2019高考物理人教版一轮选练编题5及答案

2019高考物理人教版一轮选练编题5及答案

‎2019高考物理（人教版）一轮选练编题（5）及答案 一、选择题 ‎1、(2019·河南中原名校联考)如图所示,细线一端固定在天花板上的O点,另一端穿过一张CD光盘的中央小孔后拴着一个橡胶球,橡胶球静止时,竖直悬线刚好挨着水平桌面的边缘.现将CD光盘按在桌面上,并沿桌面边缘以速度v匀速移动,移动过程中,CD光盘中央小孔始终紧挨桌面边缘,当悬线与竖直方向的夹角为θ时,小球上升的速度大小为(　A　)‎ A.vsin θ B.vcos θ ‎ C.vtan θ D.‎ 解析: 如图,将光盘水平向右移动的速度v分解为沿细线方向的速度和垂直于细线方向的速度,而小球上升的速度大小与速度v沿细线方向的分速度大小相等,故可得v球=vsin θ,选项A正确.‎ ‎2、(2019·天津市河东区高考物理模拟试卷)如图所示，物体在与水平方向成60°角斜向上的500 N拉力作用下，沿水平面以‎1 m/s的速度匀速运动了‎10 m．此过程中拉力对物体做的功和做功的功率分别为 (　　)‎ A．50 J,50 W　　　　　　 B．25 J,25 W C．25 J,25 W D．2 500 J,250 W 解析：选D.此过程中拉力对物体做的功为：‎ W＝Fxcos 60°＝500×10×0.5 J＝2 500 J 匀速运动经历的时间为：t＝＝10 s 平均功率为：P＝＝250 W，故D正确，A、B、C错误．故选D.‎ ‎3、距地面高‎5 m的水平直轨道上A、B两点相距‎3 m，在B点用细线悬挂一大小可忽略的小球，离地高度为h，如图。小车始终以‎6m/s的速度沿轨道匀速运动，经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B点时细线被轧断，最后两球同时落地。不计空气阻力，取重力加速度的大小g＝‎10 m/s2。可求得细线长为 ( )‎ A．‎1.25 m B．‎2.25 m C．‎3.75 m D．‎‎4.75 m ‎【答案】C ‎【解析】小车上的小球自A点自由落地的时间t1＝，小车从A到B的时间t2＝‎ ‎；小车运动至B点时细线轧断，小球下落的时间t3＝；根据题意可得时间关系为t1＝t2＋t3，即＝＋解得h＝‎1.25 m，即细线长为‎3.75米，选项C正确 ‎4、(2019·山西省太原市高三下学期模拟)在真空中M、N两点分别放有异种点电荷＋2Q和－Q，以MN连线中点O为中心作一圆形路径abcd，a、O、c三点恰好将MN四等分．b、d为MN的中垂线与圆的交点，如图所示，则下列说法正确的是(　　)‎ A．a、b、c、d四点电场强度的大小关系是Ea＞Ec，Eb＝Ed B．a、b、c、d四点电势的关系是φa＜φc，φb＝φd C．在MN的连线上，O点的电场强度最小 D．将带负电的试探电荷由b沿直线移动到d的过程中，其电势能始终不变 解析：选A.设Ma＝aO＝d.则Ea＝＋＝，Ec＝＋＝，故Ea＞Ec，b、d两点由于对称，则有Eb＝Ed.故A正确．沿电场线方向电势降低，故φa＞φc，根据对称性可知φb＝φd.故B错误．电场线的疏密表示电场强度的相对大小，由电场线疏密程度可知，AB连线上电场强度最小值出现在O点的右侧，故C错误．负点电荷沿直线由b运动到d的过程中，只是初末位置的电势能相等，过程中电势能在变化，故D错误．‎ ‎5、(2019·河南开封一模)(1)(5分)下列说法中正确的是　　　　(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分). ‎ A.分子运动的平均速度可能为零,瞬时速度不可能为零 B.液体与大气相接触时,表面层内分子所受其他分子的作用表现为相互吸引 C.空气的相对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示 D.有些非晶体在一定条件下可以转化为晶体 E.随着分子间距增大,分子间引力和斥力均减小,分子势能不一定 减小 ‎(2)(10分)如图所示,一汽缸固定在水平地面上,通过活塞封闭有一定质量的理想气体,活塞与缸壁的摩擦可忽略不计,活塞的截面积S=‎100 cm2.活塞与水平平台上的物块A用水平轻杆连接,在平台上有另一物块B,A,B的质量均为m=‎62.5 kg,物块与平台间的动摩擦因数μ=0.8.两物块间距为d=‎10 cm.开始时活塞距缸底L1=‎10 cm,缸内气体压强p1等于外界大气压强p0=1×105 Pa,温度t1=‎27 ℃‎.现对汽缸内的气体缓慢加热(g=‎10 m/s2),求:‎ ‎①物块A开始移动时,汽缸内的温度;‎ ‎②物块B开始移动时,汽缸内的温度.‎ 解析:(1)分子做永不停息的无规则运动,分子运动的平均速度不可能为零,瞬时速度有可能为零,故A错误;液体与大气相接触,表面层内分子间距较大,分子力表现为引力,故B正确;空气的绝对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示,故C错误;晶体和非晶体通过外界干预可以相互转化,如把晶体硫加热熔化(温度超过‎300 ℃‎)再倒进冷水中,会变成柔软的非晶硫,再过一段时间又会转化为晶体,故D正确;随着分子间距增大,分子间引力和斥力均减小,若分子力表现为引力,分子力做负功,分子势能增大,故E正确.‎ ‎(2)①物块A开始移动前气体做等容变化,则有 p2=p0+=1.5×105 Pa,‎ 由查理定律有=,解得T2=T1=450 K.‎ ‎②物块A开始移动后,气体做等压变化,到A与B刚接触时,p3=p2=1.5×105 Pa;V3=(L1+d)S 由盖—吕萨克定律有=,解得T3=T2=900 K,‎ 之后气体又做等容变化,设物块A和B一起开始移动时气体的温度 为T4‎ p4=p0+=2.0×105 Pa;V4=V3‎ 由查理定律有=,解得T4=T3=1 200 K.‎ 答案:(1)BDE　‎ ‎(2)①450 K　②1 200 K ‎6、请用学过的物理知识判断，下列说法正确的是(　　)‎ A．物体的加速度大小不能瞬间改变，但加速度的方向可以瞬间发生变化 B．安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现 C．做圆周运动的物体受到的合外力一定指向圆心 D．牛顿第一、二、三定律都可以用实验的方式加以验证 解析：选B.A、加速度的大小方向都可以瞬间改变，A错误；B、安培力是通电导体在磁场中受到的力，洛伦兹力是运动电荷在磁场中受到的力，而电荷的定向移动就能形成电流，因此安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现，而且安培力和洛伦兹力的方向都是通过左手定则判断，B正确；C、做匀速圆周运动的物体受到的合外力才一定指向圆心，如果是非匀变速圆周运动，受到的合外力就不指向圆心，C错误；D ‎、牛顿第一定律不能用实验验证，因为找不到物体不受力作用的实验条件，D错误；故选：B.‎ ‎7、如图所示，有一光滑钢球质量为m，被一U形框扣在里面，框的质量为M，且M＝‎2m，它们搁置于光滑水平面上，今让小球以速度v0向右去撞击静止的框，设碰撞无机械能损失，经多次相互撞击，下面结论正确的是(　　)‎ A．最终都将停下来 B．最终将以相同的速度向右运动 C．永远相互碰撞下去，且整体向右运动 D．在它们反复碰撞的过程中，球的速度将会再次等于v0，框也会再次重现静止状态 ‎【答案】CD 联立解得：v1＝v0，v2＝0(两次碰撞后)或者v1＝－v0，v2＝v0(一次碰撞后)，‎ 由于二次碰撞后的速度情况与开始时相同，故整体内部一直不断碰撞，整体持续向右运动；球的速度将会再次等于v0，框也会再次重现静止状态，故A、B错误，C、D正确。‎ ‎8、如图所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏斗a连接，连接b的一段细绳与斜面平行．在a中的沙子缓慢流出的过程中，a、b、c都处于静止状态，则 ‎ A. b对c的摩擦力一定减小 B. b对c的摩擦力方向平行斜面向上 C. 地面对c的摩擦力方向一定水平向左 D. 地面对c的支持力保持不变 ‎【来源】【全国百强校】山西省太原市第五中学2019届高三下学期第二次模拟考试（5月）物理试题 ‎【答案】 C ‎【解析】设a、b的重力分别为、，若，b受到c的摩擦力沿斜面向上，根据平衡条件，有：，在a中的沙子缓慢流出的过程中，减小，故摩擦力增加；若，b受到c的摩擦力沿斜面向下，根据平衡条件，有：，在a中的沙子缓慢流出的过程中，减小，故摩擦力减小；若，此时，在a中的沙子缓慢流出的过程中，减小，f沿斜面向上，不断减小，故AB错误；以bc整体为研究对象，分析受力如图 ‎【点睛】b受到c的摩擦力不一定为零，与两物体的重力、斜面的倾角有关．对bc整体研究，由平衡条件分析水平面对c的摩擦力方向和支持力的大小．‎ 二、非选择题 ‎(2019·百校联盟模拟)如图(甲)所示,两相互平行且间距为l=‎0.5 m的足够长的光滑金属导轨MN,PQ固定在水平面上,两长度均为l=‎0.5 m的导体棒ab,cd垂直于导轨放置,与金属导轨平行的绝缘水平细线一端固定,另一端与导体棒ab的中点连接,绝缘细线能承受的最大拉力为FT=4 N,整个装置处在竖直向下的匀强磁场中.开始时两导体棒均处于静止状态,细线刚好伸直且无拉力.现对导体棒cd施加一水平向右的拉力F,并开始计时,使导体棒cd向右做匀加速直线运动,当绝缘细线刚好被拉断时撤去拉力F,已知两导体棒的质量均为m=‎0.1 kg,电阻均为R=2 Ω,导轨电阻不计,拉力F随时间变化的关系如图(乙)所示.求:‎ ‎(1)匀强磁场的磁感应强度B的大小和细线被拉断所需要的时间t;‎ ‎(2)撤去拉力F后,两导体棒ab,cd间距离增加量的最大值.解析:(1)由法拉第电磁感应定律可得导体棒cd在拉力F的作用下切割磁感线产生的感应电动势为E=Blv 回路中的电流大小为I=,‎ 导体棒cd的速度为v=at 导体棒cd受到的安培力大小为F安=BIl 由牛顿运动定律可得F-F安=ma 联立并代入数据解得F=t+ma 由题图(乙)可知=2N·s-1,ma=0.2 N,‎ 联立两式并代入数据解得B=4 T,a=‎2 m/s2‎ 当绝缘细线刚被拉断时,有FT=F安 又因为F安=t 代入数据解得t=2 s.‎ ‎(2)由题意可知,当细线刚断时,导体棒cd的速度大小 v0=at 此后导体棒ab做加速运动,导体棒cd做减速运动,但由于cd棒的速度大于ab棒的速度,故两导体棒之间的距离在不断增大,当两导体棒达到共同速度而稳定时,两导体棒之间的距离增加量达到最大值Δx.‎ 此过程中通过该回路导线横截面的电荷量q=Δt=,‎ 由动量守恒定律可得mv0=2mv共 对导体棒ab,由动量定理可得BlΔt=mv共 联立并代入数据解得Δx=‎0.2 m.‎ 答案:(1)4 T　2 s ‎(2)‎‎0.2 m