黑龙江省齐齐哈尔市中考物理试题解析版

黑龙江省齐齐哈尔市中考物理试题解析版

‎2017年黑龙江省齐齐哈尔市中考物理试卷 一、选择题（共10小题，每小题2分，满分20分）‎ ‎1．根据生活经验，以下估测最接近实际的是（　　）‎ A．人感觉舒适的环境温度为37℃‎ B．中学生的质量约为500kg C．人正常步行的速度约为1.1m/s D．中学生的鞋长约为42cm ‎2．关于声现象的描述，以下说法正确的是（　　）‎ A．从玻璃罩里向外抽气的过程中铃声逐渐变小，此现象可推理得出真空不能传声 B．与牛的叫声相比，蚊子发出的声音响度小、音调低 C．龙卷风发生时伴有人耳听不到的超声波 D．晚八点以后停止跳广场舞，这是在传播过程中减弱噪声 ‎3．下列做法符合安全用电常识的是（　　）‎ A．雷雨天在树下避雨 B．用湿抹布擦发光的灯泡 C．多个用电器同时工作 D．将冰箱的金属外壳接地 ‎4．中央电视台播出的中国古诗词大会，深受观众喜爱，下列诗词中涉及到的物理知识说法正确的是（　　）‎ A．春蚕到死丝方尽，蜡炬成灰泪始干﹣﹣蜡烛成灰泪始干是晶体的熔化 B．月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠﹣﹣﹣霜的形成是凝固现象 C．八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅﹣﹣﹣是因为流体中流速越大的位置，压强越大 D．花气袭人知骤暖，鹊声穿树喜新晴﹣﹣﹣﹣诗句体现出温度越高分子无规则运动越剧烈 ‎5．根据图示装置探究的原理，可以制成下列哪种用电器（　　）‎ A．电水壶 B．电风扇 C．麦克风 D．电磁起重机 ‎6．如图所示是妈妈为子涵同学准备的营养早餐，下列说法不正确的是（　　）‎ A．面包机内的电热丝工作时将电能转化为内能 B．用吸管吸牛奶是利用了大气压强 C．面包机工作时与厨房里的照明灯是并联的 D．鸡蛋磕在桌子上蛋壳破裂，是因为桌子对鸡蛋的力大于鸡蛋对桌子的力 ‎7．在“探究凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，此时烛焰在光屏上成一个清晰的像，由此判断下列说法正确的是（　　）‎ A．光屏上的像是倒立、放大的实像 B．光屏上的像是正立、缩小的实像，照相机是根据该原理制成的 C．若蜡烛和光屏位置不变，将凸透镜向左移动适当距离，仍可在光屏上得到清晰的像 D．若换用材料与口径相同但更厚一些的凸透镜，仍要在光屏上得到清晰的像，如果只移动光屏，光屏必须远离凸透镜 ‎8．你在参加2017年5月的体能测试中涉及到的物理知识，下列说法中正确的是（　　）‎ A．1min跳绳﹣﹣﹣由跳绳时重心上升高度与时间的图象可知，每次跳绳人做功约为30J B．立定跳远﹣﹣﹣人用力蹬地才能起跳，说明力是物体运动的原因 C．掷实心球﹣﹣﹣在最高点B时实心球处于平衡状态 D．800m测试﹣﹣﹣到达终点时人不能马上停下来，因为人跑动速度越大，惯性越大 ‎9．在水平桌面上有甲乙两个完全相同的烧杯，两个烧杯内分别盛满密度为ρ甲和ρ乙的两种液体，把两个完全相同的小球轻轻地放入甲、乙烧杯内，静止时如图所示，烧杯对桌面的压强分别为P甲和P乙，小球所受浮力分别为F甲和F乙，下列判断正确的是（　　）‎ A．ρ甲＜ρ乙 B．P甲＞P乙 C．P甲=P乙 D．F甲＜F乙 ‎10．如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，其中变小的是（　　）‎ A．电压表V的示数 B．电流表A1的示数 C．电压表V与电流表A示数的比值 D．电压表V与电流表A示数的乘积 ‎　‎ 二、选择题（共3小题，每小题3分，满分9分）‎ ‎11．以下力学知识说法中不正确的是（　　）‎ A．汽车刹车时留下的刹车痕迹表明滑动代替滚动可以增大摩擦 B．载重卡车轮子又多又宽是为了增大受力面积，减小压力 C．轮船从长江驶入大海时，船身会下沉一些 D．无人机沿水平方向匀速飞行喷洒农药时动能不变，重力势能不变 ‎12．如图所示，关于冰的熔化实验，下列说法正确的是（　　）‎ A．该实验装置应按自下而上的顺序组装 B．冰熔化时吸收热量但温度保持不变 C．图中A、B两点温度相同，所以内能相同 D．持续加热，当烧杯里的水沸腾时，试管里的水也能沸腾 ‎13．如图所示，电源电圧恒为6V，定值电阻R1=10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω，电压表接入电路的量程为0～3V，电流表接入电路的量程为0～0.6A．当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P由b端向a端的移动过程中，在保证电压表和电流表安全的情况下，下列说法正确的是（　　）‎ A．当R2=20Ω时，R2的功率为0.8W B．电阻R2两端的电压由5V减小到0V C．电流表的示数变化范围为0.1A～0.3A D．电阻R1功率的变化范围为0.1W～0.9W ‎　‎ 三、填空题 ‎14．核电站利用核能发电，核能属于　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源，核电站发生重大事故时，为降低核安全周围的温度，用水对其冷却，因为水的　 　较大．‎ ‎15．科技馆内有一个“静电球”，当人触摸“静电球”时，头发丝便会一根根竖起，形成“怒发冲冠”的景象，如图所示，这是由于头发丝带　 　（选填“同种”或“异种”）电荷而互相　 　的结果．‎ ‎16．2017年6月，哈工大学生携带108个机器人“宝宝”在央视舞台上大放异彩．如图所示，一个机器人质量为2.4kg，每只脚与地面接触面积为150cm2，该机器人静止在水平地面上时，所受重力与　 　是平衡力，双脚站立时对水平地面压强为　 　Pa．‎ ‎17．小宇同学学习了电能的知识后，回到家里观察电能表．小宇家的电能表如图所示，则小宇家里所有用电器同时工作时的总功率不得超过　 　W；若小宇只让家中的热水器工作，经过30s，电能表的转盘转了30转，则该用电器的功率是　 　W．‎ ‎18．如图甲所示，水平地面上的物体，受到方向不变的推力F的作用，其F﹣t和v﹣t的图象分别如图乙、丙所示．由图象可知，0～3s内，推力对物体做功　 　J；t=5s时，物体受到的摩擦力是　 　N．‎ ‎19．如图所示，定值电阻R1=5Ω，定值电阻R2=10Ω，当开关S、S1均闭合时，两电压表示数之比U1：U2=　 　．若将图中电压表V1、V2换成电流表A1、A2，开关S闭合，S1断开时，两电流表示数之比I1：I2=　 　．‎ ‎20．同学们使用的中性笔，在使用的过程中笔管里的墨水质量　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），写字时的笔相当于　 　（选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆．‎ ‎21．一个李子的体积约为60cm3，质量约为66g，若把李子放入水中静止时将　 　（选填“漂浮”“悬浮”或“沉底”）．一个西瓜的体积为6×103cm3，所受重力为55N，若把西瓜浸没在水中后放手，当西瓜静止时所受浮力为　 　N．‎ ‎22．如图所示，在大口厚玻璃瓶内装入少量的水，塞紧塞子后，用气筒向瓶内打气时，活塞对瓶内气体　 　，使瓶内气体内能增大，当塞子跳起时，看到瓶口有“白雾”出现，但“白雾”又很快消失了，“白雾”消失是　 　（请填物态变化名称）现象．‎ ‎23．如图甲所示是通过灯泡L的电流跟其两端电压关系的图象，现将L与阻值为10Ω的电阻R连入图乙所示电路，闭合开关S，L的实际功率为1.8W，则电源电圧是　 　V，此时定值电阻R的电功率是　 　W．‎ ‎　‎ 四、探究与实验题 ‎24．（6分）艾英同学在“探究平面镜成像特点”的实验时，所用的实验器材有带底座的玻璃板、白纸、笔、火柴、光屏、刻度尺、两支外形相同的蜡烛A和B．‎ ‎（1）选用玻璃板代替平面镜，主要是为了　 　．‎ ‎（2）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿　 　（选填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合．这种确定像与物大小的方法是　 　．（选填“控制变量法”或“等效替代法”）‎ ‎（3）移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上无法呈现蜡烛的像，这说明平面镜成的是　 　（选填“虚”或“实”）像．‎ ‎（4）当蜡烛A向玻璃板靠近时，像的大小　 　．‎ ‎（5）为了让右座的同学也能够看清蜡烛的像，艾英只将玻璃板向右平移，则蜡烛像的位置　 　（选填“向右移动”“向左运动”或“不变”）．‎ ‎25．（8分）某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，实验装置如图所示．‎ ‎（1）实验中应沿竖直方向　 　缓慢拉动弹簧测力计．‎ ‎（2）小组同学发现实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，应该静止读数，你认为他的想法　 　（选填“正确”或“不正确”），因为她没有考虑到　 　对滑轮组机械效率的影响．‎ ‎（3）用丁图装置进行实验，得出表中第4次实验数据，请将表中的两个数据填写完整．‎ ‎（4）通过比较　 　两次实验数据得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关（填实验次数的序号）‎ ‎（5）通过比较　 　‎ 两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高．（填实验次数的序号）‎ ‎（6）通过比较3、4两次实验数据可得出结论：　 　‎ ‎ 实验次数 ‎ 钩码重量G/N ‎ 钩码上升高度h/m ‎ 绳端拉力F/N 绳端移动距离s/m ‎ 机械效率η ‎ 1‎ ‎ 4‎ ‎ 0.1‎ ‎ 2.7‎ ‎ 0.2‎ ‎ 74%‎ ‎ 2‎ ‎ 4‎ ‎ 0.1‎ ‎ 1.8‎ ‎ 0.3‎ ‎ 74%‎ ‎ 3‎ ‎ 8‎ ‎ 0.1‎ ‎ 3.1‎ ‎ 0.3‎ ‎ 86%‎ ‎ 4‎ ‎ 8‎ ‎ 0.1‎ ‎ 2.5‎ ‎　 　‎ ‎　 　‎ ‎26．（10分）小峰同学在做“用伏安法测量定值电阻R的阻值”的实验中：‎ ‎（1）请你按照图甲所示的电路图，一笔画线代替导线，将图乙未连接好的电路连接完整．‎ ‎（2）实验前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应置于　 　（选填“A”或“B”）端．‎ ‎（3）闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，发现电压表始终无示数，电流表有示数，其原因可能是　 　（填字母）．‎ A．滑动变阻器断路 B．定值电阻R断路 C．定值电阻R短路 ‎ ‎（4）排除故障后，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图丙所示，则通过定值电阻R的电是　 　A，它的阻值是　 　Ω．‎ ‎（5）实验中需要移动滑动变阻器的滑片多次测量，其目的是　 　．‎ ‎（6）小峰同学还想用丁图所示电路“测量小灯泡电功率”．已知小灯泡的额定电压为2.5V，电源电圧6V，滑动变阻器AB分别标有“50Ω 1A”和“30Ω 1.5A”字样．‎ ‎①闭合开关S，S1，断开S2，移动滑动变阻器A的滑片，使电压表示数为　 　‎ V，此时小灯泡正常发光．‎ ‎②闭合开关S，S1，断开S1，保持移动滑动变阻器　 　的滑片不动，移动滑动变阻器　 　的滑片，使电压表示数为2.5V．‎ ‎③保持移动滑动变阻器B的滑片不动，移动滑动变阻器A的滑片至阻值最大处，此时电压表示数为1V．则灯的额定功率P额=　 　W．‎ ‎　‎ 五、分析与交流题 ‎27．（5分）科技，国之利器，2017年我国科技整体水平大幅提升；‎ ‎①在深空领域，首艘货运飞船天舟一号与天宫二号“牵手”成功；‎ ‎②在深海领域，“海斗号”无人潜水器最大下潜深度达10767米；‎ ‎③在南海神狐海域天然气水合物“可燃冰”试采成功；‎ ‎④在地球上空15颗中国自主建设、独立运行的北斗导航卫星日夜不停运转；‎ ‎⑤在大飞机领域，国产C919大型客机首飞成功．‎ 分析上述科技成果，请你每项写出一条所学过的与之相关的物理知识．‎ ‎28．（5分）据《生活报》讯，2017年4月14日起，插线板新国家标准正式实施，要求插线板的插孔须设置“保护门”，“保护门”可有效防止儿童将手指插入插孔而造成触电事故，同时可避免灰尘长期沉积而造成的内部　 　（选填“断路”或“短路”）．在线材方面要求：如果最大工作电流16A的延长线插座，导线的最小横截面积由原来的1mm2增加到1.5mm2．请你根据所学物理知识解释增加导线横截面积的好处．‎ ‎　‎ 六、综合与应用题 ‎29．（9分）如图为现役某导弹驱逐舰，该舰最大航速54km/h，满载时排水量9000t．（海水密度约为1.0×103kg/m3）‎ ‎（1）该驱逐舰以最大航速匀速航行1h，通过的路程为多少？‎ ‎（2）若声呐探测器在水下10m深处，则声呐探测器所受海水压强为多少？‎ ‎（3）驱逐舰满载时受到海水的浮力是多少？‎ ‎（4）以最大航速匀速航行时所受海水阻力为驱逐舰重力的0.1倍，那么该导弹驱逐舰以最大航速匀速航行时，推力的功率为多少？‎ ‎30．（8分）如图甲所示是一款超市用的透明玻璃门冷饮展示冰柜，该冰柜的玻璃门采用的是防雾玻璃，玻璃夹层中有电热丝用来加热玻璃，可以有效防止水蒸气凝结在玻璃上，电热丝与冰柜中的电动压缩机连接的简化电路如图乙所示，其相关参数如表所示．求：‎ ‎（1）冰柜的电动压缩机正常工作时的电流为多少？‎ ‎（2）冰柜正常工作时防雾电热丝的电阻为多少？‎ ‎（3）该冰柜的玻璃门的质量是5kg，若不计热量损失，电热丝正常工作使门玻璃升高20℃需要多长时间？【玻璃的比热容为0.84×103J/（kg•℃）】‎ ‎ 冰柜总质量 ‎ 160kg ‎ 额定电压 ‎ 220V ‎ 电动压缩机的额定功率 ‎ 110W ‎ 防雾电热丝的额定功率 ‎ 100W ‎　‎ ‎2017年黑龙江省齐齐哈尔市中考物理试卷 参考答案与试题解析 一、选择题（共10小题，每小题2分，满分20分）‎ ‎1．根据生活经验，以下估测最接近实际的是（　　）‎ A．人感觉舒适的环境温度为37℃‎ B．中学生的质量约为500kg C．人正常步行的速度约为1.1m/s D．中学生的鞋长约为42cm ‎【考点】13：温度；23：质量的估测；63：长度的估测；68：速度与物体运动．‎ ‎【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．‎ ‎【解答】解：‎ A、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右．故A不符合实际；‎ B、成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右．故不符合实际；‎ C、人正常步行的速度在4km/h=4×m/s≈1.1m/s左右．故C符合实际；‎ D、中学生的步幅在50cm左右，鞋子长度大约是步幅的一半，在25cm左右．故D不符合实际．‎ 故选C．‎ ‎【点评】对物体长度、质量、重力等进行估测，是初中物理的一项基本要求，平时结合所学知识对身边的如：人高、教室高、一步长、步行速度、楼梯阶梯数、物理课本长和宽、教室内空气质量等等，多观察多思考，必要时做出正确判断．‎ ‎　‎ ‎2．关于声现象的描述，以下说法正确的是（　　）‎ A．从玻璃罩里向外抽气的过程中铃声逐渐变小，此现象可推理得出真空不能传声 B．与牛的叫声相比，蚊子发出的声音响度小、音调低 C．龙卷风发生时伴有人耳听不到的超声波 D．晚八点以后停止跳广场舞，这是在传播过程中减弱噪声 ‎【考点】92：声音的传播条件；9E：超声波与次声波；9I：音调、响度与音色的区分；9L：防治噪声的途径．‎ ‎【分析】（2）声音的传播需要介质，真空不能传声；‎ ‎（2）声音有三个特征：音调、响度和音色；音调指声音的高低，音调跟物体的振动频率有关，振动频率越大，音调越高；响度指声音的大小，响度跟振幅有关，振幅越大，响度越大；音色可以辨别物体，不同物体一般音色是不同的；‎ ‎（3）自然灾害发生时常常伴有次声波产生；‎ ‎（4）减弱噪声的方式有三个，即在声源处减弱噪声，在传播过程中减弱噪声，在人耳处减弱噪声．‎ ‎【解答】解：‎ A、当空气被不断抽出后，铃声逐渐减弱，说明声音的传播需要介质，真空不能传声，故A正确；‎ B、牛的声带振动幅度较大，牛叫声响度大；蚊子的翅膀煽动频率较快，蚊子叫声音调高；所以牛的叫声音调低响度大，蚊子的声音音调高响度小，故B错误；‎ C、地震、海啸、火山喷发、龙卷风等自然灾害发生时常常伴有次声波产生，而不是产生超声波，故C错误；‎ D、晚上八点以后停止跳广场舞，这是在声源处减弱噪声，故D错误．‎ 故选A．‎ ‎【点评】本题考查了声音的相关知识，属于基础知识的考查，具有一定的综合性，比较简单．‎ ‎　‎ ‎3．下列做法符合安全用电常识的是（　　）‎ A．雷雨天在树下避雨 B．用湿抹布擦发光的灯泡 C．多个用电器同时工作 D．将冰箱的金属外壳接地 ‎【考点】IV：安全用电原则．‎ ‎【分析】①当雷雨天，人如果在大树下避雨，雷电电流通过大树就会传下来．在传下来的过程中电弧放电打在人的头上，又通过人体一直传到地下去，而这样就造成了雷电灾害；‎ ‎②正在发光的白炽灯或日光灯是和火线相连接的带电体，湿布是容易导电的物体；‎ ‎③用电器的总功率过大时，易引起电流过大而发生危险；‎ ‎④大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，以防外壳带电，危及人身安全．‎ ‎【解答】解：‎ A、雷雨天躲在大树下会使得强大的电流经大树流过人体入地引起人身触电，故不符合安全用电；‎ B、湿抹布擦发光的灯泡很容易使人触电，故不符合安全用电；‎ C、一个插线板供多个大功率用电器同时工作，易造成干路电流过大而发生危险，故不符合安全用电．‎ D、电冰箱的金属外壳与地线相连可防止因外壳漏电而触电，故符合安全用电．‎ 故选D．‎ ‎【点评】本题来源于日常生活的常见现象和行为，在考查安全用电的原则中，实现安全用电知识的宣传和教育作用．‎ ‎　‎ ‎4．中央电视台播出的中国古诗词大会，深受观众喜爱，下列诗词中涉及到的物理知识说法正确的是（　　）‎ A．春蚕到死丝方尽，蜡炬成灰泪始干﹣﹣蜡烛成灰泪始干是晶体的熔化 B．月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠﹣﹣﹣霜的形成是凝固现象 C．八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅﹣﹣﹣是因为流体中流速越大的位置，压强越大 D．花气袭人知骤暖，鹊声穿树喜新晴﹣﹣﹣﹣诗句体现出温度越高分子无规则运动越剧烈 ‎【考点】1D：晶体和非晶体的区别；1R：生活中的凝华现象；8K：流体压强与流速的关系；GV：分子的运动．‎ ‎【分析】（1）晶体与非晶体的区别：晶体有固定的熔点，而非晶体没有固定的熔点；‎ ‎（2）物质由固态变为液态是熔化；物质由液态变为固态是凝固；物质由液态变为气态是汽化；物质由气态变为液体是液化；物质由固态变为气态是升华；物质由气态变为固态是凝华．‎ ‎（3）流体的压强跟流速有关，流速越大压强越小．比较屋顶上下的空气流动速度，比较屋顶上下受到的压强，再比较屋顶受到向上和向下的压力．‎ ‎（4）物质是由大量分子组成的，分子在永不停息的做无规则运动，分子间存在着相互的引力和斥力．‎ ‎【解答】解：A、蜡烛蜡烛没有固定的熔点，属于非晶体，故A错误；‎ B、霜是由气态的水蒸气变为固态的冰晶形成的，“霜”的形成过程是凝华现象，故B错误；‎ C、风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度大，压强小；屋内空气流动速度小，压强大，屋顶受到向上的压强大于向下的压强，受到的向上的压力大于向下的压力，产生一个向上的压力差，将茅草吸上去．故C错误；‎ D、花气袭人知骤暖，鹊声穿树喜新晴说明温度越高分子无规则运动越剧烈，故D正确；‎ 故选D．‎ ‎【点评】本题考查了学生对晶体和非晶体的区别、流体压强跟流速的关系、凝华现象、分子运动的了解与掌握，涉及到的知识点较多，综合性较强，反映了物理来源于生活，又应用于生活，体现的新课标的要求．‎ ‎　‎ ‎5．根据图示装置探究的原理，可以制成下列哪种用电器（　　）‎ A．电水壶 B．电风扇 C．麦克风 D．电磁起重机 ‎【考点】CJ：磁场对通电导线的作用．‎ ‎【分析】通电导线在磁场中受力的作用，所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关，利用该原理制成电流电动机．‎ ‎【解答】解：图中有电源，即闭合开关后，磁场中的金属棒ab中会有电流通过，即会在磁场中受力运动，即说明通电导线在磁场中受力的作用，电动机就是利用该原理制成的．‎ A、电水壶是利用电流的热效应工作的，故A错误；‎ B、电风扇中有电动机，是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理，故B正确；‎ C、麦克风是利用电磁感应现象的原理，故C错误；‎ D、电磁起重机主要部件是一个电磁铁，即是利用电流的磁效应的原理工作的，故D错误；‎ 故选B．‎ ‎【点评】此题考查了电动机的原理和应用，是一道综合题．‎ ‎　‎ ‎6．如图所示是妈妈为子涵同学准备的营养早餐，下列说法不正确的是（　　）‎ A．面包机内的电热丝工作时将电能转化为内能 B．用吸管吸牛奶是利用了大气压强 C．面包机工作时与厨房里的照明灯是并联的 D．鸡蛋磕在桌子上蛋壳破裂，是因为桌子对鸡蛋的力大于鸡蛋对桌子的力 ‎【考点】JG：电热；6I：力作用的相互性；8J：大气压的综合应用；HT：串联电路和并联电路的辨别．‎ ‎【分析】利用下列知识分析判断：‎ ‎（1）电流的热效应：电流通过导体要发热（消耗电能转化为内能），这叫做电流的热效应，如电灯、电炉、电烙铁、电焊等都是电流的热效应的例子；‎ ‎（2）用吸管吸牛奶、饮料都是利用了大气压；‎ ‎（3）家用电器工作时，互不影响，为并联连接；‎ ‎（4）一对相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上．‎ ‎【解答】解：‎ A、面包机内的电热丝是利用电流热效应来烘烤面包的，电热丝工作时将电能转化为内能，故A正确；‎ B、用吸管吸牛奶时，口腔内气压小于牛奶瓶中的气压，在大气压的作用下，把牛奶压入口内，这利用了大气压，故B正确；‎ C、面包机和厨房里的照明灯，工作时互不影响，是并联，故C正确；‎ D、鸡蛋磕在桌子上蛋壳破裂，鸡蛋对桌子施加了力，力的作用是相互的，桌子对鸡蛋也施加了力，二力是一对相互作用力，大小相等，故D错．‎ 故选D．‎ ‎【点评】本题考查电流热效应的能量转化、大气压的应用、家用电器的连接、相互作用力的特点，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题．‎ ‎　‎ ‎7．在“探究凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，此时烛焰在光屏上成一个清晰的像，由此判断下列说法正确的是（　　）‎ A．光屏上的像是倒立、放大的实像 B．光屏上的像是正立、缩小的实像，照相机是根据该原理制成的 C．若蜡烛和光屏位置不变，将凸透镜向左移动适当距离，仍可在光屏上得到清晰的像 D．若换用材料与口径相同但更厚一些的凸透镜，仍要在光屏上得到清晰的像，如果只移动光屏，光屏必须远离凸透镜 ‎【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验．‎ ‎【分析】AB、分析题图，得出物距和像距的大小关系，根据凸透镜成像的规律确定成像性质及其应用；‎ C、在光的折射现象中，光路是可逆的，利用凸透镜原来成倒立缩小的实像，凸透镜位置不动，互换发光物体和光屏的位置，成像性质改变；据此分析C的正误；‎ D、换用材料与口径相同但更厚一些的凸透镜，焦距更小、会聚能力更强，像距更小．‎ ‎【解答】解：‎ AB、由图知，物距大于像距，此时物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像．照相机、摄像机就是根据这个原理制成的．故AB错；‎ C、根据光路是可逆的，若蜡烛和光屏位置不变，将凸透镜向左移动适当距离，当物距等于原来像距时，仍可在光屏上得到清晰的像，此时成倒立、放大的实像，故C正确；‎ D、若换用材料与口径相同但更厚一些的凸透镜，焦距更小、会聚能力更强，像距更小，仍要在光屏上得到清晰的像，如果只移动光屏，光屏必须靠近凸透镜，故D错．‎ 故选C．‎ ‎【点评】本题考查了凸透镜成像规律的应用，要熟练掌握规律的内容，关键是C选项的判断，利用好光路是可逆的是关键．‎ ‎　‎ ‎8．你在参加2017年5月的体能测试中涉及到的物理知识，下列说法中正确的是（　　）‎ A．1min跳绳﹣﹣﹣由跳绳时重心上升高度与时间的图象可知，每次跳绳人做功约为30J B．立定跳远﹣﹣﹣人用力蹬地才能起跳，说明力是物体运动的原因 C．掷实心球﹣﹣﹣在最高点B时实心球处于平衡状态 D．800m测试﹣﹣﹣到达终点时人不能马上停下来，因为人跑动速度越大，惯性越大 ‎【考点】EC：功的计算；6L：惯性；6Q：平衡状态的判断；6U：力与运动的关系．‎ ‎【分析】（1）从图中读出跳绳时重心上升高度，估测出人的体重，利用W=Gh计算每次跳绳人做的功；‎ ‎（2）力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因；‎ ‎（3）物体只有处于静止状态或匀速直线运动状态时，才称为平衡状态；‎ ‎（4）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大．‎ ‎【解答】‎ 解：A、由图可知，跳绳时重心上升高度h=6cm=0.06m，中学生的体重约为500N，所以每次跳绳人做的功W=Gh=500N×0.06m=30J．故A正确；‎ B、立定跳远之前是静止的，脚向后蹬地后，人就向前运动了，说明力是改变物体运动状态的原因．故B错误；‎ C、实心球在B点时，不是静止也不是匀速直线运动，所以不是处于平衡状态．故C错误；‎ D、800m测试到达终点时人不能马上停下来，因为人具有惯性，仍要保持原来的运动状态，惯性大小只跟物体的质量大小有关，与跑动速度无关．故D错误．‎ 故选A．‎ ‎【点评】本题的综合性较强，包括惯性现象、平衡状态的判断、功的计算和做功的两个必要因素、力与运动的关系等，但难度不大，掌握基础知识即可正确解题．‎ ‎　‎ ‎9．在水平桌面上有甲乙两个完全相同的烧杯，两个烧杯内分别盛满密度为ρ甲和ρ乙的两种液体，把两个完全相同的小球轻轻地放入甲、乙烧杯内，静止时如图所示，烧杯对桌面的压强分别为P甲和P乙，小球所受浮力分别为F甲和F乙，下列判断正确的是（　　）‎ A．ρ甲＜ρ乙 B．P甲＞P乙 C．P甲=P乙 D．F甲＜F乙 ‎【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用；83：压强大小比较．‎ ‎【分析】（1）根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球与两种液体的密度关系，进而得出两种液体的密度关系；‎ ‎（2）根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球在两种液体中受到的浮力与其重力的关系，进而得出浮力关系；‎ ‎（3）烧杯对桌面的压力等于烧杯、容器内液体和小球的总重力，受力面积相同，根据p=比较压强大小．‎ ‎【解答】解：A、由图可知，小球在甲中漂浮，则ρ球＜ρ甲，在乙中悬浮，则ρ球=ρ乙，故ρ甲＞ρ乙，故A错误；‎ BC、烧杯对桌面的压力等于烧杯、烧杯内液体和小球的总重力，由图知，甲烧杯内液体的体积大于乙烧杯内的体积，又知ρ甲＞ρ乙，根据ρ=‎ 和G=mg可知甲烧杯内的重力大于乙烧杯内的重力，两烧杯、两小球的重力均相等，则重力相等，故甲杯对水平桌面的压力大于乙杯对水平桌面的压力，烧杯的底面积相等，根据p=可知，甲杯对水平桌面的压强大于乙杯对水平桌面的压强．故B正确，C错误；‎ D、由图可知，小球在甲中漂浮，则F浮甲=G，在乙中悬浮，则F浮乙=G，故F浮甲=F浮乙，故D错误．‎ 故选B．‎ ‎【点评】本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件、密度公式、重力公式、压强公式的综合应用，会比较甲、乙两杯对水平桌面的压力关系是关键．‎ ‎　‎ ‎10．如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，其中变小的是（　　）‎ A．电压表V的示数 B．电流表A1的示数 C．电压表V与电流表A示数的比值 D．电压表V与电流表A示数的乘积 ‎【考点】IZ：电路的动态分析；IH：欧姆定律的应用．‎ ‎【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流，电压表测电源的电压．根据电源的电压可知滑片移动时电压表V的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步判断电压表V与电流表A示数的比值、电压表V与电流表A示数的乘积的变化．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流，电压表测电源的电压．‎ 因电源电压保持不变，‎ 所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故A不符合题意；‎ 因并联电路中各支路独立工作、互不影响，‎ 所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变，故B不符合题意；‎ 当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，‎ 由I=可知，通过R2的电流变小，‎ 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，‎ 所以，干路电流变小，即电流表A的示数变小，‎ 因电压表V的示数不变、电流表A的示数变小，‎ 所以，电压表V与电流表A示数的比值变大，电压表V与电流表A示数的乘积变小，故C不符合题意、D符合题意．‎ 故选D．‎ ‎【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键．‎ ‎　‎ 二、选择题（共3小题，每小题3分，满分9分）‎ ‎11．以下力学知识说法中不正确的是（　　）‎ A．汽车刹车时留下的刹车痕迹表明滑动代替滚动可以增大摩擦 B．载重卡车轮子又多又宽是为了增大受力面积，减小压力 C．轮船从长江驶入大海时，船身会下沉一些 D．无人机沿水平方向匀速飞行喷洒农药时动能不变，重力势能不变 ‎【考点】7I：增大或减小摩擦的方法；85：减小压强的方法及其应用；8S：物体的浮沉条件及其应用；FU：动能和势能的转化与守恒．‎ ‎【分析】（1）摩擦力大小跟压力大小和接触面的粗糙程度有关．‎ 增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力．在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力．‎ 减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动；‎ ‎（2）压强大小跟压力大小和受力面积大小有关．增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强．减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强；‎ ‎（3）由于轮船无论在海里还是在长江都是漂浮，通过物体的浮沉条件可知浮力不变，则由阿基米德原理及液体密度的变化分析轮船排开水的体积变化，进一步得出船上浮一些还是下沉一些；‎ ‎（4）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大．‎ ‎【解答】解：A、汽车刹车时留下的刹车痕迹表明滑动代替滚动可以增大摩擦；故A正确；‎ B、载重卡车轮子又多又宽是为了增大受力面积，减小压强，故B错误；‎ C、轮船无论是在长江还是在海中都漂浮，浮力等于轮船重，受到的浮力不变；因海水的密度大于河水的密度，由阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，轮船进入海水时排开水的体积变小，即船身会上浮．故C错误；‎ D、无人机沿水平方向匀速飞行，速度不变，高度不变，飞机飞行过程中不断喷洒农药，质量不断变小，所以动能变小，重力势能变小．故D错误．‎ 故选BCD．‎ ‎【点评】本题主要考查摩擦力、压强、浮力以及机械能的相关知识，是一道综合题．‎ ‎　‎ ‎12．如图所示，关于冰的熔化实验，下列说法正确的是（　　）‎ A．该实验装置应按自下而上的顺序组装 B．冰熔化时吸收热量但温度保持不变 C．图中A、B两点温度相同，所以内能相同 D．持续加热，当烧杯里的水沸腾时，试管里的水也能沸腾 ‎【考点】1F：熔化和凝固的探究实验；1I：沸腾及沸腾条件．‎ ‎【分析】（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；‎ ‎（2）晶体在熔化过程中的特点：吸热，但温度保持不变；‎ ‎（3）影响内能的因素：质量、温度、状态．‎ ‎（4）液体沸腾的条件是温度达到沸点，并且不断吸热；当大烧杯中的水沸腾时，温度达到沸点尽管不断吸热但温度不再升高，小试管中的水靠从大烧杯中吸热升温．‎ ‎【解答】解：A、酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度，顺序为由下而上；故A正确；‎ B、冰是晶体，冰在熔化过程中吸收热量但温度保持不变，故B正确；‎ C、从图象上看，A、B两点处于熔化过程，吸热温度不变，内能增加，故C错误；‎ D、当大烧杯中的水沸腾后，尽管不断吸热，但烧杯中的水温度不再升高，保持水的沸点温度不变；小试管中的水从大烧杯中吸热，温度达到水的沸点后，就和烧杯中的水的温度一样，就不能从烧杯中继续吸热，这时虽然达到了沸点，但不能吸收热量，所以不会沸腾，故D错误．‎ 故选AB．‎ ‎【点评】此题是探究熔化特点，考查了器材的组装、晶体熔化的特点、沸腾的条件，是一道综合题，但难度不大．‎ ‎　‎ ‎13．如图所示，电源电圧恒为6V，定值电阻R1=10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω，电压表接入电路的量程为0～3V，电流表接入电路的量程为0～0.6A．当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P由b端向a端的移动过程中，在保证电压表和电流表安全的情况下，下列说法正确的是（　　）‎ A．当R2=20Ω时，R2的功率为0.8W B．电阻R2两端的电压由5V减小到0V C．电流表的示数变化范围为0.1A～0.3A D．电阻R1功率的变化范围为0.1W～0.9W ‎【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．‎ ‎【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．‎ ‎（1）根据电阻的串联和欧姆定律求出当R2=20Ω时电路中的电流，根据P=I2R求出R2的功率；‎ ‎（2）由电路图可知，当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，R1的功率最小，R2两端的电压最大，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出R2两端的电压，根据P=I2R求出R1的最小功率；比较电源的电压和电压表的量程可知电压表的最大示数，根据串联电路的电压特点求出R2两端的最小电压，然后得出电阻R2两端的电压变化，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，然后得出电路中电流表的示数变化范围；根据P=UI求出R1的最大功率，然后得出电阻R1功率的变化范围．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．‎ ‎（1）当R2=20Ω时，‎ 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，‎ 所以，电路中的电流：‎ I===0.2A，‎ 则R2的功率：‎ P=I2R2=（0.2A）2×20Ω=0.8W，故A正确；‎ ‎（2）由电路图可知，当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，R1的功率最小，R2两端的电压最大，‎ 电路中的最小电流：‎ I小===0.1A，‎ R2两端的电压：‎ U2大=I小R2=0.1A×50Ω=5V，‎ R1的最小功率：‎ P1小=（I小）2R1=（0.1A）2×10Ω=0.1W；‎ 因电源的电压大于电压表的量程，‎ 所以，电压表的最大示数为3V，‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和，‎ 所以，R2两端的最小电压：‎ U2小=U﹣U1大=6V﹣3V=3V，‎ 则电阻R2两端的电压由5V减小到3V，故B错误；‎ 电路中的电流最大：‎ I大===0.3A，‎ 则电流表的示数变化范围为0.1A～0.3A，故C正确；‎ R1的最大功率：‎ P1大=U1大I大=3V×0.3A=0.9W，‎ 则电阻R1功率的变化范围为0.1W～0.9W，故D正确．‎ 故选ACD．‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断电压表的最大示数是关键．‎ ‎　‎ 三、填空题 ‎14．核电站利用核能发电，核能属于　不可再生　（选填“可再生”或“不可再生”）能源，核电站发生重大事故时，为降低核安全周围的温度，用水对其冷却，因为水的　比热容　较大．‎ ‎【考点】K4：核能；GE：水的比热容的特点及应用．‎ ‎【分析】（1）像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源．‎ ‎（2）水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少．‎ ‎【解答】解：（1）核能是不可再生能源，短期不能得到补充；‎ ‎（2）因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以当核电站发生重大事故时，为了降低核安全壳周围的温度，灌注海水降温．‎ 故答案为：不可再生；比热容．‎ ‎【点评】此题主要考查了比热容和不可再生能源的了解，都属于基础知识，应掌握．‎ ‎　‎ ‎15．科技馆内有一个“静电球”，当人触摸“静电球”时，头发丝便会一根根竖起，形成“怒发冲冠”的景象，如图所示，这是由于头发丝带　同种　（选填“同种”或“异种”）电荷而互相　排斥　的结果．‎ ‎【考点】H8：电荷间的相互作用规律．‎ ‎【分析】同种电荷相斥，异种电荷相吸，故据此分析即可判断．‎ ‎【解答】解：人体是导体，当人触摸静电球时，人体也带了和静电球同种电荷的电，故人的头发上也会带上与静电球同种电荷的电，据同种电荷相斥可知，头发之间带同种电荷，相互排斥，故头发越梳越蓬松．‎ 故答案为：同种；排斥．‎ ‎【点评】本题考查了电荷间的相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．‎ ‎　‎ ‎16．2017年6月，哈工大学生携带108个机器人“宝宝”在央视舞台上大放异彩．如图所示，一个机器人质量为2.4kg，每只脚与地面接触面积为150cm2，该机器人静止在水平地面上时，所受重力与　支持力　是平衡力，双脚站立时对水平地面压强为　800　Pa．‎ ‎【考点】86：压强的大小及其计算．‎ ‎【分析】平衡力的判断，两个力必须同时满足四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上．缺一不可．‎ 机器人静止在水平地面上时，对水平地面的压力等于其的重力，根据公式p=可求双脚站立时对水平地面压强．‎ ‎【解答】解：机器人所受的重力与支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力；‎ 机器人静止在水平地面上时，对地面的压力：F=G=mg=2.4kg×10N/kg=24N，‎ 正常站立时，受力面积（与地面的接触面积）：‎ S=2×150cm2=300cm2=3×10﹣2m2，‎ 双脚站立时对水平地面压强：‎ p===800Pa．‎ 故答案为：支持力；800．‎ ‎【点评】本题考查平衡力的判断，压力和压强的计算．关键是公式的应用，要知道在水平面上对地面的压力等于机器人的重力，容易出错的是站立时两只脚着地，行走时一只脚着地．‎ ‎　‎ ‎17．小宇同学学习了电能的知识后，回到家里观察电能表．小宇家的电能表如图所示，则小宇家里所有用电器同时工作时的总功率不得超过　4400　W；若小宇只让家中的热水器工作，经过30s，电能表的转盘转了30转，则该用电器的功率是　1200　W．‎ ‎【考点】JA：电功率的计算；J5：电能表参数的理解与电能的求法．‎ ‎【分析】（1）电能表上参数的意义：220V说明电能表要在220V的电路中使用；10A是指电能表的标定电流；20A表示电能表允许通过的最大电流是20A；根据公式P=UI计算出电能表允许接的最大电功率；‎ ‎（2）3000r/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表表盘转动3000转，求出电能表表盘转动30转消耗的电能，利用P=求出用电器的功率 ‎【解答】解：‎ ‎（1）电能表允许接的用电器的最大总功率为：‎ P最大=UI最大=220V×20A=4400W；‎ ‎（2）电能表表盘转动30转消耗电能：‎ W=kW•h=0.01kW•h=0.01×3.6×106J=3.6×104J，‎ 该用电器的功率：‎ P===1200W．‎ 故答案为：4400；1200．‎ ‎【点评】本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算，这是利用电能表测量功率的一种类型习题，一定要熟练掌握．‎ ‎　‎ ‎18．如图甲所示，水平地面上的物体，受到方向不变的推力F的作用，其F﹣t和v﹣t的图象分别如图乙、丙所示．由图象可知，0～3s内，推力对物体做功　0　J；t=5s时，物体受到的摩擦力是　6　N．‎ ‎【考点】EC：功的计算；6V：力与图象的结合．‎ ‎【分析】（1）从速度图象中分析0﹣3s时物体的速度大小可得出物体此时所处的状态，然后根据做功的两个必要条件分析解答；‎ ‎（2）首先从速度图象中9﹣12s得出物体匀速直线运动．然后对应的从F﹣t图象中得出物体所受的摩擦力；最后根据摩擦力的影响因素判断出t=5s时物体受到的摩擦力大小．‎ ‎【解答】解：（1）由丙图知：0～3s内物体的速度大小为零，物体处于静止状态，有力无距离，所以，推力对物体做功0J．‎ ‎（2）由丙图知，9﹣12s时，物体匀速运动，‎ 由乙图知，9﹣12s时，F=6N，‎ 所以摩擦力与推力F平衡，大小为6N．‎ ‎3﹣6s之间，物体加速运动，受力不平衡，推力大于摩擦力；但由于物体对地面的压力和接触面的粗糙程度没有改变，所以摩擦力大小不变；即仍为6N．‎ 故答案为：0；6．‎ ‎【点评】v﹣t图象、F﹣t图象相结合，判断出物体各段运动状态，根据平衡状态中二力平衡找出力的大小是本题的关键所在．‎ ‎　‎ ‎19．如图所示，定值电阻R1=5Ω，定值电阻R2=10Ω，当开关S、S1均闭合时，两电压表示数之比U1：U2=　1：2　．若将图中电压表V1、V2换成电流表A1、A2，开关S闭合，S1断开时，两电流表示数之比I1：I2=　1：2　．‎ ‎【考点】IH：欧姆定律的应用．‎ ‎【分析】（1）当开关S、S1均闭合时，两电阻串联，电压表V1测R1的电压，V2测R2的电压，利用分压原理可得电压之比；‎ ‎（2）将图中电压表V1、V2换成电流表A1、A2，开关S闭合，S1断开时，两电阻并联，电流表A1测量R2的电流，电流表A2测量R1的电流，根据并联电路的分流特点可得出两电流表示数的比值．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由图可知，当开关S、S1均闭合时，R1、R2串联，电压表V1测R1的电压，V2测R2的电压，‎ 根据串联电路的分压特点可知：===；‎ ‎（2）将图中电压表V1、V2换成电流表A1、A2，开关S闭合，S1断开时，两电阻并联，电流表A1测量R2的电流，电流表A2测量R1的电流，‎ 根据并联电路的分流特点可知两电流表示数之比：====．‎ 故答案为：1：2；1：2．‎ ‎【点评】电流表相当于一根导线，电压表相当于开路，分析电路时去掉两表，简化电路而确认电路的连接方式是关键，灵活运用欧姆定律和串并联电路的特点是基础．‎ ‎　‎ ‎20．同学们使用的中性笔，在使用的过程中笔管里的墨水质量　变小　（选填“变大”“变小”或“不变”），写字时的笔相当于　费力　（选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆．‎ ‎【考点】22：质量及其特性；7O：杠杆的分类．‎ ‎【分析】（1）物体所含物质的多少叫质量，跟就其判断质量的变化；‎ ‎（2）根据杠杆的特点及力臂的关系可判断杠杆的类型．‎ ‎【解答】解：在使用中性笔时，笔中墨水的体积在不断减少，质量也随之减小；‎ 写字时，笔杆的支点和动力作用点都在手指上，二者距离较近，而阻力作用点是笔端，距离支点较远，动力臂小于阻力臂，所以相当于费力杠杆．‎ 故答案为：变小；费力．‎ ‎【点评】此题考查了对质量、杠杆种类的理解，解答本题的关键是把握质量的本质，是一道基础题．‎ ‎　‎ ‎21．一个李子的体积约为60cm3，质量约为66g，若把李子放入水中静止时将　沉底　（选填“漂浮”“悬浮”或“沉底”）．一个西瓜的体积为6×103cm3，所受重力为55N，若把西瓜浸没在水中后放手，当西瓜静止时所受浮力为　55　N．‎ ‎【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用．‎ ‎【分析】（1）根据物体的质量，利用G=mg求出重力，根据F浮=ρ液gV排计算出物体所受到的浮力，由物重和浮力的大小关系判断物体的浮沉．‎ ‎（2）将物体浸没在水中，排开水的体积等于物体的体积，利用阿基米德原理求物体受到的浮力；知道物体的质量，利用重力公式求物体受到的重力，再利用物体的浮沉条件判断物体的浮沉；根据物体所处的状态求出静止时受到的浮力．‎ ‎【解答】解：（1）李子的重力：G=mg=0.066kg×10N/kg=0.66N；‎ 李子全部浸没的浮力：F浮=ρ水gV排=103kg/m3×10N/kg×60×10﹣6m3=0.6N 因为F浮＜G，‎ 所以松手后李子会下沉．‎ ‎（2）将西瓜浸没在水中时，V排=V物=6×103cm3=6×10﹣3m3，‎ 此时西瓜受到的浮力：‎ F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10﹣3m3=60N，‎ 西瓜所受重力为55N 因F浮＞G，‎ 所以，西瓜将上浮，最终处于漂浮状态，‎ 此时受到的浮力F浮′=G=55N．‎ 故答案为：沉底；55．‎ ‎【点评】本题考查了学生对重力的计算、阿基米德原理、物体的浮沉条件的了解与掌握，物体完全浸没后浮力大于重力时物体将上浮；浮力等于重力时物体将悬浮；浮力小于重力时物体将下沉．‎ ‎　‎ ‎22．如图所示，在大口厚玻璃瓶内装入少量的水，塞紧塞子后，用气筒向瓶内打气时，活塞对瓶内气体　做功　，使瓶内气体内能增大，当塞子跳起时，看到瓶口有“白雾”出现，但“白雾”又很快消失了，“白雾”消失是　汽化　（请填物态变化名称）现象．‎ ‎【考点】G9：做功改变物体内能．‎ ‎【分析】（1）改变物体内能的两种方法：做功和热传递．对物体做功物体的内能增加，物体对外做功，物体的内能减少；物体吸收热量内能增加，物体放出热量内能减少．‎ ‎（2）物质由气态变为液态，称为液化；物质由液态变为气态，称为汽化．‎ ‎【解答】解：‎ 往瓶内打气时，活塞对瓶内气体做功，使瓶内气体内能增加、温度升高；‎ 当瓶塞跳起时，瓶内气体对瓶塞做功，瓶内气体的内能减少，温度降低，瓶口附近的水蒸气遇冷液化成白雾，随后白雾消失，即由液态又变成了气态，所以又发生了汽化．‎ 故答案为：做功；汽化．‎ ‎【点评】掌握改变物体内能的两种方法：做功和热传递，能对整个过程中的能量变化进行分析，并了解液化现象是解答的关键．‎ ‎　‎ ‎23．如图甲所示是通过灯泡L的电流跟其两端电压关系的图象，现将L与阻值为10Ω的电阻R连入图乙所示电路，闭合开关S，L的实际功率为1.8W，则电源电圧是　6　V，此时定值电阻R的电功率是　3.6　W．‎ ‎【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．‎ ‎【分析】由电路图可知，灯泡L与电阻R并联；根据图象读出L的实际功率为1.8W时的电流和电压，根据并联电路的电压特点可知电源电压；已知R的阻值，利用P=可求得此时定值电阻R的电功率．‎ ‎【解答】解：由图乙可知，灯泡L与电阻R并联，‎ 由图甲可知，当UL=6V，IL=0.3A时，‎ 灯泡的实际功率为PL=ULIL=6V×0.3A=1.8W，‎ 因并联电路中各支路两端的电压相等，‎ 所以，电源电压：U=UR=UL=6V；‎ 此时定值电阻R的电功率：‎ PR===3.6W．‎ 故答案为：6；3.6．‎ ‎【点评】本题考查了并联电路的特点、电功率的计算，关键是从图象中获取有用的信息．‎ ‎　‎ 四、探究与实验题 ‎24．艾英同学在“探究平面镜成像特点”的实验时，所用的实验器材有带底座的玻璃板、白纸、笔、火柴、光屏、刻度尺、两支外形相同的蜡烛A和B．‎ ‎（1）选用玻璃板代替平面镜，主要是为了　便于确定像的位置和大小　．‎ ‎（2）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿　未点燃　（选填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合．这种确定像与物大小的方法是　等效替代法　．（选填“控制变量法”或“等效替代法”）‎ ‎（3）移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上无法呈现蜡烛的像，这说明平面镜成的是　虚　（选填“虚”或“实”）像．‎ ‎（4）当蜡烛A向玻璃板靠近时，像的大小　不变　．‎ ‎（5）为了让右座的同学也能够看清蜡烛的像，艾英只将玻璃板向右平移，则蜡烛像的位置　不变　（选填“向右移动”“向左运动”或“不变”）．‎ ‎【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．‎ ‎【分析】（1）在平面镜成像特点实验中采用玻璃板代替平面镜，其目的是为了确认物像的位置及大小；‎ ‎（2）等效替代法是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法．等效替代法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一．‎ ‎（3）平面镜所成的像是虚像，不会出现在光屏上．‎ ‎（4）（5）平面镜成像特点：像距等于物距，物像等大．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）因为玻璃板是透明的，所以能在观察到A蜡烛像的同时，还可以透过玻璃清楚的看到放在后面B蜡烛，便于确定像的位置和大小；‎ ‎（2）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧（A侧）观察，直至它与蜡烛A的像完全重合，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法；‎ ‎（3）移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上无法呈现蜡烛的像，这说明平面镜成的是虚像；‎ ‎（4）当蜡烛A向玻璃板靠近，蜡烛A的大小不变，由平面镜成像特点可知，蜡烛A的像大小不变；‎ ‎（5）为了让右座的同学也能够看清蜡烛的像，艾英只将玻璃板向右平移，在向右移动的过程中，由于物像到平面镜的距离相等，所以蜡烛像的位置不变．‎ 故答案为：（1）便于确定像的位置和大小；（2）未点燃；等效替代法；（3）虚；（4）不变；（5）不变．‎ ‎【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用．这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用．‎ ‎　‎ ‎25．某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，实验装置如图所示．‎ ‎（1）实验中应沿竖直方向　匀速　缓慢拉动弹簧测力计．‎ ‎（2）小组同学发现实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，应该静止读数，你认为他的想法　不正确　（选填“正确”或“不正确”），因为她没有考虑到　摩擦　对滑轮组机械效率的影响．‎ ‎（3）用丁图装置进行实验，得出表中第4次实验数据，请将表中的两个数据填写完整．‎ ‎（4）通过比较　1、2　两次实验数据得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关（填实验次数的序号）‎ ‎（5）通过比较　2、3　两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高．（填实验次数的序号）‎ ‎（6）通过比较3、4两次实验数据可得出结论：　不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越轻，滑轮组机械效率越高．（不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越低　‎ ‎ 实验次数 ‎ 钩码重量G/N ‎ 钩码上升高度h/m ‎ 绳端拉力F/N 绳端移动距离s/m ‎ 机械效率η ‎ 1‎ ‎ 4‎ ‎ 0.1‎ ‎ 2.7‎ ‎ 0.2‎ ‎ 74%‎ ‎ 2‎ ‎ 4‎ ‎ 0.1‎ ‎ 1.8‎ ‎ 0.3‎ ‎ 74%‎ ‎ 3‎ ‎ 8‎ ‎ 0.1‎ ‎ 3.1‎ ‎ 0.3‎ ‎ 86%‎ ‎ 4‎ ‎ 8‎ ‎ 0.1‎ ‎ 2.5‎ ‎　0.4　‎ ‎　80%　‎ ‎【考点】F8：滑轮（组）机械效率的测量实验．‎ ‎【分析】（1）实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计；‎ ‎（2）在测力计静止时，不会克服轮与轴、绳与轮之间的摩擦考虑；‎ ‎（3）根据绳端移动距离与物体升高的高度的关系s=nh求解；根据机械效率公式求解；‎ ‎（4）研究同一滑轮组的机械效率与绳子段数的关系时，要控制提升物体的质量相同，改变绳子的有效段数；‎ ‎（5）研究同一滑轮组提升重物时，机械效率与物重的关系时，要控制绳子的段数相同；‎ ‎（6）对比3、4两次实验的相同和不同量，结论表中数据得出结论．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，这样测力计示数才等于拉力大小；‎ ‎（2）在弹簧测力计静止时读出了数据，由于不会克服轮与轴、绳与轮之间的摩擦，所以测力计示数偏小，他的想法是不正确的；‎ ‎（3）丁图中，绳子的有效段数为n=4，绳端移动距离s=nh=4×0.1m=0.4m，‎ 滑轮组的机械效率：‎ η===80%；‎ ‎（4）绳端移动距离与物体升高的高度的关系为s=nh，‎ 所以，结合表中数据可知实验1、2、3中绳子的有效段数分别为2、3、3；‎ 再结合钩码的重力可知，实验1、2、3分别是用甲、乙、丙装置做的实验，‎ 根据控制变量法，研究同一滑轮组的机械效率与绳子段数的关系时，要控制提升物体的重力相同、滑轮个数也相同，只改变绳子的有效段数，所以应比较1、2两次实验数据；‎ 通过比较1、2两次实验数据得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关；‎ ‎（5）研究同一滑轮组提升重物时，机械效率与物重的关系时，要控制滑轮个数相同、绳子的段数相同，只改变物体的重力，故通过比较2、3两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高．‎ ‎（6）通过比较3、4两次实验数据，即对应的图丙、图丁两装置，滑轮组不同，提升的重物相同，动滑轮越重机械效率越小，故可得出结论：不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越轻，滑轮组的机械效率越高．（不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越低）‎ 故答案为：（1）匀速；（2）不正确；摩擦；（3）0.4；80%；（4）1、2；（5）2、3；（6）不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越轻，滑轮组的机械效率越高（或不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越低．‎ ‎【点评】本题测滑轮组机械效率，考查注意事项、控制变量法的运用、机械效率的计算、数据的分析等，综合性较强．‎ ‎　‎ ‎26．（10分）（2017•齐齐哈尔）小峰同学在做“用伏安法测量定值电阻R的阻值”的实验中：‎ ‎（1）请你按照图甲所示的电路图，一笔画线代替导线，将图乙未连接好的电路连接完整．‎ ‎（2）实验前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应置于　B　（选填“A”或“B”）端．‎ ‎（3）闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，发现电压表始终无示数，电流表有示数，其原因可能是　C　（填字母）．‎ A．滑动变阻器断路 B．定值电阻R断路 C．定值电阻R短路 ‎ ‎（4）排除故障后，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图丙所示，则通过定值电阻R的电是　0.5　A，它的阻值是　5　Ω．‎ ‎（5）实验中需要移动滑动变阻器的滑片多次测量，其目的是　求平均值减小误差　．‎ ‎（6）小峰同学还想用丁图所示电路“测量小灯泡电功率”．已知小灯泡的额定电压为2.5V，电源电圧6V，滑动变阻器AB分别标有“50Ω 1A”和“30Ω 1.5A”字样．‎ ‎①闭合开关S，S1，断开S2，移动滑动变阻器A的滑片，使电压表示数为　2.5　V，此时小灯泡正常发光．‎ ‎②闭合开关S，S1，断开S1，保持移动滑动变阻器　A　的滑片不动，移动滑动变阻器　B　的滑片，使电压表示数为2.5V．‎ ‎③保持移动滑动变阻器B的滑片不动，移动滑动变阻器A的滑片至阻值最大处，此时电压表示数为1V．则灯的额定功率P额=　0.625　W．‎ ‎【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验．‎ ‎【分析】（1）滑动变阻器接入电路要一上一下连接；‎ ‎（2）为保护电路，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处；‎ ‎（3）电路有电流，说明是通路，电压表没示数说明电压表被短路及R被短路；‎ ‎（4）正确读数利用欧姆定律求值；‎ ‎（5）定值电阻多次测量求平均值是为了减小误差；‎ ‎（6）没有电流表，通过移动滑动变阻器A达到额定电压，保持滑动变阻器A的滑片位置不变，移动滑动变阻器B的滑片，使电压表示数为2.5V．‎ 保持移动滑动变阻器B的滑片不动，移动滑动变阻器A的滑片至阻值最大处，测出电压表示数，根据串联电路的分压作用和电源电压，根据欧姆定律算出电流，根据P=UI算出额定功率．‎ ‎【解答】解：（1）变阻器按一上一下的原则接入电路中，根据电路图连接实物图，如下所示：‎ ‎（2）为保护电路，实验前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即B端；‎ ‎（3）闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，电流表有示数，说明电路为通路，发现电压表始终无示数，其原因可能是：电阻R短路了，选C；‎ ‎（4）当电压表的示数为2.5V；电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则通过定值电阻的电流大小为 0.5A，‎ 它的阻值R===5Ω．‎ ‎（5）为提高测量的准确程度，通常情况下要进行多次测量并取平均值，其目的是为了减小误差．‎ ‎（6）已知小灯泡的额定电压为2.5V，电源电圧6V，滑动变阻器AB分别标有“50Ω 1A”和“30Ω 1.5A”字样．‎ ‎①闭合开关S，S1，断开S2，移动滑动变阻器A的滑片，使电压表示数为2.5V，此时小灯泡正常发光．‎ ‎②闭合开关S，S1，断开S1，保持移动滑动变阻器A的滑片不动，移动滑动变阻器B的滑片，使电压表示数为2.5V．‎ ‎③保持移动滑动变阻器B的滑片不动，移动滑动变阻器A的滑片至阻值最大处，此时电压表示数为1V．‎ 滑动变阻器A的电压为6V﹣1V=5V，‎ 滑动变阻器A的电流为：I===0.1A；‎ 滑动变阻器B的电阻为：RB===10Ω，此时滑动变阻器B的电阻即为灯泡的电阻，为10Ω；‎ 灯泡的额定功率为：P额===0.625W．‎ 故答案为：（1）如上所示； （2）B； （3）C； （4）0.5；5； （5）求平均值减小误差；（6）①2.5；②A；B；③0.625．‎ ‎【点评】用伏安法测电阻的实验，是初中物理非常重要的一个实验，也是中考常考的内容，学生要熟练掌握．‎ ‎　‎ 五、分析与交流题 ‎27．科技，国之利器，2017年我国科技整体水平大幅提升；‎ ‎①在深空领域，首艘货运飞船天舟一号与天宫二号“牵手”成功；‎ ‎②在深海领域，“海斗号”无人潜水器最大下潜深度达10767米；‎ ‎③在南海神狐海域天然气水合物“可燃冰”试采成功；‎ ‎④在地球上空15颗中国自主建设、独立运行的北斗导航卫星日夜不停运转；‎ ‎⑤在大飞机领域，国产C919大型客机首飞成功．‎ 分析上述科技成果，请你每项写出一条所学过的与之相关的物理知识．‎ ‎【考点】2R：物理常识．‎ ‎【分析】针对每一个小题分析其包含的物理知识，并做出适当的解释．‎ ‎【解答】解：①对接后，以天舟一号为参照物，天宫二号是静止的，属于运动和静止的相对性；‎ ‎②液体内部的压强与深度有关，深度越深，压强越大；‎ ‎③可燃冰燃烧时化学能转化为内能；‎ ‎④北斗导航卫星是利用电磁波来传递信息的；‎ ‎⑤飞机之所以能够飞行，利用的是流体的压强与流速的关系．‎ ‎【点评】本题是一道开放题，仔细阅读文中包含的物理知识是解题的关键，属于基础知识．‎ ‎　‎ ‎28．据《生活报》讯，2017年4月14日起，插线板新国家标准正式实施，要求插线板的插孔须设置“保护门”，“保护门”可有效防止儿童将手指插入插孔而造成触电事故，同时可避免灰尘长期沉积而造成的内部　短路　（选填“断路”或“短路”）．在线材方面要求：如果最大工作电流16A的延长线插座，导线的最小横截面积由原来的1mm2增加到1.5mm2．请你根据所学物理知识解释增加导线横截面积的好处．‎ ‎【考点】JI：焦耳定律的计算公式及其应用；HP：电路的三种状态；IA：影响电阻大小的因素．‎ ‎【分析】（1）处处连通的电路为通路；某处断开的电路为断路；电源短路是指电源两极不经过用电器直接连通的电路；‎ ‎（2）根据影响电阻大小的因素分析导线的横截面积变大时其电阻的变化，根据焦耳定律可知电流和通电时间相等时产生的热量关系，从而得出答案．‎ ‎【解答】解：（1）灰尘长期沉积会造成插座内部短路，从而烧坏插座，“保护门”可以有效的防止这一安全隐患；‎ ‎（2）材料、长度相同的导线，横截面积越大，电阻越小，‎ 由焦耳定律Q=I2Rt可知，电流和通电时间相同时，电阻越小，产生的热量越少，‎ 采用横截面积更大的导线可以避免外部绝缘皮过热，引起火灾．‎ 故答案为：短路；材料、长度相同的导线，横截面积越大，电阻越小，由焦耳定律Q=I2Rt可知，电流和通电时间相同时，电阻越小，产生的热量越少，采用横截面积更大的导线可以避免外部绝缘皮过热，引起火灾．‎ ‎【点评】本题考查了电路的三种状态和影响电阻大小因素、焦耳定律的应用，理论联系实际，是一道好题．‎ ‎　‎ 六、综合与应用题 ‎29．如图为现役某导弹驱逐舰，该舰最大航速54km/h，满载时排水量9000t．（海水密度约为1.0×103kg/m3）‎ ‎（1）该驱逐舰以最大航速匀速航行1h，通过的路程为多少？‎ ‎（2）若声呐探测器在水下10m深处，则声呐探测器所受海水压强为多少？‎ ‎（3）驱逐舰满载时受到海水的浮力是多少？‎ ‎（4）以最大航速匀速航行时所受海水阻力为驱逐舰重力的0.1倍，那么该导弹驱逐舰以最大航速匀速航行时，推力的功率为多少？‎ ‎【考点】69：速度公式及其应用；89：液体的压强的计算；8P：浮力大小的计算；FF：功率的计算．‎ ‎【分析】（1）已知速度和时间，由v=变形可求路程；‎ ‎（2）已知深度，根据公式P=ρgh可求该处受到海水的压强；‎ ‎（3）满载时船所受的浮力等于满载时排开水的重力；‎ ‎（4）已知受到的牵引力是总重的0.01倍，可求得牵引力，根据P===Fv可求得航行时驱逐舰的功率．‎ ‎【解答】解：（1）由v=可得驱逐舰以最大航速匀速航行1h，通过的路程为：‎ s=vt=54km/h×1h=54km；‎ ‎（2）声呐探测器所处深度：h=10m；‎ 受到的压强：‎ p=ρ海水gh=1×103㎏/m3×10N/㎏×10m=1×105Pa．‎ ‎（3）导弹驱逐舰处于漂浮状态，所受浮力等于重力，‎ 满载时，武汉号受到浮力：‎ F浮=G排=m排g=9×103×103㎏×10N/㎏=9×107N；‎ ‎（4）由物体漂浮得，G物=F浮=9×107N；‎ F=0.1G=0.1×9×107N=9×106N，‎ v=54km/h=15m/s，‎ 驱逐舰功率：‎ P===Fv=9×106N×15m/s=1.35×108W=1.35×105kW；‎ 答：（1）驱逐舰以最大航速匀速航行1h，通过的路程为54km；‎ ‎（2）声呐探测器在水下10m深处，则声呐探测器所受海水压强为1×105Pa．‎ ‎（3）驱逐舰满载时受到海水的浮力是9×107N；‎ ‎（4）导弹驱逐舰以最大航速匀速航行时，推力的功率为1.35×105kW．‎ ‎【点评】‎ 此题考查了物体的浮沉条件及其应用、功率的计算、热机的效率等，都是力学最重要的公式或规律的应用，考查角度全面，综合性较强．‎ ‎　‎ ‎30．如图甲所示是一款超市用的透明玻璃门冷饮展示冰柜，该冰柜的玻璃门采用的是防雾玻璃，玻璃夹层中有电热丝用来加热玻璃，可以有效防止水蒸气凝结在玻璃上，电热丝与冰柜中的电动压缩机连接的简化电路如图乙所示，其相关参数如表所示．求：‎ ‎（1）冰柜的电动压缩机正常工作时的电流为多少？‎ ‎（2）冰柜正常工作时防雾电热丝的电阻为多少？‎ ‎（3）该冰柜的玻璃门的质量是5kg，若不计热量损失，电热丝正常工作使门玻璃升高20℃需要多长时间？【玻璃的比热容为0.84×103J/（kg•℃）】‎ ‎ 冰柜总质量 ‎ 160kg ‎ 额定电压 ‎ 220V ‎ 电动压缩机的额定功率 ‎ 110W ‎ 防雾电热丝的额定功率 ‎ 100W ‎【考点】JK：电功与热量的综合计算．‎ ‎【分析】（1）知道额定电压和额定功率，根据I=求出额定电流．‎ ‎（2）根据P=可求得冰柜正常工作时防雾电热丝的电阻．‎ ‎（3）根据Q=cm△t可求得门玻璃升高20℃吸收的热量，不计热量损失，则Q=W，由P=可求得时间．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由P=UI可得，冰柜的电动压缩机正常工作时的电流：I===0.5A；‎ ‎（2）由P=可得，冰柜正常工作时防雾电热丝的电阻：R===484Ω；‎ ‎（3）门玻璃升高20℃吸收的热量，Q吸=cm△t=0.84×103J/（kg•℃）×5kg×20℃=8.4×104J；‎ 不计热量损失，则W=Q吸=8.4×104J，‎ 由P=可得，电热丝正常工作使门玻璃升高20℃需要的时间：t==‎ ‎=840s．‎ 答：（1）冰柜的电动压缩机正常工作时的电流为0.5A；‎ ‎（2）冰柜正常工作时防雾电热丝的电阻为484Ω；‎ ‎（3）电热丝正常工作使门玻璃升高20℃需要840s时间．‎ ‎【点评】本题是一道电学与热学的综合应用题，考查了热量的计算、电功率的计算，要注意灵活选用电功率的公式．‎ ‎　‎