辽宁省抚顺市本溪市铁岭市中考物理质检试卷解析

辽宁省抚顺市本溪市铁岭市中考物理质检试卷解析

‎2016年辽宁省抚顺市、本溪市、铁岭市中考物理质检试卷 ‎　‎ 一、选择题（本题共12小题，共28分，1-8小题为单项选择题，每题2分，9-12题为多项选择题，每题3分，多项选择题漏选得2分，错选不得分，请将正确答案填入答题卡中）‎ ‎1．对下列物理量的估测中，你认为最接近实际的是（　　）‎ A．光在真空中传播速度约为340m/s B．教室课桌的高度约0.8m C．铁岭地区6月份的平均气温约50℃‎ D．一节干电池的电压是2V ‎　‎ ‎2．如图所示，在下列光现象中，说法正确的是（　　）‎ A．‎ 日食是光的直 线传播形成的 B．‎ 黑板右端反光是由于光的漫反射形成的 C．‎ 雨后彩虹是由于光的反射而形成的 D．‎ 照相机形成的像是倒立、缩小的虚像 ‎　‎ ‎3．如图所示四个实例中，与“雾凇”形成的物态变化相同的是（　　）‎ A．‎ 山间的“云海” ‎ B．‎ 瓜叶上的“霜降”‎ C．‎ 花草上的“露珠” ‎ D．‎ 江河的冰雪“消融”‎ ‎　‎ ‎4．小李坐在船上出去游玩，下面分析正确的是（　　）‎ A．船前进时，以水为参照物小李是静止的 B．使船前进的施力物体是桨 C．船桨向后划水船会前进，是因为物体间力的作用是相互的 D．小李对船的压力和船对小李的支持力是一对平衡力 ‎　‎ ‎5．体育课上，小明匀速爬杆，小宁匀速爬绳，有关他们受到的摩擦力，下列说法中正确的是（　　）‎ A．因为爬杆时手握杆的力大，所以小明受到的摩擦力一定大 B．因为爬绳时绳子粗糙，所以小宁受到的摩擦力一定大 C．小明和小宁受到的摩擦力一定不相等 D．若小明的体重大，则小明受到的摩擦力一定大 ‎　‎ ‎6．如图是吊车起吊货物的结构示意图，伸缩撑杆为圆弧状，工作时它对吊臂的支持力始终与吊臂垂直，使吊臂绕O点缓慢转动，从而将货物提起．下列说法正确的是（　　）‎ A．吊臂是一省力杠杆，但要费距离 B．吊臂是一个费力杠杆，但可以省功 C．匀速顶起吊臂的过程中，伸缩撑杆支持力的力臂变小 D．匀速顶起吊臂的过程中，伸缩撑杆支持力渐渐变小 ‎　‎ ‎7．如图是与家庭电路有关的四个情景，做法正确的是（　　）‎ A．‎ 电线上晾衣服 ‎ B．‎ 多个用电器同时工作 C．‎ 机壳没有接地 ‎ D．‎ 用绝缘棒挑开电源 ‎　‎ ‎8．楼道里，夜间只是偶尔有人经过，电灯总是亮着会浪费电能．科研人员利用光敏材料制成“光控开关”，天黑时自动闭合，天亮时自动断开．利用声敏材料制成“声控开关”，当有人走动发出声音时，自动闭合；无人走动时，自动断开．若将这两种开关配合使用（如图），就可以使楼道灯变得“智能化”，这种“智能”电路正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎　‎ ‎9．如图所示实验现象所揭示的物理原理、规律与对应的实用技术的原理、规律相符的是（　　）‎ A．‎ 照相机 ‎ B．‎ 电磁起重机 ‎ C．‎ 电动机 ‎ D．‎ 发电机 ‎　‎ ‎10．如图所示，用滑轮组提升重物时，重800N的物体在10s内匀速上升了1m，已知拉绳子的力F为500N，不计绳重和摩擦，在提升重物的过程中，下列相关计算错误的是（　　）‎ A．做的有用功是800J B．拉力F的功率是80W C．绳子自由端被拉下3m D．滑轮组的机械效率是60%‎ ‎　‎ ‎11．如图甲所示电路中，电源电压不变，闭合开关S，将滑片P移到某一位置时，电压表示数为6V，两块电流表指针的位置均如图乙所示，则下列说法正确的是（　　）‎ A．R1电阻是20Ω B．R2的电功率是7.2W C．若将滑片P向右移动，A1的示数将变小 D．电压表示数变大 ‎　‎ ‎12．如图所示，小灯泡规格为“6V 3.6W”（灯丝电阻不变），闭合开关，当滑动变阻器的滑片P移至a端时，电流表示数为0.6A；当滑片P移至b端时，电压表示数为4V，则（　　）‎ A．小灯泡灯丝电阻是10Ω B．电源电压是10V C．滑动变阻器最大阻值是10Ω D．滑片P位于b端时，滑动变阻器消耗的功率是0.8W ‎　‎ ‎　‎ 二、填空题（本题26分，每空1分）‎ ‎13．经常看中央电视台“新闻联播”节目的观众，只需听声音就知道是谁在播音，这是观众根据声音的　　　　　　进行判断的；大多数人能听到的声音的频率范围是　　　　　　Hz～20000Hz：靠近居民区的高速公路两旁一般都安装有隔音墙，这是在声音　　　　　　减弱噪声．‎ ‎　‎ ‎14．在生活中，我们有时因为生病需要输液．如图所示是输液示意图，药瓶瓶口插有两根管子，其中C管的作用是利用　　　　　　使药液从A管中顺利流出．若要提高输注速度，除了调节调节器外，还有一个简便的方法就是　　　　　　．‎ ‎　‎ ‎15．在内燃机的“吸气”、“压缩”、“做功”、“排气”四个冲程中，将内能转化为机械能的是　　　　　　冲程；常用水来给内燃机降温，是因为水的　　　　　　比较大．‎ ‎　‎ ‎16．走近加油站，会闻到一股汽油味，这是因为汽油分子在　　　　　　；完全燃烧10g汽油可以放出　　　　　　J的热量（汽油的热值为4.6×107J/kg）；汽油机是把内能转化为　　　　　　能的动力设备．‎ ‎　‎ ‎17．教室里装有12盏日光灯，这些灯是　　　　　　（串联/并联）的，控制开关接在　　　　　　（火线/零线）上．若每盏灯都标有“220V 40W”字样，12盏灯正常工作10h，消耗的电能为　　　　　　kW•h．‎ ‎　‎ ‎18．小明质量为50kg，周末他去游泳馆游泳，当他套着游泳圈在3m深水区休息时（游泳圈的重量忽略不计），他所受的浮力为　　　　　　N，此时由于不小心，手牌滑落沉到池底，则手牌受到的压强为　　　　　　Pa，然后他去掉游泳圈，潜入水中捞手牌，捞到手牌后，若他受到的浮力小于500N，若不做任何动作，他将在水中　　　　　　（选填“上浮”、“悬浮”或“下沉”）．‎ ‎　‎ ‎19．在甲所示的电路中，闭合开关S后，电压表的示数为2V，两个电流表的指针指在图乙所示的同一位置．则电灯L1中的电流I1=　　　　　　A，电灯L1电阻为　　　　　　Ω，电灯L2的电流为I2=　　　　　　A，电灯L1消耗的电功率P1与L2消耗的电功率P2之比　　　　　　．‎ ‎　‎ ‎20．如图，甲、乙两透明密闭容器中都有一段电阻丝，内有质量相等的空气，U形管中液面高度的变化可以反映密闭容器中空气温度的变化．此实验是为了研究电流产生的热量与　　　　　　的关系，将此装置接到电源两端，通电一段时间，电流在　　　　　　容器中产生的热量较多．‎ ‎　‎ ‎21．小明在一次偶然中发现，在如图所示的电路中合上开关后，铁钉旁边的小磁针静止时N极指向铁钉的B端，小明又反复实验了几次，其结果仍然如此，由此我们可以判定：铁钉的A端是　　　　　　极，电源D端是　　　　　　极，断开开关S后，小磁针将　　　　　　（选填“顺”或“逆”）时针旋转．（地理北极如图所示）‎ ‎　‎ ‎22．2015年12月31日凌晨2点，沈阳东北大学家属楼发生火灾造成6人死亡，两名东北大学在读博士双双遇难．楼道里的垃圾燃烧将化学能转化为　　　　　　能．消防车在加速开往现场后，消防员用高压水枪喷水灭火时，喷出的水柱上升过程中动能　　　　　　，势能　　　　　　．（选填“增大”“减小”或“不变”）生命诚可贵，大火亦无情，请大家增强消防意识．‎ ‎　‎ ‎23．能源危机日益加剧，开发和利用新能源成为当务之急．目前的核电站是利用原子　　　　　　（选填“核聚变”或“核裂变”）释放的能量工作的，该能源属于　　　　　　（选填”可“或“不可”）再生能源．‎ ‎　‎ ‎　‎ 三、作图题（本题共3小题，共9分）‎ ‎24．在图中标出物距并画出图中所示的两条光线经过凸透镜之后的光线．‎ ‎　‎ ‎25．如图所示，一个足球静止在水平地面上，请画出它受力的示意图．‎ ‎　‎ ‎26．如图甲所示，是小明常用的一个插线板．他在使用中发现：插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电．根据上述现象，在图乙中画出插线板中开关、指示灯和插孔的连接方式，并与电源线接通．‎ ‎　‎ ‎　‎ 四、简答题 ‎27．如图是结合《校车安全管理条例》和“大鼻子”校车所画出的简图．校车应用了许多物理知识，请你结合所学的物理知识做出解释．‎ ‎（1）为什么要配安全带？‎ ‎（2）座椅为什么做得大而软？‎ ‎　‎ ‎　‎ 五、计算题 ‎28．如图是一款新研发的微型机器人，它可拖动比自身重大很多的物体．机器人质量是1.2×10﹣2kg，它静止在水平地面上时，与地面的接触面积是1×10﹣4m2．求：‎ ‎（1）它受到的重力是多少？（g取10N/kg）‎ ‎（2）静止时，它对水平地面的压强是多少？‎ ‎（3）若它用120N的水平拉力在10s内匀速拖动重物前进1m，则拉力的功率是多少？‎ ‎　‎ ‎29．图甲所示是我市某家用电辅热式平板太阳能热水器，其电加热的额定功率为1500W，图乙是其储水箱水位探测电路原理图，其中电源电压为24V，A为水位指示表（由量程为0﹣0.6A电流表改成），R0阻值为10Ω，R1为压敏电阻，其阻值与储水箱水深的关系如图丙所示．‎ ‎（1）热水器正常加热时，电热丝电阻多大？（结果保留一位小数）‎ ‎（2）阴雨天，将储水箱中50kg、30℃的水加热到50℃，正常通电要多长时间？[设电热全部被水箱中的水吸收且水无热损失，c水=4.2×103J/（kg•℃）]‎ ‎（3）当水位指示表指示储水箱深为0.2m时，探测电路中的电流多大？‎ ‎　‎ ‎　‎ 六、实验探究题（共36分）‎ ‎30．为了验证光的反射定律，小利同学将一块平面镜放在水平桌面上，再把一块硬纸板垂直放在平面镜上．‎ ‎（1）实验时让光贴着纸板入射是为了：　　　　　　．‎ ‎（2）实验中把纸板将右侧纸板沿ON向后折，　　　　　　（填“能”或“不能”）在纸板上看到反射光线，这说明　　　　　　；‎ ‎（3）要想取得好的实验效果，实验最好在　　　　　　（填“较亮”或“较暗”）的环境中进行，实验中所用的玻璃板越　　　　　　（填“厚”或“薄”）越好；‎ ‎（4）有一次实验中，发现无论如何都没能找到像的位置，其原因是　　　　　　．‎ ‎　‎ ‎31．在探究“冰的熔化”和“水的沸腾”实验中，小明用了下面两组实验装置（如图甲、乙所示），根据实验数据绘出了水沸腾时的温度﹣时间关系图象（如图丙所示）．‎ ‎（1）为探究“水的沸腾”实验，他应选择的装置是　　　　　　．‎ ‎（2）请你找出丙图中　　　　　　段图象是错误的，水沸腾时的温度如乙图所示　　　　　　℃，水沸腾时的特点是　　　　　　．‎ ‎（3）若探究“冰的熔化”实验中，小明发现冰熔化过快，应采取的操作是　　　　　　．‎ ‎（4）比较两个实验装置，图乙所示的烧杯中水的质量较少，这样设计的好处是　　　　　　．‎ ‎　‎ ‎32．在进行“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，同学们提出了如下的猜想：‎ A：可能与物体浸没在液体中的深度有关；‎ B：可能与物体的密度有关；‎ C：可能与液体的密度有关；‎ D：可能与物体浸在液体中的体积有关．‎ 为了验证上述猜想，小明选用了物块甲和乙（甲和乙的体积相等但密度不同）、弹簧测力计、一杯水、一杯盐水、细绳等器材，做了如图所示的实验．‎ ‎（1）分析比较实验①⑤，可以知道甲浸没在水中时所受到的浮力是　　　　　　N；‎ ‎（2）分析比较实验①④⑤，可以验证猜想　　　　　　是错误的；‎ ‎（3）分析比较实验①⑤与②⑥，可以验证猜想　　　　　　是错误的；‎ ‎（4）分析比较实验　　　　　　，可以验证猜想D是正确的．‎ ‎（5）分析比较实验　　　　　　可得：浸在液体中的物体所受的浮力的大小与液体的密度有关．‎ ‎（6）综合以上分析，得出最后的实验结论是：浸在液体中的物体所受浮力的大小与　　　　　　有关．‎ ‎（7）在进行实验⑥⑦过程中，也运用了控制变量法，保持了　　　　　　不变，进行探究、验证．‎ ‎　‎ ‎33．我国石油储量丰富，为了测量某油井所产石油的密度，小刚和小丽收集了该井所产石油样品进行了如下测量（常温下石油为粘稠的液态）‎ 小刚的实验：‎ ‎（1）将天平放在水平台上，调节好天平平衡．先用天平称出空烧杯的质量为31.2g．然后将石油样品倒入烧杯，放在调节好的天平左盘上称量，当天平重新平衡时，右盘中的砝码和游码的位置如图甲所示，则烧杯和石油样品的质量为　　　　　　g．‎ ‎（2）将烧杯中的石油倒入量筒，其示数如图乙所示，石油的体积为　　　　　　cm3．‎ ‎（3）根据测量的数据，求得所测石油的密度为　　　　　　g/cm3．‎ ‎（4）联想到某起石油泄漏事故中石油漂浮在水面上的情景，小刚发现自已测量的石油密度值偏大，你认为该实验方案造成测量结果偏大的原因是　　　　　　．‎ 小丽在实验时发现量筒刻度不清，于是利用烧杯、水、天平也测出了石油的密度．请你把下列步骤补充完整，并写出石油密度的表达式．‎ ‎（1）用天平称出　　　　　　的质量m1；‎ ‎（2）在烧杯里装满水，称出烧杯和水的总质量为m2；‎ ‎（3）将烧杯中的水倒净并擦干烧杯，　　　　　　，称出总质量为m3；‎ ‎（4）石油密度表达式为　　　　　　．‎ ‎　‎ ‎34．在测量小灯泡电功率的实验中，实验室所提供的器材有：电源（电压恒为6V），额定电压为2.5V，电阻约为10Ω的小灯泡，电流表、电压表、开关各一个，导线若干，滑动变阻器规格有“10Ω、1A”“50Ω、1.5A”两个．‎ ‎（1）图甲是小壮连接的部分实物图，请你用笔画线代替导线，将实物图连接完整．要求滑片向右滑灯变亮．‎ ‎（2）检查电路连接无误后，将滑动变阻器的滑片置于　　　　　　端（选填“A或B”），闭合开关后，小壮立即发现小灯泡发光过亮不能进行实验，为了完成实验，接下来他的操作是：　　　　　　．‎ ‎（3）小壮改正错误后，闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，记下各组对应的电压表和电流表的示数，并绘制如图乙所示的I﹣U图象，根据图象可知小灯泡的额定功率是　　　　　　W；图中曲线反映灯丝的电阻是变化的，说明：　　　　　　．‎ ‎（4）实验中，某同学的小灯泡先由暗变亮，然后发出耀眼的光后被烧坏．为了避免灯丝烧断，请你提出在调节滑动变阻器的过程中应注意的事项：　　　　　　．‎ ‎（5）另一个同学小力想测额定电压为3.8V的小灯泡正常发光的电阻，可是发现电流表坏了，老师又给他一个已知电阻R，他设计了如图丙所示的电路，测出了小灯泡正常发光时的电阻，请帮他将步骤补充完整：‎ ‎①断开S1，闭合S2，移动滑动变阻器的滑片，　　　　　　；‎ ‎②断开S2，闭合S1，　　　　　　，读出电压表的示数为U；‎ ‎③则小灯泡正常发光时电阻R1=　　　　　　．‎ ‎　‎ ‎　‎ ‎2016年辽宁省抚顺市、本溪市、铁岭市中考物理质检试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（本题共12小题，共28分，1-8小题为单项选择题，每题2分，9-12题为多项选择题，每题3分，多项选择题漏选得2分，错选不得分，请将正确答案填入答题卡中）‎ ‎1．对下列物理量的估测中，你认为最接近实际的是（　　）‎ A．光在真空中传播速度约为340m/s B．教室课桌的高度约0.8m C．铁岭地区6月份的平均气温约50℃‎ D．一节干电池的电压是2V ‎【考点】光的传播速度与光年；温度；长度的估测；电压．‎ ‎【专题】定性思想；推理法；估算综合应用题．‎ ‎【分析】（1）光在真空中的传播速度是宇宙中最快的速度，为3×108m/s；‎ ‎（2）课桌的长度差不多是学生的身高的一半；‎ ‎（3）铁岭六月平均温度是17℃～27℃；‎ ‎（4）一节干电池的电压是1.5V ‎【解答】解：A、光在真空中的传播速度为3×108m/s，该选项说法不正确；‎ B、普通课桌的高度约为80cm=0.8m左右，该选项说法正确；‎ C、铁岭六月平均温度是17℃～27℃，该选项说法不正确；‎ D、一节干电池的电压是1.5V，该选项说法不正确．‎ 故选B．‎ ‎【点评】本题考查了学生对生活实际中物体物理量的大约数值了解情况，与学生生活联系密切，尤其是常见的光速、长度、温度、电压等数值要熟记．‎ ‎　‎ ‎2．如图所示，在下列光现象中，说法正确的是（　　）‎ A．‎ 日食是光的直 线传播形成的 B．‎ 黑板右端反光是由于光的漫反射形成的 C．‎ 雨后彩虹是由于光的反射而形成的 D．‎ 照相机形成的像是倒立、缩小的虚像 ‎【考点】光直线传播的应用；镜面反射；光的色散；凸透镜成像的应用．‎ ‎【专题】光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散．‎ ‎【分析】（1）光在同种均匀介质中沿直线传播，日食、月食、影子都是光的直线传播形成．‎ ‎（2）反射分镜面反射和漫反射，镜面反射是平行入射的光线经反射面以后还能平行反射，镜面反射的反射面的平而光滑的；漫反射是平行入射的光线经反射面以后不能平行反射，而是射向四面八方，漫反射的反射面是凹凸不平的．‎ ‎（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的．‎ ‎（4）物体位于凸透镜的二倍焦距以外时，成倒立、缩小的实像．‎ ‎【解答】解：A、日食是光的直线传播形成的，故A正确；‎ B、黑板右端反光是由于光的镜面反射形成的，故B错误；‎ C、彩虹是光的色散现象，属于光的折射，故C错误；‎ D、照相机的镜头相当于一个凸透镜，照相机底片上形成一个倒立、缩小的实像，故D错误．‎ 故选A．‎ ‎【点评】本题考查了几种光现象，与学生生活联系密切，注重了理论联系实际的考查，平时要多观察多思考．‎ ‎　‎ ‎3．如图所示四个实例中，与“雾凇”形成的物态变化相同的是（　　）‎ A．‎ 山间的“云海” ‎ B．‎ 瓜叶上的“霜降”‎ C．‎ 花草上的“露珠” ‎ D．‎ 江河的冰雪“消融”‎ ‎【考点】液化及液化现象．‎ ‎【专题】汽化和液化、升华和凝华．‎ ‎【分析】（1）判断物态变化现象首先要知道各种物态变化的定义，然后看物体是由什么状态变为了什么状态，从而得出结论；‎ ‎（2）物质由气态放热直接变成固态的过程叫凝华，选项中哪个生成物是固态，再看是否由气态形成，即可得出正确答案．‎ ‎【解答】解：‎ 冬天，空气中的水蒸气骤然遇冷直接变成小冰晶附着在花草树木上，就是雾凇，属于凝华现象．‎ A、山间的“云海”，“云”是水蒸气液化形成的小水滴，属于液化现象，故A不符合题意；‎ B、瓜叶上的“霜”属于凝华现象，故B符合题意；‎ C、花草上的“露珠”，“露”水蒸气液化形成的小水珠，属于液化现象，故C不符合题意；‎ D、江河的冰雪“消融”属于熔化现象，故D不符合题意．‎ 故选B．‎ ‎【点评】此题考查的是我们生活中的物态变化现象，看物体由什么状态变为了什么状态，根据物态变化的定义来判断．‎ ‎　‎ ‎4．小李坐在船上出去游玩，下面分析正确的是（　　）‎ A．船前进时，以水为参照物小李是静止的 B．使船前进的施力物体是桨 C．船桨向后划水船会前进，是因为物体间力的作用是相互的 D．小李对船的压力和船对小李的支持力是一对平衡力 ‎【考点】平衡力的辨别；运动和静止的相对性；力作用的相互性．‎ ‎【专题】应用题；运动和力．‎ ‎【分析】（1）物体的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化．如果变化则是运动的，如果没变化则是静止的．‎ ‎（2）（3）力是物体对物体的作用，当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的．‎ ‎（4）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上．‎ ‎【解答】解：A、以不为参照物，小李和水之间的位置发生了变化，所以小李是运动的；故A错误；‎ BC、小李用桨向后划水给水一向后的作用力，根据物体间力的作用是相互的，水就给浆一向前的力，使船前进，这个力的施力物体是水；故B错误、C正确；‎ D、小李对船的压力和船对小明的支持力，大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上，是一对相互作用力，不是平衡力，故D错误．‎ 故选C．‎ ‎【点评】本题考查了运动和静止的相对性、力作用的相互性及平衡力的判断，都是基础知识，难度不大，但涉及到的知识点较多，综合性较强，考查了学生运用所学知识解决问题的能力．‎ ‎　‎ ‎5．体育课上，小明匀速爬杆，小宁匀速爬绳，有关他们受到的摩擦力，下列说法中正确的是（　　）‎ A．因为爬杆时手握杆的力大，所以小明受到的摩擦力一定大 B．因为爬绳时绳子粗糙，所以小宁受到的摩擦力一定大 C．小明和小宁受到的摩擦力一定不相等 D．若小明的体重大，则小明受到的摩擦力一定大 ‎【考点】二力平衡条件的应用．‎ ‎【专题】运动和力．‎ ‎【分析】由于小明和小宁同学以相同姿势分别沿着杆和绳匀速向上爬，那么在竖直方向受到平衡力的作用：即重力和摩擦力是一对平衡力，故根据二力平衡的条件，进行判断即可．‎ ‎【解答】解：ABC、由于小明所受的摩擦力等于其自身的重力，小宁所受的摩擦力也等于自身的重力，所以，在不知道他们重力的情况下，无法比较他们那个所受的摩擦力大，故ABC错误；‎ D、据上面的知识可知，若是小明的体重大时，小明所受的摩擦力一定大，D正确．‎ 故选D．‎ ‎【点评】此题主要考查了二力平衡的条件，其中重要的是要注意到两次都是匀速上爬，利用二力平衡的条件，摩擦力与重力都是相等的．‎ ‎　‎ ‎6．如图是吊车起吊货物的结构示意图，伸缩撑杆为圆弧状，工作时它对吊臂的支持力始终与吊臂垂直，使吊臂绕O点缓慢转动，从而将货物提起．下列说法正确的是（　　）‎ A．吊臂是一省力杠杆，但要费距离 B．吊臂是一个费力杠杆，但可以省功 C．匀速顶起吊臂的过程中，伸缩撑杆支持力的力臂变小 D．匀速顶起吊臂的过程中，伸缩撑杆支持力渐渐变小 ‎【考点】杠杆的平衡分析法及其应用；杠杆的分类．‎ ‎【专题】简单机械．‎ ‎【分析】根据杠杆平衡条件，F1×l1=F2×l2，根据动力臂和阻力臂的关系分析是省力杠杆、等臂杠杆、费力杠杆．‎ 根据匀速吊起货物时，阻力不变，阻力臂变化，动力臂不变，再次利用杠杆平衡条件进行判断支持力的大小变化．‎ ‎【解答】解：‎ A、如图画出动力臂和阻力臂，动力臂L1小于阻力臂L2，根据杠杆平衡条件，动力大于阻力，吊臂是费力杠杆．故A错误；‎ B、吊臂是费力杠杆，费力但可以省距离，但不省功，故B错；‎ CD、由题知，吊车工作时它对吊臂的支持力始终与吊臂垂直，动力臂不变，阻力不变，阻力臂减小，根据F1×l1=F2×l2可知动力减小，所以伸缩撑杆的支持力逐渐变小．故C错、D正确．‎ 故选D．‎ ‎【点评】正确确定动力、动力臂、阻力、阻力臂是解决本题的关键，吊车吊起货物时，确定变化量和不变量，根据杠杆平衡条件解决问题 ‎　‎ ‎7．如图是与家庭电路有关的四个情景，做法正确的是（　　）‎ A．‎ 电线上晾衣服 ‎ B．‎ 多个用电器同时工作 C．‎ 机壳没有接地 ‎ D．‎ 用绝缘棒挑开电源 ‎【考点】安全用电原则．‎ ‎【分析】日常生活中要注意安全用电．此题是理论联系实际的一道试题．同学在日常生活中要多观察，多思考．安全用电原则：（1）不接触低压带电体，不靠近高压带电体．（2）生活用水是导体．（3）金属外壳的用电器一定要接地．‎ ‎【解答】解：A、在电线上晾衣服容易发生触电事故，故A选项不正确 B、多个用电器同时工作会使干路中的电流变大，故此时可能超过电路的负荷而发生危险．故B选项不正确 C、当有金属外壳的用电器火线漏电时，可能会造成触电事故的发生，故机壳接地会安全一些 D、用绝缘棒挑开电源，此说法正确 故选D ‎【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，学好电、用好电！‎ ‎　‎ ‎8．楼道里，夜间只是偶尔有人经过，电灯总是亮着会浪费电能．科研人员利用光敏材料制成“光控开关”，天黑时自动闭合，天亮时自动断开．利用声敏材料制成“声控开关”，当有人走动发出声音时，自动闭合；无人走动时，自动断开．若将这两种开关配合使用（如图），就可以使楼道灯变得“智能化”，这种“智能”电路正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】串、并联电路的设计．‎ ‎【专题】电流和电路．‎ ‎【分析】（1）电路中开关控制用电器时，开关和用电器是串联的；‎ ‎（2）光控开关和声控开关同时控制一盏灯，同时符合光暗到一定程度，而且有一定的声音时电灯才发光，两个开关和灯泡应该是串联的．‎ ‎【解答】解：光控开关、声控开关和电灯是串联的，光控开关、声控开关同时闭合时电路形成通路，电灯发光．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】（1）开关控制用电器时开关和用电器是串联的，用电器和用电器之间是并联的．‎ ‎（2）根据实际需要学会设计串联电路和并联电路．‎ ‎　‎ ‎9．如图所示实验现象所揭示的物理原理、规律与对应的实用技术的原理、规律相符的是（　　）‎ A．‎ 照相机 ‎ B．‎ 电磁起重机 ‎ C．‎ 电动机 ‎ D．‎ 发电机 ‎【考点】凸透镜成像规律及其探究实验；通电直导线周围的磁场；直流电动机的原理；电磁感应．‎ ‎【专题】应用题；信息给予题．‎ ‎【分析】（1）凸透镜成像时，u＜f，成正立、放大的虚像，物像在凸透镜的同侧，应用于放大镜和老花镜．‎ ‎（2）电流周围存在着磁场，根据电流周围存在磁场制成电磁铁，应用于电磁起重机．‎ ‎（3）通电导体在磁场中受力而运动，应用于电动机．‎ ‎（4）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流，这种现象是电磁感应现象，应用于发电机．‎ ‎【解答】解：A、如图，物像在凸透镜的同侧，凸透镜成正立、放大的虚像，应用于放大镜或老花镜．不符合题意．‎ B、电磁铁根据通电导体周围存在磁场制成的，电磁起重利用电磁铁制成的．符合题意．‎ C、电动机是根据通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的．符合题意．‎ D、发电机是根据电磁感应原理制成的．符合题意．‎ 故选B、C、D．‎ ‎【点评】奥斯特实验、电动机原理图、发电机原理图、电磁铁原理图，在中考试题中出现的频率很高，要熟练掌握．‎ ‎　‎ ‎10．如图所示，用滑轮组提升重物时，重800N的物体在10s内匀速上升了1m，已知拉绳子的力F为500N，不计绳重和摩擦，在提升重物的过程中，下列相关计算错误的是（　　）‎ A．做的有用功是800J B．拉力F的功率是80W C．绳子自由端被拉下3m D．滑轮组的机械效率是60%‎ ‎【考点】功率的计算；滑轮（组）的机械效率．‎ ‎【专题】功、功率、机械效率．‎ ‎【分析】（1）知道物体的重力和上升的高度，根据W=Gh求出有用功；‎ ‎（2）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh求出绳端移动的距离，根据W=Fs求出总功，利用P=求出拉力的功率；‎ ‎（3）根据η=×100%求出滑轮组的机械效率．‎ ‎【解答】解：A．有用功：W有用=Gh=800N×1m=800J，故A计算正确；‎ BC．由图可知n=2，则绳端移动的距离：‎ s=nh=2×1m=2m，故C计算错误；‎ 拉力F做的功：‎ W总=Fs=500N×2m=1000J，‎ 拉力F的功率：‎ P===100W，故B计算错误；‎ D．滑轮组的机械效：‎ η=×100%=×100%=80%，故D计算错误．‎ 故选BCD．‎ ‎【点评】本题考查了学生对功率的公式、机械效率公式、滑轮组s=nh、有用功、总功的理解和运用，因条件已给出，难度不大．‎ ‎　‎ ‎11．如图甲所示电路中，电源电压不变，闭合开关S，将滑片P移到某一位置时，电压表示数为6V，两块电流表指针的位置均如图乙所示，则下列说法正确的是（　　）‎ A．R1电阻是20Ω B．R2的电功率是7.2W C．若将滑片P向右移动，A1的示数将变小 D．电压表示数变大 ‎【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．‎ ‎【专题】错解分析题；欧姆定律；电能和电功率．‎ ‎【分析】由电路图可知，R1和R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流；根据并联电路的电流特点确定两块电流表指针位置相同时电流表的量程和分度值，并且读出示数求出通过R2的电流，利用欧姆定律求出R1电阻，利用P=UI求出此时R2的电功率．‎ 同时根据滑片的移动，利用欧姆定律和并联电路的特点判断电路中的相应变化．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，R1和R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流；‎ 因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A1的大于示数 电流表A1的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数I=1.5A，‎ 电流表A2的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数I1=0.3A，‎ 则通过R2的电流：‎ I2=I﹣I1=1.5A﹣0.3A=1.2A，‎ 因为并联电路中各支路两端的电压相等，‎ 所以根据欧姆定律可得：‎ R1===20Ω，故A正确；‎ 此时R2的电功率：‎ P2=UI2=6V×1.2A=7.2W，故B正确；‎ 滑片P向右移动，本支路的电阻变大，电流变小，而另一支路没有影响，所以A1示数变小，A2示数不变，故C正确；‎ 滑片P向右移动，电压表示数仍为电源电压不变，故电压表示数不变，故D错误．‎ 故选ABC．‎ ‎【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断．‎ ‎　‎ ‎12．如图所示，小灯泡规格为“6V 3.6W”（灯丝电阻不变），闭合开关，当滑动变阻器的滑片P移至a端时，电流表示数为0.6A；当滑片P移至b端时，电压表示数为4V，则（　　）‎ A．小灯泡灯丝电阻是10Ω B．电源电压是10V C．滑动变阻器最大阻值是10Ω D．滑片P位于b端时，滑动变阻器消耗的功率是0.8W ‎【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．‎ ‎【专题】欧姆定律；电能和电功率．‎ ‎【分析】（1）知道小灯泡规格“6V 3.6W”可以求出灯丝电阻；‎ ‎（2）当滑片P移至a端时，电路中只有灯L，知道电路中的电流，利用欧姆定律求灯两端的电压（电源电压）；‎ ‎（3）当滑片P移至b端时，滑动变阻器电阻全连入，灯和滑动变阻器串联，又知道滑动变阻器两端的电压，利用串联电路的分压关系求滑动变阻器最大阻值；利用电功率的公式求此时滑动变阻器消耗的功率．‎ ‎【解答】解：A、由P=可知，灯泡的电阻：RL===10Ω，故A正确；‎ B、当滑动变阻器的滑片P移至a端时，电路为灯泡的简单电路，电源的电压：U=IRL=0.6A×10Ω=6V，故B错误；‎ C、当滑片P移至b端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，‎ 灯泡两端的电压：UL=U﹣U滑=6V﹣4V=2V，电路中的电流：I′===0.2A，滑动变阻器的最大阻值：R滑===20Ω，故C正确；‎ D、由C可知，当滑片P移至b端时，电流表示数为0.2WA，滑动变阻器消耗的功率：P=U滑I′=4V×0.2A=0.8W，故D正确；‎ 故选AD．‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，分清滑片处于a端和b端时电路的连接是关键．‎ ‎　‎ 二、填空题（本题26分，每空1分）‎ ‎13．经常看中央电视台“新闻联播”节目的观众，只需听声音就知道是谁在播音，这是观众根据声音的　音色　进行判断的；大多数人能听到的声音的频率范围是　20　Hz～20000Hz：靠近居民区的高速公路两旁一般都安装有隔音墙，这是在声音　传播过程中　减弱噪声．‎ ‎【考点】防治噪声的途径；人耳感知声音的过程及听到声音的条件；音色．‎ ‎【专题】应用题；声现象．‎ ‎【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关．‎ ‎（2）人耳朵能听到的频率范围是20Hz～20000Hz之间；‎ ‎（3）减弱噪声的途径有三个，即在声源处减弱噪声，在人耳处减弱噪声，在传播过程中减弱噪声．‎ ‎【解答】解：音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关，故经常看中央电视台“新闻联播”节目的观众，只需听声音就知道是谁在播音，这是根据音色判断的；同时据课本可知，大多数人能听到的声音的频率范围是20Hz～20000Hz之间，低于20Hz的是次声波，高于20000Hz的是超声波；靠近居民区的高速公路两旁一般都安装有隔音墙，这是在声音传播过程中减弱噪声；‎ 故答案为：音色；20；传播过程．‎ ‎【点评】该题考查了声音的特性的理解、人耳朵听到频率范围的判断和减弱噪声的三个途径的应用．‎ ‎　‎ ‎14．在生活中，我们有时因为生病需要输液．如图所示是输液示意图，药瓶瓶口插有两根管子，其中C管的作用是利用　大气压　使药液从A管中顺利流出．若要提高输注速度，除了调节调节器外，还有一个简便的方法就是　降低手的高度　．‎ ‎【考点】大气压强的存在．‎ ‎【专题】气体的压强、流体压强与流速的关系．‎ ‎【分析】根据大气压的作用以及液体压强随深度（这里是高度）的增加而增大，可调整压强的大小．‎ ‎【解答】解：因为输液时，如果没有C管，外部压强大于瓶内压强时，液体就无法输入到人体中，所以C管是利用大气压使药液从A管顺利流出的；‎ 为了使药液顺利流入人体内，可以提高药瓶的高度，即增大液体对人体的压强，也可以降低手的高度．‎ 故答案为：大气压；降低手的高度．‎ ‎【点评】运用物理知识解释生活中的现象，学以致用，有利于理解所学知识，有利于培养学生分析问题解决问题的能力．‎ ‎　‎ ‎15．在内燃机的“吸气”、“压缩”、“做功”、“排气”四个冲程中，将内能转化为机械能的是　做功　冲程；常用水来给内燃机降温，是因为水的　比热容　比较大．‎ ‎【考点】内燃机的四个冲程；水的比热容的特点及应用．‎ ‎【专题】比热容、热机、热值．‎ ‎【分析】（1）内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，将机械能转化为内能的是压缩冲程，将内能转化为机械能的是做功冲程；压缩冲程和做功冲程都是通过做功的方式改变内能的．‎ ‎（2）水的比热容最大，与其它物质相比，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量最多．‎ ‎【解答】解：‎ 内燃机的四个冲程是吸气、压缩、做功、排气冲程，压缩冲程活塞向上运动，压缩气体对气体做功，将机械能转化为内能；做功冲程高温高压燃气推动活塞向下运动，将内能转化为机械能． ‎ 内燃机工作过程中会产生大量的热，需要及时散去．与其它液体相比较，水的比热容最大，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量最多，制冷效果最好．‎ 故答案为：做功；比热容．‎ ‎【点评】此题主要考查了四个冲程中的能量转化情况、水的比热容最大的应用，在压缩冲程与做功冲程发生了能量的转化，转化情况正好相反．‎ ‎　‎ ‎16．走近加油站，会闻到一股汽油味，这是因为汽油分子在　不停地做无规则运动　；完全燃烧10g汽油可以放出　4.6×105　J的热量（汽油的热值为4.6×107J/kg）；汽油机是把内能转化为　机械　能的动力设备．‎ ‎【考点】热量的计算；热机；分子的运动．‎ ‎【专题】简答题；分子热运动、内能；比热容、热机、热值．‎ ‎【分析】（1）两种不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散现象；‎ ‎（2）根据质量和热值利用Q放=mq计算完全燃烧燃料放出的热量．‎ ‎（3）在内燃机的四个冲程中做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；热机是将内能转化为机械能的机器．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）走近加油站时，闻到汽油味，这是因为汽油分子在不停地做无规则运动，是属于扩散现象；‎ ‎（2）汽油完全燃烧时放出的热量：‎ Q放=mq=0.01kg×4.6×107J/kg=4.6×105J；‎ ‎（3）热机是将内能转化为机械能的机器．‎ 故答案为：不停地做无规则运动；4.6×105；机械．‎ ‎【点评】本题考查扩散现象、热量的计算以及热机的工作原理，是一道基础性题目．‎ ‎　‎ ‎17．教室里装有12盏日光灯，这些灯是　并联　（串联/并联）的，控制开关接在　火线　（火线/零线）上．若每盏灯都标有“220V 40W”字样，12盏灯正常工作10h，消耗的电能为　4.8　kW•h．‎ ‎【考点】串联电路和并联电路的辨别；电功的计算．‎ ‎【专题】应用题．‎ ‎【分析】教室电路中，各个日光灯的连接方式根据它们的工作特点即可判断，开关必须与控制的日光灯串联，从安全用电的原则分析开关接在火线上的原因；消耗的电能从铭牌中可得出额定功率，由W=Pt计算即可．‎ ‎【解答】解：由于教室中的电灯的额定电压是相同的，都是220V，要想都正常工作，且不能相互影响，所以就必须是并联连接．只有开关接在火线与电灯之间，当开关断开时，电路中不但没有电流通过，而且电灯与火线断开连接，防止人触及灯泡与火线构成通路，发生触电事故．所以控制开关应该接在火线上．‎ ‎12盏灯的总功率P=40W×12=480W=0.48kW，时间t=10h ‎∴W=Pt=0.48kW×10h=4.8kWh．‎ 故答案为：并联；火；4.8．‎ ‎【点评】掌握教室里的日光灯、开关的接法，主要知道控制开关接在火线上的原因．同时还考查电功率的计算．‎ ‎　‎ ‎18．小明质量为50kg，周末他去游泳馆游泳，当他套着游泳圈在3m深水区休息时（游泳圈的重量忽略不计），他所受的浮力为　500　N，此时由于不小心，手牌滑落沉到池底，则手牌受到的压强为　3×104　Pa，然后他去掉游泳圈，潜入水中捞手牌，捞到手牌后，若他受到的浮力小于500N，若不做任何动作，他将在水中　下沉　（选填“上浮”、“悬浮”或“下沉”）．‎ ‎【考点】物体的浮沉条件及其应用；液体的压强的计算．‎ ‎【专题】计算题；压强和浮力．‎ ‎【分析】（1）小明漂浮时，受到的浮力等于其重力，F浮=G=mg；‎ ‎（2）根据p=ρgh得出手牌受到的压强；‎ ‎（3）若浮力小于重力，则物体将下沉．‎ ‎【解答】解：小明的重力G=mg=50kg×10N/kg=500N；‎ 手牌受到的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×3m=3×104Pa；‎ 若他受到的浮力小于500N，浮力小于重力，小明将下沉．‎ 故答案为：500；3×104；下沉．‎ ‎【点评】本题主要考查了物体浮沉条件的应用及液体压强的计算，物体的浮沉取决于浮力和重力的关系．‎ ‎　‎ ‎19．在甲所示的电路中，闭合开关S后，电压表的示数为2V，两个电流表的指针指在图乙所示的同一位置．则电灯L1中的电流I1=　0.2　A，电灯L1电阻为　10　Ω，电灯L2的电流为I2=　0.8　A，电灯L1消耗的电功率P1与L2消耗的电功率P2之比　1：4　．‎ ‎【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．‎ ‎【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率．‎ ‎【分析】由电路图可知，L1与L2并联，电压表测电源的电压，两电流表分别测L1支路的电流和干路电流，根据并联电路的电流特点结合两个电流表指针的位置相同确定量程，并根据分度值读出示数，进一步求出L2中的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电灯L1电阻，根据P=UI求出两电灯消耗的电功率之比．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，L1与L2并联，电压表测电源的电压，两电流表分别测L1支路的电流和干路电流，‎ 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两个电流表指针的位置相同，‎ 所以，L1支路电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，通过电灯L1的电流I1=0.2A，‎ 干路电流表的量程为0～3A，分度值为0.1A，干路电流I=1A，‎ 则L2中的电流：‎ I2=I﹣I1=1A﹣0.2A=0.8A，‎ 由I=可得，电灯L1电阻：‎ R1===10Ω，‎ 电灯L1消耗的电功率P1与L2消耗的电功率P2之比：‎ ‎====．‎ 故答案为：0.2； 10； 0.8； 1：4．‎ ‎【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用以及电流表的读数，会确定两电流表的量程和分度值是解题的关键．‎ ‎　‎ ‎20．如图，甲、乙两透明密闭容器中都有一段电阻丝，内有质量相等的空气，U形管中液面高度的变化可以反映密闭容器中空气温度的变化．此实验是为了研究电流产生的热量与　电阻　的关系，将此装置接到电源两端，通电一段时间，电流在　乙　容器中产生的热量较多．‎ ‎【考点】焦耳定律．‎ ‎【专题】电和热综合题．‎ ‎【分析】分析图示装置中电阻的连接方式，结合实验控制的变量分析答题．‎ ‎【解答】解：由图示实验可知，两阻值不同的电阻丝串联，通过电阻丝的电流与通电时间相等而电阻阻值不同，此装置可以探究：电流产生的热量与电阻的关系；由于乙中的电阻丝阻值较大，将此装置接到电源两端，通电一段时间，电流在乙容器中产生的热量较多．‎ 故答案为：电阻；乙．‎ ‎【点评】本题考查了实验现象分析，应用控制变量法分析清楚图示实验情景即可正确解题．‎ ‎　‎ ‎21．小明在一次偶然中发现，在如图所示的电路中合上开关后，铁钉旁边的小磁针静止时N极指向铁钉的B端，小明又反复实验了几次，其结果仍然如此，由此我们可以判定：铁钉的A端是　N　‎ 极，电源D端是　负　极，断开开关S后，小磁针将　顺　（选填“顺”或“逆”）时针旋转．（地理北极如图所示）‎ ‎【考点】通电螺线管的磁场．‎ ‎【专题】图析法；磁现象、电生磁．‎ ‎【分析】根据磁极间的相互作用，可以判断靠近小磁针一极的极性，再利用安培定则可判断出电流的流向，这样电源的极性也就可以确定了．由磁极间的相互作用可知小磁针的转动方向．‎ ‎【解答】解：因为异名磁性相互吸引，所以A端为小磁铁的N（北）极；根据安培定则，用右手握住电磁铁，使拇指指向N极，其余四指环绕的方向就是电流的方向，据此可看出，C端为电源的正极，D端为电源的负极．‎ 地理北极正好是地磁的南极，断开开关S后，铁钉失去磁性，小磁针将顺时针旋转．‎ 故答案为：N；负；顺．‎ ‎【点评】此题中考查了磁极间的相互作用特点，这是最基础的，重点还是对安培定则（右手螺旋定则）的运用，这也是我们在学习通电螺线管时经常用到的．‎ ‎　‎ ‎22．2015年12月31日凌晨2点，沈阳东北大学家属楼发生火灾造成6人死亡，两名东北大学在读博士双双遇难．楼道里的垃圾燃烧将化学能转化为　内　能．消防车在加速开往现场后，消防员用高压水枪喷水灭火时，喷出的水柱上升过程中动能　减小　，势能　增加　．（选填“增大”“减小”或“不变”）生命诚可贵，大火亦无情，请大家增强消防意识．‎ ‎【考点】能量的相互转化；动能和势能的大小变化．‎ ‎【专题】应用题；机械能及其转化．‎ ‎【分析】燃料燃烧的过程是将化学能转化为内能的过程；影响动能大小的因素是质量和速度，影响重力势能大小的因素是质量和高度．‎ ‎【解答】解：楼道里的垃圾燃烧将化学能转化为内能．‎ 喷出的水柱上升过程中质量不变，速度减小，所以动能减小，同时高度增大，势能增加．‎ 故答案为：内；减小；增加．‎ ‎【点评】本题主要考查了能量转化的判断，以及动能、势能的影响因素，属基础题，难度不大．‎ ‎　‎ ‎23．能源危机日益加剧，开发和利用新能源成为当务之急．目前的核电站是利用原子　核裂变　（选填“核聚变”或“核裂变”）释放的能量工作的，该能源属于　不可　（选填”可“或“不可”）再生能源．‎ ‎【考点】核电站发电过程中的能量转化．‎ ‎【专题】能源的利用与发展．‎ ‎【分析】（1）核裂变和核聚变都能释放能量，对于核裂变是可控的，如核电站的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量；‎ ‎（2）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源．化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源．‎ ‎【解答】解：核电站是利用原子核发生裂变释放能量来发电的，核能属于不可再生能源．‎ 故答案为：核裂变；不可．‎ ‎【点评】核能分为裂变和聚变两种，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上．‎ ‎　‎ 三、作图题（本题共3小题，共9分）‎ ‎24．在图中标出物距并画出图中所示的两条光线经过凸透镜之后的光线．‎ ‎【考点】透镜的光路图．‎ ‎【专题】作图题；透镜及其应用．‎ ‎【分析】（1）物距是物体到凸透镜的距离；‎ ‎（2）要正确作出图中两条入射光线的折射光线，必须知道凸透镜的三条特殊光线：过焦点的光线、平行于主光轴的光线、过光心的光线经凸透镜折射后如何传播．‎ ‎【解答】解：（1）物距是物体到凸透镜的距离；即印有喜洋洋图案的胶片到凸透镜的距离；‎ ‎（2）过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线折射后平行于主光轴；如图所示．‎ ‎【点评】本题主要考查凸透镜的三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线折射后平行于主光轴；平行于主光轴的光线折射后过焦点．‎ ‎　‎ ‎25．如图所示，一个足球静止在水平地面上，请画出它受力的示意图．‎ ‎【考点】力的示意图．‎ ‎【专题】重力、弹力、摩擦力．‎ ‎【分析】足球静止在水平地面上，所以受到重力G和地面对它的支持力F支的作用，这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心．‎ ‎【解答】解：足球静止在水平地面上，只受重力和支持力的作用；然后过重心沿竖直向下的方向和竖直向上的方向表示出重力和支持力．因为这两个力是一对平衡力，所以作图时两条线段长度要相等．如图所示：‎ ‎【点评】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力．‎ ‎　‎ ‎26．如图甲所示，是小明常用的一个插线板．他在使用中发现：插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电．根据上述现象，在图乙中画出插线板中开关、指示灯和插孔的连接方式，并与电源线接通．‎ ‎【考点】家庭电路的连接；串、并联电路的设计．‎ ‎【专题】作图题；压轴题．‎ ‎【分析】干路开关控制所有的用电器．并联电路各用电器之间互不影响，串联电路的用电器互相影响．‎ ‎【解答】解：（1）插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制灯泡和插座，灯泡和插座之间可能是串联，也可能是并联，如果两者并联，开关应该在干路上；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电．说明灯泡和插座之间是并联的．‎ ‎（2）开关接在灯泡、插座和火线之间控制火线使用更安全．‎ 故答案为：‎ ‎【点评】（1）根据用电器之间是否相互影响是判断用电器串联和并联的方法之一．‎ ‎（2）家庭电路中，开关控制用电器，开关一定接在用电器和火线之间，既能控制用电器，又能保证使用安全．‎ ‎　‎ 四、简答题 ‎27．如图是结合《校车安全管理条例》和“大鼻子”校车所画出的简图．校车应用了许多物理知识，请你结合所学的物理知识做出解释．‎ ‎（1）为什么要配安全带？‎ ‎（2）座椅为什么做得大而软？‎ ‎【考点】惯性；减小压强的方法及其应用．‎ ‎【专题】应用题；控制变量法；运动和力；压强、液体的压强．‎ ‎【分析】（1）惯性是物体本身具有的一种属性，是指物体保持静止状态或匀速直线运动状态的性质，任何物体都具有惯性，为了避免由于惯性造成一些交通事故，校车做出了相关规定．‎ ‎（2）减小压强的方法：在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强．‎ ‎【解答】答：（1）指导学生安全落座、系好安全带、制止学生在校车行驶过程中离开座位等危险行为，是防止汽车出现意外时，由于惯性而对学生造成伤害．‎ ‎（2）座椅做得大而软，可以在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强．‎ ‎【点评】此题主要考查学生对惯性现象、增大或减小压强的方法的理解和掌握，压强及惯性现象在日常生活中十分常见，在学习中要注意细心观察，认真领会，用所学惯性知识解决相关的物理问题．‎ ‎　‎ 五、计算题 ‎28．如图是一款新研发的微型机器人，它可拖动比自身重大很多的物体．机器人质量是1.2×10﹣2kg，它静止在水平地面上时，与地面的接触面积是1×10﹣4m2．求：‎ ‎（1）它受到的重力是多少？（g取10N/kg）‎ ‎（2）静止时，它对水平地面的压强是多少？‎ ‎（3）若它用120N的水平拉力在10s内匀速拖动重物前进1m，则拉力的功率是多少？‎ ‎【考点】重力的计算；压强的大小及其计算；功率的计算．‎ ‎【专题】重力、弹力、摩擦力；压强、液体的压强；功、功率、机械效率．‎ ‎【分析】（1）知道机器人的质量，利用重力公式求其重力；‎ ‎（2）机器人对水平地面的压力等于重力，又知道受力面积，利用压强公式求机器人对地面的压强；‎ ‎（3）由W=Fs计算拉力做的功，由P=计算拉力的功率．‎ ‎【解答】解：拉力的功率 ‎（1）微型机器人的重力：‎ G=mg=1.2×10﹣2kg×10N/kg=0.12N；‎ ‎（2）机器人静止时，它对水平地面的压力F=G=0.12N，‎ 对水平地面的压强：‎ p===1200Pa；‎ ‎（3）拉力做的功：‎ W=Fs=120N×1m=120J，‎ 拉力的功率：‎ P===12W．‎ 答：（1）机器人受到的重力是0.12N；‎ ‎（2）静止时，它对水平地面的压强是1200Pa；‎ ‎（3）拉力的功率是12W．‎ ‎【点评】此题主要考查的是对重力、压强、功和功率公式的理解和掌握，知道机器人对地面的压力等于其重力是解决此题的关键．‎ ‎　‎ ‎29．图甲所示是我市某家用电辅热式平板太阳能热水器，其电加热的额定功率为1500W，图乙是其储水箱水位探测电路原理图，其中电源电压为24V，A为水位指示表（由量程为0﹣0.6A电流表改成），R0阻值为10Ω，R1为压敏电阻，其阻值与储水箱水深的关系如图丙所示．‎ ‎（1）热水器正常加热时，电热丝电阻多大？（结果保留一位小数）‎ ‎（2）阴雨天，将储水箱中50kg、30℃的水加热到50℃，正常通电要多长时间？[设电热全部被水箱中的水吸收且水无热损失，c水=4.2×103J/（kg•℃）]‎ ‎（3）当水位指示表指示储水箱深为0.2m时，探测电路中的电流多大？‎ ‎【考点】电功与热量的综合计算．‎ ‎【专题】电和热综合题．‎ ‎【分析】（1）利用R=求出电阻；‎ ‎（2）先利用水的吸热公式求出水吸收的热量，再利用P=求出加热时间；‎ ‎（3）当水位指示表指示储水箱深为0.2m，根据此时压敏电阻和定值电阻的阻值，求出总阻值，由欧姆定律可求此时的电流．‎ ‎【解答】解：（1）因为电加热时，P=1500W，U=220V，‎ 所以由P=得：R==≈32.3Ω；‎ ‎（2）水吸收的热量为：Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（50℃﹣30℃）=4.2×106J，‎ 又因为W=Q=Pt 所以t===2800s；‎ ‎（3）由丙图可知，h=0.2m时，Rx=150Ω，‎ 则探测电路中的电流为I===0.15A．‎ 答：（1）热水器正常加热时，电热丝电阻32.3Ω；‎ ‎（2）正常通电要2800s；‎ ‎（3）探测电路中的电流0.15A．‎ ‎【点评】本题综合考查了电路中的相关知识，对学生的审题能力、图象分析和计算能力等要求较高，难度较大．‎ ‎　‎ 六、实验探究题（共36分）‎ ‎30．为了验证光的反射定律，小利同学将一块平面镜放在水平桌面上，再把一块硬纸板垂直放在平面镜上．‎ ‎（1）实验时让光贴着纸板入射是为了：　显示光路　．‎ ‎（2）实验中把纸板将右侧纸板沿ON向后折，　不能　（填“能”或“不能”）在纸板上看到反射光线，这说明　反射光线、与入射光线和法线在同一平面内　；‎ ‎（3）要想取得好的实验效果，实验最好在　较暗　（填“较亮”或“较暗”）的环境中进行，实验中所用的玻璃板越　薄　（填“厚”或“薄”）越好；‎ ‎（4）有一次实验中，发现无论如何都没能找到像的位置，其原因是　玻璃板没有竖直放置　．‎ ‎【考点】光的反射定律．‎ ‎【专题】探究型实验综合题．‎ ‎【分析】（1）根据反射光线、入射光线、法线在同一平面内的特点分析；‎ ‎（2）根据入射光线、反射光线和法线的关系进行分析，使光屏不在一个平面内，观察现象，得出结论；‎ ‎（3）①物体射出的光线对人眼刺激越强，人眼感觉物体越亮，物体经过平面镜反射，反射光线进入人眼的光线越多，人眼感到物体的像越亮．在比较亮的环境中，很多物体射出光都对眼睛有刺激，干扰人的视线．‎ ‎②厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像这一角度去分析此题．‎ ‎（4）玻璃板没有放正，像不会和桌面垂直，像和物不能完全重合．‎ ‎【解答】解：（1）实验时如果不让光贴着纸板入射，则无法看见入射光线以及反射光线，就无法确定反射光线、入射光线，所以让光贴着纸板入射是为了显示光路；‎ ‎（2）沿ON将右侧纸板向后折，则在纸板上都不能看到反射光线，说明反射光线、与入射光线和法线应在同一平面内；‎ ‎（3）①在比较明亮的环境中，很多物体都在反射出光线，干扰人的视线，在较黑暗的环境中，蜡烛是最亮的，蜡烛射向平面镜的光线最多，反射光线最多，进入人眼的光线最多，感觉蜡烛的像最亮．所以在比较黑暗的环境中进行实验．‎ ‎②因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板．‎ ‎（4）如果玻璃板没有竖直放置，或者说玻璃板没有垂直于桌面放置，导致所成的像偏上或偏下，从而像和物不会出现重合的现象；‎ 故答案为：（1）显示光路；（2）不能；反射光线、与入射光线和法线在同一平面内；（3）较暗；薄；（4）玻璃板没有竖直放置．‎ ‎【点评】进行物理实验时，要根据实验中遇到的问题，分析实验不成功的原因，进行改进．这是试题的考查方向．‎ ‎　‎ ‎31．在探究“冰的熔化”和“水的沸腾”实验中，小明用了下面两组实验装置（如图甲、乙所示），根据实验数据绘出了水沸腾时的温度﹣时间关系图象（如图丙所示）．‎ ‎（1）为探究“水的沸腾”实验，他应选择的装置是　乙　．‎ ‎（2）请你找出丙图中　CD　段图象是错误的，水沸腾时的温度如乙图所示　98　℃，水沸腾时的特点是　吸收热量，但温度不变　．‎ ‎（3）若探究“冰的熔化”实验中，小明发现冰熔化过快，应采取的操作是　增大水的质量　．‎ ‎（4）比较两个实验装置，图乙所示的烧杯中水的质量较少，这样设计的好处是　缩短将水加热至沸腾所用的时间　．‎ ‎【考点】探究水的沸腾实验；熔化和凝固的探究实验．‎ ‎【专题】探究型实验综合题．‎ ‎【分析】（1）根据探究“水的沸腾”实验和探究“冰的熔化”实验的要求可以对装置做出选择．‎ ‎（2）根据水沸腾的特点可找出丙图中错误．‎ ‎（3）要减慢冰的熔化速度，可从怎样让烧杯中水的温度升高的慢一些入手；‎ ‎（4）掌握影响沸腾所需时间的因素：水的多少、水的初温、是否加盖．‎ ‎【解答】解：（1）根据探究“水的沸腾”实验和探究“冰的熔化”实验的要求可以对装置做出选择，水的沸腾实验可将水直接放入烧杯加热，并不需要放入试管中加热．故选乙．‎ ‎（2）水沸腾时温度不变，故CD段错误．沸腾时温度可从温度计上读出为98℃．沸腾特点虽然继续吸热但温度不变．‎ ‎（3）要减慢冰的熔化速度，可从怎样让烧杯中水的温度升高的慢一些入手．可以暂停加热、增加冰或水的质量．具体措施是：移去酒精灯（或增大的冰的质量或用冷水或增大烧杯中的水的质量）；‎ ‎（4）图乙所示的烧杯中水的质量较少，这样可以缩短将水加热至沸腾所用的时间．‎ 故答案为：（1）乙；（2）CD；98；吸收热量，但温度不变．（3）增大水的质量；（4）缩短将水加热至沸腾所用的时间．‎ ‎【点评】本题要注意探究“水的沸腾”实验和探究“冰的熔化”实验的区别以及沸腾的特点．还要注意区分晶体熔化和液体沸腾图象的区分．‎ ‎　‎ ‎32．在进行“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，同学们提出了如下的猜想：‎ A：可能与物体浸没在液体中的深度有关；‎ B：可能与物体的密度有关；‎ C：可能与液体的密度有关；‎ D：可能与物体浸在液体中的体积有关．‎ 为了验证上述猜想，小明选用了物块甲和乙（甲和乙的体积相等但密度不同）、弹簧测力计、一杯水、一杯盐水、细绳等器材，做了如图所示的实验．‎ ‎（1）分析比较实验①⑤，可以知道甲浸没在水中时所受到的浮力是　2.0　N；‎ ‎（2）分析比较实验①④⑤，可以验证猜想　A　是错误的；‎ ‎（3）分析比较实验①⑤与②⑥，可以验证猜想　B　是错误的；‎ ‎（4）分析比较实验　①③④　，可以验证猜想D是正确的．‎ ‎（5）分析比较实验　②⑥⑦　可得：浸在液体中的物体所受的浮力的大小与液体的密度有关．‎ ‎（6）综合以上分析，得出最后的实验结论是：浸在液体中的物体所受浮力的大小与　物体排开液体的体积和液体的密度　有关．‎ ‎（7）在进行实验⑥⑦过程中，也运用了控制变量法，保持了　物体排开液体的体积　不变，进行探究、验证．‎ ‎【考点】探究浮力大小的实验．‎ ‎【专题】探究型实验综合题．‎ ‎【分析】（1）根据F浮=G﹣F得出浮力的大小；‎ ‎（2）分析①④⑤，根据测力计的示数变化情况判断出浮力的影响因素，得出结论；‎ ‎（3）分析①⑤与②⑥所示实验，根据实验控制的变量与实验现象分析答题；‎ ‎（4）要探究浮力的大小与物体浸在液体中的体积关系，需使液体的密度相同，物体浸在液体中的体积不同；‎ ‎（5）要探究浮力大小与液体密度的关系，需使物体排开液体的体积相同，液体的密度不同；‎ ‎（6）浸在液体中的物体所受浮力与液体的密度和物体排开液体的体积有关；‎ ‎（7）分析⑥⑦控制的变量和改变的量，得出结论．‎ ‎【解答】解：（1）由①知，物体甲的重力G=3.0N，由图⑤知，物体甲完全浸没在水中时所受拉力F=1.0N，则F浮=G﹣F=3.0N﹣1.0N=2.0N；‎ ‎（2）④⑤同是物体甲，浸没在水中的深度不同，测力计的示数相同，可知物体所受浮力相同，由①④⑤可知浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关，猜想A错误；‎ ‎（3）由图①⑤所示实验可知，物块甲浸没在水中时受到的浮力为3N﹣1N=2N，由图②⑥所示实验可知，物块乙浸没在水中时受到的浮力为4N﹣2N=2N，甲与乙的密度不同，它们受到的浮力相等，因此由①⑤与②⑥所示实验可知，物体受到的浮力与物体的密度无关，故猜想B是错误的．‎ ‎（4）③④物体甲浸在水中的体积不同，测力计的示数不同，说明所受浮力不同，所以分析①③④可知，浮力的大小与物体浸在液体中的体积有关，能够验证猜想D；‎ ‎（5）⑥⑦同一物体浸没在不同的液体中，物体排开液体的体积相同，测力计的示数不同，由②⑥⑦可探究浸在液体中的物体所受浮力的大小与液体密度的关系；‎ ‎（6）由以上结论可知，浸在液体中的物体所受浮力的大小与液体的密度和物体排开液体的体积有关；‎ ‎（7）由（5）分析可知，⑥⑦保持了物体排开液体的体积相同．‎ 故答案为：（1）2.0；（2）A；（3）B；（4）①③④；（5）②⑥⑦；（6）物体排开液体的体积和液体的密度；（7）物体排开液体的体积．‎ ‎【点评】本题考查了实验现象分析，应用控制变量法分析图示实验即可正确解题，本题难度不是很大，由于探究的因素较多，所以注意分析好控制的量和改变的量．‎ ‎　‎ ‎33．我国石油储量丰富，为了测量某油井所产石油的密度，小刚和小丽收集了该井所产石油样品进行了如下测量（常温下石油为粘稠的液态）‎ 小刚的实验：‎ ‎（1）将天平放在水平台上，调节好天平平衡．先用天平称出空烧杯的质量为31.2g．然后将石油样品倒入烧杯，放在调节好的天平左盘上称量，当天平重新平衡时，右盘中的砝码和游码的位置如图甲所示，则烧杯和石油样品的质量为　81.8　g．‎ ‎（2）将烧杯中的石油倒入量筒，其示数如图乙所示，石油的体积为　46　cm3．‎ ‎（3）根据测量的数据，求得所测石油的密度为　1.1　g/cm3．‎ ‎（4）联想到某起石油泄漏事故中石油漂浮在水面上的情景，小刚发现自已测量的石油密度值偏大，你认为该实验方案造成测量结果偏大的原因是　将烧杯内的石油倒入量筒中时，烧杯中有残留，使所测量的石油体积偏小　．‎ 小丽在实验时发现量筒刻度不清，于是利用烧杯、水、天平也测出了石油的密度．请你把下列步骤补充完整，并写出石油密度的表达式．‎ ‎（1）用天平称出　空烧杯　的质量m1；‎ ‎（2）在烧杯里装满水，称出烧杯和水的总质量为m2；‎ ‎（3）将烧杯中的水倒净并擦干烧杯，　在烧杯中装满石油　，称出总质量为m3；‎ ‎（4）石油密度表达式为　=•ρ水　．‎ ‎【考点】液体的密度测量实验．‎ ‎【专题】测量型实验综合题．‎ ‎【分析】小刚的实验：‎ ‎（1）天平的读数等于右盘中砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；‎ ‎（2）在进行量筒的读数时，注意量筒的分度值，视线与液面的凹底相平；‎ ‎（3）求出石油的质量，根据公式ρ=计算出石油的密度；‎ ‎（4）根据测量体积、质量的误差分析密度的误差；‎ 小丽的实验：只有天平，没有量筒，可以利用等体积的水和石油，称量水和石油的质量，根据体积相等列出等式求出石油的密度．‎ ‎【解答】解：小刚的实验：‎ ‎（1）由图甲知，标尺的分度值为0.2g，所以天平的读数为50g+20g+10g+1.8g=81.8g；‎ ‎（2）由图乙知，量筒的分度值为2mL，所以量筒的读数为46mL；‎ ‎（3）石油的质量m=81.8g﹣31.2g=50.6g，‎ 则ρ===1.1g/cm3；‎ ‎（4）将烧杯内的石油倒入量筒中时，烧杯中有残留，使所测量的石油体积偏小，根据密度公式ρ=知，则所测密度偏大；‎ 小丽在实验时发现量筒刻度不清，用天平也能测量出石油的密度：‎ ‎（1）调好天平，用天平测出空烧杯质量为m1．‎ ‎（2）将一个烧杯装满水，用天平测出烧杯和水的总质量为m2．‎ 则水的质量m水=m2﹣m1，‎ 由ρ=可求得，水的体积V=，‎ ‎（3）将烧杯中的水倒净并擦干烧杯，在烧杯中装满石油，称出总质量为m3；‎ 则石油的质量m石油=m3﹣m1，‎ 烧杯内水的体积等于石油的体积 ‎（4）则石油的密度表达式ρ====•ρ水．‎ 故答案为：小刚的实验：‎ ‎（1）81.8；（2）46；（3）1.1；（4）将烧杯内的石油倒入量筒中时，烧杯中有残留，使所测量的石油体积偏小，根据密度公式ρ=知，则所测密度偏大；‎ 小丽的实验：‎ ‎（1）空烧杯；（3）在烧杯中装满石油；（4）•ρ水．‎ ‎【点评】测量液体密度时，只有量筒没有天平，可以采用被测液体和水的质量相同进行测量；只有天平没有量筒，可以采用被测液体和水的体积相同进行测量．石油体积的测量是本实验的难点，巧妙地利用等效替代法，是解决此题的关键．‎ ‎　‎ ‎34．在测量小灯泡电功率的实验中，实验室所提供的器材有：电源（电压恒为6V），额定电压为2.5V，电阻约为10Ω的小灯泡，电流表、电压表、开关各一个，导线若干，滑动变阻器规格有“10Ω、1A”“50Ω、1.5A”两个．‎ ‎（1）图甲是小壮连接的部分实物图，请你用笔画线代替导线，将实物图连接完整．要求滑片向右滑灯变亮．‎ ‎（2）检查电路连接无误后，将滑动变阻器的滑片置于　A　端（选填“A或B”），闭合开关后，小壮立即发现小灯泡发光过亮不能进行实验，为了完成实验，接下来他的操作是：　断开开关换接“50Ω、1.5A”滑动变阻器重新实验　．‎ ‎（3）小壮改正错误后，闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，记下各组对应的电压表和电流表的示数，并绘制如图乙所示的I﹣U图象，根据图象可知小灯泡的额定功率是　0.5　W；图中曲线反映灯丝的电阻是变化的，说明：　灯丝电阻随温度的升高而增大　．‎ ‎（4）实验中，某同学的小灯泡先由暗变亮，然后发出耀眼的光后被烧坏．为了避免灯丝烧断，请你提出在调节滑动变阻器的过程中应注意的事项：　缓慢调节滑动变阻器的滑片，同时观察电压表的示数，使其不能超过小灯泡额定电压值的1.2倍　．‎ ‎（5）另一个同学小力想测额定电压为3.8V的小灯泡正常发光的电阻，可是发现电流表坏了，老师又给他一个已知电阻R，他设计了如图丙所示的电路，测出了小灯泡正常发光时的电阻，请帮他将步骤补充完整：‎ ‎①断开S1，闭合S2，移动滑动变阻器的滑片，　使电压表示数为3.8V　；‎ ‎②断开S2，闭合S1，　保持滑片的位置不动　，读出电压表的示数为U；‎ ‎③则小灯泡正常发光时电阻R1=　　．‎ ‎【考点】电功率的测量．‎ ‎【专题】实验探究题；探究型实验综合题．‎ ‎【分析】（1）电流表串联在电路中，电压表并联在小灯泡两端，滑动变阻器串联并且一上一下接线，连接电路；‎ ‎（2）闭合开关前，将滑片置于阻值最大处，根据连接确定移动方向；闭合开关后，小灯泡发光过亮，是由于所使用滑动变阻器阻值太小；‎ ‎（3）利用曲线图和额定电压，确定灯泡的电流，再利用P=UI求出电功率；分析曲线变化确定小灯泡的电阻变化；‎ ‎（4）本实验中电压表测灯泡两端的电压，灯泡的与实际功率、实际电压的大小，为防止灯泡被烧坏，调节滑动变阻器可以观察电压表的示数来进行；‎ ‎（5）根据I=确定电流表的示数，再利用并联电路特点电压相等，根据R=求出其电阻．‎ ‎【解答】解：（1）根据电流表串联在电路中，电压表并联在小灯泡两端，滑动变阻器串联并且一上一下接线，连接电路；如下图：‎ ‎（2）闭合开关前，将滑片置于阻值最大处，根据连接确定滑片应该置于A端；闭合开关后，小灯泡发光过亮，是由于所使用滑动变阻器阻值太小；‎ 接下来应该断开开关，换用“50Ω、1.5A”的滑动变阻器重新做实验；‎ ‎（3）根据图象可知U=2.5V时，I=0.2A，则P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；‎ 图中从原点到M点再到N点的曲线；可以看出小灯泡两端电压增大，电流也随着增大，反映灯丝的电阻是变化的；‎ ‎（4）为了避免灯丝烧断，可以调节滑动变阻器保证电压表的示数低于或等于额定电压来进行实验．‎ ‎（5）如图丙所示的电路，测出了小灯泡正常发光时的电阻．请帮他将步骤补充完整：‎ ‎①断开S1、闭合S2，移动滑动变阻器的滑片 使电压表示数为3.8V；‎ ‎②断开S2、闭合S1，保持滑片的位置不动，读出电压表的示数为U；‎ ‎③分析电路图丙可知，电阻R与灯并联，则根据实验要求电阻两端的电压等于小灯泡的额定电压即U=3.8V，因此电阻中的电流为I==，则小灯泡正常发光时电阻RL=．‎ 故答案为：（1）见上图；‎ ‎（2）A；断开开关换接“50Ω、1.5A”滑动变阻器重新实验；‎ ‎（3）0.5；灯丝电阻随温度的升高而增大；‎ ‎（4）缓慢调节滑动变阻器的滑片，同时观察电压表的示数，使其不能超过小灯泡额定电压值的1.2倍；‎ ‎（5）使电压表示数为3.8V；保持滑片的位置不动；．‎ ‎【点评】本题考查了连接电路的注意事项、连接实物图、曲线图的分析、电路故障的判断等，是中招常见的实验探究题类型．‎ ‎　‎