四川省南充市中考物理试卷解析

四川省南充市中考物理试卷解析

‎2018年四川省南充市中考物理试卷 ‎　‎ 一、单选题（每小题2分，共20分．在每小题给出的A、B、C、D四个选项中，只有一项是符合题意，将符合题意的选项用2B铅笔涂在答题卡上）‎ ‎1． 下列有关声现象的说法正确的是（　　）‎ A．老师讲课时声音洪亮是指声音的音调高 B．真空不能传声 C．利用超声波清洗眼镜，说明声音可以传递信息 D．在城市主要道路两边，安装噪声监测仪，可以减弱噪声 ‎2． 下列现象中属于汽化现象的是（　　）‎ A．夏天洒在地上的水会很快变干 B．北方的冬天水面结冰 C．北方冬夜窗子玻璃上出现冰花 D．夏天从冰箱拿出的冰冻饮料一会儿瓶身会出现水珠 ‎3． 如图所示，一小铁块沿斜面向下滑动，下列所涉及的物理知识描述个正确的是（　　）‎ A．铁块从斜面滑下的速度越来越快，说明铁块惯性在变大 B．铁块所受重力与斜面对铁块的支持力是一对平衡力 C．铁块受到斜面摩擦力的方向沿斜面向上 D．铁块相对于斜面始终是静止的 ‎4． 如图是将一个气球压入水中的过程（气球不会漏气且不会爆裂），球内气体的质量和密度变化情况是（　　）‎ A．质量变大，密度变大 B．质量不变，密度变小 C．质量变小，密度不变 D．质量不变，密度变大 ‎5． 下列与压强有关的事例的解释中正确的是（　　）‎ A．书包的背带较宽，是为了增大压强 B．用吸管喝饮料，利用了大气压强 C．拦河大坝修成上窄下宽，利用了连通器原理 D．起风时，常看见屋内的窗帘飘向窗外，这是因为窗外空气流速大，压强大 ‎6． 下列图中符合安全用电与保护原则的是（　　）‎ A．‎ 将冰箱的金属外壳接地 B．‎ 多个大功率用电器同时使用一个插座 C．‎ 用湿抹布擦发光的灯泡 D．‎ 开关接在零线上 ‎7． 以下图中说明了电磁感应现象的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎8． 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，向右移动滑动变阻器滑片P的过程中（　　）‎ A．电压表V1示数不变，电压表V2示数变大 B．电流表A示数变大 C．电压表V2示数与电流表A示数的比值变小 D．电压表V1示数与电流表A示数的比值不变 ‎9． 如图所示的电路，电源电压为3V，R1=15Ω，R2=5Ω，当开关S闭合时，下列分析正确的是（　　）‎ A．R1、R2两端电压之比为3：1‎ B．通过R1、R2电流之比为3：1‎ C．R1、R2消耗的电功率之比为1：3‎ D．R1的电功率为1.8W ‎10． 如图，在木块上放置一个铁块m1时，木块M刚好浸没于水中（如图甲）；当在木块下吊一个铁块m2时，木块也刚好浸没（如图乙），则的值为（ρ铁=7.9×103kg/m3，ρ=1×103kg/m3，g=10N/kg）（　　）‎ A．59：69 B．69：79 C．79：89 D．89：99‎ ‎　‎ 二、填空题（每空1分，共18分）‎ ‎11． 夏日清晨，阳光明媚，周未小明和妈妈一同来到了湖边散步，岸上拉着母子俩长长的影子，湖中柳影摇曳，小明指着自己的影子对妈妈说这是光的　 　形成的，又指着湖中柳树的倒影说这是光的　 　形成的。‎ ‎12． 生活中许多现象都可以用我们所学的物理知识解释，例如腌制鸭蛋使盐进入鸭蛋中是一种　 　现象，烧水煮鸭蛋是利用　 　的方式改变鸭蛋的内能。‎ ‎13． 某台汽油机飞轮的转速为1800r/min，在1s内，汽油机完成了　 　个工作循环。如果汽油机在一段时间内消耗了500g汽油，若这些汽油完全燃烧，可放出热量　 　J．（q汽油=4.6×107J/kg）‎ ‎14． 如图所示，一个重为5N的容器，底面积100cm2，内装有400ml的酒精，则容器对桌面的压力为　 　N，容器对桌面的压强为　 　Pa（ρ酒精=0.8×103kg/m3，g=10N/kg）‎ ‎15． 在如图所示的斜面上，一工人用200N的拉力，将一重为250N的物体，从底端匀速拉到顶端，用时6s，则此过程中物体受到的拉力　 　斜面对物体的摩擦力（选填“大于”、“等于”、“小于”），拉力做功的功率为　 　W。‎ ‎16． 中国在核电事业上，已取得辉煌成就，其援建巴基斯坦的核电站，即将于2019年投入使用，核电站的核心设备是核反应雅，核反应堆是利用原子核的　 　（选填”裂变”或“聚变”来发电的；手机是我们现在越来越普遍的通信工具，手机是利用　 　传递信息的。‎ ‎17． 一个电压恒定的电源，在其两端只接一只电阻值为120Ω的电阻R1，电流是0.5A．如果在电阻R1两端并联一个电阻值为8Ω的电阻R2，并联电路的总电流为　 　A，若将R2改为与R1串联在原电路中，电路中电流为　 　A。‎ ‎18． ‎ 如图所示，电源电压不变，灯泡标有“4V，2W”字样，当开关S闭合时，灯泡正常发光，电流表的示数为0.6A，电阻R的电功率为　 　W，通电1min，R产生的热量为　 　J。‎ ‎19． 如图甲所示，电源电压一定，滑动变阻器的滑片从最右端滑到最左端时，灯泡L的I﹣U图象如图乙所示，当灯电流为1A时，灯正常发光，则灯的额定功率为　 　W和滑动变阻器的最大值为　 　Ω。‎ ‎　‎ 三、探究与解答题（共32分，可20、21小题各2分，第22、23、24小题各4分，第25、26小题各8分）‎ ‎20． 如图所示，轻质杠杆AB可绕O点在竖直平面内旋转，请在图中画出物体M所受重力G和使杠杆保持平衡的最小力F的示意图。‎ ‎21． 如图所示，根据通电螺线管的“S、N”极，判断并标出电源“+、﹣”极和静止的小磁针的“S、N”‎ ‎22．（4分）如是小明在“探究平面镜成像的特点“的实验装置。‎ ‎（1）你认为本实验小明应选择较　 　（选填“厚”或“薄”）的玻璃板来完成实验。‎ ‎（2）在玻璃板前面放支点燃的蜡烛A再拿一支外形相同但不点燃的蜡烛B，竖立在玻璃板后面并移动，直到与蜡烛A的像完全重合，这样做是为了比较像与物的　 　关系。‎ ‎（3）移去蜡烛B，在其原位置上放置一块白屏，白屏上　 　（选填“能”或“不能”）呈现蜡烛的像。‎ ‎（4）小明第一次将蜡烛A置于玻璃前5cm，第二次将A向远离玻璃板的方向移动3cm，再次放置B直到与蜡烛A的像完全重合，则A与B的间距为　 　cm。‎ ‎23．（4分）在“研究影响液体内部压强”的实验中：‎ ‎（1）压强计是通过观察U型管的两端液面的　 　来显示橡皮膜所受压强大小。‎ ‎（2）比较图甲和图乙，可以初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随液体　 　的增加而增大。‎ ‎（3）如果我们要讨论液体内部压强是否与液体密度有关，应选择　 　‎ 进行比较。‎ ‎（4）已知乙图中U型管左侧液柱高为4cm，右侧液柱高为10cm，则U型管底部受到的液体的压强为　 　Pa（ρ水=1×103kg/m3，g=10N/kg）‎ ‎24．（4分）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V。‎ ‎（1）将甲图中电路连接完整。（要求：滑动变阻器滑片P向右移灯泡变亮）‎ ‎（2）正确连接电路后，闭合开关S，移动滑片P，小张发现小灯泡始终不亮，电流表无示数，电压表示数始终为3V，则故障原因为　 　。‎ ‎（3）电路故障排除后，闭合开关，移动滑片P，直到电压表示数为2.5V，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为　 　W。‎ ‎（4）小张设计了如图丙所示的电路也完成了该实验（电源电压不变，R阻值已知）‎ ‎①闭合开关S和S1，断开S2，并调节滑动变阻器使电压表示数为U额。‎ ‎②闭合开关S和S2，断开S1，滑动变阻器滑片P不动，读出此时电压表示数为U；则小灯泡额定功率的表达式灯P额=　 　。（用U额、R、U表示）‎ ‎25．（8分）如图，电源电压一定，已知灯泡L标有“6V，7.2W”字样（灯电阻不受温度影响），R1=10Ω．当S、S1，闭合，且滑片P在a端时，灯正常发光；当S、S2闭合，且P在滑动变阻器中点处时，电流表示数为0.2A。‎ ‎（1）求灯泡L的电阻阻值。‎ ‎（2）求滑动变阻器Rx的最大值。‎ ‎（3）通过对S、S1、S2的控制和调节滑动变阻器，可使电路所消耗的总功率最小，请求出电路总功率的最小值。‎ ‎26．（8分）如图是工人将重160N的物体匀速放下的过程，已知物体下降的距离为3m，用时3s，工人的拉力为50N，工人质量为50kg。（物体未浸入水中，且不计绳重及摩擦）‎ ‎（1）求工人放绳的速度。‎ ‎（2）求滑轮组的效率η1‎ ‎（3）如果物体完全浸没水中后滑轮的机械效率为η2，已知η1：η2=4：3（物体在水中仍匀速下降，动滑轮不会浸入水中且不计绳重及摩擦，g=10N/kg）。求当物体完全浸没水中后，工人对地面的压力。‎ ‎　‎ ‎2018年四川省南充市中考物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、单选题（每小题2分，共20分．在每小题给出的A、B、C、D四个选项中，只有一项是符合题意，将符合题意的选项用2B铅笔涂在答题卡上）‎ ‎1．‎ ‎【分析】（1）响度是指声音的大小，音调是指声音的高低；‎ ‎（2）声音的传播需要介质，真空不能传声；‎ ‎（3）声音可以传递信息，如：隆隆的雷声预示着一场可能的大雨，“声呐”的利用、医用“B超”等；‎ 声音能够传递能量，如：利用声波来清洗钟表等精细的机械，“超声波碎石”等。‎ ‎（4）减弱噪声的途径：在声源处，在传播过程中，在人耳处。‎ ‎【解答】解：A、响度是指声音的大小，音调是指声音的高低。老师讲课时声音洪亮是指声音的很大，是指响度，故A错误；‎ B、声音的传播需要介质，真空不能传声；故B正确；‎ C、利用超声波清洗眼镜，说明声音可以传递能量，故C错误；‎ D、在街头设置噪声监测仪，只能监测噪声的大小，并不能减弱噪声，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题涉及到的内容比较多，但大都是基本内容，比较简单。‎ ‎　‎ ‎2．‎ ‎【分析】物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华。‎ ‎【解答】解：‎ A、夏天洒在室外地上的水很快变干了，是汽化中的蒸发现象。故A符合题意；‎ B、冬天水面结冰，水由液态变为固态，属于凝固现象。故B不符合题意；‎ C、冬天窗子玻璃上出现的冰花，是水蒸气凝华而成的固态小冰晶。故C不符合题意；‎ D、夏天，从冰箱中拿出的饮料瓶过一会儿，瓶外壁会出现水珠，是空气中的水蒸气遇到温度较低的饮料瓶发生的液化现象。故D不符合题意。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】此题考查的是生活中物态变化的判断，是一道基础题，把握住物态变化前后的状态，是分析此类问题的关键。‎ ‎　‎ ‎3．‎ ‎【分析】（1）惯性是物体本身的一种性质，只有质量有关；‎ ‎（2）平衡力的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、在同一物体上；‎ ‎（3）摩擦力方向可以和物体运动方向相同也可以相反，但一定和运动方向相反；‎ ‎（4）看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。‎ ‎【解答】解：A、惯性是物体本身的一种性质，只有质量有关，铁块从斜面滑下的速度越来越快，但质量不变，惯性不变，故A错误；‎ B、铁块沿斜面向下滑动受到竖直向下的重力、垂直斜面向上的支持力、沿斜面向上的 摩擦力，因为重力与斜面对铁块的支持力不在同一直线上，不是一对平衡力，故B错误；‎ C、由B知铁块受到斜面摩擦力的方向沿斜面向上，故C正确；‎ D、铁块相对于斜面有位置的变化，是运动的，故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题考查了惯性、平衡力、摩擦力、运动和静止的相对性等知识，是一道基础题。‎ ‎　‎ ‎4．‎ ‎【分析】①质量是物体本身的一种属性，不随位置、状态、形状、温度的改变而改变；‎ ‎②气体的质量一定时，体积越大，密度越小；‎ ‎③液体压强随深度的增加而增大。‎ ‎【解答】解：气球下压过程中，只是位置的改变，球内气体多少没有变化，所以其质量不变；‎ 下压过程中气球受到水的压强增大，所以气球体积减小，根据ρ=知，质量不变，体积减小，所以密度增大，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】此题考查了三个知识点：质量的性质、密度计算公式的应用和液体压强与深度的关系，难度不大，是一道基础题。‎ ‎　‎ ‎5．‎ ‎【分析】（1）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。‎ ‎（2）大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果；‎ ‎（3）液体内部压强随着深度的增加而增大；‎ ‎（4）流体流速越大的位置压强越小，据此分析选项中描述的现象。‎ ‎【解答】解：A、书包的背带较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故A错误；‎ B、吸管喝饮料是利用大气压强。吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，饮料就被压进吸管里，故B正确；‎ C、液体内部压强随着深度的增加而增大，故水坝下部比上部建造的宽是因为液体压强随着深度的增加而增大，与连通器无关。故C错误；‎ D、起风时，常看见屋内的窗帘飘向窗外，这是因为窗外空气流速大、压强小，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】此题考查涉及到减小压强的方法、大气压在生活中的应用、流体压强与流速的关系、液体压强特点等多个知识点，是一道综合性较强的题目。‎ ‎　‎ ‎6．‎ ‎【分析】①有金属外壳的用电器，外壳要保持良好接地；‎ ‎②电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大；‎ ‎③不能用湿手或湿物体去接触用电器或开关；‎ ‎④开关应控制火线。‎ ‎【解答】解：‎ A、洗衣机、电冰箱等家用电器都使用三孔插座，是由于这些用电器的外壳是金属，金属是导体，当用电器漏电时，会使金属外壳带电，若接上地线，电流就通过地线，流入大地，而防止了触电事故的发生，故A正确；‎ B、电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大。故大功率用电器同时使用时，将会使电路中的电流过大，引起火灾，故B错误；‎ C、因为湿抹布是导体，当用湿抹布接触带电体时，可能会使电源通过人体与大地形成通路，使人触电，故C错误；‎ D、接灯时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套。如果开关接在零线和灯泡之间，火线直接接在灯泡时，虽然断开开关，但是火线和灯泡相连，触及灯泡会发生触电事故。所以开关要接在灯泡和火线之间，断开开关，切断火线，触及灯泡时更安全，故D错误。‎ 故选：A。‎ ‎【点评】本题主要考查学生对安全用电知识的了解与掌握，增强用电安全意识，学会自我保护。‎ ‎　‎ ‎7．‎ ‎【分析】分析图示情景，根据图示情景所涉及的物理知识然后答题。‎ ‎【解答】解：‎ A、图中的奥斯特实验说明了电流周围存在磁场，故A不符合题意；‎ B、该图中有电源，即闭合开关后，磁场中的金属棒就会运动，即说明通电直导线在磁场中受到力，故B不符合题意；‎ C、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就会产生感应电流，这就是电磁感应现象，故C符合题意；‎ D、图中的实验可得出磁铁同名磁极相互排斥、异名磁极相吸引，故D不符合题意。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】分析清楚图示情景是正确解题的前提与关键，本题难度不大，是一道基础题。‎ ‎　‎ ‎8．‎ ‎【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化。‎ ‎【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。‎ 当向右移动滑动变阻器滑片P的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故B错误；‎ 根据U=IR可知，电流减小，R1两端的电压减小，即电压表V1示数减小；根据串联电路的电压规律可知，R2两端的电压变大，即电压表V2示数变大；故A错误；‎ 由欧姆定律可知，电压表V2示数与电流表A示数的比值为滑动变阻器的电阻，滑动变阻器接入的阻值变大，则该比值变大，故C错误；‎ 电压表V1示数与电流表A示数的比值为R1的电阻，该比值保持不变，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。‎ ‎　‎ ‎9．‎ ‎【分析】并联电路各支路两端的电压相等，根据I=判断电流的关系，根据P=判断功率的关系或计算功率的大小。‎ ‎【解答】解：由图知，两电阻并联，‎ A、并联电路各支路两端的电压相等，所以R1、R2‎ 两端电压之比为1：1，故A错误；‎ B、根据I=可得，通过R1、R2电流之比为：‎ I1、I2=：===1：3，故B错误；‎ C、R1、R2消耗的电功率之比为：‎ P1、P2=：==1：3，故C正确；‎ D、因为两电阻并联，所以U1=U=3V，‎ 则R1的电功率：P1===0.6W，故D错误。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】本题主要考查了有关欧姆定律、功率公式的应用，解决电学的相关题目，首先要正确分析电路，并搞清串并联电路的电流、电压特点，利用公式分析或计算。‎ ‎　‎ ‎10．‎ ‎【分析】由甲图可知木块和甲铁块漂浮，由乙图可知木块和乙铁块悬浮，根据物体的浮沉条件和阿基米德原理得出等式，即可求出甲乙两铁块的体积关系，再根据密度公式得出质量关系。‎ ‎【解答】解：由甲图可得：G1+G木=F浮甲，即m1g+G木=ρ水gV木；①‎ 由乙图可得：G2+G木=F浮乙，即m2g+G木=ρ水g（V木+V2）；②‎ 由以上两式②﹣①可得：V2=，‎ 而V2=，‎ 所以：=，‎ 即===。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】本题考查了阿基米德原理的应用，关键是根据物体的浮沉条件得出铁块的体积表达式。‎ ‎　‎ 二、填空题（每空1分，共18分）‎ ‎11．‎ ‎【分析】（1）沿直线传播的光被不透明的物体挡住，在物体后面光照不到的地方形成影子；‎ ‎（2）湖中柳树的倒影是柳树在水面形成的像，是光的反射形成的。‎ ‎【解答】解：（1）阳光下，小明看见自己在地面上留下了影子，是由于光的直线传播引起的。‎ ‎（2）当光遇到水面时会发生反射，此时水面相当于一平面镜，柳树的倒影就是通过水面成虚像，是光的反射现象。‎ 故答案为：直线传播；反射。‎ ‎【点评】本题以生活中的常见现象考查了光的直线传播、光的折射、光的反射，是一道基础题，熟练掌握光的直线传播、光的折射与反射是解题的关键。‎ ‎　‎ ‎12．‎ ‎【分析】两种不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散现象；‎ 改变内能有两种方式：做功和热传递。‎ ‎【解答】解：把鸭蛋放在盐水里一段时间，鸭蛋就变咸了，这就是鸭蛋与盐之间的扩散现象，是分子热运动的表现；‎ 烧水煮鸭蛋，水的温度高，鸭蛋温度低，两者之间存在温度差，所以发生热传递。‎ 故答案为：扩散；热传递。‎ ‎【点评】此题是一道联系实际生活的应用题，考查了扩散现象和改变内能的方法，难度不大。‎ ‎　‎ ‎13．‎ ‎【分析】‎ ‎（1）四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，活塞往复1次，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。‎ ‎（2）知道汽油的质量和热值，利用Q放=mq求汽油完全燃烧产生的热量。‎ ‎【解答】解：（1）四冲程汽油机一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，活塞往复2次，‎ 四冲程汽油机的飞轮转速为1800r/min，所以1s内，飞轮转30圈，共15个工作循环，60个冲程，做功15次。‎ ‎（2）500g=0.5kg汽油完全燃烧产生的热量：‎ Q放=mq=0.5kg×4.6×l07J/kg=2.3×l07J。‎ 故答案为：15；2.3×l07。‎ ‎【点评】此题以常见的汽油机为载体综合考查了热机的工作过程和有关热机的计算，要求学生熟练掌握所学知识。‎ ‎　‎ ‎14．‎ ‎【分析】（1）容器放在水平桌面上时，对桌面的压力和自身的重力相等，先根据m=ρV求出酒精的质量，再根据G=mg求出酒精的重力，对桌面的压力F=G容器+G酒精；‎ ‎（2）受力面积和容器的底面积相等，根据p=求出对桌面的压强。‎ ‎【解答】解：‎ 酒精的质量：m酒=ρ酒V=0.8g/cm3×400cm3=320g=0.32kg；‎ 容器放在水平桌面上时，对桌面的压力和自身的重力相等，‎ 故容器对桌面的压力：‎ F=G容器+G酒精=5N+m酒g=5N+0.32kg×10N/kg=8.2N；‎ 底面积S=100cm2=0.01m2，‎ 容器对桌面的压强：‎ p===820Pa；‎ 故答案为：8.2；820。‎ ‎【点评】本题考查了压力和压强的计算以及密度公式的灵活运用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。‎ ‎　‎ ‎15．‎ ‎【分析】（1）用力F沿斜面匀速向上拉动物体时，物体处于平衡状态，受到的力为平衡力，根据受力分析得出沿斜面的平衡力，然后根据二力平衡条件进行判断；‎ ‎（2）知道推力的大小和移动的距离，根据W=Fs求出推力对木箱做的功，根据P=求出推力对木箱做功的功率。‎ ‎【解答】解：用力F沿斜面匀速向上拉动物体时，物体受到沿斜面向上的拉力和沿斜面向下的摩擦力以及重力沿斜面向下的分力作用处于平衡状态，‎ 由力的平衡条件可知，拉力F等于摩擦力加上重力沿斜面向下的分力，因物体所受到的拉力大于斜面对物体的摩擦力；‎ 拉力对木箱做的功：‎ W=Fs=200N×3m=600J 拉力对木箱做功的功率：‎ P===100W；‎ 故答案为：大于；100。‎ ‎【点评】本题考查了平衡力的辨别，根据受力分析得出物体所受到的拉力与斜面对物体的摩擦力的大小关系是关键。‎ ‎　‎ ‎16．‎ ‎【分析】（1）核裂变和核聚变都能释放能量，核裂变又分为可控制核裂变和不可控制的核裂变，核发电是可控制的核裂变。‎ ‎（2）手机靠电磁波传递信息，电磁波在给人们带来方便的时候，也会产生辐射。‎ ‎【解答】解：核电站是利用可控制的原子核裂变产生的能量来发电的。‎ 手机既能发射电磁波，也能接收电磁波，手机靠电磁波传递信息。‎ 故答案为：裂变；电磁波。‎ ‎【点评】本题考查了电磁波和核能的利用的相关知识，属于基础知识的考查，相对比较简单。‎ ‎　‎ ‎17．‎ ‎【分析】（1）根据“在其两端只接一只电阻值为120的电阻R1‎ ‎，电流是0.5A。”可求得电源电压；在电阻R1两端并联一个电阻值为8Ω的电阻R2，‎ 根据欧姆定律可求得流经R2的电流，然后利用并联电路的电流特点可求总电流；‎ ‎（2）将R2改为与R1串联在原电路中，根据串联电路的电阻特点求得串联电路的总电阻，然后利用欧姆定律可求得电路的总电流。‎ ‎【解答】解：（1）已知“在其两端只接一只电阻值为120的电阻R1，电流是0.5A”，‎ 由I=可得，‎ 电源电压U=I1R1=0.5A×120Ω=60V，‎ 在电阻R1两端并联一个电阻值为8Ω的电阻R2，‎ 在流经R2的电流I2===7.5A。‎ 并联电路的总电流I=I1+I2=0.5A+7.5A=8A；‎ ‎（2）将R2改为与R1串联在原电路中，此时电路中的电流I′===0.46875A。‎ 故答案为：8；0.46875。‎ ‎【点评】此题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活应用，关键是公式和规律的灵活应用，是一道难度适中的题目。‎ ‎　‎ ‎18．‎ ‎【分析】由图知，闭合开关时，灯泡和定值电阻并联，电流表测量干路电流。‎ 已知灯泡额定电压和额定功率并且正常发光，利用公式I=得到通过灯泡的电流；‎ 已知干路电流和通过灯泡的电流，可以得到通过电阻的电流；已知灯泡正常发光，可以得到灯泡两端实际电压等于额定电压，根据并联电路电压特点得到电阻两端电压；已知电阻两端电压和通过的电流，利用公式P=UI得到电阻消耗的功率；‎ 已知电阻消耗的功率和通电时间，利用Q=Pt得到R产生的热量。‎ ‎【解答】解：‎ 闭合开关时，灯泡和定值电阻并联，电流表测量干路电流。‎ 已知灯泡正常发光，由P=UI可得，通过灯泡的电流：IL===0.5A，‎ 根据并联电路的电流特点可得，通过电阻R的电流：IR=I﹣IL=0.6A﹣0.5A=0.1A，‎ 由并联电路的电压特点可知，电阻R两端电压：UR=UL=4V，‎ 所以电阻R消耗的功率：PR=URIR=4V×0.1A=0.4W；‎ 通电1min，R产生的热量：QR=WR=PRt=0.4W×60s=24J。‎ 故答案为：0.4；24。‎ ‎【点评】此题考查了并联电路的特点、电功率计算公式及其变形公式及电热计算公式的应用，计算环节不复杂，难度不大。‎ ‎　‎ ‎19．‎ ‎【分析】（1）由图象读出灯光正常发光两端电压，由P=UI计算灯泡的额定功率；‎ ‎（2）由滑片在左端，结合图象分析可得电源电压；‎ 当滑片位于右端时，电路中的电流最小，根据图象读出电路中的电流和灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由题知，当灯的电流为1A时，灯正常发光，由图象可知，此时灯泡两端的电压为8V，‎ 则灯泡的额定功率：‎ P额=ULIL=8V×1A=8W；‎ ‎（2）由电路图知，滑片在左端时，变阻器连入阻值为0，电路为灯泡的简单电路，此时电路中电阻最小，电流最大为1A，灯泡两端的电压为8V，‎ 则电源电压：U=UL=8V，‎ 当滑片位于右端时，灯泡和变阻器的最大阻值串联，电路中电阻最大，电流最小，‎ 由图象可知，此时UL′=2.5V，I′=0.5A，‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和，‎ 所以滑动变阻器两端的电压：UR=U﹣UL′=8V﹣2.5V=5.5V，‎ 由I=可得，滑动变阻器的最大阻值：‎ R滑大===11Ω。‎ 故答案为：8；11。‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是从图象中获取有用信息。‎ ‎　‎ 三、探究与解答题（共32分，可20、21小题各2分，第22、23、24小题各4分，第25、26小题各8分）‎ ‎20．‎ ‎【分析】杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。‎ ‎【解答】解：由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；由图可知，A点距离O点是最远的，故AO为力臂时，力是最小的；‎ 物体M所受重力G的方向是竖直向下的，作用点在重心，如图所示：‎ ‎。‎ ‎【点评】此题主要考查了杠杆中最小力的问题。解决此类题目的关键是确定出最长的力臂，并根据力臂的画法做出最小的力。‎ ‎　‎ ‎21．‎ ‎【分析】由磁极间的相互作用可知小磁针的磁极，再由右手螺旋定则可知通电螺线管的电流方向，而电流从电源正极流出，据此确定电源正负极。‎ ‎【解答】解：由图知，通电螺线管的右端为S极，‎ 因为同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的左端为N极、右端为S极；‎ 由右手螺旋定则可知，螺线管中电流由右侧流入、左侧流出；所以电源的右侧为正极、左侧为负极，如图所示：‎ ‎【点评】本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向。‎ ‎　‎ ‎22．‎ ‎【分析】（1）从厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像这一角度去分析；‎ ‎（2）另外一支相同的蜡烛与竖立在玻璃板前面点燃的蜡烛的像能完全重合，可知蜡烛和它成的像大小相等；‎ ‎（3）实像可以成在光屏上，而虚像不能成在光屏上，据此分析判断即可；‎ ‎（4）根据平面镜成像特点之一，像距等于物距。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板；‎ ‎（2）在玻璃板前面放一支点燃的蜡烛A，再拿一支没点燃的相同的蜡烛B，在玻璃板后面移动，直至与蜡像A的像重合，说明像与物的大小相等，故这样做是为了比较像与物的大小关系；‎ ‎（3）平面镜所成的像是虚像，虚像是不能成在光屏上的，故移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，这时，观察者直接对屏观察，光屏上不能接收到蜡烛A的烛焰的像；‎ ‎（4）由平面镜成像中的像距等于物距，可知小明第一次将蜡烛A置于玻璃前5cm，第二次将A向远离玻璃板的方向移动3cm，此时蜡烛A距离玻璃板8cm，蜡烛B距离玻璃板也是8cm，A与B的间距为16cm。‎ 故答案为：（1）薄；（2）大小；（3）不能；（4）16。‎ ‎【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。‎ ‎　‎ ‎23．‎ ‎【分析】（1）液体压强计就是利用U形管中液面的高度差来体现压强的，压强越大，U形管液面高度差越大；压强计测量液体压强时，就是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的；‎ ‎（2）（3）液体内部的压强与液体的深度和密度都有关系，在实验中，应控制其中的一个量保持不变，才能观察压强与另一个量的关系，从控制变量法的角度可判断此题的实验过程。‎ ‎（4）根据p=ρgh求出U型管底部受到的液体的压强。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）压强计测量液体压强时，就是靠U形管两侧液面高度差来体现压强大小的，液面高度差越大，说明液体压强越大；‎ ‎（2）比较图甲和图乙，两杯中的液体密度相同、金属盒所处的深度不相同，深度越深，高度差越大，压强越大，可以初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而增大。‎ ‎（3）要讨论液体内部压强是否与液体密度有关，需要控制，液体的深度相同，金属盒的方向相同，液体的密度不同，故选乙、丙两次实验即可；‎ ‎（4）图乙中U形管的右两侧与大气相通，‎ 则U型管底部受到的液体的压强为右侧液柱产生的压强：‎ p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa。‎ 故答案为：（1）两侧液面高度差；（2）深度；（3）乙、丙；（4）1000。‎ ‎【点评】掌握液体压强大小的影响因素，利用控制变量法和转化法探究液体压强大小的影响因素。‎ ‎　‎ ‎24．‎ ‎【分析】（1）根据滑片P向右移灯泡变亮确定变阻器的接线柱；‎ ‎（2）电流表指针几乎没有偏转，灯不亮，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的灯泡断路了；‎ ‎（3）额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，根据电流表的量程和分度值读出示数，根据P=UI求出灯泡的额定功率；‎ ‎（4）测灯泡功率需要测出灯泡额定电压对应的额定电流，首先使通过灯的电压为额定电压灯正常发光，根据串联电路电流的规律和欧姆定律，通过开关的转换使电压表测小灯泡的电压，使电压表示数为2.5V，保持滑片的位置不动，通过开关的开关转换使电压表测灯与R的电压，因电路的连接没有改变，各电阻的电压不变，由串联电路电压的规律求出灯正常工作时的电压，根据P=UI写出额定功率的表达式。‎ ‎【解答】解：（1）根据滑片P向右移灯泡变亮，说明变阻器连入阻值减小，所以应将变阻器的B接线柱接入电路，如图所示：‎ ‎（2）电流表无示数，灯不亮，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的灯泡断路了；‎ ‎（3）图乙中，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，‎ 则灯泡的额定功率：‎ P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；‎ ‎（4）小张设计了如图丙所示的电路也完成了该实验（电源电压不变，R阻值已知）‎ ‎①闭合开关S和S1，断开S2，并调节滑动变阻器使电压表示数为U额。‎ ‎②闭合开关S和S2，断开S1，滑动变阻器滑片P不动，读出此时电压表示数为U；则小灯泡额定功率的表达式灯：‎ P额=U额I额=U额×IR=U额×=。‎ 故答案为：（1）如上图；（2）灯泡断路；（3）0.75；（4）。‎ ‎【点评】本题考查了实物连接，故障分析，应用功率公式P=UI、欧姆定律即可正确解题。‎ ‎　‎ ‎25．‎ ‎【分析】（1）由P=计算灯泡L的电阻阻值。‎ ‎（2）当S、S1闭合，且滑片P在a端时，电路为L的简单电路，灯正常发光，由此可得电源电压；‎ 当S、S2闭合，R1与Rx串联，P在滑动变阻器中点处时，电流表示数为0.2A，由串联电路特点和欧姆定律计算Rx的最大值；‎ ‎（3）电源电压一定，由P=知电路电阻最大时，电路所消耗的总功率最小，由此根据电路图分析并计算。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）灯泡L标有“6V，7.2W”字样，由P=可得，灯泡L的电阻阻值：‎ RL===5Ω；‎ ‎（2）由电路图知，当S、S1闭合，且滑片P在a端时，电路为L的简单电路，灯正常发光，‎ 所以电源电压：U=U额=6V；‎ 当S、S2闭合，R1与Rx串联，P在滑动变阻器中点处时，电流表测电路中的电流，‎ 由串联电路特点和欧姆定律可得总电阻：R1+Rx=，‎ 即：10Ω+Rx=，‎ 解得：Rx=40Ω；‎ ‎（3）因为RL＜R1，所以当闭合S1、S2，并且滑片在b端时，R1与Rx的最大阻值串联，电路的总电阻最大，总功率最小，‎ 电路总功率的最小值：‎ P最小===0.72W。‎ 答：（1）灯泡L的电阻阻值为5Ω。‎ ‎（2）滑动变阻器Rx的最大值为40Ω。‎ ‎（3）电路总功率的最小值为0.72W。‎ ‎【点评】‎ 本题考查了串联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，正确分析电路的连接方式，并知道灯光正常发光时两端电压等于其额定电压是关键。‎ ‎　‎ ‎26．‎ ‎【分析】（1）根据v=算出物体的速度，根据绳子段数算出工人放绳的速度；‎ ‎（2）根据W有用=Gh算出有用功，根据W总=Fs算出总功；根据η=×100%算出机械效率；‎ ‎（3）根据入水前的拉力和物体的重力，根据F=（G动+G）算出动滑轮重力；根据η1：η2=4：3算出物体完全浸没水中后滑轮的机械效率η2‎ 根据η=×100%表示出对物体的拉力；根据G=mg算出人的重力，对人受力分析得出人对地面的压力。‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）物体下降速度为：v===1m/s；‎ 因为有4段绳子，所以绳子上升的速度为：v绳=4v物=4×1m/s=4m/s；‎ ‎（2）因为有4段绳子，所以绳子运动距离s=4h=4×3m=12m；‎ 放绳子的有用功：W有用=Gh=160N×3m=480J；‎ 放绳子的总功：W总=Fs=50N×12m=600J；‎ 滑轮组的效率：η1=×100%=×100%=80%；‎ ‎（3）物体未浸入水中时，不计绳重及摩擦，动滑轮受到重物对它的拉力、本身的重力、绳子的拉力，‎ 由F=（G动+G）可得，动滑轮重力：G动=4F﹣G=4×50N﹣160N=40N；‎ 已知η1：η2=4：3，‎ 则物体完全浸没水中后滑轮组的机械效率为：η2=η1=×80%=60%；‎ 物体完全浸没水中后，滑轮组对物体的拉力做的功为有用功，不计绳重及摩擦，克服动滑轮重力做的功为额外功，‎ 则此时滑轮组的机械效率：η2====60%，‎ 解得F拉物=60N；‎ 完全入水后，动滑轮受到重物对它向下的拉力、本身向下的重力、4段绳子向上的拉力，‎ 由力的平衡条件可得：4F绳=F拉物+G动，‎ 则人对绳子的拉力：F绳=（F拉物+G动）=（60N+40N）=25N，‎ 因为物体间力的作用是相互的，所以绳子对人的拉力也为25N；‎ 人的重力为：G人=m人g=50kg×10N/kg=500N，‎ 对人进行受力分析可知，人受竖直向下的重力、竖直向下的拉力、竖直向上的支持力，‎ 则人受到竖直向上的支持力：F支=G人+F绳=500N+25N=525N。‎ 因为物体间力的作用是相互的，则人对地面的压力为525N。‎ 答：（1）工人放绳的速度为4m/s。‎ ‎（2）滑轮组的效率η1为80%；‎ ‎（3）求当物体完全浸没水中后，工入对地面的压力为525N。‎ ‎【点评】本题考查了速度、有用功、总功、机械效率公式的应用，滑轮组拉力的计算，其中动滑轮重力不变是解题的关键，是一道难题。‎ ‎　‎