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文档介绍
2018年浙江省宁波市中考数学试卷
2018年浙江省宁波市中考数学试卷 一、选择题(每小题4分,共48分,在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求) 1.(4分)在﹣3,﹣1,0,1这四个数中,最小的数是( ) A.﹣3 B.﹣1 C.0 D.1 2.(4分)2018中国(宁波)特色文化产业博览会于4月16日在宁波国际会展中心闭幕.本次博览会为期四天,参观总人数超55万人次,其中55万用科学记数法表示为( ) A.0.55×106 B.5.5×105 C.5.5×104 D.55×104 3.(4分)下列计算正确的是( ) A.a3+a3=2a3 B.a3•a2=a6 C.a6÷a2=a3 D.(a3)2=a5 4.(4分)有五张背面完全相同的卡片,正面分别写有数字1,2,3,4,5,把这些卡片背面朝上洗匀后,从中随机抽取一张,其正面的数字是偶数的概率为( ) A. B. C. D. 5.(4分)已知正多边形的一个外角等于40°,那么这个正多边形的边数为( ) A.6 B.7 C.8 D.9 6.(4分)如图是由6个大小相同的立方体组成的几何体,在这个几何体的三视图中,是中心对称图形的是( ) A.主视图 B.左视图 C.俯视图 D.主视图和左视图 7.(4分)如图,在▱ABCD中,对角线AC与BD相交于点O,E是边CD的中点,连结OE.若∠ABC=60°,∠BAC=80°,则∠1的度数为( ) A.50° B.40° C.30° D.20° 8.(4分)若一组数据4,1,7,x,5的平均数为4,则这组数据的中位数为( ) A.7 B.5 C.4 D.3 9.(4分)如图,在△ABC中,∠ACB=90°,∠A=30°,AB=4,以点B为圆心,BC长为半径画弧,交边AB于点D,则的长为( ) A.π B.π C.π D.π 10.(4分)如图,平行于x轴的直线与函数y=(k1>0,x>0),y=(k2>0,x>0)的图象分别相交于A,B两点,点A在点B的右侧,C为x轴上的一个动点,若△ABC的面积为4,则k1﹣k2的值为( ) A.8 B.﹣8 C.4 D.﹣4 11.(4分)如图,二次函数y=ax2+bx的图象开口向下,且经过第三象限的点P.若点P的横坐标为﹣1,则一次函数y=(a﹣b)x+b的图象大致是( ) A. B. C. D. 12.(4分)在矩形ABCD内,将两张边长分别为a和b(a>b)的正方形纸片按图1,图2两种方式放置(图1,图2中两张正方形纸片均有部分重叠),矩形中未被这两张正方形纸片覆盖的部分用阴影表示,设图1中阴影部分的面积为S1,图2中阴影部分的面积为S2.当AD﹣AB=2时,S2﹣S1的值为( ) A.2a B.2b C.2a﹣2b D.﹣2b 二、填空题(每小题4分,共24分) 13.(4分)计算:|﹣2018|= . 14.(4分)要使分式有意义,x的取值应满足 . 15.(4分)已知x,y满足方程组,则x2﹣4y2的值为 . 16.(4分)如图,某高速公路建设中需要测量某条江的宽度AB,飞机上的测量人员在C处测得A,B两点的俯角分别为45°和30°.若飞机离地面的高度CH为1200米,且点H,A,B在同一水平直线上,则这条江的宽度AB为 米(结果保留根号). 17.(4分)如图,正方形ABCD的边长为8,M是AB的中点,P是BC边上的动点,连结PM,以点P为圆心,PM长为半径作⊙P.当⊙P与正方形ABCD的边相切时,BP的长为 . 18.(4分)如图,在菱形ABCD中,AB=2,∠B是锐角,AE⊥BC于点E,M是AB的中点,连结MD,ME.若∠EMD=90°,则cosB的值为 . 三、解答题(本大题有8小题,共78分) 19.(6分)先化简,再求值:(x﹣1)2+x(3﹣x),其中x=﹣. 20.(8分)在5×3的方格纸中,△ABC的三个顶点都在格点上. (1)在图1中画出线段BD,使BD∥AC,其中D是格点; (2)在图2中画出线段BE,使BE⊥AC,其中E是格点. 21.(8分)在第23个世界读书日前夕,我市某中学为了解本校学生的每周课外阅读时间(用t表示,单位:小时),采用随机抽样的方法进行问卷调查,调查结果按0≤t<2,2≤t<3,3≤t<4,t≥4分为四个等级,并依次用A,B,C,D表示,根据调查结果统计的数据,绘制成了如图所示的两幅不完整的统计图,由图中给出的信息解答下列问题: (1)求本次调查的学生人数; (2)求扇形统计图中等级B所在扇形的圆心角度数,并把条形统计图补充完整; (3)若该校共有学生1200人,试估计每周课外阅读时间满足3≤t<4的人数. 22.(10分)已知抛物线y=﹣x2+bx+c经过点(1,0),(0,). (1)求该抛物线的函数表达式; (2)将抛物线y=﹣x2+bx+c平移,使其顶点恰好落在原点,请写出一种平移的方法及平移后的函数表达式. 23.(10分)如图,在△ABC中,∠ACB=90°,AC=BC,D是AB边上一点(点D与A,B不重合),连结CD,将线段CD绕点C按逆时针方向旋转90°得到线段CE,连结DE交BC于点F,连接BE. (1)求证:△ACD≌△BCE; (2)当AD=BF时,求∠BEF的度数. 24.(10分)某商场购进甲、乙两种商品,甲种商品共用了2000元,乙种商品共用了2400元.已知乙种商品每件进价比甲种商品每件进价多8元,且购进的甲、乙两种商品件数相同. (1)求甲、乙两种商品的每件进价; (2)该商场将购进的甲、乙两种商品进行销售,甲种商品的销售单价为60元,乙种商品的销售单价为88元,销售过程中发现甲种商品销量不好,商场决定:甲种商品销售一定数量后,将剩余的甲种商品按原销售单价的七折销售;乙种商品销售单价保持不变.要使两种商品全部售完后共获利不少于2460元,问甲种商品按原销售单价至少销售多少件? 25.(12分)若一个三角形一条边的平方等于另两条边的乘积,我们把这个三角形叫做比例三角形. (1)已知△ABC是比例三角形,AB=2,BC=3,请直接写出所有满足条件的AC的长; (2)如图1,在四边形ABCD中,AD∥BC,对角线BD平分∠ABC,∠BAC=∠ADC.求证:△ABC是比例三角形. (3)如图2,在(2)的条件下,当∠ADC=90°时,求的值. 26.(14分)如图1,直线l:y=﹣x+b与x轴交于点A(4,0),与y轴交于点B,点C是线段OA上一动点(0<AC<).以点A为圆心,AC长为半径作⊙A交x轴于另一点D,交线段AB于点E,连结OE并延长交⊙A于点F. (1)求直线l的函数表达式和tan∠BAO的值; (2)如图2,连结CE,当CE=EF时, ①求证:△OCE∽△OEA; ②求点E的坐标; (3)当点C在线段OA上运动时,求OE•EF的最大值. 2018年浙江省宁波市中考数学试卷 参考答案与试题解析 一、选择题(每小题4分,共48分,在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求) 1.(4分)在﹣3,﹣1,0,1这四个数中,最小的数是( ) A.﹣3 B.﹣1 C.0 D.1 【分析】根据正数大于零,零大于负数,可得答案. 【解答】解:由正数大于零,零大于负数,得 ﹣3<﹣1<0<1, 最小的数是﹣3, 故选:A. 2.(4分)2018中国(宁波)特色文化产业博览会于4月16日在宁波国际会展中心闭幕.本次博览会为期四天,参观总人数超55万人次,其中55万用科学记数法表示为( ) A.0.55×106 B.5.5×105 C.5.5×104 D.55×104 【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n为整数.确定n的值时,要看把原数变成a时,小数点移动了多少位,n的绝对值与小数点移动的位数相同.当原数绝对值>1时,n是正数;当原数的绝对值<1时,n是负数. 【解答】解:550000=5.5×105, 故选:B. 3.(4分)下列计算正确的是( ) A.a3+a3=2a3 B.a3•a2=a6 C.a6÷a2=a3 D.(a3)2=a5 【分析】 根据同底数幂的除法法则,同底数幂的乘法的运算方法,合并同类项的方法,以及幂的乘方与积的乘方的运算方法,逐项判定即可. 【解答】解:∵a3+a3=2a3, ∴选项A符合题意; ∵a3•a2=a5, ∴选项B不符合题意; ∵a6÷a2=a4, ∴选项C不符合题意; ∵(a3)2=a6, ∴选项D不符合题意. 故选:A. 4.(4分)有五张背面完全相同的卡片,正面分别写有数字1,2,3,4,5,把这些卡片背面朝上洗匀后,从中随机抽取一张,其正面的数字是偶数的概率为( ) A. B. C. D. 【分析】让正面的数字是偶数的情况数除以总情况数5即为所求的概率. 【解答】解:∵从写有数字1,2,3,4,5这5张纸牌中抽取一张,其中正面数字是偶数的有2、4这2种结果, ∴正面的数字是偶数的概率为, 故选:C. 5.(4分)已知正多边形的一个外角等于40°,那么这个正多边形的边数为( ) A.6 B.7 C.8 D.9 【分析】根据正多边形的外角和以及一个外角的度数,求得边数. 【解答】解:正多边形的一个外角等于40°,且外角和为360°, 则这个正多边形的边数是:360°÷40°=9. 故选:D. 6.(4分)如图是由6个大小相同的立方体组成的几何体,在这个几何体的三视图中,是中心对称图形的是( ) A.主视图 B.左视图 C.俯视图 D.主视图和左视图 【分析】根据从上边看得到的图形是俯视图,可得答案. 【解答】解:从上边看是一个田字, “田”字是中心对称图形, 故选:C. 7.(4分)如图,在▱ABCD中,对角线AC与BD相交于点O,E是边CD的中点,连结OE.若∠ABC=60°,∠BAC=80°,则∠1的度数为( ) A.50° B.40° C.30° D.20° 【分析】直接利用三角形内角和定理得出∠BCA的度数,再利用三角形中位线定理结合平行线的性质得出答案. 【解答】解:∵∠ABC=60°,∠BAC=80°, ∴∠BCA=180°﹣60°﹣80°=40°, ∵对角线AC与BD相交于点O,E是边CD的中点, ∴EO是△DBC的中位线, ∴EO∥BC, ∴∠1=∠ACB=40°. 故选:B. 8.(4分)若一组数据4,1,7,x,5的平均数为4,则这组数据的中位数为( ) A.7 B.5 C.4 D.3 【分析】先根据平均数为4求出x的值,然后根据中位数的概念求解. 【解答】解:∵数据4,1,7,x,5的平均数为4, ∴=4, 解得:x=3, 则将数据重新排列为1、3、4、5、7, 所以这组数据的中位数为4, 故选:C. 9.(4分)如图,在△ABC中,∠ACB=90°,∠A=30°,AB=4,以点B为圆心,BC长为半径画弧,交边AB于点D,则的长为( ) A.π B.π C.π D.π 【分析】先根据ACB=90°,AB=4,∠A=30°,得圆心角和半径的长,再根据弧长公式可得到弧CD的长. 【解答】解:∵∠ACB=90°,AB=4,∠A=30°, ∴∠B=60°,BC=2 ∴的长为=, 故选:C. 10.(4分)如图,平行于x轴的直线与函数y=(k1>0,x>0),y=(k2>0,x> 0)的图象分别相交于A,B两点,点A在点B的右侧,C为x轴上的一个动点,若△ABC的面积为4,则k1﹣k2的值为( ) A.8 B.﹣8 C.4 D.﹣4 【分析】设A(a,h),B(b,h),根据反比例函数图象上点的坐标特征得出ah=k1,bh=k2.根据三角形的面积公式得到S△ABC=AB•yA=(a﹣b)h=(ah﹣bh)=(k1﹣k2)=4,求出k1﹣k2=8. 【解答】解:∵AB∥x轴, ∴A,B两点纵坐标相同. 设A(a,h),B(b,h),则ah=k1,bh=k2. ∵S△ABC=AB•yA=(a﹣b)h=(ah﹣bh)=(k1﹣k2)=4, ∴k1﹣k2=8. 故选:A. 11.(4分)如图,二次函数y=ax2+bx的图象开口向下,且经过第三象限的点P.若点P的横坐标为﹣1,则一次函数y=(a﹣b)x+b的图象大致是( ) A. B. C. D. 【分析】根据二次函数的图象可以判断a、b、a﹣b的正负情况,从而可以得到一次函数经过哪几个象限,本题得以解决. 【解答】解:由二次函数的图象可知, a<0,b<0, 当x=﹣1时,y=a﹣b<0, ∴y=(a﹣b)x+b的图象在第二、三、四象限, 故选:D. 12.(4分)在矩形ABCD内,将两张边长分别为a和b(a>b)的正方形纸片按图1,图2两种方式放置(图1,图2中两张正方形纸片均有部分重叠),矩形中未被这两张正方形纸片覆盖的部分用阴影表示,设图1中阴影部分的面积为S1,图2中阴影部分的面积为S2.当AD﹣AB=2时,S2﹣S1的值为( ) A.2a B.2b C.2a﹣2b D.﹣2b 【分析】利用面积的和差分别表示出S1和S2,然后利用整式的混合运算计算它们的差. 【解答】解:S1=(AB﹣a)•a+(CD﹣b)(AD﹣a)=(AB﹣a)•a+(AB﹣b)(AD﹣a), S2=AB(AD﹣a)+(a﹣b)(AB﹣a), ∴S2﹣S1=AB(AD﹣a)+ (a﹣b)(AB﹣a)﹣(AB﹣a)•a﹣(AB﹣b)(AD﹣a)=(AD﹣a)(AB﹣AB+b)+(AB﹣a)(a﹣b﹣a)=b•AD﹣ab﹣b•AB+ab=b(AD﹣AB)=2b. 故选:B. 二、填空题(每小题4分,共24分) 13.(4分)计算:|﹣2018|= 2018 . 【分析】直接利用绝对值的性质得出答案. 【解答】解:|﹣2018|=2018. 故答案为:2018. 14.(4分)要使分式有意义,x的取值应满足 x≠1 . 【分析】直接利用分式有意义则分母不能为零,进而得出答案. 【解答】解:要使分式有意义,则:x﹣1≠0. 解得:x≠1,故x的取值应满足:x≠1. 故答案为:x≠1. 15.(4分)已知x,y满足方程组,则x2﹣4y2的值为 ﹣15 . 【分析】根据平方差公式即可求出答案. 【解答】解:原式=(x+2y)(x﹣2y) =﹣3×5 =﹣15 故答案为:﹣15 16.(4分)如图,某高速公路建设中需要测量某条江的宽度AB,飞机上的测量人员在C处测得A,B两点的俯角分别为45°和30°.若飞机离地面的高度CH为1200米,且点H,A,B在同一水平直线上,则这条江的宽度AB为 1200( ﹣1) 米(结果保留根号). 【分析】在Rt△ACH和Rt△HCB中,利用锐角三角函数,用CH表示出AH、BH的长,然后计算出AB的长. 【解答】解:由于CD∥HB, ∴∠CAH=∠ACD=45°,∠B=∠BCD=30° 在Rt△ACH中,∵∴∠CAH=45° ∴AH=CH=1200米, 在Rt△HCB,∵tan∠B= ∴HB== ==1200(米). ∴AB=HB﹣HA =1200﹣1200 =1200(﹣1)米 故答案为:1200(﹣1) 17.(4分)如图,正方形ABCD的边长为8,M是AB的中点,P是BC边上的动点,连结PM,以点P为圆心,PM长为半径作⊙P.当⊙P与正方形ABCD的边相切时,BP的长为 3或4 . 【分析】分两种情形分别求解:如图1中,当⊙P与直线CD相切时;如图2中当⊙P与直线AD相切时.设切点为K,连接PK,则PK⊥AD,四边形PKDC是矩形; 【解答】解:如图1中,当⊙P与直线CD相切时,设PC=PM=m. 在Rt△PBM中,∵PM2=BM2+PB2, ∴x2=42+(8﹣x)2, ∴x=5, ∴PC=5,BP=BC﹣PC=8﹣5=3. 如图2中当⊙P与直线AD相切时.设切点为K,连接PK,则PK⊥AD,四边形PKDC是矩形. ∴PM=PK=CD=2BM, ∴BM=4,PM=8, 在Rt△PBM中,PB==4. 综上所述,BP的长为3或4. 18.(4分)如图,在菱形ABCD中,AB=2,∠B是锐角,AE⊥BC于点E,M是AB的中点,连结MD,ME.若∠EMD=90°,则cosB的值为 . 【分析】延长DM交CB的延长线于点H.首先证明DE=EH,设BE=x,利用勾股定理构建方程求出x即可解决问题. 【解答】解:延长DM交CB的延长线于点H. ∵四边形ABCD是菱形, ∴AB=BC=AD=2,AD∥CH, ∴∠ADM=∠H, ∵AM=BM,∠AMD=∠HMB, ∴△ADM≌△BHM, ∴AD=HB=2, ∵EM⊥DH, ∴EH=ED,设BE=x, ∵AE⊥BC, ∴AE⊥AD, ∴∠AEB=∠EAD=90° ∵AE2=AB2﹣BE2=DE2﹣AD2, ∴22﹣x2=(2+x)2﹣22, ∴x=﹣1或﹣﹣1(舍弃), ∴cosB==, 故答案为. 三、解答题(本大题有8小题,共78分) 19.(6分)先化简,再求值:(x﹣1)2+x(3﹣x),其中x=﹣. 【分析】首先计算完全平方,再计算单项式乘以多项式,再合并同类项,化简后再把x的值代入即可. 【解答】解:原式=x2﹣2x+1+3x﹣x2=x+1, 当x=﹣时,原式=﹣+1=. 20.(8分)在5×3的方格纸中,△ABC的三个顶点都在格点上. (1)在图1中画出线段BD,使BD∥AC,其中D是格点; (2)在图2中画出线段BE,使BE⊥AC,其中E是格点. 【分析】(1)将线段AC沿着AB方向平移2个单位,即可得到线段BD; (2)利用2×3的长方形的对角线,即可得到线段BE⊥AC. 【解答】解:(1)如图所示,线段BD即为所求; (2)如图所示,线段BE即为所求. 21.(8分)在第23个世界读书日前夕,我市某中学为了解本校学生的每周课外阅读时间(用t表示,单位:小时),采用随机抽样的方法进行问卷调查,调查结果按0≤t<2,2≤t<3,3≤t<4,t≥4分为四个等级,并依次用A,B,C,D表示,根据调查结果统计的数据,绘制成了如图所示的两幅不完整的统计图,由图中给出的信息解答下列问题: (1)求本次调查的学生人数; (2)求扇形统计图中等级B所在扇形的圆心角度数,并把条形统计图补充完整; (3)若该校共有学生1200人,试估计每周课外阅读时间满足3≤t<4的人数. 【分析】(1)由条形图、扇形图中给出的级别A的数字,可计算出调查学生人数; (2)先计算出C在扇形图中的百分比,用1﹣[(A+D+C)在扇形图中的百分比]可计算出B在扇形图中的百分比,再计算出B在扇形的圆心角. (3)总人数×课外阅读时间满足3≤t<4的百分比即得所求. 【解答】解:(1)由条形图知,A级的人数为20人, 由扇形图知:A级人数占总调查人数的10% 所以:20÷10%=20×=200(人) 即本次调查的学生人数为200人; (2)由条形图知:C级的人数为60人 所以C级所占的百分比为:×100%=30%, B级所占的百分比为:1﹣10%﹣30%﹣45%=15%, B级的人数为200×15%=30(人) D级的人数为:200×45%=90(人) B所在扇形的圆心角为:360°×15%=54°. (3)因为C级所占的百分比为30%, 所以全校每周课外阅读时间满足3≤t<4的人数为:1200×30%=360(人) 答:全校每周课外阅读时间满足3≤t<4的约有360人. 22.(10分)已知抛物线y=﹣x2+bx+c经过点(1,0),(0,). (1)求该抛物线的函数表达式; (2)将抛物线y=﹣x2+bx+c平移,使其顶点恰好落在原点,请写出一种平移的方法及平移后的函数表达式. 【分析】(1)把已知点的坐标代入抛物线解析式求出b与c的值即可; (2)指出满足题意的平移方法,并写出平移后的解析式即可. 【解答】解:(1)把(1,0),(0,)代入抛物线解析式得:, 解得:, 则抛物线解析式为y=﹣x2﹣x+; (2)抛物线解析式为y=﹣x2﹣x+=﹣(x+1)2+2, 将抛物线向右平移一个单位,向下平移2个单位,解析式变为y=﹣x2. 23.(10分)如图,在△ABC中,∠ACB=90°,AC=BC,D是AB边上一点(点D与A,B不重合),连结CD,将线段CD绕点C按逆时针方向旋转90°得到线段CE,连结DE交BC于点F,连接BE. (1)求证:△ACD≌△BCE; (2)当AD=BF时,求∠BEF的度数. 【分析】(1)由题意可知:CD=CE,∠DCE=90°,由于∠ACB=90°,所以∠ACD=∠ACB﹣∠DCB,∠BCE=∠DCE﹣∠DCB,所以∠ACD=∠BCE,从而可证明△ACD≌△BCE(SAS) (2)由△ACD≌△BCE(SAS)可知:∠A=∠CBE=45°,BE=BF,从而可求出∠BEF的度数. 【解答】解:(1)由题意可知:CD=CE,∠DCE=90°, ∵∠ACB=90°, ∴∠ACD=∠ACB﹣∠DCB, ∠BCE=∠DCE﹣∠DCB, ∴∠ACD=∠BCE, 在△ACD与△BCE中, ∴△ACD≌△BCE(SAS) (2)∵∠ACB=90°,AC=BC, ∴∠A=45°, 由(1)可知:∠A=∠CBE=45°, ∵AD=BF, ∴BE=BF, ∴∠BEF=67.5° 24.(10分)某商场购进甲、乙两种商品,甲种商品共用了2000元,乙种商品共用了2400元.已知乙种商品每件进价比甲种商品每件进价多8元,且购进的甲、乙两种商品件数相同. (1)求甲、乙两种商品的每件进价; (2)该商场将购进的甲、乙两种商品进行销售,甲种商品的销售单价为60元,乙种商品的销售单价为88元,销售过程中发现甲种商品销量不好,商场决定:甲种商品销售一定数量后,将剩余的甲种商品按原销售单价的七折销售;乙种商品销售单价保持不变.要使两种商品全部售完后共获利不少于2460元,问甲种商品按原销售单价至少销售多少件? 【分析】(1)设甲种商品的每件进价为x元,乙种商品的每件进价为y元.根据“某商场购进甲、乙两种商品,甲种商品共用了2000元,乙种商品共用了2400元.购进的甲、乙两种商品件数相同”列出方程; (2)设甲种商品按原销售单价销售a件,则由“两种商品全部售完后共获利不少于2460元”列出不等式. 【解答】解:(1)设甲种商品的每件进价为x元,则乙种商品的每件进价为(x+8)元. 根据题意,得,=, 解得 x=40. 经检验,x=40是原方程的解. 答:甲种商品的每件进价为40元,乙种商品的每件进价为48元; (2)甲乙两种商品的销售量为=50. 设甲种商品按原销售单价销售a件,则 (60﹣40)a+(60×0.7﹣40)(50﹣a)+(88﹣48)×50≥2460, 解得 a≥20. 答:甲种商品按原销售单价至少销售20件. 25.(12分)若一个三角形一条边的平方等于另两条边的乘积,我们把这个三角形叫做比例三角形. (1)已知△ABC是比例三角形,AB=2,BC=3,请直接写出所有满足条件的AC的长; (2)如图1,在四边形ABCD中,AD∥BC,对角线BD平分∠ABC,∠BAC=∠ADC.求证:△ABC是比例三角形. (3)如图2,在(2)的条件下,当∠ADC=90°时,求的值. 【分析】(1)根据比例三角形的定义分AB2=BC•AC、BC2=AB•AC、AC2=AB•BC三种情况分别代入计算可得; (2)先证△ABC∽△DCA得CA2=BC•AD,再由∠ADB=∠CBD=∠ABD知AB=AD即可得; (3)作AH⊥BD,由AB=AD知BH=BD,再证△ABH∽△DBC得AB•BC=BH•DB,即AB•BC=BD2,结合AB•BC=AC2知BD2=AC2,据此可得答案. 【解答】解:(1)∵△ABC是比例三角形,且AB=2、AC=3, ①当AB2=BC•AC时,得:4=3AC,解得:AC=; ②当BC2=AB•AC时,得:9=2AC,解得:AC=; ③当AC2=AB•BC时,得:AC=6,解得:AC=(负值舍去); 所以当AC=或或时,△ABC是比例三角形; (2)∵AD∥BC, ∴∠ACB=∠CAD, 又∵∠BAC=∠ADC, ∴△ABC∽△DCA, ∴=,即CA2=BC•AD, ∵AD∥BC, ∴∠ADB=∠CBD, ∵BD平分∠ABC, ∴∠ABD=∠CBD, ∴∠ADB=∠ABD, ∴AB=AD, ∴CA2=BC•AB, ∴△ABC是比例三角形; (3)如图,过点A作AH⊥BD于点H, ∵AB=AD, ∴BH=BD, ∵AD∥BC,∠ADC=90°, ∴∠BCD=90°, ∴∠BHA=∠BCD=90°, 又∵∠ABH=∠DBC, ∴△ABH∽△DBC, ∴=,即AB•BC=BH•DB, ∴AB•BC=BD2, 又∵AB•BC=AC2, ∴BD2=AC2, ∴=. 26.(14分)如图1,直线l:y=﹣x+b与x轴交于点A(4,0),与y轴交于点B,点C是线段OA上一动点(0<AC<).以点A为圆心,AC长为半径作⊙A交x轴于另一点D,交线段AB于点E,连结OE并延长交⊙A于点F. (1)求直线l的函数表达式和tan∠BAO的值; (2)如图2,连结CE,当CE=EF时, ①求证:△OCE∽△OEA; ②求点E的坐标; (3)当点C在线段OA上运动时,求OE•EF的最大值. 【分析】(1)利用待定系数法求出b即可得出直线l表达式,即可求出OA,OB,即可得出结论; (2)①先判断出∠CDF=2∠CDE,进而得出∠OAE=∠ODF,即可得出结论; ②设出EM=3m,AM=4m,进而得出点E坐标,即可得出OE的平方,再根据①的相似得出比例式得出OE的平方,建立方程即可得出结论; (3)利用面积法求出OG,进而得出AG,HE,再构造相似三角形,即可得出结论. 【解答】解:∵直线l:y=﹣x+b与x轴交于点A(4,0), ∴﹣×4+b=0, ∴b=3, ∴直线l的函数表达式y=﹣x+3, ∴B(0,3), ∴OA=4,OB=3, 在Rt△AOB中,tan∠BAO==; (2)①如图2,连接DF,∵CE=EF, ∴∠CDE=∠FDE, ∴∠CDF=2∠CDE, ∵∠OAE=2∠CDE, ∴∠OAE=∠ODF, ∵四边形CEFD是⊙O的圆内接四边形, ∴∠OEC=∠ODF, ∴∠OEC=∠OAE, ∵∠COE=∠EOA, ∴△COE∽△EOA, ②过点E⊥OA于M, 由①知,tan∠OAB=, 设EM=3m,则AM=4m, ∴OM=4﹣4m,AE=5m, ∴E(4﹣4m,3m),AC=5m,∴ OC=4﹣5m, 由①知,△COE∽△EOA, ∴, ∴OE2=OA•OC=4(4﹣5m)=16﹣20m, ∵E(4﹣4m,3m), ∴(4﹣4m)2+9m2=25m2﹣32m+16, ∴25m2﹣32m+16=16﹣20m, ∴m=0(舍)或m=, ∴4﹣4m=,3m=, ∴E(,), (3)如图,设⊙O的半径为r,过点O作OG⊥AB于G, ∵A(4,0),B(0,3), ∴OA=4,OB=3, ∴AB=5, ∴AB×OG=OA×OB, ∴OG=, ∴AG==×=, ∴EG=AG﹣AE=﹣r, 连接FH, ∵EH是⊙O直径, ∴EH=2r,∠EFH=90°=∠EGO, ∵∠OEG=∠HEF, ∴△OEG∽△HEF, ∴, ∴OE•EF=HE•EG=2r(﹣r)=﹣2(r﹣)2+, ∴r=时,OE•EF最大值为. 查看更多