2015年山东省高考数学试卷（理科）

2015年山东省高考数学试卷（理科）

‎2015年山东省高考数学试卷（理科）‎ ‎　‎ 一、选择题（本大题共10小题，每小题5分，共50分）‎ ‎1．（5分）已知集合A={x|x2﹣4x+3＜0}，B={x|2＜x＜4}，则A∩B=（　　）‎ A．（1，3） B．（1，4） C．（2，3） D．（2，4）‎ ‎2．（5分）若复数z满足=i，其中i为虚数单位，则z=（　　）‎ A．1﹣i B．1+i C．﹣1﹣i D．﹣1+i ‎3．（5分）要得到函数y=sin（4x﹣）的图象，只需将函数y=sin4x的图象（　　）‎ A．向左平移单位 B．向右平移单位 C．向左平移单位 D．向右平移单位 ‎4．（5分）已知菱形ABCD的边长为a，∠ABC=60°，则=（　　）‎ A．﹣a2 B．﹣a2 C．a2 D．a2‎ ‎5．（5分）不等式|x﹣1|﹣|x﹣5|＜2的解集是（　　）‎ A．（﹣∞，4） B．（﹣∞，1） C．（1，4） D．（1，5）‎ ‎6．（5分）已知x，y满足约束条件，若z=ax+y的最大值为4，则a=（　　）‎ A．3 B．2 C．﹣2 D．﹣3‎ ‎7．（5分）在梯形ABCD中，∠ABC=，AD∥BC，BC=2AD=2AB=2，将梯形ABCD绕AD所在的直线旋转一周而形成的曲面所围成的几何体的体积为（　　）‎ A． B． C． D．2π ‎8．（5分）已知某批零件的长度误差（单位：毫米）服从正态分布N（0，32），从中随机抽取一件，其长度误差落在区间（3，6）内的概率为（　　）‎ ‎（附：若随机变量ξ服从正态分布N（μ，σ2），则P（μ﹣σ＜ξ＜μ+‎ σ）=68.26%，P（μ﹣2σ＜ξ＜μ+2σ）=95.44%）‎ A．4.56% B．13.59% C．27.18% D．31.74%‎ ‎9．（5分）一条光线从点（﹣2，﹣3）射出，经y轴反射后与圆（x+3）2+（y﹣2）2=1相切，则反射光线所在直线的斜率为（　　）‎ A．﹣或﹣ B．﹣或﹣ C．﹣或﹣ D．﹣或﹣‎ ‎10．（5分）设函数f（x）=，则满足f（f（a））=2f（a）的a的取值范围是（　　）‎ A．[，1] B．[0，1] C．[，+∞） D．[1，+∞）‎ ‎　‎ 二、填空题（本大题共5小题，每小题5分，共25分）‎ ‎11．（5分）观察下列各式：‎ C=40；‎ C+C=41；‎ C+C+C=42；‎ C+C+C+C=43；‎ ‎…‎ 照此规律，当n∈N*时，‎ C+C+C+…+C=　　．‎ ‎12．（5分）若“∀x∈[0，]，tanx≤m”是真命题，则实数m的最小值为　　．‎ ‎13．（5分）执行如图程序框图，输出的T的值为　　．‎ ‎14．（5分）已知函数f（x）=ax+b（a＞0，a≠1）的定义域和值域都是[﹣1，0]，则a+b=　　．‎ ‎15．（5分）平面直角坐标系xOy中，双曲线C1：﹣=1（a＞0，b＞0）的渐近线与抛物线C2：x2=2py（p＞0）交于点O，A，B，若△OAB的垂心为C2的焦点，则C1的离心率为　　．‎ ‎　‎ 三、解答题 ‎16．（12分）设f（x）=sinxcosx﹣cos2（x+）．‎ ‎（Ⅰ）求f（x）的单调区间；‎ ‎（Ⅱ）在锐角△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，若f（）=0，a=1，求△ABC面积的最大值．‎ ‎17．（12分）如图，在三棱台DEF﹣ABC中，AB=2DE，G，H分别为AC，BC的中点．‎ ‎（Ⅰ）求证：BD∥平面FGH；‎ ‎（Ⅱ）若CF⊥平面ABC，AB⊥BC，CF=DE，∠BAC=45°，求平面FGH与平面ACFD所成的角（锐角）的大小．‎ ‎18．（12分）设数列{an}的前n项和为Sn，已知2Sn=3n+3．‎ ‎（Ⅰ）求{an}的通项公式；‎ ‎（Ⅱ）若数列{bn}，满足anbn=log3an，求{bn}的前n项和Tn．‎ ‎19．（12分）若n是一个三位正整数，且n的个位数字大于十位数字，十位数字大于百位数字，则称n为“三位递增数”（如137，359，567等）．在某次数学趣味活动中，每位参加者需从所有的“三位递增数”中随机抽取1个数，且只能抽取一次，得分规则如下：若抽取的“三位递增数”的三个数字之积不能被5整除，参加者得0分，若能被5整除，但不能被10整除，得﹣1分，若能被10整除，得1分．‎ ‎（Ⅰ）写出所有个位数字是5的“三位递增数”；‎ ‎（Ⅱ）若甲参加活动，求甲得分X的分布列和数学期望EX．‎ ‎20．（13分）平面直角坐标系xOy中，已知椭圆C：+=1（a＞b＞0）的离心率为，左、右焦点分别是F1，F2，以F1为圆心以3为半径的圆与以F2为圆心以1为半径的圆相交，且交点在椭圆C上．‎ ‎（Ⅰ）求椭圆C的方程；‎ ‎（Ⅱ）设椭圆E：+=1，P为椭圆C上任意一点，过点P的直线y=kx+m交椭圆E于A，B两点，射线PO交椭圆E于点Q．‎ ‎（i）求||的值；‎ ‎（ii）求△ABQ面积的最大值．‎ ‎21．（14分）设函数f（x）=ln（x+1）+a（x2﹣x），其中a∈R，‎ ‎（Ⅰ）讨论函数f（x）极值点的个数，并说明理由；‎ ‎（Ⅱ）若∀x＞0，f（x）≥0成立，求a的取值范围．‎ ‎　‎ ‎2015年山东省高考数学试卷（理科）‎ 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（本大题共10小题，每小题5分，共50分）‎ ‎1．（5分）（2015•山东）已知集合A={x|x2﹣4x+3＜0}，B={x|2＜x＜4}，则A∩B=（　　）‎ A．（1，3） B．（1，4） C．（2，3） D．（2，4）‎ ‎【分析】求出集合A，然后求出两个集合的交集．‎ ‎【解答】解：集合A={x|x2﹣4x+3＜0}={x|1＜x＜3}，B={x|2＜x＜4}，‎ 则A∩B={x|2＜x＜3}=（2，3）．‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎2．（5分）（2015•山东）若复数z满足=i，其中i为虚数单位，则z=（　　）‎ A．1﹣i B．1+i C．﹣1﹣i D．﹣1+i ‎【分析】直接利用复数的乘除运算法则化简求解即可．‎ ‎【解答】解：=i，则=i（1﹣i）=1+i，‎ 可得z=1﹣i．‎ 故选：A．‎ ‎　‎ ‎3．（5分）（2015•山东）要得到函数y=sin（4x﹣）的图象，只需将函数y=sin4x的图象（　　）‎ A．向左平移单位 B．向右平移单位 C．向左平移单位 D．向右平移单位 ‎【分析】直接利用三角函数的平移原则推出结果即可．‎ ‎【解答】解：因为函数y=sin（4x﹣）=sin[4（x﹣）]，‎ 要得到函数y=sin（4x﹣）的图象，只需将函数y=sin4x的图象向右平移单位．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎4．（5分）（2015•山东）已知菱形ABCD的边长为a，∠ABC=60°，则=（　　）‎ A．﹣a2 B．﹣a2 C．a2 D．a2‎ ‎【分析】由已知可求，，根据=（）•=代入可求 ‎【解答】解：∵菱形ABCD的边长为a，∠ABC=60°，‎ ‎∴=a2，=a×a×cos60°=，‎ 则=（）•==‎ 故选：D ‎　‎ ‎5．（5分）（2015•山东）不等式|x﹣1|﹣|x﹣5|＜2的解集是（　　）‎ A．（﹣∞，4） B．（﹣∞，1） C．（1，4） D．（1，5）‎ ‎【分析】运用零点分区间，求出零点为1，5，讨论①当x＜1，②当1≤x≤5，③当x＞5，分别去掉绝对值，解不等式，最后求并集即可．‎ ‎【解答】解：①当x＜1，不等式即为﹣x+1+x﹣5＜2，即﹣4＜2成立，故x＜1；‎ ‎②当1≤x≤5，不等式即为x﹣1+x﹣5＜2，得x＜4，故1≤x＜4；‎ ‎③当x＞5，x﹣1﹣x+5＜2，即4＜2不成立，故x∈∅．‎ 综上知解集为（﹣∞，4）．‎ 故选A．‎ ‎　‎ ‎6．（5分）（2015•山东）已知x，y满足约束条件，若z=ax+y的最大值为4，则a=（　　）‎ A．3 B．2 C．﹣2 D．﹣3‎ ‎【分析】作出不等式组对应的平面区域，利用目标函数的几何意义，利用数形结合确定z的最大值．‎ ‎【解答】解：作出不等式组对应的平面区域如图：（阴影部分）．‎ 则A（2，0），B（1，1），‎ 若z=ax+y过A时取得最大值为4，则2a=4，解得a=2，‎ 此时，目标函数为z=2x+y，‎ 即y=﹣2x+z，‎ 平移直线y=﹣2x+z，当直线经过A（2，0）时，截距最大，此时z最大为4，满足条件，‎ 若z=ax+y过B时取得最大值为4，则a+1=4，解得a=3，‎ 此时，目标函数为z=3x+y，‎ 即y=﹣3x+z，‎ 平移直线y=﹣3x+z，当直线经过A（2，0）时，截距最大，此时z最大为6，不满足条件，‎ 故a=2，‎ 故选：B ‎　‎ ‎7．（5分）（2015•山东）在梯形ABCD中，∠ABC=，AD∥BC，BC=2AD=2AB=2，将梯形ABCD绕AD所在的直线旋转一周而形成的曲面所围成的几何体的体积为（　　）‎ A． B． C． D．2π ‎【分析】画出几何体的直观图，利用已知条件，求解几何体的体积即可．‎ ‎【解答】解：由题意可知几何体的直观图如图：旋转体是底面半径为1，高为2的圆柱，挖去一个相同底面高为1的倒圆锥，‎ 几何体的体积为：=．‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎8．（5分）（2015•山东）已知某批零件的长度误差（单位：毫米）服从正态分布N（0，32），从中随机抽取一件，其长度误差落在区间（3，6）内的概率为（　　）‎ ‎（附：若随机变量ξ服从正态分布N（μ，σ2），则P（μ﹣σ＜ξ＜μ+σ）=68.26%，P（μ﹣2σ＜ξ＜μ+2σ）=95.44%）‎ A．4.56% B．13.59% C．27.18% D．31.74%‎ ‎【分析】由题意P（﹣3＜ξ＜3）=68.26%，P（﹣6＜ξ＜6）=95.44%，可得P（3＜ξ＜6）=（95.44%﹣68.26%），即可得出结论．‎ ‎【解答】解：由题意P（﹣3＜ξ＜3）=68.26%，P（﹣6＜ξ＜6）=95.44%，‎ 所以P（3＜ξ＜6）=（95.44%﹣68.26%）=13.59%．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎9．（5分）（2015•山东）一条光线从点（﹣2，﹣3）射出，经y轴反射后与圆（x+3）2+（y﹣2）2=1相切，则反射光线所在直线的斜率为（　　）‎ A．﹣或﹣ B．﹣或﹣ C．﹣或﹣ D．﹣或﹣‎ ‎【分析】点A（﹣2，﹣3）关于y轴的对称点为A′（2，﹣3），可设反射光线所在直线的方程为：y+3=k（x﹣2），利用直线与圆相切的性质即可得出．‎ ‎【解答】解：点A（﹣2，﹣3）关于y轴的对称点为A′（2，﹣3），‎ 故可设反射光线所在直线的方程为：y+3=k（x﹣2），化为kx﹣y﹣2k﹣3=0．‎ ‎∵反射光线与圆（x+3）2+（y﹣2）2=1相切，‎ ‎∴圆心（﹣3，2）到直线的距离d==1，‎ 化为24k2+50k+24=0，‎ ‎∴k=或﹣．‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎10．（5分）（2015•山东）设函数f（x）=，则满足f（f（a））=2f（a）的a的取值范围是（　　）‎ A．[，1] B．[0，1] C．[，+∞） D．[1，+∞）‎ ‎【分析】令f（a）=t，则f（t）=2t，讨论t＜1，运用导数判断单调性，进而得到方程无解，讨论t≥1时，以及a＜1，a≥1，由分段函数的解析式，解不等式即可得到所求范围．‎ ‎【解答】解：令f（a）=t，‎ 则f（t）=2t，‎ 当t＜1时，3t﹣1=2t，‎ 由g（t）=3t﹣1﹣2t的导数为g′（t）=3﹣2tln2，‎ 在t＜1时，g′（t）＞0，g（t）在（﹣∞，1）递增，‎ 即有g（t）＜g（1）=0，‎ 则方程3t﹣1=2t无解；‎ 当t≥1时，2t=2t成立，‎ 由f（a）≥1，即3a﹣1≥1，解得a≥，且a＜1；‎ 或a≥1，2a≥1解得a≥0，即为a≥1．‎ 综上可得a的范围是a≥．‎ 故选C．‎ ‎　‎ 二、填空题（本大题共5小题，每小题5分，共25分）‎ ‎11．（5分）（2015•山东）观察下列各式：‎ C=40；‎ C+C=41；‎ C+C+C=42；‎ C+C+C+C=43；‎ ‎…‎ 照此规律，当n∈N*时，‎ C+C+C+…+C=　4n﹣1　．‎ ‎【分析】仔细观察已知条件，找出规律，即可得到结果．‎ ‎【解答】解：因为C=40；‎ C+C=41；‎ C+C+C=42；‎ C+C+C+C=43；‎ ‎…‎ 照此规律，可以看出等式左侧最后一项，组合数的上标与等式右侧的幂指数相同，‎ 可得：当n∈N*时，C+C+C+…+C=4n﹣1；‎ 故答案为：4n﹣1．‎ ‎　‎ ‎12．（5分）（2015•山东）若“∀x∈[0，]，tanx≤m”是真命题，则实数m的最小值为　1　．‎ ‎【分析】求出正切函数的最大值，即可得到m的范围．‎ ‎【解答】解：“∀x∈[0，]，tanx≤m”是真命题，‎ 可得tanx≤1，所以，m≥1，‎ 实数m的最小值为：1．‎ 故答案为：1．‎ ‎　‎ ‎13．（5分）（2015•山东）执行如图程序框图，输出的T的值为　　．‎ ‎【分析】模拟执行程序框图，依次写出每次循环得到的n，T的值，当n=3时不满足条件n＜3，退出循环，输出T的值为．‎ ‎【解答】解：模拟执行程序框图，可得 n=1，T=1‎ 满足条件n＜3，T=1+xdx，n=2‎ 满足条件n＜3，T=1+xdx+x2dx=1+=，n=3‎ 不满足条件n＜3，退出循环，输出T的值为．‎ 故答案为：‎ ‎　‎ ‎14．（5分）（2015•山东）已知函数f（x）=ax+b（a＞0，a≠1）的定义域和值域都是[﹣1，0]，则a+b=　　．‎ ‎【分析】对a进行分类讨论，分别题意和指数函数的单调性列出方程组，解得答案．‎ ‎【解答】解：当a＞1时，函数f（x）=ax+b在定义域上是增函数，‎ 所以，‎ 解得b=﹣1，=0不符合题意舍去；‎ 当0＜a＜1时，函数f（x）=ax+b在定义域上是减函数，‎ 所以 ，‎ 解得b=﹣2，a=，‎ 综上a+b=，‎ 故答案为：‎ ‎　‎ ‎15．（5分）（2015•山东）平面直角坐标系xOy中，双曲线C1：﹣=1（a＞0，b＞0）的渐近线与抛物线C2：x2=2py（p＞0）交于点O，A，B，若△OAB的垂心为C2的焦点，则C1的离心率为　　．‎ ‎【分析】求出A的坐标，可得=，利用△OAB的垂心为C2的焦点，可得×（﹣）=﹣1，由此可求C1的离心率．‎ ‎【解答】解：双曲线C1：﹣=1（a＞0，b＞0）的渐近线方程为y=±x，‎ 与抛物线C2：x2=2py联立，可得x=0或x=±，‎ 取A（，），设垂心H（0，），‎ 则kAH==，‎ ‎∵△OAB的垂心为C2的焦点，‎ ‎∴×（﹣）=﹣1，‎ ‎∴5a2=4b2，‎ ‎∴5a2=4（c2﹣a2）‎ ‎∴e==．‎ 故答案为：．‎ ‎　‎ 三、解答题 ‎16．（12分）（2015•山东）设f（x）=sinxcosx﹣cos2（x+）．‎ ‎（Ⅰ）求f（x）的单调区间；‎ ‎（Ⅱ）在锐角△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，若f（）=0，a=1，求△ABC面积的最大值．‎ ‎【分析】（Ⅰ）由三角函数恒等变换化简解析式可得f（x）=sin2x﹣，由2k≤2x≤2k，k∈Z可解得f（x）的单调递增区间，由2k≤2x≤2k，k∈Z可解得单调递减区间．‎ ‎（Ⅱ）由f（）=sinA﹣=0，可得sinA，cosA，由余弦定理可得：bc，且当b=c时等号成立，从而可求bcsinA≤，从而得解．‎ ‎【解答】解：（Ⅰ）由题意可知，f（x）=sin2x﹣‎ ‎=sin2x﹣‎ ‎=sin2x﹣‎ 由2k≤2x≤2k，k∈Z可解得：k≤x≤k，k∈Z；‎ 由2k≤2x≤2k，k∈Z可解得：k≤x≤k，k∈Z；‎ 所以f（x）的单调递增区间是[k，k]，（k∈Z）；单调递减区间是：[k，k]，（k∈Z）；‎ ‎（Ⅱ）由f（）=sinA﹣=0，可得sinA=，‎ 由题意知A为锐角，所以cosA=，‎ 由余弦定理a2=b2+c2﹣2bccosA，‎ 可得：1+bc=b2+c2≥2bc，即bc，且当b=c时等号成立．‎ 因此S=bcsinA≤，‎ 所以△ABC面积的最大值为．‎ ‎　‎ ‎17．（12分）（2015•山东）如图，在三棱台DEF﹣ABC中，AB=2DE，G，H分别为AC，BC的中点．‎ ‎（Ⅰ）求证：BD∥平面FGH；‎ ‎（Ⅱ）若CF⊥平面ABC，AB⊥BC，CF=DE，∠BAC=45°，求平面FGH与平面ACFD所成的角（锐角）的大小．‎ ‎【分析】‎ ‎（Ⅰ）根据AB=2DE便可得到BC=2EF，从而可以得出四边形EFHB为平行四边形，从而得到BE∥HF，便有BE∥平面FGH，再证明DE∥平面FGH，从而得到平面BDE∥平面FGH，从而BD∥平面FGH；‎ ‎（Ⅱ）连接HE，根据条件能够说明HC，HG，HE三直线两两垂直，从而分别以这三直线为x，y，z轴，建立空间直角坐标系，然后求出一些点的坐标．连接BG，可说明为平面ACFD的一条法向量，设平面FGH的法向量为，根据即可求出法向量，设平面FGH与平面ACFD所成的角为θ，根据cosθ=即可求出平面FGH与平面ACFD所成的角的大小．‎ ‎【解答】解：（Ⅰ）证明：根据已知条件，DF∥AC，EF∥BC，DE∥AB；‎ ‎△DEF∽△ABC，又AB=2DE，‎ ‎∴BC=2EF=2BH，‎ ‎∴四边形EFHB为平行四边形；‎ ‎∴BE∥HF，HF⊂平面FGH，BE⊄平面FGH；‎ ‎∴BE∥平面FGH；‎ 同样，因为GH为△ABC中位线，∴GH∥AB；‎ 又DE∥AB；‎ ‎∴DE∥GH；‎ ‎∴DE∥平面FGH，DE∩BE=E；‎ ‎∴平面BDE∥平面FGH，BD⊂平面BDE；‎ ‎∴BD∥平面FGH；‎ ‎（Ⅱ）连接HE，则HE∥CF；‎ ‎∵CF⊥平面ABC；‎ ‎∴HE⊥平面ABC，并且HG⊥HC；‎ ‎∴HC，HG，HE三直线两两垂直，分别以这三直线为x，y，z轴，建立如图所示空间直角坐标系，设HC=1，则：‎ H（0，0，0），G（0，1，0），F（1，0，1），B（﹣1，0，0）；‎ 连接BG，根据已知条件BA=BC，G为AC中点；‎ ‎∴BG⊥AC；‎ 又CF⊥平面ABC，BG⊂平面ABC；‎ ‎∴BG⊥CF，AC∩CF=C；‎ ‎∴BG⊥平面ACFD；‎ ‎∴向量为平面ACFD的法向量；‎ 设平面FGH的法向量为，则：‎ ‎，取z=1，则：；‎ 设平面FGH和平面ACFD所成的锐二面角为θ，则：cosθ=|cos|=；‎ ‎∴平面FGH与平面ACFD所成的角为60°．‎ ‎　‎ ‎18．（12分）（2015•山东）设数列{an}的前n项和为Sn，已知2Sn=3n+3．‎ ‎（Ⅰ）求{an}的通项公式；‎ ‎（Ⅱ）若数列{bn}，满足anbn=log3an，求{bn}的前n项和Tn．‎ ‎【分析】（Ⅰ）利用2Sn=3n+3，可求得a1=3；当n＞1时，2Sn﹣1=3n﹣1+3，两式相减2an=2Sn﹣2Sn﹣1，可求得an=3n﹣1，从而可得{an}的通项公式；‎ ‎（Ⅱ）依题意，anbn=log3an，可得b1=，当n＞1时，bn=31﹣n•log33n﹣1=（n﹣1）×31﹣n，于是可求得T1=b1=；当n＞1时，Tn=b1+b2+…+bn=+（1×3﹣1+2×3﹣2+…+‎ ‎（n﹣1）×31﹣n），利用错位相减法可求得{bn}的前n项和Tn．‎ ‎【解答】解：（Ⅰ）因为2Sn=3n+3，所以2a1=31+3=6，故a1=3，‎ 当n＞1时，2Sn﹣1=3n﹣1+3，‎ 此时，2an=2Sn﹣2Sn﹣1=3n﹣3n﹣1=2×3n﹣1，即an=3n﹣1，‎ 所以an=．‎ ‎（Ⅱ）因为anbn=log3an，所以b1=，‎ 当n＞1时，bn=31﹣n•log33n﹣1=（n﹣1）×31﹣n，‎ 所以T1=b1=；‎ 当n＞1时，Tn=b1+b2+…+bn=+（1×3﹣1+2×3﹣2+…+（n﹣1）×31﹣n），‎ 所以3Tn=1+（1×30+2×3﹣1+3×3﹣2+…+（n﹣1）×32﹣n），‎ 两式相减得：2Tn=+（30+3﹣1+3﹣2+…+32﹣n﹣（n﹣1）×31﹣n）=+﹣（n﹣1）×31﹣n=﹣，‎ 所以Tn=﹣，经检验，n=1时也适合，‎ 综上可得Tn=﹣．‎ ‎　‎ ‎19．（12分）（2015•山东）若n是一个三位正整数，且n的个位数字大于十位数字，十位数字大于百位数字，则称n为“三位递增数”（如137，359，567等）．在某次数学趣味活动中，每位参加者需从所有的“三位递增数”中随机抽取1个数，且只能抽取一次，得分规则如下：若抽取的“三位递增数”的三个数字之积不能被5整除，参加者得0分，若能被5整除，但不能被10整除，得﹣1分，若能被10整除，得1分．‎ ‎（Ⅰ）写出所有个位数字是5的“三位递增数”；‎ ‎（Ⅱ）若甲参加活动，求甲得分X的分布列和数学期望EX．‎ ‎【分析】（Ⅰ）根据“三位递增数”的定义，即可写出所有个位数字是5的“三位递增数”；‎ ‎（Ⅱ）随机变量X的取值为：0，﹣1，1分别求出对应的概率，即可求出分布列和期望．‎ ‎【解答】解：（Ⅰ）根据定义个位数字是5的“三位递增数”有：125，135，145，235，245，345；‎ ‎（Ⅱ）由题意知，全部“三位递增数”的个数为，‎ 随机变量X的取值为：0，﹣1，1，‎ 当X=0时，可以选择除去5以外的剩下8个数字中选择3个进行组合，即；‎ 当X=﹣1时，首先选择5，由于不能被10整除，因此不能选择数字2，4，6，8，可以从1，3，7，9中选择两个数字和5进行组合，即；‎ 当X=1时，有两种组合方式，第一种方案：首先选5，然后从2，4，6，8中选择2个数字和5进行组合，即；第二种方案：首先选5，然后从2，4，6，8中选择1个数字，再从1，3，7，9中选择1个数字，最后把3个数字进行组合，即．‎ 则P（X=0）==，P（X=﹣1）==，P（X=1）==，‎ X ‎0‎ ‎﹣1‎ ‎1‎ P EX=0×+（﹣1）×+1×=．‎ ‎　‎ ‎20．（13分）（2015•山东）平面直角坐标系xOy中，已知椭圆C：+=1（a＞b＞0）的离心率为，左、右焦点分别是F1，F2，以F1为圆心以3为半径的圆与以F2为圆心以1为半径的圆相交，且交点在椭圆C上．‎ ‎（Ⅰ）求椭圆C的方程；‎ ‎（Ⅱ）设椭圆E：+=1，P为椭圆C上任意一点，过点P的直线y=kx+m交椭圆E于A，B两点，射线PO交椭圆E于点Q．‎ ‎（i）求||的值；‎ ‎（ii）求△ABQ面积的最大值．‎ ‎【分析】（Ⅰ）运用椭圆的离心率公式和a，b，c的关系，计算即可得到b，进而得到椭圆C的方程；‎ ‎（Ⅱ）求得椭圆E的方程，（i）设P（x0，y0），||=λ，求得Q的坐标，分别代入椭圆C，E的方程，化简整理，即可得到所求值；‎ ‎（ii）设A（x1，y1），B（x2，y2），将直线y=kx+m代入椭圆E的方程，运用韦达定理，三角形的面积公式，将直线y=kx+m代入椭圆C的方程，由判别式大于0，可得t的范围，结合二次函数的最值，又△ABQ的面积为3S，即可得到所求的最大值．‎ ‎【解答】解：（Ⅰ）由题意可知，PF1+PF2=2a=4，可得a=2，‎ 又=，a2﹣c2=b2，‎ 可得b=1，即有椭圆C的方程为+y2=1；‎ ‎（Ⅱ）由（Ⅰ）知椭圆E的方程为+=1，‎ ‎（i）设P（x0，y0），||=λ，由题意可知，‎ Q（﹣λx0，﹣λy0），由于+y02=1，‎ 又+=1，即（+y02）=1，‎ 所以λ=2，即||=2；‎ ‎（ii）设A（x1，y1），B（x2，y2），将直线y=kx+m代入椭圆E的方程，可得 ‎（1+4k2）x2+8kmx+4m2﹣16=0，由△＞0，可得m2＜4+16k2，①‎ 则有x1+x2=﹣，x1x2=，所以|x1﹣x2|=，‎ 由直线y=kx+m与y轴交于（0，m），‎ 则△AOB的面积为S=|m|•|x1﹣x2|=|m|•‎ ‎=2，设=t，则S=2，‎ 将直线y=kx+m代入椭圆C的方程，可得（1+4k2）x2+8kmx+4m2﹣4=0，‎ 由△＞0可得m2＜1+4k2，②‎ 由①②可得0＜t＜1，则S=2在（0，1）递增，即有t=1取得最大值，‎ 即有S，即m2=1+4k2，取得最大值2，‎ 由（i）知，△ABQ的面积为3S，‎ 即△ABQ面积的最大值为6．‎ ‎　‎ ‎21．（14分）（2015•山东）设函数f（x）=ln（x+1）+a（x2﹣x），其中a∈R，‎ ‎（Ⅰ）讨论函数f（x）极值点的个数，并说明理由；‎ ‎（Ⅱ）若∀x＞0，f（x）≥0成立，求a的取值范围．‎ ‎【分析】（I）函数f（x）=ln（x+1）+a（x2﹣x），其中a∈R，x∈（﹣1，+∞）．=．令g（x）=2ax2+ax﹣a+1．对a与△分类讨论可得：（1）当a=0时，此时f′（x）＞0，即可得出函数的单调性与极值的情况．‎ ‎（2）当a＞0时，△=a（9a﹣8）．①当时，△≤0，②当a时，△＞0，即可得出函数的单调性与极值的情况．‎ ‎（3）当a＜0时，△＞0．即可得出函数的单调性与极值的情况．‎ ‎（II）由（I）可知：（1）当0≤a时，可得函数f（x）在（0，+∞‎ ‎）上单调性，即可判断出．‎ ‎（2）当＜a≤1时，由g（0）≥0，可得x2≤0，函数f（x）在（0，+∞）上单调性，即可判断出．‎ ‎（3）当1＜a时，由g（0）＜0，可得x2＞0，利用x∈（0，x2）时函数f（x）单调性，即可判断出；‎ ‎（4）当a＜0时，设h（x）=x﹣ln（x+1），x∈（0，+∞），研究其单调性，即可判断出 ‎【解答】解：（I）函数f（x）=ln（x+1）+a（x2﹣x），其中a∈R，x∈（﹣1，+∞）．‎ ‎=．‎ 令g（x）=2ax2+ax﹣a+1．‎ ‎（1）当a=0时，g（x）=1，此时f′（x）＞0，函数f（x）在（﹣1，+∞）上单调递增，无极值点．‎ ‎（2）当a＞0时，△=a2﹣8a（1﹣a）=a（9a﹣8）．‎ ‎①当时，△≤0，g（x）≥0，f′（x）≥0，函数f（x）在（﹣1，+∞）上单调递增，无极值点．‎ ‎②当a时，△＞0，设方程2ax2+ax﹣a+1=0的两个实数根分别为x1，x2，x1＜x2．‎ ‎∵x1+x2=，‎ ‎∴，．‎ 由g（﹣1）＞0，可得﹣1＜x1．‎ ‎∴当x∈（﹣1，x1）时，g（x）＞0，f′（x）＞0，函数f（x）单调递增；‎ 当x∈（x1，x2）时，g（x）＜0，f′（x）＜0，函数f（x）单调递减；‎ 当x∈（x2，+∞）时，g（x）＞0，f′（x）＞0，函数f（x）单调递增．‎ 因此函数f（x）有两个极值点．‎ ‎（3）当a＜0时，△＞0．由g（﹣1）=1＞0，可得x1＜﹣1＜x2．‎ ‎∴当x∈（﹣1，x2）时，g（x）＞0，f′（x）＞0，函数f（x）单调递增；‎ 当x∈（x2，+∞）时，g（x）＜0，f′（x）＜0，函数f（x）单调递减．‎ 因此函数f（x）有一个极值点．‎ 综上所述：当a＜0时，函数f（x）有一个极值点；‎ 当0≤a时，函数f（x）无极值点；‎ 当a时，函数f（x）有两个极值点．‎ ‎（II）由（I）可知：‎ ‎（1）当0≤a时，函数f（x）在（0，+∞）上单调递增．‎ ‎∵f（0）=0，‎ ‎∴x∈（0，+∞）时，f（x）＞0，符合题意．‎ ‎（2）当＜a≤1时，由g（0）≥0，可得x2≤0，函数f（x）在（0，+∞）上单调递增．‎ 又f（0）=0，‎ ‎∴x∈（0，+∞）时，f（x）＞0，符合题意．‎ ‎（3）当1＜a时，由g（0）＜0，可得x2＞0，‎ ‎∴x∈（0，x2）时，函数f（x）单调递减．‎ 又f（0）=0，‎ ‎∴x∈（0，x2）时，f（x）＜0，不符合题意，舍去；‎ ‎（4）当a＜0时，设h（x）=x﹣ln（x+1），x∈（0，+∞），h′（x）=＞0．‎ ‎∴h（x）在（0，+∞）上单调递增．‎ 因此x∈（0，+∞）时，h（x）＞h（0）=0，即ln（x+1）＜x，‎ 可得：f（x）＜x+a（x2﹣x）=ax2+（1﹣a）x，‎ 当x＞时，‎ ax2+（1﹣a）x＜0，此时f（x）＜0，不合题意，舍去．‎ 综上所述，a的取值范围为[0，1]．‎ ‎　‎ 参与本试卷答题和审题的老师有：qiss；吕静；双曲线；maths；刘长柏；w3239003；豫汝王世崇；wkl197822；wfy814；沂蒙松（排名不分先后）‎ ‎2017年2月3日