(*)式即，即，
又（当时取等号），
（当时取等号），
所以，
当时，(*)式为，．
又（当时取等号），
（当时取等号），所以．
48
综上，．
故选A．
5．（2017·北京卷）根据有关资料，围棋状态空间复杂度的上限M约为3361，而可观测宇宙中普通物质的原子总数N约为1080.则下列各数中与最接近的是
（参考数据：lg3≈0.48）
A．1033 B．1053
C．1073 D．1093
【答案】D
【解析】设，两边取对数，，所以，即最接近.
故选D．
6．（2017·全国Ⅰ卷）设x、y、z为正数，且，则
A．2x<3y<5z B．5z<2x<3y
C．3y<5z<2x D．3y<2x<5z
【答案】D
【解析】令，则，，
∴，则，
，则.
故选D．
7．（2017·浙江卷）若函数f(x)=x2+ ax+b在区间[0，1]上的最大值是M，最小值是m，则M – m
A．与a有关，且与b有关 B．与a有关，但与b无关
C．与a无关，且与b无关 D．与a无关，但与b有关
48
【答案】B
【解析】因为最值在中取，所以最值之差一定与无关.
故选B．
8．（2017·全国Ⅰ卷）函数在单调递减，且为奇函数．若，则满足的的取值范围是
A． B．
C． D．
【答案】D
【解析】因为为奇函数且在单调递减，要使成立，则满足，从而由得，
即满足的的取值范围为.
故选D.
9．（2017·北京卷）已知函数，则
A．是奇函数，且在R上是增函数 B．是偶函数，且在R上是增函数
C．是奇函数，且在R上是减函数 D．是偶函数，且在R上是减函数
【答案】A
【解析】，所以该函数是奇函数，并且是增函数，是减函数，根据增函数−减函数=增函数，可知该函数是增函数.
故选A.
10．（2017·天津卷）已知奇函数在R上是增函数，．若，，，则a，b，c的大小关系为
A． B．
C． D．
48
【答案】C
【解析】因为是奇函数且在上是增函数，所以当时，，
从而是上的偶函数，且在上是增函数，
，，
又，则，
所以，，
所以.
故选C．
11．（2017·山东卷）已知当时，函数的图象与的图象有且只有一个交点，则正实数的取值范围是
A． B．
C． D．
【答案】B
【解析】当时，，在时单调递减，且，在时单调递增，且，此时有且仅有一个交点；
当时，，在上单调递增，所以要有且仅有一个交点，需.
故选B.
12．（2017·山东卷）若，且，则下列不等式成立的是
A． B．
C． D．
【答案】B
48
【解析】因为，且，所以
所以，
，
所以选B.
13．（2017·浙江卷）已知aR，函数在区间[1，4]上的最大值是5，则的取值范围是___________．
【答案】
【解析】，分类讨论：
①当时，，
函数的最大值为，舍去；
②当时，，此时命题成立；
③当时，，则：
或，解得或．
综上可得，实数的取值范围是．
14．（2017·江苏卷）已知函数，其中e是自然对数的底数．若，则实数的取值范围是 ▲ ．
【答案】
【解析】因为，所以函数是奇函数，
因为，所以数在上单调递增，
又，即，
所以，即，
48
解得，
故实数的取值范围为．
15．（2017·全国Ⅲ卷）设函数，则满足的x的取值范围是_________.
【答案】
【解析】令，
当时，；
当时，；
当时，，
写成分段函数的形式：，
函数在区间三段区间内均单调递增，
且，
可知x的取值范围是.
16．（2017·江苏卷）设是定义在上且周期为1的函数，在区间上，其中集合，，则方程
48
的解的个数是_________．
【答案】8
【解析】由于，则需考虑的情况，
在此范围内，且时，设，且互质，
若，则由，可设，且互质，
因此，则，此时左边为整数，右边为非整数，矛盾，因此，
因此不可能与每个周期内对应的部分相等，
只需考虑与每个周期的部分的交点，
画出函数图象，图中交点除外其他交点横坐标均为无，属于每个周期的部分，
且处，则在附近仅有一个交点，
因此方程的解的个数为8．
17．（2017·山东卷）若函数（是自然对数的底数）在的定义域上单调递增，则称函数具有M性质.下列函数中所有具有M性质的函数的序号为 .
① ② ③ ④
【答案】①④
【解析】①在R上单调递增，故具有性质；
②在R上单调递减，故不具有性质；
③，令，则，当时，，当时，，在上单调递减，在上单调递增，故不具有性质；
48
④，令，则，则在R上单调递增，故具有性质．
18．（2017·江苏卷）记函数的定义域为．在区间上随机取一个数，则的概率是 ．
【答案】
【解析】由，即，得，
根据几何概型的概率计算公式得的概率是．
19．（2017·江苏卷）某公司一年购买某种货物600吨，每次购买吨，运费为6万元/次，一年的总存储费用为万元．要使一年的总运费与总存储费用之和最小，则的值是 ▲ ．
【答案】30
【解析】总费用为，
当且仅当，即时等号成立．
【2016年】
1.【2016·新课标3卷】已知，，，则（ ）
（A） （B） （C） （D）
【答案】A
【解析】因为，，所以，故选A．
2.【2016·北京卷】已知，，且，则（ ）
A. B. C.D.
【答案】C
【解析】A：由，得，即，A不正确；
48
B：由及正弦函数的单调性，可知不一定成立；
C：由，，得，故，C正确；
D：由，得，但xy的值不一定大于1，故不一定成立，故选C.
3.【2016·新课标1卷】函数在的图像大致为
（A）（B）
（C）（D）
【答案】D
【解析】函数f(x)=2x2–e|x|在[–2,2]上是偶函数，其图像关于轴对称，因为，所以排除A、B 选项；当时，有一零点，设为，当时，为减函数，当时，为增函数．故选D。
4.【2016·新课标2卷】已知函数满足，若函数与图像的交点为则（ ）
（A）0 （B） （C） （D）
【答案】C
【解析】由于，不妨设，与函数的交点为，故，故选C。
5.【2016·四川卷】已知函数是定义在R上的周期为2的奇函数，当0＜x＜1时，
48
，则= .
【答案】-2
【解析】因为函数是定义在R上的周期为2的奇函数，所以
，所以，即，，所以.
6.【2016·浙江卷】已知a>b>1.若logab+logba=，ab=ba，则a= ，b= .
【答案】4 2
【解析】设，因为，
因此
7.【2016·天津卷】已知f(x)是定义在R上的偶函数，且在区间（-，0）上单调递增.若实数a满足
，则a的取值范围是______.
【答案】
【解析】由题意在上单调递减，又是偶函数，则不等式可化为，则，，解得．
8.【2016·四川卷】在平面直角坐标系中，当P(x，y)不是原点时，定义P的“伴随点”为；
当P是原点时，定义P的“伴随点”为它自身，平面曲线C上所有点的“伴随点”所构成的曲线定义为曲线C的“伴随曲线”.现有下列命题：
①若点A的“伴随点”是点，则点的“伴随点”是点A
②单位圆的“伴随曲线”是它自身；
③若曲线C关于x轴对称，则其“伴随曲线”关于y轴对称；
48
④一条直线的“伴随曲线”是一条直线.
其中的真命题是_____________（写出所有真命题的序列）.
【答案】②③
【解析】对于①，若令，则其伴随点为，而的伴随点为，而不是，故①错误；对于②，设曲线关于轴对称，则与方程表示同一曲线，其伴随曲线分别为与也表示同一曲线，又曲线与曲线的图象关于轴对称，所以②正确；③设单位圆上任一点的坐标为，其伴随点为仍在单位圆上，故②正确；对于④，直线上任一点的伴随点是，消参后点轨迹是圆，故④错误.所以正确的为序号为②③.
9.【2016·山东卷】已知函数f(x)的定义域为R.当x<0时， ；当 时，；当 时， .则f(6)= （ ）
（A）−2 （B）−1 （C）0 （D）2
【答案】D
【解析】当时，,所以当时，函数是周期为 的周期函数，所以，又函数是奇函数，所以，故选D.
10.【2016·天津卷】已知函数f（x）=（a>0,且a≠1）在R上单调递减，且关于x的方程恰好有两个不相等的实数解，则a的取值范围是（ ）
48
（A）（0，] （B）[，] （C）[，]{}（D）[，）{}
【答案】C
【解析】由在上递减可知，由方程恰好有两个不相等的实数解，可知，，又∵时，抛物线与直线相切，也符合题意，∴实数的去范围是，故选C.
11.【2016·江苏卷】设是定义在上且周期为2的函数，在区间上， 其中 若 ，则的值是 ▲ .
【答案】
【解析】，
因此
12.【2016·江苏卷】函数y=的定义域是 ▲ .
【答案】
【解析】要使函数有意义，必须，即，．故答案应填：，
13.【2016·北京卷】设函数.
①若，则的最大值为______________；
②若无最大值，则实数的取值范围是________.
【答案】，.
【解析】如图，作出函数与直线的图象，它们的交点是
48
，由，知是函数的极小值点，
①当时，，由图象可知的最大值是；
②由图象知当时，有最大值；只有当时，，无最大值，所以所求的取值范围是．
14.【2016·山东卷】已知函数 其中，若存在实数b，使得关于x的方程f（x）=b有三个不同的根，则m的取值范围是________________.
【答案】
【解析】画出函数图象如下图所示：
48
由图所示，要有三个不同的根，需要红色部分图像在深蓝色图像的下方，即，解得。
16、【2016·上海卷】已知点在函数的图像上，则.
【答案】
【解析】将点（3，9）代入函数中得，所以，用表示得，所以.
17.【2016·上海卷】已知，函数.
（1）当时，解不等式；
（2）若关于的方程的解集中恰好有一个元素，求的取值范围；
（3）设，若对任意，函数在区间上的最大值与最小值的差不超过1，求的取值范围.
【答案】（1）．（2）．（3）．
【解析】
（1）由，得，
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解得．
（2），，
当时，，经检验，满足题意．
当时，，经检验，满足题意．
当且时，，，．
是原方程的解当且仅当，即；
是原方程的解当且仅当，即．
于是满足题意的．
综上，的取值范围为．
（3）当时，，，
所以在上单调递减．
函数在区间上的最大值与最小值分别为，．
即，对任意
成立．
因为，所以函数在区间上单调递增，时，
有最小值，由，得．
故的取值范围为．
18.【2016·上海卷】设、、是定义域为的三个函数，对于命题：①若
48
、、均为增函数，则、、中至少有一个增函数；②若、、均是以为周期的函数，则、、均是以为周期的函数，下列判断正确的是（ ）
、①和②均为真命题 、①和②均为假命题
、①为真命题，②为假命题 、①为假命题，②为真命题
【答案】D
【解析】①不成立，可举反例
, ,
②
前两式作差，可得
结合第三式，可得,
也有
∴②正确
故选D.
48
