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高考数学压轴题精编精解
精选99题，精心解答
{完整版}
1．设函数，
，其中，记函数的最大值与最小值的差为。
（I）求函数的解析式；
（II）画出函数的图象并指出的最小值。
2．已知函数,数列满足,
; 数列满足, .求证:
（Ⅰ）（Ⅱ）（Ⅲ）若则当n≥2时,.
3．已知定义在R上的函数f(x) 同时满足：
（1）（R，a为常数）；
（2）；
（3）当时，≤2
求：（Ⅰ）函数的解析式；（Ⅱ）常数a的取值范围．
4．设上的两点，
满足，椭圆的离心率短轴长为2，0为坐标原点.
（1）求椭圆的方程；
（2）若直线AB过椭圆的焦点F（0，c），（c为半焦距），求直线AB的斜率k的值；
（3）试问：△AOB的面积是否为定值？如果是，请给予证明；如果不是，请说明理由.
5．已知数列中各项为：
个
个
12、1122、111222、……、 ……
（1）证明这个数列中的每一项都是两个相邻整数的积.
（2）求这个数列前n项之和Sn .
6、设、分别是椭圆的左、右焦点.
（Ⅰ）若P是该椭圆上的一个动点，求的最大值和最小值；
（Ⅱ）是否存在过点A（5，0）的直线l与椭圆交于不同的两点C、D，使得|F2C|=|F2D|？若存在，求直线l的方程；若不存在，请说明理由.
7、已知动圆过定点P（1，0），且与定直线L:x=-1相切，点C在l上.
(1)求动圆圆心的轨迹M的方程；
（i）问：△ABC能否为正三角形？若能，求点C的坐标；若不能，说明理由
（ii）当△ABC为钝角三角形时，求这种点C的纵坐标的取值范围.
8、定义在R上的函数y=f(x)，f(0)≠0，当x>0时，f(x)>1，且对任意的a、b∈R，有f(a+b)=f(a)f(b)，
（1） 求证：f(0)=1；（2）求证：对任意的x∈R，恒有f(x)>0；
（3）证明：f(x)是R上的增函数；（4）若f(x)·f(2x-x2)>1，求x的取值范围。
9、已知二次函数满足，且关于的方程的两实数根分别在区间（-3，-2），（0，1）内。
（1）求实数的取值范围；
（2）若函数在区间（-1-，1-）上具有单调性，求实数C的取值范围
10、已知函数且任意的、都有
（1）若数列
（2）求的值.
11.在直角坐标平面中，△ABC的两个顶点为 A（0，－1），B（0, 1）平面内两点G、M同时满足① , ②= = ③∥
（1）求顶点C的轨迹E的方程
（2）设P、Q、R、N都在曲线E上 ，定点F的坐标为（, 0） ，已知∥ , ∥且·= 0.求四边形PRQN面积S的最大值和最小值.
12．已知为锐角，且，
函数，数列{an}的首项.
⑴ 求函数的表达式； ⑵ 求证：；
⑶ 求证：
13．（本小题满分14分）已知数列满足
（Ⅰ）求数列的通项公式；
（Ⅱ）若数列满足，证明：是等差数列；
（Ⅲ）证明：
14．已知函数
（I）当时，若函数在区间上是增函数，求实数的取值范围；
（II）当时，（1）求证：对任意的，的充要条件是；
（2）若关于的实系数方程有两个实根，求证：且的充要条件是
15．已知数列{a n}前n项的和为S n，前n项的积为，且满足。
①求 ；②求证：数列{a n}是等比数列；③是否存在常数a，使得
对都成立？ 若存在，求出a，若不存在，说明理由。
16、已知函数是定义域为R的偶函数，其图像均在x轴的上方，对任意的，都有，且，又当时，其导函数恒成立。
（Ⅰ）求的值；
（Ⅱ）解关于x的不等式：，其中
17、一个函数，如果对任意一个三角形，只要它的三边长都在的定义域内，就有也是某个三角形的三边长，则称为“保三角形函数”．
（I）判断，，中，哪些是“保三角形函数”，哪些不是，并说明理由；
（II）如果是定义在上的周期函数，且值域为，证明不是“保三角形函数”；
（III）若函数，是“保三角形函数”，求的最大值．
（可以利用公式）
18、已知数列的前n项和满足：（a为常数，且）． （Ⅰ）求的通项公式；
（Ⅱ）设，若数列为等比数列，求a的值；
（Ⅲ）在满足条件（Ⅱ）的情形下，设，数列的前n项和为Tn .
求证：．
19、数列中，，（是常数，），且成公比不为的等比数列。
（I）求的值；
（II）求的通项公式。
（III）由数列中的第1、3、9、27、……项构成一个新的数列{b}，求的值。
20、已知圆上的动点，点Q在NP上，点G在MP上，且满足.
（I）求点G的轨迹C的方程；
（II）过点（2，0）作直线，与曲线C交于A、B两点，O是坐标原点，设 是否存在这样的直线，使四边形OASB的对角线相等（即|OS|=|AB|）？若存在，求出直线的方程；若不存在，试说明理由.
21．飞船返回仓顺利到达地球后，为了及时将航天员救出，地面指挥中心在返回仓预计到达区域安排三个救援中心（记为A，B，C），B在A的正东方向，相距6km,C在B的北偏东300，相距4km,P为航天员着陆点，某一时刻A接到P的求救信号，由于B、C两地比A距P远，因此4s后，B、C两个救援中心才同时接收到这一信号，已知该信号的传播速度为1km/s.
（1）求A、C两个救援中心的距离；
（2）求在A处发现P的方向角；
C
B
A
（3）若信号从P点的正上方Q点处发出，则A、B收到信号的时间差变大还是变小，并证明你的结论.
22．已知函数，， 的最小值恰好是方程的三个根，其中．
（Ⅰ）求证：；
（Ⅱ）设，是函数的两个极值点．
①若，求函数的解析式；
②求的取值范围．
23．如图，已知直线l与抛物线相切于点P(2，1)，且与x轴交于点A，O为坐标原点，定点B的坐标为（2，0）.
（I）若动点M满足，求点M的轨迹C；
（II）若过点B的直线l′（斜率不等于零）与（I）中的轨迹C交于不同的两点E、F（E在B、F之间），试求△OBE与△OBF面积之比的取值范围.
24．设（e为自然对数的底数）
（I）求p与q的关系；
（II）若在其定义域内为单调函数，求p的取值范围；
（III）证明：
①；
②（n∈N，n≥2）.
25．已知数列的前n项和满足：（a为常数，且）．
（Ⅰ）求的通项公式；
（Ⅱ）设，若数列为等比数列，求a的值；
（Ⅲ）在满足条件（Ⅱ）的情形下，设，数列的前n项和为Tn，求证：．
26、对于函数，若存在，使成立，则称为的不动点．如果函数有且仅有两个不动点、，且．
（Ⅰ）试求函数的单调区间；
（Ⅱ）已知各项不为零的数列满足，求证：
；
（Ⅲ）设，为数列的前项和，求证：．
27、已知函数f（x）的定义域为{x| x ≠ kπ，k ∈ Z}，且对于定义域内的任何x、y，有f（x - y） = 成立，且f（a） = 1（a为正常数），当0 < x < 2a时，f（x） > 0．（I）判断f（x）奇偶性；（II）证明f（x）为周期函数；（III）求f （x）在[2a，3a] 上的最小值和最大值．
28、已知点R（－3,0）,点P在y轴上，点Q在x轴的正半轴上，点M在直线PQ上 ,且满足，.
（Ⅰ）⑴当点P在y轴上移动时，求点M的轨迹C的方程；
（Ⅱ）设为轨迹C上两点，且，N(1,0)，求实数，使，且
29、已知椭圆W的中心在原点，焦点在轴上，离心率为，两条准线间的距离为6. 椭圆W的左焦点为，过左准线与轴的交点任作一条斜率不为零的直线与椭圆W交于不同的两点、，点关于轴的对称点为.
（Ⅰ）求椭圆W的方程；
（Ⅱ）求证： ()；
（Ⅲ）求面积的最大值.
30、已知抛物线，点P（1，－1）在抛物线C上，过点P作斜率为k1、k2的两条直线，分别交抛物线C于异于点P的两点A（x1，y1），B（x2，y2），且满足k1+k2=0.
（I）求抛物线C的焦点坐标；
（II）若点M满足，求点M的轨迹方程.
31．设函数，其图象在点处的切线的斜率分别为．
（Ⅰ）求证：；
（Ⅱ）若函数的递增区间为，求的取值范围；
（Ⅲ）若当时（k是与无关的常数），恒有，试求k的最小值．
32．如图，转盘游戏．转盘被分成8个均匀的扇形区域．游戏规则：用力旋转转盘，转盘停止时箭头A所指区域的数字就是游戏所得的点数（转盘停留的位置是随机的）．假设箭头指到区域分界线的概率为，同时规定所得点数为0．某同学进行了一次游戏，记所得点数为．求的分布列及数学期望．（数学期望结果保留两位有效数字）
33．设，分别是椭圆：的左，右焦点．
（1）当，且，时，
求椭圆C的左，右焦点、．
（2）、是（1）中的椭圆的左，右焦点，已知的半径是1，过动点的作切线，使得（是切点），如下图．求动点的轨迹方程．
Q（x，y）
M
F1
F2
O
y
x
34．已知数列满足
, ，．
（1）求证：是等比数列；
（2）求数列的通项公式；
（3）设，且对于恒成立，求的取值范
35．已知集合（其中为正常数）．
（1）设，求的取值范围；
（2）求证：当时不等式对任意恒成立；
（3）求使不等式对任意恒成立的的范围．
36、已知椭圆C：＋＝1（a＞b＞0）的离心率为，过右焦点F且斜率为1的直线交椭圆C于A，B两点，N为弦AB的中点。
（1）求直线ON（O为坐标原点）的斜率KON ；
（2）对于椭圆C上任意一点M ，试证：总存在角（∈R）使等式：＝cos＋sin成立。
37、已知曲线C上任意一点M到点F（0，1）的距离比它到直线的距离小1。
（1）求曲线C的方程；
（2）过点
①当的方程；
②当△AOB的面积为时（O为坐标原点），求的值。
38、已知数列的前项和为，对一切正整数，点都在函数的图像上，且过点的切线的斜率为．
（1）求数列的通项公式．
（2）若，求数列的前项和．
（3）设，等差数列的任一项，其中是中的最小数，，求的通项公式.
39、已知是数列的前项和，，且，其中.
(1)求数列的通项公式；
(2)(理科)计算的值. ( 文科) 求 .
40、)函数对任意x∈R都有f(x)＋f(1－x)＝.
（1）求的值；
（2）数列的通项公式。
（3）令试比较Tn与Sn的大小。
41．已知数列的首项（a是常数，且），（），数列的首项，（）。
（1）证明：从第2项起是以2为公比的等比数列；
（2）设为数列的前n项和，且是等比数列，求实数a的值；
（3）当a>0时，求数列的最小项。
42．已知抛物线C：上任意一点到焦点F的距离比到y轴的距离大1。
（1）求抛物线C的方程；
（2）若过焦点F的直线交抛物线于M、N两点，M在第一象限，且|MF|=2|NF|，求直线MN的方程；
（3）求出一个数学问题的正确结论后，将其作为条件之一，提出与原来问题有关的新问题，我们把它称为原来问题的一个“逆向”问题．
例如，原来问题是“若正四棱锥底面边长为4，侧棱长为3，求该正四棱锥
的体积”．求出体积后，它的一个“逆向”问题可以是“若正四棱锥底面边长为4，体积为，求侧棱长”；也可以是“若正四棱锥的体积为，求所有侧面面积之和的最小值”．
现有正确命题：过点的直线交抛物线C：于P、Q两点，设点P关于x轴的对称点为R，则直线RQ必过焦点F。
试给出上述命题的“逆向”问题，并解答你所给出的“逆向”问题。
43．已知函数f(x)=，设正项数列满足=l，．
(I)写出，的值;
(Ⅱ)试比较与的大小，并说明理由；
(Ⅲ)设数列满足=－，记Sn=．证明：当n≥2时,Sn＜(2n－1)．
44．已知函数f(x)=x3－3ax(a∈R)．
(I)当a=l时，求f(x)的极小值；
(Ⅱ)若直线菇x+y+m=0对任意的m∈R都不是曲线y=f(x)的切线，求a的取值
范围；
(Ⅲ)设g(x)=|f(x)|，x∈[－l，1]，求g(x)的最大值F(a)的解析式．
45．在平面直角坐标系中，已知三个点列{An}，{Bn}，{Cn}，其中
，满足向量与向量共线，且点（B，n）在方向向量为（1，6）的
线上
（1）试用a与n表示；
（2）若a6与a7两项中至少有一项是an的最小值，试求a的取值范围。
46．已知，记点P的轨迹为E.
（1）求轨迹E的方程；
（2）若直线l过点F2且与轨迹E交于P、Q两点.
（i）无论直线l绕点F2怎样转动，在x轴上总存在定点，使恒成立，求实数m的值.
（ii）过P、Q作直线的垂线PA、OB，垂足分别为A、B，记，求λ的取值范围.
47．设x1、 的两个极值点.
（1）若，求函数f(x)的解析式；
（2）若的最大值；
（3）若，求证：
48．已知，若数列{an}
成等差数列.
（1）求{an}的通项an;
（2）设 若{bn }的前n项和是Sn，且
49．点P在以为焦点的双曲线上，已知，，O为坐标原点．
（Ⅰ）求双曲线的离心率；
（Ⅱ）过点P作直线分别与双曲线渐近线相交于两点，且，，求双曲线E的方程；
（Ⅲ）若过点（为非零常数）的直线与（2）中双曲线E相交于不同于双曲线顶点的两点M、N，且（为非零常数），问在轴上是否存在定点G，使？若存在，求出所有这种定点G的坐标；若不存在，请说明理由．
50.已知函数，，和直线，又．
（Ⅰ）求的值；
（Ⅱ）是否存在的值，使直线既是曲线的切线，又是的切线；如果存在，求出的值；如果不存在,说明理由．
（Ⅲ）如果对于所有的,都有成立，求的取值范围．
51．已知二次函数满足：对任意实数x，都有，且当（1，3）时，有成立。
（1）证明：。
（2）若的表达式。
（3）设 ，若图上的点都位于直线的上方，求实数m的取值范围。
52．（1）数列{an}和{bn}满足 （n=1，2，3…），求证{bn}为等差数列的充要条件是{an}为等差数列。（8分）
（2）数列{an}和{cn}满足，探究为等差数列的充分必要条件，需说明理由。[提示：设数列{bn}为
53．某次象棋比赛的决赛在甲乙两名棋手之间举行，比赛采用积分制，比赛规则规定赢一局得2分，平一局得1分，输一局得0分；比赛共进行五局，积分有超过5分者比赛结束，否则继续进行. 根据以往经验，每局甲赢的概率为，乙赢的概率为，且每局比赛输赢互不受影响. 若甲第n局赢、平、输的得分分别记为、、令 .
(Ⅰ)求的概率；
（Ⅱ）若随机变量满足（表示局数），求的分布列和数学期望.
54．如图，已知直线与抛物线相切于点P(2, 1)，且与轴交于点A，定点B的坐标为(2, 0) .
（I）若动点M满足，求点M的轨迹C；
（II）若过点B的直线（斜率不等于零）与（I）中的轨迹C交于不同的两点E、F（E在B、F之间），试求OBE与OBF面积之比的取值范围.
55,,,已知A、B是椭圆的一条弦，M(2，1)是AB中点，以M为焦点，以椭圆的右准线为相应准线的双曲线与直线AB交于N(4，—1).
(1)设双曲线的离心率e，试将e表示为椭圆的半长轴长的函数.
(2)当椭圆的离心率是双曲线的离心率的倒数时，求椭圆的方程.
(3)求出椭圆长轴长的取值范围.
56已知：在曲线
（1）求数列{an}的通项公式；
（2）数列{bn}的前n项和为Tn，且满足，设定b1的值，使得数列{bn}是等差数列；
（3）求证：
57、已知数列{an}的前n项和为Sn，并且满足a1＝2,nan＋1＝Sn＋n(n＋1).
（1）求数列；
（2）设
58、已知向量的图象按向量m平移后得到函数的图象。
（Ⅰ）求函数的表达式；
（Ⅱ）若函数上的最小值为的最大值。
59、已知斜三棱柱的各棱长均为2， 侧棱与底面所成角为，
A
B
C
A1
B1
C1
O
且侧面底面.
（1）证明：点在平面上的射影为的中点；
（2）求二面角的大小 ；
（3）求点到平面的距离.
S
Q
D
A
B
P
C
60、如图，已知四棱锥中，是边长为的正三角形，平面平面，四边形为菱形，，为的中点，为的中点.
（Ⅰ）求证：平面；
（Ⅱ）求二面角的大小．
61．设集合W是满足下列两个条件的无穷数列{an}的集合：
① ②M是与n无关的常数.
（1）若{an}是等差数列，Sn是其前n项的和，a3=4，S3=18，证明：{Sn}∈W
（2）设数列{bn}的通项为，求M的取值范围；
（3）设数列{cn}的各项均为正整数，且
62．数列和数列（）由下列条件确定：
（1），；
（2）当时，与满足如下条件：当时，，；当时，，.
解答下列问题：
（Ⅰ）证明数列是等比数列；
（Ⅱ）记数列的前项和为，若已知当时，，求.
（Ⅲ）是满足的最大整数时，用，表示满足的条件.
63. 已知函数 (a为实常数)．
(1) 当a = 0时，求的最小值；
(2)若在上是单调函数，求a的取值范围；
(3)设各项为正的无穷数列满足 证明：≤1(n∈N*)．
64.设函数的图象与直线相切于．
（Ⅰ）求在区间上的最大值与最小值；
（Ⅱ）是否存在两个不等正数，当时，函数的值域也是，若存在，求出所有这样的正数；若不存在，请说明理由；
（Ⅲ）设存在两个不等正数，当时，函数的值域是，求正数的取值范围．
65. 已知数列中，，．
（1）求；
（2）求数列的通项；
（3）设数列满足，求证：
66、设函数.
(1)求的单调区间;
(2)若当时,(其中)不等式恒成立,求实数的取值范围;
(3)试讨论关于的方程:在区间上的根的个数.
67、已知，，.
（1）当时，求的单调区间；
（2）求在点处的切线与直线及曲线所围成的封闭图形的面积；
（3）是否存在实数，使的极大值为3？若存在，求出的值，若不存在，请说明理由.
68、已知椭圆的离心率为，直线l：y=x+2与以原点为圆心、椭圆C1的短半轴长为半径的圆O相切。
（1）求椭圆C1的方程；
（2）设椭圆C1的左焦点为F1，右焦点为F2，直线l1过点F1，且垂直于椭圆的长轴，动直线l2垂直于l1，垂足为点P，线段PF2的垂直平分线交l2于点M，求点M的轨迹C2的方程；
（3）设C 2与x轴交于点Q，不同的两点R、S在C2上，且 满足，
求的取值范围。
69、已知F1,F2是椭圆C: （a>b>0）的左、右焦点，点P在椭圆上，线段PF2与y轴的交点M满足。
（1）求椭圆C的方程。
（2）椭圆C上任一动点M关于直线y=2x的对称点为M1（x1,y1）,求3x1-4y1的取值范围。
70、已知均在椭圆上，直线、分别过椭圆的左右焦点、，当时，有.
(Ⅰ)求椭圆的方程;
(Ⅱ)设是椭圆上的任一点，为圆的任一条直径，求的最大值.
O
A
P
B
x
y
71.如图， 和两点分别在射线OS、OT上移动，且，O为坐标原点，动点P满足.
（Ⅰ）求的值；
（Ⅱ）求P点的轨迹C的方程，并说明它表示怎样
的曲线？
（Ⅲ）若直线l过点E（2，0）交（Ⅱ）中曲线C于M、N两
点，且，求l的方程.
72.已知函数。
(1)若函数f（x）、g（x）在区间[1，2]上都为单调函数且它们的单调性相同，求实数a的取值范围；
(2)a、b是函数H（x）的两个极值点，a
0，a>0且为偶函数，证明
97. 在平面直角坐标系内有两个定点和动点P，坐标分别为 、，动点满足，动点的轨迹为曲线，曲线关于直线的对称曲线为曲线，直线与曲线交于A、B两点，O是坐标原点，△ABO的面积为， （1）求曲线C的方程；（2）求的值。
98.数列，
⑴是否存在常数、，使得数列是等比数列，若存在，求出、的值，若不存在，说明理由。
⑵设，证明：当时，.
99、数列的前项和为。
（I）求证：是等差数列；
（Ⅱ）设是数列的前项和，求；
（Ⅲ）求使对所有的恒成立的整数的取值集合。
100、（2009天津一中3月月考）已知数列｛｝中，在直线y=x上，其中n=1,2,3….
（1）令求证数列是等比数列;
（2）求数列
⑶ 设的前n项和,是否存在实数，使得数列为等差数列？若存在，试求出.若不存在,则说明理由。
黄冈中学2011年高考数学压轴题汇总
详细解答
1．解：（I）
（1）当时，函数是增函数，此时，，
，所以；——2分
（2）当时，函数是减函数，此时，，
，所以；————4分
（3）当时，若，则，有；
若，则，有；
因此，，————6分
而，
故当时，，有；
当时，，有；————8分
综上所述：。————10分
（II）画出的图象，如右图。————12分
数形结合，可得。————14分
2．解: (Ⅰ)先用数学归纳法证明,.
（1）当n=1时,由已知得结论成立;
（2）假设当n=k时,结论成立,即.则当n=k+1时,
因为0g(0)=0.
因为,所以,即>0,从而————10分
(Ⅲ) 因为 ,所以, ,
所以 ————① , ————12分
由(Ⅱ)知:, 所以= ,
因为, n≥2,
所以 <<=————② . ————14分
由①② 两式可知: .————16分
3．（Ⅰ）在中,分别令；；得
由①＋②－③，
得
＝∴
（Ⅱ）当时，Î．
（1）∵≤2，当a<1时，≤≤≤2．
即≤≤． ≤≤．
（2）∵≤2，当a≥1时，- 2≤≤≤1．即1≤a≤．
故满足条件的取值范围[-，]．
4．（1）
椭圆的方程为 （2分）
（2）设AB的方程为
由
（4分）
由已知
2 （7分）
（3）当A为顶点时，B必为顶点.S△AOB=1 （8分）
当A，B不为顶点时，设AB的方程为y=kx+b
（11分）
所以三角形的面积为定值.（12分）
5（1） ……………………………… (2分 )
…………………………………(4分)
个
记：A = , 则A=为整数
= A (A+1) ， 得证 ………………………………………………………( 6分) (2) ………………………………………………… (8分)
……………………………………………(12分)
6、解：（Ⅰ）易知
设P（x，y），则
，
，即点P为椭圆短轴端点时，有最小值3；
当，即点P为椭圆长轴端点时，有最大值4
（Ⅱ）假设存在满足条件的直线l易知点A（5，0）在椭圆的外部，当直线l的斜率不存在时，直线l与椭圆无交点，所在直线l斜率存在，设为k
直线l的方程为
由方程组
依题意
当时，设交点C，CD的中点为R，
则
又|F2C|=|F2D|
∴20k2=20k2－4，而20k2=20k2－4不成立， 所以不存在直线，使得|F2C|=|F2D|
综上所述，不存在直线l，使得|F2C|=|F2D|
7、解：(1)依题意，曲线M是以点P为焦点，直线l为准线的抛物线，所以曲线M的方程为y2=4x.
假设存在点C（－1，y），使△ABC为正三角形，则|BC|=|AB|且|AC|=|AB|，即
因此，直线l上不存在点C，使得△ABC是正三角形.
（ii）解法一：设C（－1，y）使△ABC成钝角三角形，
，
，
∠CAB为钝角.
.
该不等式无解，所以∠ACB不可能为钝角.
因此，当△ABC为钝角三角形时，点C的纵坐标y的取值范围是:
.
解法二： 以AB为直径的圆的方程为:
.
当直线l上的C点与G重合时，∠ACB为直角，当C与G 点不重合，且A，
B，C三点不共线时， ∠ACB为锐角，即△ABC中∠ACB不可能是钝角.
因此，要使△ABC为钝角三角形，只可能是∠CAB或∠CBA为钝角.
.
.
A，B，C三点共 线，不构成三角形.
因此，当△ABC为钝角三角形时，点C的纵坐标y的取值范围是：
8、解：（1）令a=b=0，则f(0)=[f(0)]2∵ f(0)≠0 ∴ f(0)=1
（2）令a=x，b=-x则 f(0)=f(x)f(-x) ∴
由已知x>0时，f(x)>1>0，当x<0时，-x>0，f(-x)>0
∴ 又x=0时，f(0)=1>0
∴ 对任意x∈R，f(x)>0
(3)任取x2>x1，则f(x2)>0，f(x1)>0，x2-x1>0
∴
∴ f(x2)>f(x1) ∴ f(x)在R上是增函数
（4）f(x)·f(2x-x2)=f[x+(2x-x2)]=f(-x2+3x) 又1=f(0)，f(x)在R上递增
∴ 由f(3x-x2)>f(0)得：x-x2>0 ∴ 00 ,只需，
且
10、解：（1）
而
（2）由题设，有
又
得上为奇函数. 由
得
于是
故
w.w.w.k.s.5.u.c.o.m
11.解：（1）设C ( x , y )， ,由①知,G为 △ABC的重心 ， G(,) …………………………………………（2分）
由②知M是△ABC的外心，M在x轴上。 由③知M（，0），
由 得
化简整理得：（x≠0 ）………………………… (6分)
（2）F（，0 ）恰为的右焦点
设PQ的斜率为k≠0且k≠±，则直线PQ的方程为y = k ( x －)
由
设P(x1 , y1) ，Q (x2 ,y2 ) 则x1 + x2 = , x1·x2 = …… （8分）
-7-
则| PQ | = ·
= ·=
RN⊥PQ,把k换成得 | RN | = ………………………（ 10分)
S =| PQ | · | RN | = =)
≥2 ， ≥16，≤ S < 2 ， (当 k = ±1时取等号) ……（12分）
又当k不存在或k = 0时S = 2
综上可得 ≤ S ≤ 2， Smax = 2 ， Smin = ……………………………………（14分）
12．解：⑴ 又∵为锐角
∴ ∴
⑵ ∵ ∴都大于0
∴ ∴
⑶ ，∴.
∴
∵, , 又∵
∴ ， ∴，∴
13 (本小题满分14分)
解：（1），……………………2分
故数列是首项为2，公比为2的等比数列。……………………3分
，…………………………………………4分
（2），……………5分
①
②
②—①得，即③……………………8分
④
④—③得，即……………………9分
所以数列是等差数列
（3）………………………………11分
设，则
…………13分
………………………………14分
14. (本小题满分16分
（1）当时，，………………1分
在（—1，1）上为单调递增函数，在（—1，1）上恒成立…………2分
在（—1，1）上恒成立……………………3分
………………………………………………………4分
（2）设，则
15、①；③
16、解：(1)由f(m·n)＝[f(m)]n得：f(0)＝f(0×0)＝[f(0)]0
∵函数f(x)的图象均在x轴的上方,∴f(0)＞0,∴f(0)＝1 ……3分
∵f(2)＝f(1×2)＝[f(1)]2＝4，又f(x)＞0
∴f(1)＝2,f(－1)＝f(1)＝2 ……3分
(2)
又当时，其导函数恒成立，∴在区间上为单调递增函数
∴
①当时，；
②当时，，∴；
③当时，，∴
综上所述：当时，；当时，；
当时，。
17、解：（I）是“保三角形函数”，不是“保三角形函数”． 1分
任给三角形，设它的三边长分别为，则，不妨假设，
由于，所以是“保三角形函数”. 3分
对于，3，3，5可作为一个三角形的三边长，但，所以不存在三角形以为三边长，故不是“保三角形函数”． 4分
（II）设为的一个周期，由于其值域为，所以，存在，使得，
取正整数，可知这三个数可作为一个三角形的三边长，但，不能作为任何一个三角形的三边长．故
不是“保三角形函数”． 8分
（III）的最大值为． 9分
一方面，若，下证不是“保三角形函数”.
取，显然这三个数可作为一个三角形的三边长，但
不能作为任何一个三角形的三边长，故不是“保三角形函数”.
另一方面，以下证明时，是“保三角形函数”．
对任意三角形的三边，若，则分类讨论如下：
（1），
此时，同理，，
∴，故，．
同理可证其余两式.
∴可作为某个三角形的三边长．
（2）
此时，，可得如下两种情况：
时，由于，所以，.
由在上的单调性可得；
时，，
同样，由在上的单调性可得；
总之，.
又由及余弦函数在上单调递减，得
，
∴．
同理可证其余两式，所以也是某个三角形的三边长．故时，是“保三角形函数”．
综上，的最大值为．
18、解：（Ⅰ）∴
当时，
，即是等比数列． ∴； ……………………4分
（Ⅱ）由（Ⅰ）知，，若为等比数列，
则有而
故，解得， ………………………………7分
再将代入得成立，
所以． ………………………………………………………………8分
（III）证明：由（Ⅱ）知，所以
， ………………………………………………… 9分
由得
所以， …………………… 12分
从而
．
即． …………………………14分
19、解：（I），，，因为，，成等比数列，
所以，解得或．
当时，，不符合题意舍去，故．…… 4分（文6分）
（II）当时，由于，，……
，所以。
又，，故．当n=1时，上式也成立，所以……8分
（III）bn=32n-2-3n-1+2, ∴=9. ……12分
20、解：（1）Q为PN的中点且GQ⊥PN
GQ为PN的中垂线|PG|=|GN|
∴|GN|+|GM|=|MP|=6，故G点的轨迹是以M、N为焦点的椭圆，其长半轴长，半焦距，∴短半轴长b=2，∴点G的轨迹方程是 ………5分
（2）因为，所以四边形OASB为平行四边形
若存在l使得||=||，则四边形OASB为矩形
若l的斜率不存在，直线l的方程为x=2，由
矛盾，故l的斜率存在. ………7分
设l的方程为
①
② ……………9分
把①、②代入 w.w.w.k.s.5.u.c.o.m
∴存在直线使得四边形OASB的对角线相等.
21、 解：（1）以AB中点为坐标原点，AB所在直线为x轴建立平面直角坐标系，则
则
即A、C两个救援中心的距离为
（2），所以P在BC线段的垂直平分线上
又，所以P在以A、B为焦点的双曲线的左支上，且
∴双曲线方程为
BC的垂直平分线的方程为
联立两方程解得：
∴∠PAB＝120°所以P点在A点的北偏西30°处
（3）如图，设
又∵
即A、B收到信号的时间差变小
22、解：（Ⅰ）三个函数的最小值依次为，，，…………………… …3分
由，得
∴
，
故方程的两根是，．
故，．………………………4分
，即
∴ ． …………………………………………………………5分
（Ⅱ）①依题意是方程的根，
故有，，
且△，得．
由………………………7分
；得，，．
由（Ⅰ）知，故，
∴ ，
∴ ．…………………………………………9分
②
（或）． ………………………………………11分
由（Ⅰ）
∵ ，∴ ，
又，∴ ，
，（或） …………………13分
∴ ．…………………………………15分
23．（本小题满分12分）
解：（I）由，∴直线l的斜率为，………1分
故l的方程为，∴点A坐标为（1，0） …………………………………… 2分
设 则，
由得
整理，得…………………………………4分
∴动点M的轨迹C为以原点为中心，焦点在x轴上，长轴长为，短轴长为2的椭圆 …………………………………………………………… 5分
（II）如图，由题意知直线l的斜率存在且不为零，设l方程为y=k(x－2)(k≠0)①
将①代入，整理，得
，
由△>0得00时，h(x)=px2－2x+p图象为开口向上抛物线，
称轴为x=∈（0，+∞）.∴h(x)min=p－.只需p－≥0，即p≥1时h(x)≥0，g′(x)
≥0，
∴g(x)在(0,+ ∞)单调递增，∴p≥1适合题意.…………………………7分
③当p<0时，h(x)=px2－2x+p图象为开口向下的抛物线，其对称轴为x=（0，+∞），
只需h(0)≤0，即p≤0时h(0)≤（0,+ ∞)恒成立.
∴g′(x)<0 ，∴g(x)在（0,+ ∞）单调递减，∴p<0适合题意.
综上①②③可得，p≥1或p≤0.……………………………………9分
（III）证明：①即证：lnx－x+1≤0 (x>0)，
设.
当x∈（0，1）时，k′(x)>0，∴k(x)为单调递增函数；
当x∈（1，∞）时，k′(x)<0，∴k(x)为单调递减函数；
∴x=1为k(x)的极大值点，∴k(x)≤k(1)=0.
即lnx－x+1≤0，∴lnx≤x－1.………………………………11分
②由①知lnx≤x－1,又x>0，
∴结论成立.…………………………………………………………………………14分
25．解：（Ⅰ）∴
当时，
，即是等比数列． ∴； ………………4分
（Ⅱ）由（Ⅰ）知，，若为等比数列，
则有而
故，解得，再将代入得成立，
所以．
（III）证明：由（Ⅱ）知，所以
，
由得
所以，
从而
．
即．…………………………14分
26、解：（Ⅰ）设
∴ ∴
由
又∵ ∴
∴ …………………… 3分
于是
由得或； 由得或
故函数的单调递增区间为和，
单调减区间为和 ……………………4分
（Ⅱ）由已知可得， 当时，
两式相减得
∴或
当时，，若，则这与矛盾
∴ ∴ ……………………6分
于是，待证不等式即为．
为此，我们考虑证明不等式
令则，
再令， 由知
∴当时，单调递增 ∴ 于是
即 ①
令， 由知
∴当时，单调递增 ∴ 于是
即 ②
由①、②可知 ……………………10分
所以，，即 ……11分
（Ⅲ）由（Ⅱ）可知 则
在中令，并将各式相加得
即
27、解：（1）∵定义域{x| x ≠ kπ，k∈Z }关于原点对称，
又f（- x） = f [（a - x） - a]= = = = = = - f （x），对于定义域内的每个x值都成立
∴ f（x）为奇函数------------------------------------------------------------------------------------（4分）
（2）易证：f（x + 4a） = f（x），周期为4a．------------------------------------------（8分）
（3）f（2a）= f（a + a）= f [a -（- a）]= = = 0，
f（3a）= f（2a + a）= f [2a -（- a）]= = = - 1．
先证明f（x）在[2a，3a]上单调递减为此，必须证明x∈（2a，3a）时，f（x） < 0，
设2a < x < 3a，则0 < x - 2a < a，
∴ f（x - 2a）= = - > 0，∴ f（x）< 0---------------------（10分）
设2a < x1 < x2 < 3a，
则0 < x2 - x1 < a，∴ f（x1）< 0 f（x2）< 0 f（x2 - x1）> 0，
∴ f（x1）- f（x2）= > 0，∴ f（x1）> f（x2），
∴ f（x）在[2a，3a]上单调递减--------------------------------------------------（12分）
∴ f（x）在[2a，3a]上的最大值为f（2a = 0，最小值为f（3a）= - 1
28、解：(Ⅰ)设点M(x,y)，由得P(0，)，Q().
由得(3，)·(，)＝0,即
又点Q在x轴的正半轴上，故点M的轨迹C的方程是.……6分
（Ⅱ）解法一：由题意可知N为抛物线C:y2＝4x的焦点，且A、B为过焦点N的直线与抛物线C的两个交点。
当直线AB斜率不存在时，得A(1,2)，B(1,-2)，|AB|，不合题意；………7分
当直线AB斜率存在且不为0时，设，代入得
则|AB|,解得 …………………10分
代入原方程得，由于，所以,
由，得 . ……………………13分
解法二：由题设条件得
由（6）、（7）解得或，又，故.
29、解：（Ⅰ）设椭圆W的方程为，由题意可知
解得，，，
所以椭圆W的方程为．……………………………………………4分
（Ⅱ）解法1：因为左准线方程为，所以点坐标为.于是可设直线 的方程为．
得.
由直线与椭圆W交于、两点，可知
，解得．
设点，的坐标分别为，,
则，，，．
因为，，
所以，.
又因为
，
所以． ……………………………………………………………10分
解法2：因为左准线方程为，所以点坐标为.
于是可设直线的方程为，点，的坐标分别为，,
则点的坐标为，，．
由椭圆的第二定义可得
,
所以，，三点共线，即．…………………………………10分
(Ⅲ)由题意知
，
当且仅当时“=”成立，
所以面积的最大值为．
30、解：（I）将P（1，－1）代入抛物线C的方程得a=－1，
∴抛物线C的方程为，即
焦点坐标为F（0，－）.……………………………………4分
（II）设直线PA的方程为，
联立方程消去y得
则
由………………7分
同理直线PB的方程为
联立方程消去y得
则
又…………………………9分
设点M的坐标为（x，y），由
又…………………………………………11分
∴所求M的轨迹方程为：
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参考答案
31．解：（Ⅰ），由题意及导数的几何意义得
， （1）
， （2） ………………2分
又，可得，即，故 ………3分
由（1）得，代入，再由，得
， （3） ……………………4分
将代入（2）得，即方程有实根．
故其判别式得
，或， （4） ……………………5分
由（3），（4）得； ……………………6分
（Ⅱ）由的判别式，
知方程有两个不等实根，设为，
又由知，为方程（）的一个实根，则有根与系数的关系得
， ……………………9分
当或时，，当时，，
故函数的递增区间为，由题设知，
因此，由（Ⅰ）知得的取值范围为；…12分
（Ⅲ）由，即，即，
因为，则，整理得，
设，可以看作是关于的一次函数，
由题意对于恒成立，
故 即得或，
由题意，，
故，因此的最小值为． ……………………16分
32．（本小题满分12分） 解：（1）依题意，随机变量ξ的取值是0，1，6，8．
P(ξ=0)=，P(ξ=1)=，P(ξ=6)= ，P(ξ=8)= ．
0
1
6
8
得分布列： ……6分
（2）=．……12分
33．（本小题满分14分）
解：（1）∵，∴．……2分 又∵ ∴，…………3分 ∴．……5分
由椭圆定义可知，，…6分
从而得，，． ∴、． …………7分
（2）∵F1（-2，0），F2（2，0），
由已知：，即，所以有：，设P（x，y）， …9分 则，…12分
Q（x，y）
M
F1
F2
O
y
x
即（或）
综上所述，所求轨迹方程为：．…14分
34．（本小题满分14分）
解：（1）由an＋1＝an＋6an－1，an＋1＋2an＝3(an＋2an－1) (n≥2)
∵a1＝5，a2＝5 ∴a2＋2a1＝15
故数列{an＋1＋2an}是以15为首项，3为公比的等比数列 …………5分
（2）由（1）得an＋1＋2an＝5·3n 由待定系数法可得(an＋1－3n＋1)＝－2(an－3n) 即an－3n＝2(－2)n－1 故an＝3n＋2(－2)n－1＝3n－(－2)n ………9分
（3）由3nbn＝n(3n－an)＝n[3n－3n＋(－2)n]＝n(－2)n，∴bn＝n(－)n
令Sn＝|b1|＋|b2|＋…＋|bn|＝＋2()2＋3()3＋…＋n()n
Sn＝()2＋2()3＋…＋(n－1)()n＋n()n＋1 …………11分
得Sn＝＋()2＋()3＋…＋()n－n()n+1＝－n()n+1＝2[1－()n]－n()n+1
∴ Sn＝6[1－()n]－3n()n+1＜6
要使得|b1|＋|b2|＋…＋|bn|＜m对于n∈N＊恒成立，只须m≥6 …14分
35．（本小题满分14分）解：（1），当且仅当时等号成立，故的取值范围为．……5分
（2）解法一（函数法）
……6分
由，又，，∴在上是增函数， ……7分
所以
即当时不等式成立． ………9分
解法二（不等式证明的作差比较法）
，
将代入得
， ……6分
∵，时，∴，即当时不等式成立．……………9分
（3）解法一（函数法）
记，则，
即求使对恒成立的的范围． …………10分
由（2）知，要使对任意恒成立，必有，
因此，∴函数在上递减，在上递增，………12分
要使函数在上恒有，必有，即
，
解得． ……………14分
解法二（不等式证明的作差比较法）
由(2)可知，
要不等式恒成立，必须恒成立， …………10分
即恒成立， …………11分
由得，即， …………13分
解得．
因此不等式恒成立的的范围是． ……14分
36、解：(1）设椭圆的焦距为2c,因为，所以有，故有。从而椭圆C的方程可化为： ① ………2分
易知右焦点F的坐标为（），
据题意有AB所在的直线方程为： ② ………3分
由①，②有： ③
设，弦AB的中点，由③及韦达定理有：
所以，即为所求。 ………5分
(2）显然与可作为平面向量的一组基底，由平面向量基本定理，对于这一平面内的向量，有且只有一对实数，使得等式成立。设，由1）中各点的坐标有：
，所以
。 ………7分
又点在椭圆C上，所以有整理为。 ④
由③有：。所以
⑤
又A﹑B在椭圆上，故有 ⑥
将⑤，⑥代入④可得：。 ………11分
对于椭圆上的每一个点，总存在一对实数，使等式成立，而
在直角坐标系中，取点P（），设以x轴正半轴为始边，以射线OP为终边的角为，显然 。
也就是：对于椭圆C上任意一点M ，总存在角（∈R）使等式：＝cos＋sin成立。
37、（1）解法一：设， …………1分
即
当； …………3分
当 …………4分
化简得不合
故点M的轨迹C的方程是 …………5分
（1）解法二：的距离小于1，
∴点M在直线l的上方，
点M到F（1，0）的距离与它到直线的距离相等 …………3分
所以曲线C的方程为 …………5分
（2）当直线m的斜率不存在时，它与曲线C只有一个交点，不合题意，
设直线m的方程为，
代入 （☆） …………6分
与曲线C恒有两个不同的交点
设交点A，B的坐标分别为，
则 …………7分
①由，
…………9分
②
点O到直线m的距离，
…………10分
，
（舍去）
…………12分
当方程（☆）的解为
若
若 …………13分
当方程（☆）的解为
若
若 …………14分
所以，
38、解：（1）点都在函数的图像上，,
当时，
当ｎ＝1时，满足上式，所以数列的通项公式为…….3分
（2）由求导可得
过点的切线的斜率为，.
.
①
由①×4，得
②
①-②得：
………………………………………………………………..7分
（3）,.
又，其中是中的最小数，.
是公差是4的倍数，.
又，,解得ｍ＝27.
所以，
设等差数列的公差为，则
，所以的通项公式为…………12分
39、解：①
---------2分
又也满足上式，（）
数列是公比为2，首项为的等比数列 ----------- 4分
-------------- 6分
②
②
-------------（9分）
于是 ---------------（12分）
40、解：（1）令
令
（2）
又，两式相加
是等差数列
（3）
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参考答案：
41.解：（1）∵
∴
(n≥2) …………3分
由得，，
∵，∴ ，…………4分
即从第2项起是以2为公比的等比数列。…………5分
（2） …………8分
当n≥2时，
∵是等比数列, ∴(n≥2)是常数，
∴3a+4=0，即 。…………11分
（3）由（1）知当时，，
所以，…………13分
所以数列为2a+1，4a，8a-1，16a，32a+7，……
显然最小项是前三项中的一项。…………15分
当时，最小项为8a-1；
当时，最小项为4a或8a-1；………16分
当时，最小项为4a；
当时，最小项为4a或2a+1；…………17分
当时，最小项为2a+1。…………18分
42. 解：（1） …………4分
（2）设（t>0），则，F(1,0)。
因为M、F、N共线，则有，…………6分
所以，解得，…………8分
所以，…………10分
因而，直线MN的方程是。…………11分
（3）“逆向问题”一：
①已知抛物线C：的焦点为F，过点F的直线交抛物线C于P、Q两点，设点P关于x轴的对称点为R，则直线RQ必过定点。…………13分
证明：设过F的直线为y=k(x)，，，则
由得，所以，…………14分
，…………15分
=，…………16分
所以直线RQ必过焦点A。…………17分
[注：完成此解答最高得6分。]
②过点的直线交抛物线C于P、Q两点，FP与抛物线交于另一点R，则RQ垂直于x轴。
[注：完成此解答最高得6分。]
③已知抛物线C：，过点B(m,0 )（m>0）的直线交抛物线C于P、Q两点，设点P关于x轴的对称点为R，则直线RQ必过定点A(-m,0)。
[注：完成此解答最高得7分，其中问题3分。]
“逆向问题”二：已知椭圆C：的焦点为F1(-c,0)，F2(c,0)，过F2的直线交椭圆C于P、Q两点，设点P关于x轴的对称点为R，则直线RQ必过定点。
[注：完成此解答最高得9分，其中问题4分。]
“逆向问题”三：已知双曲线C：的焦点为F1(-c,0)，F2(c,0)，过F2的直线交双曲线C于P、Q两点，设点P关于x轴的对称点为R，则直线RQ必过定点。
[注：完成此解答最高得9分，其中问题4分。]
其它解答参照给分。
43．(1)，因为所以……………………………… 2分
（2）因为所以…………………………………3分
,……………………………………………5分
因为所以与同号，………………………………………………6分
因为，
…，即……………………………………………………………………8分
（3）当时，
，……………………………………………………………………10分
所以，……………………………………………12分
所以…………14分
44．（1）∵当a=1时，令=0，得x=0或x=1………………………2分
当时，当时
∴在上单调递减，在上单调递增，
∴的极小值为=-2.………………………………………………………………4分
（2）∵………………………………………………………………6分
∴要使直线=0对任意的总不是曲线的切线，当且仅当-1<-3a,
∴.…………………………………………………………………………………………8分
(3)因在[-1,1]上为偶函数,故只求在 [0,1]上最大值，…………9分
① 当时，，在上单调递增且,
∴，∴.…………………………………………10分
② 当时
i .当，即时，在上单调递增，此时……………………………………………………………………12分
ii. 当，即时，在上单调递减，在上单调递增.
10 当即时，在上单调递增，在上单调递减，故.……………………………………14分
20当即时，
（ⅰ）当即时，
（ⅱ） 当即时，
综上………………………………………………16分
45．（本题满分14分）本题共有2个小题,第1小题满分8分,第2小题满分6分
（1）
又∵{Bn}在方向向量为（1，6）的直线上，
（2）∵二次函数是开口向上，对称轴为的抛物线
又因为在a6与a7两项中至少有一项是数列{an}的最小项，
∴对称轴
46．（本题满分14分）本题共2个小题,第1小题满分4分,第2小题满分10分
解：（1）由知，点P的轨迹E是以F1、F2为焦点的双曲线右支，由，故轨迹E的方程为…………4分
（2）当直线l的斜率存在时，设直线方程为，与双曲线方程联立消y得，
解得k2 >3 ………………………………………………………………………………5分
（i）
，
故得对任意的
恒成立，
∴当m =－1时，MP⊥MQ.
当直线l的斜率不存在时，由知结论也成立，
综上，当m =－1时，MP⊥MQ. ……………………………………………………8分
（ii）是双曲线的右准线，……………………………9分
由双曲线定义得：，
方法一：
………10分
，…………………………………………12分
注意到直线的斜率不存在时，，
综上， ………………………………………………………………14分
方法二：设直线PQ的倾斜角为θ，由于直线PQ与双曲线右支有二个交点，
，过Q作QC⊥PA，垂足为C，则
…………12分
由
故： ………………14分
47．（本题满分16分）本题共3个小题,第1小题满分4分,第2小题满分6分，第3小题满分6分
解：………1分
（1）是函数f(x)的两个极值点，
………………………………………………………………2分
………………………3分
…………………………………………………………4分
（2）∵x1、x2是 f(x)是两个极值点，
∴x1、x2是方程的两根.
∵△= 4b2 + 12a3， ∴△>0对一切a > 0，恒成立.
……………………6分
由 ………………7分
………………………………………… 8分
令
在（0，4）内是增函数；
∴h (a)在（4，6）内是减函数.
∴a = 4时，h(a)有极大值为96，上的最大值是96，
∴b的最大值是 …………………………………………………………………10分
（3）证法一：∵x1、x2是方程的两根，
，…………………………………………………… 12分
………… 14分
……………………………………16分
证法二：∵x1、x2是方程的两根，
.…………………………………………………… 12分
∵x1 < x < x2，
………………………………………………… 14分
……………………………………………16分
48．（14分）解：设2，f(a1), f(a2), f(a3),……，f(an),2n+4的公差为d，则
2n+4=2+(n+2－1)dd=2,…………………………（2分）
……………………（4分）
（2），
49．解：（I）
（II）渐近线为设
，
代入化简
（III）假设在轴上存在定点使，
设联立与的方程得
故
由
∴（3）即为，将（4）代入（1）（2）
有代入（5）得
故在轴上存在定点使。
50．解：（Ⅰ）因为,所以即,所以a=－2.
(Ⅱ)因为直线恒过点（0，9）.
先求直线是y=g(x) 的切线.设切点为,因为.
所以切线方程为,将点（0，9）代入得.
当时，切线方程为y=9, 当时，切线方程为y=12x+9.
由得，即有
当时，的切线，
当时， 的切线方程为是公切线，
又由得或，
当时的切线为，
当时的切线为，，不是公切线
综上所述 时是两曲线的公切线
(Ⅲ).（1）得，当，不等式恒成立，.
当时，不等式为，
而
当时，不等式为，
当时,恒成立，则
（2）由得
当时，恒成立，，当时有
设=，
当时为增函数，也为增函数
要使在上恒成立，则
由上述过程只要考虑，
则当时=
在时，在时在时有极大值即在上的最大值，又，即而当,时，一定成立
综上所述.
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参考答案：
51．解：（1）由条件知 恒成立
又∵取x=2时，与恒成立
∴ …………4分
（2）∵ ∴ ∴ ……2分
又 恒成立，即恒成立
∴， …………2分
解出：
∴ …………2分
（3）由分析条件知道，只要图象（在y轴右侧）总在直线 上方即可，也就是直线的斜率小于直线与抛物线相切时的斜率位置，于是：
利用相切时△=0，解出 …………4分
∴ …………2分
解法2：必须恒成立
即 恒成立
①△<0，即 [4(1－m)]2－8<0，解得： ……2分
② 解出： …………2分
总之，
52．证明：（1）必要性 若{bn}为等差数列，设首项b1，公差d
则
∵ ∴{an}为是公差为的等差数列 ……4分
充分性 若{an}为等差数列，设首项a1，公差d
则
∴
当n=1时，b1=a1也适合
∵bn+1－bn=2d， ∴{bn}是公差为2d的等差数列 …………4分
（2）结论是：{an}为等差数列的充要条件是{cn}为等差数列且bn=bn+1
其中 （n=1，2，3…） …………4分
53（本小题满分12分）
解: (I),即前3局甲2胜1平. ……………………………………………1分
由已知甲赢的概率为,平的概率为,输的概率为, ………………………….2分
得得概率为 ………………………………………………5分
(II) 时, ,且最后一局甲赢, ……………………………………...6分
； ……………………………………………8分
的分布列为
4
5
………………………………………10分
∴ ……………………………………12分
54（本小题满分12分）
解：（I）由得， ∴.
∴ 直线的斜率为，
故的方程为， ∴点A的坐标为（1，0）.
设 ，则（1，0），，，
由得，
整理，得.
∴动点的轨迹C为以原点为中心，焦点在轴上，长轴长为，短轴长为2的椭圆.
(II)如图，由题意知的斜率存在且不为零，
设方程为 ①，
将①代入，整理，得
，由得
设、，则 ②
令， 则，
由此可得 ，，且.
由②知 ，
.
∴ , 即
∵ ，∴ ，
解得
又∵， ∴，
∴OBE与OBF面积之比的取值范围是（， 1）.
55(1)设 则相减得
则 即故
由双曲线定义知离心率
(2)由上知椭圆离心率为.故 则或
当时,椭圆方程为.
当时,椭圆方程为.而此时在椭圆外. 故舍去.
则所求椭圆方程为.
(3)由题设知.椭圆
得有
故
又由(2)知 即故的范围是.
则长轴的范围是.
56、解：(1)
∴
∴
∴数列是等差数列，首项公差d=4
∴
∴
∵
∴…………（4分）
(2)由
得
∴
∴
∴
若为等差数列，则
∴
(3)
∴
∴
……………………12分
57、解：（1）
（2）
58、解：（Ⅰ）设P（x，y）是函数图象上的任意一点，它在函数图象上的对应点，则由平移公式，得 …………2分
∴ 代入函数中，得
………………2分
∴函数的表达式为 …………1分
（Ⅱ）函数的对称轴为
①当时，函数在[]上为增函数，
∴ ………………2分
②当时，
∴
当且仅当时取等号； …………2分
③当时，函数在[]上为减函数，
∴ …………2分
综上可知，
∴当时，函数的最大值为
59、（1）证明：过B1点作B1O⊥BA。∵侧面ABB1A1⊥底面ABC
∴A1O⊥面ABC ∴∠B1BA是侧面BB1与底面ABC倾斜角
∴∠B1BO= 在Rt△B1OB中，BB1=2，∴BO=BB1=1
又∵BB1=AB，∴BO=AB ∴O是AB的中点。
即点B1在平面ABC上的射影O为AB的中点 …………4分
（2）连接AB1过点O作OM⊥AB1，连线CM，OC，
∵OC⊥AB，平面ABC⊥平面AA1BB1 ∴OC⊥平面AABB。
∴OM是斜线CM在平面AA1B1B的射影 ∵OM⊥AB1
∴AB1⊥CM ∴∠OMC是二面角C—AB1—B的平面角
在Rt△OCM中，OC=，OM=
∴∠OMC=cosC+sin2
∴二面角C—AB1—B的大小为 …………8分
（3）过点O作ON⊥CM，∵AB1⊥平面OCM，∴AB1⊥ON
∴ON⊥平面AB1C。∴ON是O点到平面AB1C的距离
连接BC1与B1C相交于点H，则H是BC1的中点
∴B与C1到平面ACB1的相导。
又∵O是AB的中点 ∴B到平面AB1C的距离
是O到平面AB1C距离的2倍
是G到平面AB1C距离为 …………12分
60、解：（1）证明取SC的中点R，连QR, DR.
由题意知：PD∥BC且PD=BC;
QR∥BC且QP=BC,
QR∥PD且QR=PD.
PQ∥DR, 又PQ面SCD,
PQ∥面SCD. …………（6分）
（2）法一：连接SP，
.
. ，
…………（12分）
（2）法二：以P为坐标原点，PA为x轴，PB为y轴，PS为z轴建立空间直角坐标系，
则S（），B（）,C（），Q（）.
面PBC的法向量为（）,设为面PQC的一个法向量，
由，
cos，
…………（12分）
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参考答案：
61.（本小题满分16分）
（1）解：设等差数列{an}的公差是d，则a1+2d=4，3a1+3d=18，解得a1=8，d=－2，
所以……………………………………2分
由=－1＜0
得适合条件①；
又所以当n=4或5时，Sn取得最大值20，即Sn≤20，适合条件②
综上，{Sn}∈W………………………………………………4分
（2）解：因为
所以当n≥3时，，此时数列{bn}单调递减；
当n=1，2时，，即b1＜b2＜b3，因此数列{bn}中的最大项是b3=7
所以M≥7………………………………………………8分
（3）解：假设存在正整数k，使得成立
由数列{cn}的各项均为正整数，可得
因为
由
因为
……………………依次类推，可得
设
这显然与数列{cn}的各项均为正整数矛盾！
所以假设不成立，即对于任意n∈N*,都有成立.( 16分)
62．（本题满分14分）数列和数列（）由下列条件确定：
（1），；（2）当时，与满足如下条件：当时，，；当时，，.
解答下列问题：（Ⅰ）证明数列是等比数列；
（Ⅱ）记数列的前项和为，若已知当时，，求.
（Ⅲ）是满足的最大整数时，用，表示满足的条件.
解：（Ⅰ）当时，，
当时，，
所以不论哪种情况，都有，又显然，故数列是等比数列.…（4分）
（Ⅱ）由（Ⅰ）知，，故，
，所以
所以，，…（7分）
又当时，，故.（8分）
（Ⅲ）当时，，由（2）知不成立，故，从而对于，有，，于是
，故，…………（10分）
若，则，
，所以，这与是满足的最大整数矛盾.因此是满足的最小整数.（12分）
而，
因而，是满足的最小整数.（14分）
63. (1)
当a≥0时，在[2，＋∞)上恒大于零，即，符合要求； 2分
当a＜0时，令，g (x)在[2，＋∞)上只能恒小于零
故△＝1＋4a≤0或，解得：a≤
∴a的取值范围是 6分
(2)a = 0时，
当0＜x＜1时，当x＞1时，∴ 8分
(3)反证法：假设x1 = b＞1，由，
∴
故
，即 ①
又由(2)当b＞1时，，∴
与①矛盾，故b≤1，即x1≤1，同理可证x2≤1，x3≤1，…，xn≤1(n∈N*) 14分
64．解：（Ⅰ）。依题意则有：
，所以，解得，所以；
，由可得或。
在区间上的变化情况为：
0
1
3
4
+
0
—
0
+
0
增函数
4
减函数
0
增函数
4
所以函数在区间上的最大值是4，最小值是0。
（Ⅱ）由函数的定义域是正数知，，故极值点不在区间上；
（1）若极值点在区间，此时，在此区间上的最大值是4，不可能等于；故在区间上没有极值点；
（2）若在上单调增，即或，
则，即，解得不合要求；
（3）若在上单调减，即，则，
两式相减并除得：， ①
两式相除并开方可得，
即，整理并除以得：， ②
则①、②可得，即是方程的两根，
即存在，满足要求；
（Ⅲ）同（Ⅱ），极值点不可能在区间上；
（1）若极值点在区间，此时，
故有①或②
①由，知，，当且仅当时，；
再由，知，，当且仅当时，
由于，故不存在满足要求的值。
②由，及可解得，
所以，知，；
即当时，存在，，
且，满足要求。
（2）若函数在区间单调递增，则或，
且，故是方程的两根，
由于此方程两根之和为3，故不可能同在一个单调增区间；
（3）若函数在区间单调递减，即，，
两式相除并整理得，由知，即，
再将两式相减并除以得，，
即。即，是方程的两根，
即存在，满足要求。
综上可得，当时，存在两个不等正数，使时，函数
的值域恰好是。
65．解：（1）
（2）
—得，即：，
所以，所以
（3）由（2）得：，
所以是单调递增数列，故要证：只需证
若，则显然成立；若，则，
所以，因此：
所以，所以。
66、（1）函数的定义域为. 1分
由得; 2分
由得, 3分
则增区间为,减区间为. 4分
(2)令得,由(1)知在上递减,在上递增, 6分
由,且, 8分
时, 的最大值为,故时,不等式恒成立. 9分
(3)方程即.记,则
.由得;由得.
所以在上递减;在上递增.
而, 10分
所以,当时,方程无解;
当时，方程有一个解;
当时,方程有两个解;
当时,方程有一个解;
当时,方程无解. 13分
综上所述,时,方程无解;
或时,方程有唯一解;
时,方程有两个不等的解. 14分
67、解：（1）当.…（1分）
……（3分）
∴的单调递增区间为（0，1），单调递减区间为：，.
……（4分）
（2）切线的斜率为，
∴ 切线方程为.……（6分）
所求封闭图形面积为
.
……（8分）
（3）， ……（9分）
令. ……（10分）
列表如下：
x
(－∞，0)
0
（0，2－a）
2－a
(2－a，+ ∞)
－
0
+
0
－
↘
极小
↗
极大
↘
由表可知，. ……（12分）
设，
∴上是增函数，……（13分）
∴ ，即，
∴不存在实数a，使极大值为3. ……（14）
68、解：（1）由 （2分）
由直线
所以椭圆的方程是 （4分）
（2）由条件，知|MF2|=|MP|。即动点M到定点F2的距离等于它到直线的距离，由抛物线的定义得点M的轨迹C2的方程是。 （8分）
（3）由（2），知Q（0，0）。设
所以当
故的取值范围是。
69、解：（1）由已知，点P在椭圆上
∴有 ①┉┉┉┉┉┉┉┉1分
又，M在y轴上，
∴M为P、F2的中点，┉┉┉┉┉┉┉┉2分
∴.┉┉┉┉┉┉┉┉3分
∴由， ②┉┉┉┉┉┉┉┉4分
解①②,解得（舍去），∴
故所求椭圆C的方程为。┉┉┉┉┉┉┉┉6分
（2）∵点关于直线的对称点为，
∴┉┉┉┉┉┉┉┉8分
解得┉┉┉┉┉┉┉┉10分
∴┉┉┉┉┉┉┉┉11分
∵点P在椭圆C:上，∴∴。
即的取值范围为［－10，10］。┉┉┉┉┉┉┉┉12分
70、解:(Ⅰ)因为，所以有
所以为直角三角形；…………………………2分
则有
所以，…………………………3分
又，………………………4分
在中有
即，解得
所求椭圆方程为…………………………6分
(Ⅱ)
从而将求的最大值转化为求的最大值…………………………8分
是椭圆上的任一点，设，则有即
又，所以………………………10分
而,所以当时，取最大值
故的最大值为…………………………12分
参考答案：
71解：（Ⅰ）由已知得
…………4分
（Ⅱ）设P点坐标为（x，y）（x＞0），由得
， …………5分
∴ 消去m，n可得
，又因 8分
∴ P点的轨迹方程为
它表示以坐标原点为中心，焦点在轴上，且实轴长为2，焦距为4的双曲线
的右支 …………9分
（Ⅲ）设直线l的方程为，将其代入C的方程得
即
易知（否则，直线l的斜率为，它与渐近线平行，不符合题意）
又
设，则
∵ l与C的两个交点在轴的右侧
∴ ，即
又由 同理可得 …………11分
由得，∴
由得
由得
消去得 ，解之得： ，满足 …………13分
故所求直线l存在，其方程为：或 …………14分
72.
73解: (Ⅰ)当时， ，则
． ……………………………2分
当时， ． ……………………………3分
…………………………4分
(Ⅱ)当时，
． ………5分
(1)当，即时，
当时，， 当时，，
在单调递增，在上单调递减，
． ……………………………7分
(2)当，即时，，在单调递增．
， ……………………………9分
……………………………10分
(Ⅲ) 要使函数在上恒有，必须使在上的最大值．
也即是对满足的实数，的最大值要小于或等于． ………………11分
（1）当时，，此时在上是增函数，
则． ，解得． ………① ………………12分
（2）当时，，此时，在上是增函数， 的最大值是．，解得．………② ……………………………13分
由①、②得实数的取值范围是． ……………………………14分
74解：（Ⅰ）设椭圆的方程为：，则．……①……1分
当垂直于轴时，两点坐标分别是和，
，则，即．………② …3分
由①，②消去，得．或（舍去）．
当时，．因此，椭圆的方程为．……………………………5分
（Ⅱ）设存在满足条件的直线．
(1)当直线垂直于轴时，由（Ⅰ）的解答可知，焦点到右准线的距离为，此时不满足．
因此，当直线垂直于轴时不满足条件． ……………………………7分
（2）当直线不垂直于轴时，设直线的斜率为，则直线的方程为．
由，
设两点的坐标分别为和，则，．
． ……………………9分
又设的中点为，则．
当为正三角形时，直线的斜率为．
，．
…………………………11分
当为正三角形时，，即＝，
解得，． …………………………13分
因此，满足条件的直线存在，且直线的方程为或．……14分
75解：（Ⅰ），，……………3分
又，数列是首项为，公比为的等比数列．……5分
， 即. ………………6分
（Ⅱ）．
． ………………9分
（Ⅲ）， ． ……………………10分
当时，则
．
， 对任意的，． ………………………14分
76、（1）
所以切线方程为
（2）
当时，
当时，
（3）当时，
1
+
0
-
0
+
增
极大值
减
极小值
增
77、（1）时，，
，，………………………2分
又
所以切线方程为………………………2分
（2）1°当时，，则
令，，
再令，
当时，∴在上递减，
∴当时，，
∴，所以在上递增，，
所以……………………5分
2°时，，则
由1°知当时，在上递增
当时，，
所以在上递增，∴
∴；………………………5分
由1°及2°得：………………………1分
78、解：（I）依题意知：直线是函数在点（1，0）处的切线，故其斜率所以直线的方程为
又因为直线与的图像相切 所以由
得
（Ⅱ）因为所以
当时， 当时，
因此，在上单调递增，在上单调递减。
因此，当时，取得最大值
（Ⅲ）当时，，由（Ⅱ）知：当时，，即因此，有即
79、 (1)法一：由已知………………………………1分
设，则，……………………………1分
，………………………1分
由得，，
解得………………………2分
法二：记A点到准线距离为，直线的倾斜角为，
由抛物线的定义知，………………………2分
∴，
∴………………………3分
（2）设，，
由得，………………………1分
首先由得且
，同理……………………2分
由得，…………………………2分
即：，
∴，…………………………2分
，得且，
由且得，
的取值范围为…………………………3分
80.
解析：（1）设动圆心P(x,y)
因为动圆P与定园F内切，则
若则
若则
故动圆心P的轨迹是以F为焦点，为准线的抛物线,
其方程为： ……4分
(2) ①当直线m的斜率存在， 由
设则
而
若则无解，此时不存在。 ……8分
当直线m的斜率不存在时，则，显然成立.
故存在直线m使成立.此时直线m: ……9分
②当直线m的斜率存在时，由①
当直线m的斜率不存在时，
故对于任意的直线m,为定值. ……13分
w.w.w.k.s.5.u.c.o.m
参考答案：
81 解：⑴由题意知：，
设函数图象上的任意一点关于原点的对称点为P（x,y）,
则，……………………4分
因为点
⑵
连续，恒成立……9分
即，………………..10分
由上为减函数，………………..12分
当时取最小值0，………………..13分
故
另解：，
，解得
82（1）由已知，
公差 ………1分
………2分
＝ ………4分
由已知………5分
所以公比，………6分
………7分
（2）设…8分
所以当时，是增函数。………10分
又，所以当时，………12分
又，………13分
所以不存在，使。………14分
83．本小题考查等差数列通项与前n项和关系以及数列与不等式相结合的有关问题。
解法：（1）证明：∵ …………（1分）
∴，∴，∴ ……………（3分）
∴， ………………（5分）
数列为首项，以2为公差的等差数列。（6分）
（2）由（1）知，∴ ∴ ………（7分）
设，则
…………（10分）
∴上递增，要使恒成立，只需
∵，∴ ………………（12分）
84．本小题考查椭圆简单几何性质、直线与椭圆的位置关系及向量知识的应用，
解：（1）由于，
解得，从而所求椭圆的方程为………………（3分）
三点共线，而点N的坐标为（－2，0）.
设直线AB的方程为，其中k为直线AB的斜率，依条件知k≠0.
由消去x得，即
根据条件可知 解得………………（5分）
设，则根据韦达定理，得
又由
从而 消去
令，则
由于 上的减函数，
从而，即，
，，而
因此直线AB的斜率的取值范围是………………（7分）
（2）上半椭圆的方程为，求导可得
所以两条切线的斜率分别为……（8分）
[解法一]：切线PA的方程是.又，
从而切线PA的方程为，同理可得切线PB的方程为
由 可解得点P的坐标
再由
∴ ……………………（11分）
又由（1）知 ，∴
因此点P在定直线上，并且点P的纵坐标的取值范围是[1，] ……（12分）
[解法二]：设点P的从标为，则可得切线PA的方程是
而点在此切线上，所以有，即 …（9分）
所以有 ， ①
同理可得 ②
根据①和②可知直线AB的方程为
而直线AB过定点N（－2，0），∴，直线AB的方程为
∴ ………………………………（11分0
又由（1）知 ，所以有
因此点P在定直线上，并且点P的纵坐标的取值范围是 ……（12分）
85．本小题考查利用导数研究函数的单调区间以及用导数的方法讨论方程根的情况。
解：（1）函数的定义域是
对求导得 …………（2分）
由 ，由
因此 是函数的增区间；
（－1，0）和（0，3）是函数的减区间 ………………（5分）
（2）[解法一]：因为
所以实数m的取值范围就是函数的值域 …………（6分）
对
令
∴当x=2时取得最大值，且
又当x无限趋近于0时，无限趋近于无限趋近于0，
进而有无限趋近于－∞.因此函数的值域是
即实数m的取值范围是 ………………（9分）
[解法二]：方程有实数根等价于直线与曲线y=lnx有公共点，并且当直线与曲线y=lnx相切时，m取得最大值. ……（6分）
设直线相切，切点为求导得
，解得
所以m的最大值是。而且易知当与曲线y=lnx总有公共点。
因此实数m的取值集合是 ………………（9分）
（3）结论：这样的正数k不存在。 ………………（10分）
下面采用反证法来证明：假设存在正数k，使得关于x的方程
有两个不相等的实数根，则
…………（11分）
根据对数函数定义域知都是正数。
又由（1）可知，当
∴=
再由k>0，可得
由于 不妨设 ，由①和②可得
利用比例性质得
即 …………（13分）
由于上的恒正增函数，且
又由于 上的恒正减函数，且 ∴
∴，这与（*）式矛盾。
因此满足条件的正数k不存在 ……………………（14分）
86、 (Ⅰ)设直线方程为，代入得
设，则有
而,
故
即，得，焦点.
(Ⅱ)设，由得
所以
而，可得
又的中点坐标为，
当时，利用有
整理得，.
当时，的坐标为,也满足.
所以即为动点的轨迹方程.
87、解析：(1)由题意可知且，解得，
椭圆的方程为；
（2）由（1）得，所以.假设存在满足题意的直线，设的方程为
，代入，得，
设，则 ①，
，
而的方向向量为,
; 当时,,即存在这样的直线;当时,不存在,即不存在这样的直线
88、解：（1）依题意，设椭圆方程为，则其右焦点坐标为
， ………… 1分
由，得，
即，解得。 ………… 3分
又 ∵ ，∴ ，即椭圆方程为。 ……4分
（2）由知点在线段的垂直平分线上，
由消去得
即 （*） ………… 6分
由，得方程（*）的，即方程（*）有两个不相等的实数根。
…………7分
设、，线段的中点，
则，，
，即 ……… 9分
，∴直线的斜率为，……………10分
由，得， …………………… 11分
∴ ，解得：，即， …… 12分
又，故 ，或，
∴ 存在直线满足题意，其倾斜角，或。…………… 13分
89、解：
90、解：(Ⅰ)由已知得，又，
即． …………………………（2分）
，公差．
由，得 …………………………（4分）
即．解得或(舍去)．
． …………………………（6分）
(Ⅱ)由得
…………………………（8分）
…………………………（9分）
是等差数列．
则
………………………(11分)
……………………(12分)
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参考答案：
91．解：（1）令a=b=1 求得 2分
又 ∴ 5分
（2） ，∴ .
令 ， ∴， 9分
∴ 数列 是以公差d= 的等差数列 12分
∴ ， ∴，∴ 14分
92．解：（1）充分性：若 ∴a=b=0
∴ 对任意的都有
∴为奇函数，故充分性成立. 2分
必要性：若为奇函数
则对任意的都有恒成立，
即
令x=0 ，得b=0；令x=a ，得a=0 。∴ 6分
（2）由＜＜0，当x=0时取任意实数不等式恒成立
当0＜x≤1时 ＜0恒成立，也即＜＜恒成立
令在0＜x≤1上单调递增，∴＞ 10分
令 ， 则在上单调递减，单调递增
当＜时 在0＜x≤1上单调递减
∴ ＜。∴＜ ＜ 。 12分
当≤＜时， ≥，
∴＜，∴ ＜ ＜ 14分
93．解：（1），对恒成立，
又恒成立，对恒成立，又，
（2）由得：，
不妨设，则q，r恰为方程两根，由韦达定理得：
①
②
③而
设，求导得：
当时，递增；当时，递减；
当时，递增，
在上的最小值为
（3）如果，则
在为递增函数，
又，
94．（1）由c=1知B（0，1），∵， ∴
即 点C在单位圆上，∴
设双曲线E的方程为
由点C的双曲线E上，半焦距c=1有：
所以双曲线E的方程为：
（2）证明：∵A1（－c，0），B（0，c），由
设双曲线E的方程为 ∴
①代入②，化简整理得
解得
又 ∴，即双曲线E的离心离是与c无关的常数。
（3）假设存在实数有
点F点C，F都在双曲线E上，故有
由③得⑤
⑤代入④得
即
故存在实数恒成立.
95．（1）由题意及导数的几何意义得①
②
又
由①得③
将c=－a－2b代入②得有实根，
故判别式④
由③、④得
（2）由
知方程有两个不等实根，设为x1，x2，
又由（*）的一个实根，
则由根与系数的关系得
当x＜x2，或x＞x1时，
故函数f（x）的递增区间为[x2，x1]，由题设知[x2，x1]=[s，t]，
因此
（3）由
因此a＜0，得
设的一次函数，由题意，
恒成立故
由题意
96．（1）∵，∴恒成立知：
，
∴a=1，从而
（2）由（1）知
由在[－2，2]上是单调函数知：
（3）∵是偶函数，∴为增函数，对于，
当
，∴是奇函数，且是在上为增函数，
当mn<0，m、n异号，
∴
，∴
综上可知
97、解：（1）设P点坐标为，则，化简得，
所以曲线C的方程为；
（2）曲线C是以为圆心，为半径的圆 ，曲线也应该是一个半径为的圆，点关于直线的对称点的坐标为，所以曲线的方程为，
该圆的圆心到直线的距离为 ，
，或，所以，，或。
98.
⑴解:设 ，
即 …………………………… (2分)
故 …………………………… (4分)
∴ ………(5分)
又 ……………………………………………………………………(6分)
故存在是等比数列 ……………(7分)
⑵证明：由⑴得 ∴，
故 ……………………………………………… (8分)
∵ ………………………… (9分)
∴
……………………………………（11分）
现证.
当，
故时不等式成立 ………………………………………………（12分）
当得
，且由，
∴ …………………………………… （14分）
99、解：（I）依题意，
故
当时，
①-②得：
故为等比数列，且，
即是等差数列
（Ⅱ）由（I）知，
（Ⅲ）
当时，取最小值
依题意有
解得
故所求整数的取值集合为{0，1，2，3，4，5}
100、解：（I）由已知得
又
是以为首项，以为公比的等比数列.
（II）由（I）知，
将以上各式相加得：
（III）解法一：
存在，使数列是等差数列.
数列是等差数列的充要条件是、是常数
即
又
当且仅当，即时，数列为等差数列.
解法二：
存在，使数列是等差数列.
由（I）、（II）知，
又
当且仅当时，数列是等差数列.
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