2020版高考物理一轮复习 第六章 动量守恒定律 课后分级演练19 碰撞 反冲运动

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2020版高考物理一轮复习 第六章 动量守恒定律 课后分级演练19 碰撞 反冲运动

课后分级演练(十九) 碰撞 反冲运动 ‎【A级——基础练】‎ ‎1.(多选)A、B两个质量相等的球在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动,A球的动量是‎7 kg·m/s,B球的动量是‎5 kg·m/s,A球追上B球发生碰撞,则碰撞后A、B两球的动量可能值是(  )‎ A.pA′=‎8 kg·m/s,pB′=‎4 kg·m/s B.pA′=‎6 kg·m/s,pB′=‎6 kg·m/s C.pA′=‎5 kg·m/s,pB′=‎7 kg·m/s D.pA′=-‎2 kg·m/s,pB′=‎14 kg·m/s 解析:BC 从动量守恒的角度分析,四个选项都正确;从能量角度分析,A、B碰撞过程中没有其他形式的能量转化为它们的动能,所以碰撞后它们的总动能不能增加,碰前B在前,A在后,碰后如果二者同向,一定仍是B在前,A在后,A不可能超越B,所以碰后A的速度应小于B的速度.‎ A选项中,显然碰后A的速度大于B的速度,这是不符合实际情况的,所以A错.‎ 碰前A、B的总动能Ek=+= 碰后A、B的总动能,B选项中Ek′=+=Ek=,所以D是不可能的.‎ 综上,本题正确选项为B、C.‎ ‎2.质量为M的物块以速度v运动,与质量为m的静止物块发生正碰,碰撞后二者的动量正好相等.二者质量之比可能为(  )‎ A.6 B.3‎ C.4 D.5‎ 解析:B 设碰撞后两物块的动量都为p,根据动量守恒定律可得总动量为2p,根据p2=2mEk可得碰撞前的总动能Ek1=,碰撞后的总动能Ek2=+ 根据碰撞前后的动能关系可得≥+.‎ 8‎ ‎3.(2017·北京西城区期末)(多选)冰壶运动深受观众喜爱,图1为2014年2月第22届索契冬奥会上中国队员投掷冰壶的镜头.在某次投掷中,冰壶甲运动一段时间后与对方静止的冰壶乙发生碰撞,如图2.若两冰壶质量相等,则碰后两冰壶最终停止的位置下列选项正确的是(  )‎ 解析:BCD 因为两个冰壶质量完全相同,由动量守恒定律易知,B、C、D对,A错.‎ ‎4.我国女子短道速滑队在今年世锦赛上实现女子3 ‎000 m接力三连冠.观察发现,“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面,并且开始向前滑行,待乙追上甲时,乙猛推甲一把,使甲获得更大的速度向前冲出.在乙推甲的过程中,忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用,则(  )‎ A.甲对乙的冲量一定等于乙对甲的冲量 B.甲、乙的动量变化一定大小相等方向相反 C.甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量 D.甲对乙做多少负功,乙对甲就一定做多少正功 解析:B 在甲、乙相互作用的过程中,系统的动量守恒,即甲对乙和乙对甲的冲量大小相等,方向相反,甲、乙的动量变化一定大小相等方向相反,选项B正确,A错误.由Ek=和W=ΔEk可知,选项C、D均错误.‎ ‎5.如图所示,质量为M的小船在静止水面上以速率v0向右匀速行驶,一质量为m的救生员站在船尾,相对小船静止.若救生员以相对水面速率v水平向左跃入水中,则救生员跃出后小船的速率为(  )‎ A.v0+v B.v0- v C.v0+(v0+v) D.v0+(v0-v)‎ 解析:C 以向右为正方向,据动量守恒定律有(M+m)v0=-mv+Mv′,解得v′=v0+(v0+v),故选C.‎ 8‎ ‎6.(多选)(2017·天津和平质量调查)几个水球可以挡住一颗子弹?《国家地理频道》的实验结果是:四个水球足够!完全相同的水球紧挨在一起水平排列,子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动,恰好能穿出第4个水球,则可以判断的是(  )‎ A.子弹在每个水球中的速度变化相同 B.子弹在每个水球中运动的时间不同 C.每个水球对子弹的冲量不同 D.子弹在每个水球中的动能变化相同 解析:BCD 恰好能穿出第4个水球,即末速度v=0,逆向看子弹由右向左做初速度为零的匀加速直线运动,则自左向右子弹通过四个水球的时间比为(2-)∶(-)∶(-1)∶1,则B正确.由于加速度a恒定,由at=Δv,可知子弹在每个水球中的速度变化不同,A项错误.因加速度恒定,则每个水球对子弹的阻力恒定,则由I=ft可知每个水球对子弹的冲量不同,C项正确.由动能定理有ΔEk=fx,f相同,x相同,则ΔEk相同,D项正确.‎ ‎7.(2017·安徽江南十校联考)如图所示,一个质量为m的物块A与另一个质量为‎2m的物块B发生正碰,碰后B物块刚好能落入正前方的沙坑中.假如碰撞过程中无机械能损失,已知物块B与地面间的动摩擦因数为0.1,与沙坑的距离为‎0.5 m,g取‎10 m/s2,物块可视为质点.则A碰撞前瞬间的速度为(  )‎ A.‎0.5 m/s B.‎1.0 m/s C.‎1.5 m/s D.‎2.0 m/s 解析:C 碰后物块B做匀减速直线运动,由动能定理有-μ·2mgx=0-·2mv,得v2=‎1 m/s.A与B碰撞过程中动量守恒、机械能守恒,则有mv0=mv1+2mv2,mv=mv+·2mv,解得v0=‎1.5 m/s,则C项正确.‎ ‎8.(2016·北京丰台区质检)如图所示,两质量分别为m1和m2的弹性小球A、B叠放在一起,从高度为h处自由落下,h远大于两小球半径,落地瞬间,B先与地面碰撞,后与A碰撞,所有的碰撞都是弹性碰撞,且都发生在竖直方向、碰撞时间均可忽略不计.已知m2=‎3m1,则A反弹后能达到的高度为(  )‎ A.h B.2h C.3h D.4h 8‎ 解析:D 所有的碰撞都是弹性碰撞,所以不考虑能量损失.设竖直向上为正方向,根据机械能守恒定律和动量守恒定律可得,(m1+m2)gh=(m1+m2)v2,m2v-m1v=m1v1+m2v2,(m1+m2)v2=m1v+m2v,m1v=m1gh1,将m2=‎3m1代入,联立可得h1=4h,选项D正确.‎ ‎9.如图所示,光滑水平直轨道上有三个滑块A、B、C,质量分别为mA=mC=3mB,A、B用细绳连接,中间有一压缩的轻弹簧(弹簧与滑块不拴接).开始时A、B以共同速度v0运动,C静止.某时刻细绳突然断开,A、B被弹开,然后B又与C发生碰撞并粘在一起最终三滑块之间距离不变.求B与C碰撞前B的速度及最终的速度.‎ 解析:对A、B被弹开过程由动量守恒有:(mA+mB)v0=mAvA+mBvB,对B、C碰撞过程由动量守恒有:mBvB=(mB+mC)vC 由题意知三个滑块最终速度相同vA=vC 解得最终速度vA=vC=;‎ B与C碰撞前B的速度vB=.‎ 答案:碰撞前B的速度为 最终的速度为 ‎10.(2017·东营模拟)如图所示,甲、乙两名宇航员正在离空间站一定距离的地方执行太空维修任务.某时刻甲、乙都以大小为v0=‎2 m/s的速度相向运动,甲、乙和空间站在同一直线上且可视为质点.甲和他的装备总质量为M1=‎90 kg,乙和他的装备总质量为M2=‎135 kg,为了避免直接相撞,乙从自己的装备中取出一质量为m=‎45 kg的物体A推向甲,甲迅速接住A后即不再松开,此后甲、乙两宇航员在空间站外做相对距离不变的同向运动,且安全“飘”向空间站.(设甲、乙距离空间站足够远,本题中的速度均指相对空间站的速度)‎ ‎(1)乙要以多大的速度v(相对于空间站)将物体A推出?‎ ‎(2)设甲与物体A作用时间为t=0.5 s,求甲与A的相互作用力F的大小.‎ 解析:(1)以甲、乙、A三者组成的系统为研究对象,系统动量守恒,以乙的方向为正方向,‎ 则有:M2v0-M1v0=(M1+M2)v1‎ 以乙和A组成的系统为研究对象,由动量守恒得:‎ M2v0=(M2-m)v1+mv 8‎ 代入数据联立解得 v1=‎0.4 m/s,v=‎5.2 m/s.‎ ‎(2)以甲为研究对象,由动量定理得,‎ Ft=M1v1-(-M1v0)‎ 代入数据解得F=432 N.‎ 答案:(1)‎5.2 m/s (2)432 N ‎【B级——提升练】‎ ‎11.(多选)质量为M、内壁间距为L的箱子静止于光滑的水平面上,箱子中间有一质量为m的小物块,小物块与箱子底板间的动摩擦因数为μ.初始时小物块停在箱子正中间,如图所示.现给小物块一水平向右的初速度v,小物块与箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中间,并与箱子保持相对静止.设碰撞都是弹性的,则整个过程中,系统损失的动能为(  )‎ A.mv2 B.v2‎ C.NμmgL D.NμmgL 解析:BD 设最终箱子与小物块的速度为v1,根据动量守恒定律:mv=(m+M)v1,则动能损失ΔEk=mv2-(m+M)v,解得ΔEk=v2,B对;依题意,小物块与箱壁碰撞N次后回到箱子的正中央,相对箱子运动的路程为s=‎0.5L+(N-1)L+‎0.5L=NL,故系统因摩擦产生的热量即为系统损失的动能,ΔEk=Q=NμmgL,D对.‎ ‎12.一个人在地面上立定跳远的最好成绩是x,假设他站在船头要跳上距离在L远处的平台上,水对船的阻力不计,如图所示.则(  )‎ A.只要L(L-Δx)=R 所以,滑块B会从小车上滑离.‎ 讨论:当0
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