人教物理2019高考一轮选练练题5及答案

人教物理2019高考一轮选练练题5及答案

‎（人教）物理2019高考一轮选练练题（5）及答案 一、选择题 ‎1、‎2016年10月17日,“神舟十一号”与“天宫二号”交会对接成为组合体,如图所示.‎10月20日组合体完成点火程序,轨道高度降低.组合体在高、低轨道上正常运行时均可视为圆周运动,则(　BC　)‎ A.在低轨道上运行时组合体的加速度较小 B.在低轨道上运行时组合体运行的周期较小 C.点火过程组合体的机械能不守恒 D.点火使组合体速率变大,从而降低了轨道高度 解析:对于组合体,万有引力提供其做圆周运动的向心力,即G=ma=‎ m()2r=,其中M为地球质量,m为组合体质量,r为组合体轨道半径.由上述等式可知,组合体在低轨道上,加速度较大,周期较小,选项A错误,B正确;在点火过程中,将燃料的化学能转化为组合体的机械能,故组合体的机械能变化,选项C正确;当点火使组合体速率变小,万有引力大于组合体需要的向心力时,轨道才会降低,选项D错误.‎ ‎2、如图所示，一质量为m的沙袋用不可伸长的轻绳悬挂在支架上，一练功队员用垂直于绳的力将沙袋缓慢拉起，使绳与竖直方向的夹角为θ＝30°，且绳绷紧，则练功队员对沙袋施加的作用力大小为(　　)‎ A.　　　　　　　 B.mg C. mg D.mg 解析：选A.如图，建立直角坐标系对沙袋进行受力分析：‎ 由平衡条件有：Fcos 30°－FTsin 30°＝0，FTcos 30°＋Fsin 30°－mg＝0，联立可解得：F＝，故选A.‎ ‎3、（2019山东省枣庄八中期中）物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步，关于物理学中运动与力的发展过程和研究方法的认识，下列说法中正确的是（ ）‎ A. 亚里士多德首先提出了惯性的概念 B. ‎ 伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法 C. 牛顿三条运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿的三条运动定律都能通过现代的实验手段直接验证 D. 力的单位“N”是基本单位，加速度的单位“”是导出单位 ‎【答案】B ‎4、(2019·河南天一大联考)如图所示的坐标系中，第一象限存在与y轴平行的匀强电场，场强方向沿y轴负方向，第二象限存在垂直纸面向里的匀强磁场．P、Q两点在x轴上，Q点横坐标是C点纵坐标的2倍．一带电粒子(不计重力)若从C点以垂直于y轴的速度v0向右射入第一象限，恰好经过Q点．若该粒子从C点以垂直于y轴的速度v0向左射入第二象限，恰好经过P点，经过P点时，速度与x轴正方向成90°角，则电场强度E与磁感应强度B的比值为(　　)‎ A．v0 B.v0‎ C.v0 D.v0‎ 解析：选B.作出粒子在磁场和电场中的运动轨迹，根据半径公式以及几何关系可明确B与r的关系，再对电场中运动进行分析，根据运动的合成和分解规律即可明确电场强度与速度及r关系，则可求得E和B的比值．‎ 画出粒子运动轨迹如图所示；O点为粒子在磁场中的圆心；‎ 则∠POC粒子在磁场中做圆周运动的半径为：r＝，OC＝r 粒子在电场中做类平抛运动，有：OQ＝2OC＝2r 粒子在电场中运动的时间为：t＝＝＝；‎ OC＝at2＝t2；‎ 联立解得：E＝Bv0，‎ 故E：B＝v0故B正确，ACD错误．‎ ‎5、如图所示,在圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场,ab是圆的直径.一带电粒子从a点射入磁场,速度大小为v、方向与ab成30°‎ 角时,恰好从b点飞出磁场,且粒子在磁场中运动的时间为t;若同一带电粒子从a点沿ab方向射入磁场,也经时间t飞出磁场,则其速度大小为(　C　)‎ A.v B.v C.v D.v 解析:设圆形区域的半径为R.带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动,由洛伦兹力提供向心力,则有qvB=,得r=.当粒子从b点飞出磁场时,入射速度与出射速度与ab的夹角相等,所以速度的偏转角为60°,轨迹对应的圆心角为60°.根据几何知识得,轨迹半径为r1=2R;当粒子从a点沿ab方向射入磁场时,经过磁场的时间也是t,说明轨迹对应的圆心角与第一种情况相等,也是60°.根据几何知识得,粒子的轨迹半径为r2=R;由r=可得,==,即v′=v,故C正确.‎ ‎6、关于下列物理现象的分析，说法正确的是(　　)‎ A．鸟儿能欢快地停在高压电线上，是因为鸟儿的脚底上有一层绝缘皮 B．电动机电路开关断开时会出现电火花，是因为电路中的线圈产生很大的自感电动势 C．话筒能把声音变成相应的电流，是因为电流的磁效应 D．静电喷涂时，被喷工件表面所带的电荷与涂料微粒所带的应为同种电荷 解析：选B.鸟儿能欢快地停在高压电线上，是因为鸟儿的两脚之间的导线的电阻很小，两脚间的跨步电压很小，选项A错误；电动机电路开关断开时会出现电火花，是因为电路中的线圈产生很大的自感电动势，击穿空气产生火花放电，选项B正确；话筒能把声音变成相应的电流，是因为电磁感应现象，选项C错误；静电喷涂时，被喷工件表面所带的电荷与涂料微粒所带的应为异种电荷，选项D错误．‎ ‎6．如图为无线充电技术中使用的受电线圈示意图，线圈匝数为n，面积为S.若在t1到t2时间内，匀强磁场平行于线圈轴线向右穿过线圈，其磁感应强度大小由B1均匀增加到B2，则该段时间线圈两端a和b之间的电势差φa－φb(　　)‎ A．恒为 B．从0均匀变化到 C．恒为－ D．从0均匀变化到－ 解析：选C.根据法拉第电磁感应定律得，感应电动势E＝n＝n，由楞次定律和右手螺旋定则可判断b点电势高于a点电势，因磁场均匀变化，所以感应电动势恒定，因此a、b两点电势差恒为φa－φb＝－n，选项C正确．‎ ‎7、(多选)如图甲所示，质量m＝3.0×10－‎3 kg的“”形金属细框竖直放置在两水银槽中，“”形框的水平细杆CD长l＝‎0.20 m，处于磁感应强度大小B1＝1.0 T、方向水平向右的匀强磁场中．有一匝数n＝300匝、面积S＝‎0.01 m2‎的线圈通过开关K与两水银槽相连．线圈处于与线圈平面垂直、沿竖直方向的匀强磁场中，其磁感应强度B2随时间t变化的关系如图乙所示．t＝0.22 s时闭合开关K瞬间细框跳起(细框跳起瞬间安培力远大于重力)，跳起的最大高度h＝‎0.20 m．不计空气阻力，重力加速度g＝‎10 m/s2，下列说法正确的是(　　)‎ A．0～0.10 s内线圈中的感应电动势大小为3 V B．开关K闭合瞬间，CD中的电流方向由C到D C．磁感应强度B2的方向竖直向下 D．开关K闭合瞬间，通过细杆CD的电荷量为‎0.03 C 解析：选BD.0～0.1 s内线圈中的磁场均匀变化，由法拉第电磁感应定律E＝n＝nS，代入数据得E＝30 V，A错．开关闭合瞬间，细框会跳起，可知细框受向上的安培力，由左手定则可判断电流方向由C到D，B对．由于t＝0.22 s时通过线圈的磁通量正在减少，再对线圈由楞次定律可知感应电流产生的磁场的方向与B2的方向相同，故再由安培定则可知C错误．K闭合瞬间，因安培力远大于重力，则由动量定理有B1IlΔt＝mv，通过细杆的电荷量Q＝IΔt，线框向上跳起的过程中v2＝2gh，解得Q＝‎0.03 C，D对．‎ ‎8、通过理想斜面实验得出“力不是维持物体运动的原因”的科学家是 A. 亚里士多德 B. 伽利略 C. 笛卡尔 D. 牛顿 ‎【来源】浙江新高考2019年4月选考科目物理试题 ‎【答案】 B ‎【解析】A、亚里士多德认为力是维持物体运动状态的原因，故A错误；‎ B、伽利略通过理想斜面实验提出了力不是维持物体运动的原因，故B正确；‎ C、笛卡尔在伽利略研究的基础上第一次表述了惯性定律，故C错误；‎ D、牛顿在伽利略等前人研究的基础上提出了牛顿第一定律，认为力是改变物体运动状态的原因，但不是第一个根据实验提出力不是维持物体运动原因的科学家，也不是第一个提出惯性的科学家，故D错误；‎ 故选B。‎ 二、非选择题 某同学用位移传感器研究木块在斜面上的滑动情况，装置如图(a)．已知斜面倾角θ＝37°.他使木块以初速度v0沿斜面上滑，并同时开始记录数据，绘得木块从开始上滑至最高点，然后又下滑回到出发处过程中的x－t图线如图(b)所示．图中曲线左侧起始端的坐标为(0,1.4)，曲线最低点的坐标为(0.5,0.4)．重力加速度g取‎10 m/s2.求：‎ ‎(1)木块上滑时的初速度v0和上滑过程中的加速度a；‎ ‎(2)木块与斜面间的动摩擦因数μ；‎ ‎(3)木块滑回出发点时的速度vt.‎ 解析：(1)木块匀减速上滑，由图象得到：末速度v＝0，‎ 位移x＝‎1.4 m－‎0.4 m＝‎1.0 m，时间为t＝0.5 s；‎ 根据位移时间公式，有：x＝v0t＋at2；‎ 根据速度时间公式，有：v＝v0＋at；‎ 联立解得：v0＝‎4 m/s，a＝－‎8 m/s2.‎ ‎(2)上滑过程，木块受重力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有：－mgsin 37°－μmgcos 37°＝ma 代入数据解得：μ＝0.25.‎ ‎(3)木块下滑过程，根据牛顿第二定律，有：‎ mgsin 37°－μmgcos 37°＝ma′‎ 代入数据解得：a′＝‎4 m/s2‎ 物体匀加速下滑，根据速度位移公式，有：v＝‎2a′x 解得：vt＝＝ m/s＝‎2 m/s.‎ 答案：(1)‎4 m/s　－‎8 m/s2　(2)0.25　(3)‎2 m/s