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文档介绍
2020学年高中生物 第1章微专题二 自由组合定律的常规解题方法学案 新人教版必修2
微专题二 自由组合定律的常规解题方法 一、应用分离定律解决自由组合定律的相关问题 例1 基因型为AaBb的个体与基因型为aaBb的个体杂交,两对基因独立遗传,则后代中( ) A.表现型4种,比例为3∶1∶3∶1;基因型6种 B.表现型2种,比例为3∶1;基因型3种 C.表现型4种,比例为9∶3∶3∶1;基因型9种 D.表现型2种,比例为1∶1;基因型3种 答案 A 解析 可分解为两个分离定律:Aa×aa→Aa∶aa=1∶1,Bb×Bb→B_∶bb=3∶1,则后代有4种表现型且比例为(1∶1)(3∶1)=3∶1∶3∶1,基因型有2×3=6种。 方法总结 1.解题思路 首先,将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题。在独立遗传的情况下,有几对等位基因就可分解为几个分离定律,如AaBb×Aabb可分解为以下两个分离定律:Aa×Aa;Bb×bb,然后按分离定律逐一分析。最后,将获得的结果进行综合,得到正确答案。 2.常见题型分析 (1)配子类型及概率的问题 如AaBbCc产生的配子有多少种? Aa Bb Cc ↓ ↓ ↓ 2 × 2 × 2 =8种 又如AaBbCc产生ABC配子的概率为××=。 (2)配子间结合方式的问题 如AaBbCc与AaBbCC杂交过程中,配子间结合方式有多少种? ①先求AaBbCc、AaBbCC各自产生多少种配子: 15 AaBbCc→8种配子;AaBbCC→4种配子。 ②再求两亲本配子间结合方式。由于两性配子间结合是随机的,因此配子间有8×4=32种结合方式。 (3)子代基因型种类及概率的问题 如AaBbCc与AaBBCc杂交,其后代有多少种基因型? 先分解为三个分离定律,再用乘法原理组合。 ⇒后代有3×2×3=18种基因型 又如该双亲后代中,AaBBCC出现的概率为(Aa)×(BB)×(CC)=。 (4)子代表现型种类及概率的问题 如AaBbCc×AabbCc,其杂交后代可能有多少种表现型? ⇒后代有2×2×2=8种表现型 又如该双亲后代中表现型A_bbcc出现的概率为(A_)×(bb)×(cc)=。 (5)根据子代表现型分离比推测亲本基因型,如: ①子代:9∶3∶3∶1=(3∶1)(3∶1)⇒AaBb×AaBb ②子代:1∶1∶1∶1=(1∶1)(1∶1)⇒ ③子代:3∶1∶3∶1=(3∶1)(1∶1)⇒ ④子代:3∶1=(3∶1)×1⇒ 变式1 已知A与a、B与b、D与d三对等位基因自由组合,分别控制3对相对性状。若基因型分别为AaBbDd、AabbDd的两个体进行杂交,则下列关于杂交后代的推测,正确的是( ) A.表现型有8种,基因型为AaBbDd的个体的比例为 B.表现型有4种,基因型为aaBbdd的个体的比例为 C.表现型有8种,基因型为Aabbdd的个体的比例为 D.表现型有8种,基因型为aaBbDd的个体的比例为 答案 D 解析 亲本的基因型分别为AaBbDd、AabbDd,两个体进行杂交,后代表现型种类数为2×2×2=8(种),故B错误;其中基因型为AaBbDd个体的比例为××=,故A错误;基因型为Aabbdd个体的比例为××=,故C错误;后代基因型为aaBbDd个体的比例为××=,故D正确。 二、两对基因控制的性状遗传中异常分离比现象 15 例2 两对相对性状的基因自由组合,如果F2的分离比分别为9∶7、9∶6∶1和15∶1,那么F1与双隐性个体测交,得到的分离比分别是( ) A.1∶3、1∶2∶1和3∶1 B.3∶1、4∶1和3∶1 C.1∶2∶1、4∶1和3∶1 D.3∶1、3∶1和1∶4 答案 A 解析 由F2的分离比可推知:①F1的基因型为双杂合(AaBb);②9∶7的比例说明有双显性基因的表现为一种性状,其他的表现为另一种性状,9∶6∶1的比例说明有双显性基因的表现为一种性状,有单显性基因的表现为一种性状,无显性基因的表现为一种性状,15∶1的比例说明只要有显性基因的就表现为同一种性状,无显性基因的表现为另一种性状。 方法总结 “和”为16的由基因互作或致死导致的特殊分离比 序号 条件 F1(AaBb) 自交后代比例 测交后代比例 1 存在一种显性基因(A或B)时表现为同一种性状,其余正常表现 9∶6∶1 1∶2∶1 2 A、B同时存在时表现为一种性状,否则表现为另一种性状 9∶7 1∶3 3 aa(或bb)成对存在时,表现双隐性性状,其余正常表现 9∶3∶4 1∶1∶2 4 只要存在显性基因(A或B)就表现为同一种性状,其余正常表现 15∶1 3∶1 5 显性基因在基因型中的个数影响性状表现 AABB∶ (AaBB、AABb) ∶(AaBb、aaBB、 AAbb)∶(Aabb、aaBb)∶aabb=1∶4∶6∶4∶1 AaBb∶(Aabb、aaBb)∶aabb=1∶2∶1 15 6 显性纯合致死 AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=4∶2∶2∶1, 其余基因型致死 AaBb∶Aabb∶ aaBb∶aabb =1∶1∶1∶1 变式2 科研人员为探究某种鲤鱼体色的遗传,做了如下实验:用黑色鲤鱼与红色鲤鱼杂交,F1全为黑鲤,F1自由交配结果如下表所示。根据实验结果,下列推测错误的是( ) 取样地点 F2取样总数/条 F2性状的分离情况 黑鲤 红鲤 黑鲤∶红鲤 1号池 1 699 1 592 107 14.88∶1 2号池 1 546 1 450 96 15.10∶1 A.鲤鱼体色中的黑色是显性性状 B.鲤鱼的体色由细胞核中的基因控制 C.鲤鱼体色的遗传遵循自由组合定律 D.F1与隐性亲本杂交,后代中黑鲤与红鲤的比例为1∶1 答案 D 解析 由题干可知,鲤鱼体色黑色与红色是一对相对性状,用黑色鲤鱼与红色鲤鱼杂交,F1全为黑鲤,可知黑色是显性性状,并由核基因控制,故A、B均正确;分析表格,两池中F2性状分离比都约为15∶1(9∶3∶3∶1的变形),说明该性状由2对等位基因控制,在遗传过程中遵循自由组合定律,C正确;F1与隐性亲本杂交,后代中黑鲤与红鲤的比例为3∶1,D错误。 三、两种遗传病具有“自由组合”关系时的概率计算 例3 一对正常夫妇,双方都有耳垂(控制耳垂的基因位于常染色体上),结婚后生了一个白化且无耳垂的孩子,若这对夫妇再生一个孩子,为有耳垂但患白化病的概率是( ) A. B. C. D. 答案 B 解析 假设控制白化病的基因用A、a表示,控制耳垂的基因用C、c表示。由于正常夫妇结婚后生了一个白化(aa)且无耳垂(cc)的孩子,说明两人基因型为AaCc、AaCc,则再生一个孩子为有耳垂但患白化病的概率是。 方法总结 当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时,各种患病情况概率如下: 15 (1)只患甲病的概率是m·(1-n); (2)只患乙病的概率是n·(1-m); (3)甲、乙两病同患的概率是m·n; (4)甲、乙两病均不患的概率是(1-m)·(1-n); (5)患病的概率:1-(1-m)·(1-n); (6)只患一种病的概率:m(1-n)+n·(1-m)。 以上规律可用如图帮助理解: 变式3 多指症由显性基因控制,先天性聋哑由隐性基因控制,决定这两种遗传病的基因自由组合,一对男性患多指、女性正常的夫妇,婚后生了一个手指正常的聋哑孩子。这对夫妇再生下的孩子为手指正常、先天性聋哑、既多指又先天性聋哑这三种情况的可能性依次是( ) A.、、 B.、、 C.、、 D.、、 答案 A 解析 设多指相关基因用A、a表示,聋哑相关基因用B、b表示。根据亲子代表现型,可推出亲代基因型:父AaBb,母aaBb,他们再生一个孩子情况如下图: ①线表示全正常,×=; ②线表示只患聋哑,×=; ③线表示只患多指,×=; ④线表示既患多指又患聋哑,×=。 据此可得出答案。 15 1.(2017·泰安一中期末)豌豆种子黄色(Y)对绿色(y)为显性,圆粒(R)对皱粒(r)为显性,黄色圆粒豌豆与绿色圆粒豌豆杂交,F1出现黄圆、绿圆、黄皱、绿皱四种表现型,其比例为3∶3∶1∶1,推知其亲代杂交组合基因型是( ) A.YyRr×yyRr B.YyRR×yyRr C.YYRr×yyRR D.YYRr×yyRr 答案 A 解析 黄色圆粒和绿色圆粒进行杂交的后代中,圆粒∶皱粒=3∶1,说明亲本的基因组成为Rr和Rr;黄色∶绿色=1∶1,说明亲本的基因组成为Yy和yy。因此可以判断亲本的基因型为YyRr和yyRr。 2.(2018·共美联盟期末)某种植物其花色有白色、红色和紫色,现选取白色和紫色二个纯合品种做杂交实验,结果如下:P紫花×白花,F1全为紫花,F1自交,F2 表现型及比例为9紫花∶3红花∶4白花。将F2红花自交,产生的 F3中纯合子占总数的比例为( ) A. B. C. D. 答案 D 解析 F2 中红花为A_bb(或aaB_),其中为纯合子,为杂合子。分别自交,纯合子自交后代全为纯合子,杂合子自交,有一半为纯合子,因此F2 红花自交,产生的F3中纯合子占总数的比例为+×=。 3.(2017·襄阳高一检测)在西葫芦的皮色遗传中,已知黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)为显性,但在另一白色显性基因(W)存在时,则基因Y和y都不能表达。现有基因型为WwYy的个体自交,其后代表现型种类及比例是( ) A.4种,9∶3∶3∶1 B.2种,13∶3 C.3种,12∶3∶1 D.3种,10∶3∶3 答案 C 解析 由题意知,基因W抑制Y、y基因表达,W_Y_的个体表现为白色,另外W_yy的个体也为白色,wwyy的个体表现为绿色,wwY_的个体表现为黄色,因此WwYy自交后代中表现型有白、黄、绿3种,比例为12∶3∶1。 4.(2018·重庆一中模考)人类中,显性基因D对耳蜗管的形成是必需的,显性基因E对听神经的发育是必需的,二者缺一,个体即聋。这两对基因自由组合。下列有关说法,不正确的是( ) A.夫妇中有一个耳聋,也有可能生下听觉正常的孩子 15 B.一方只有耳蜗管正常,另一方只有听神经正常的夫妇,只能生下耳聋的孩子 C.基因型为DdEe的双亲生下耳聋的孩子的概率为 D.耳聋夫妇可以生下基因型为DdEe的孩子 答案 B 解析 听觉正常与否受两对等位基因的控制,其基因型与所控制的表现型如下表: 性状 听觉正常 听觉不正常(耳聋) 基因型 D_E_ D_ee、ddE_、ddee 夫妇中一个听觉正常(D_E_)、一个耳聋(D_ee、ddE_、ddee),有可能生下听觉正常的孩子,A正确;一方只有耳蜗管正常(D_ee),另一方只有听神经正常(ddE_)的夫妇也有可能生下听觉正常的孩子(D_E_),B错误;夫妇双方基因型均为DdEe,后代中听觉正常的占,耳聋的占,C正确;基因型为D_ee和ddE_的耳聋夫妇,有可能生下基因型为D_E_听觉正常的孩子,D正确。 5.(2018·三环高中期末模拟)某植物的花色有白花、粉色花和红花三种,该性状受两对独立遗传的等位基因(A、a和B、b)控制。有人利用白花(甲)、白花(乙)、粉色花和红花4个纯合品种进行了如下三个实验: 15 亲代 F1代 F2代 实验一 粉色花×红花 粉色花 F1自交:3粉色∶1红 实验二 白花(甲) ×粉色花 白花 F1自交:12白∶ 3粉色∶1红 实验三 白花(乙) ×红花 白花 F1测交:2白∶ 1粉色∶1红 且已知基因对此性状的控制途径如图所示: 基因1 基因2 ↓ ↓ 白色色素粉色色素红色色素 (1)基因1和基因2分别对应A、a和B、b中的一个,则基因1和基因2分别是________。 (2)上述杂交实验中,实验一中用作亲本的粉色花品种的基因型是____________。实验二中白花(甲)的基因型是____________。 (3)实验二得到的F2中,白花植株的基因型有______种,其中纯合白花植株占全部白花植株的比例为________。F2中粉色花植株自交所结的种子中粉色花纯合子种子占________。 (4)若将实验三得到的F2白花植株与红花植株杂交,理论上F3花色表现型及比例为白花∶粉色花∶红花=______。 (5)将基因型不同的两株白花植株杂交,若F1的花色只有白色和粉色两种,则两亲本植株的基因型为________。 答案 (1)a和b (2)aaBB AAbb (3)6 (4)4∶1∶3 (5)AaBB×AaBb或AaBB×Aabb 解析 (1)由分析可知,红花基因型为aabb,因此基因1是a,基因2是b。 (2)实验一中,粉花与红花杂交,后代全是粉花,因为亲本都是纯合的,实验一中用作亲本的粉色花品种的基因型是aaBB,红花基因型是aabb;在实验二中因为子一代自交后出现了9∶3∶3∶1的变形,所以子一代应该是AaBb,亲本白花甲的基因型应是AAbb。 (3)实验二得到的F2中,A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb=9∶3∶3∶1,其中A_B_和A_bb为白花,基因型为2×2+2=6种;纯合白花植株(1AABB、1AAbb)占全部白花植株的比例为=;子二代粉花植株中aaBB占,aaBb 占,因此F2中粉色花植株自交所结的种子中粉色花纯合子种子占+×=。 15 (4)实验三中的F2白花植株的基因型是AaBb、Aabb,与红花植株aabb杂交,后代中白花∶粉色花∶红花=4∶1∶3。 (5)基因型不同的两株白花植株杂交,子一代的花色只有白色和粉色两种,因为粉色基因型是aaB_,红花基因型是aabb,说明不会出现bb,故两亲本植株基因型应是AaBB×AaBb或AaBB×Aabb。 [对点训练] 题组一 应用分离定律解决自由组合定律相关问题 1.水稻的高秆(D)对矮秆(d)为显性,抗锈病(R)对不抗锈病(r)为显性,这两对基因自由组合。甲水稻(DdRr)与乙水稻杂交,其后代四种表现型的比例是3∶3∶1∶1,则乙水稻的基因型是( ) A.Ddrr或ddRr B.DdRR C.ddRR D.DdRr 答案 A 解析 从后代表现型的比例为3∶3∶1∶1中可确定两种性状的比例,一种性状的后代性状分离比为3∶1,另一种性状的后代性状分离比为1∶1,已知甲水稻基因型为DdRr,则乙水稻的基因型为Ddrr或ddRr。 2.对某植株进行测交,得到后代基因型为RrBb和Rrbb,则该植株的基因型是( ) A.RRBb B.RrBb C.rrbb D.Rrbb 答案 A 解析 测交是待测个体和隐性纯合子杂交的过程。隐性纯合子只产生一种配子(rb)。故该植株测交后代基因型中去掉rb为该植株产生的配子,即RB、Rb。推出该植株基因型为RRBb。 3.小鼠毛色黑色(B)对褐色(b)为显性,无白斑(S)对有白斑(s)为显性,这两对等位基因独立遗传。基因型为BbSs的小鼠间相互交配,后代中黑色有白斑小鼠的比例是( ) A. B. C. D. 答案 B 解析 BbSs×BbSs得到黑色有白斑小鼠(B__ss)的概率为×=。 15 4.(2017·襄阳四校高一期中)某植物的紫花对白花为显性,受8对等位基因控制。科学家从该植物的一个紫花品系中选育出了5个不同基因型的白花品系,它们与该紫花品系都只有一对等位基因的差异。某人在种植紫花品系时,偶然发现1株能稳定遗传的白花植株,为确定其是否是一个基因型不同的新白花品系,他让这株白花植株分别与5个白花品系杂交。有关叙述错误的是( ) A.纯合紫花品系的基因型为AABBCCDDEEFFGGHH B.基因型为aaBBCCDDEEFFGGHH可能是白花品系之一 C.若各组杂交的子代全为紫花,说明该白花植株是新的白花品系 D.各组杂交的子代全为白花,才说明该白花植株不是新的白花品系 答案 D 题组二 两对基因控制的性状遗传中异常分离比现象 5.(2017·景德镇高一期中)一种观赏植物,纯合的蓝色品种与纯合的鲜红色品种杂交,F1均为蓝色。若让F1蓝色与纯合鲜红色品种杂交,产生的子代的表现型及比例为蓝色∶鲜红色=3∶1。若F1蓝色植株自花受粉,则F2表现型及其比例最可能是( ) A.蓝色∶鲜红色=1∶1 B.蓝色∶鲜红色=3∶1 C.蓝色∶鲜红色=9∶1 D.蓝色∶鲜红色=15∶1 答案 D 6.(2017·菏泽期中)某种鼠的体色有三种:黄色、青色、灰色,受两对独立遗传的等位基因(A、a和B、b)控制。A_B_表现为青色,A_bb表现为灰色,aa__表现为黄色(约50%黄色个体会因黄色素在体内积累过多死亡)。让灰色鼠与黄色鼠杂交,F1全为青色,理论上F2存活个体中青色鼠所占的比例是( ) A. B. C. D. 答案 D 解析 根据题意,让灰色鼠与黄色鼠杂交,F1全为青色,则灰色鼠基因型为AAbb,黄色鼠基因型为aaBB,F1基因型为AaBb,则F2表现型及比例为青色(A_B_)∶灰色(A_bb)∶黄色(aa_ _)=9∶3∶4,由于约50%黄色个体会因黄色素在体内积累过多死亡,所以理论上F2存活个体中青色鼠所占的比例是,D正确。 7.控制棉花纤维长度的三对等位基因A/a、B/b、C/c对长度的作用相等,且这三对基因的遗传遵循自由组合定律。已知基因型为aabbcc的棉花纤维长度为6厘米,每个显性基因增加纤维长度2厘米。棉花植株甲(AABbcc)与乙(aaBbCc)杂交,则F1的棉花纤维长度范围是( ) A.6~14厘米 B.6~16厘米 C.8~14厘米 D.8~16厘米 答案 C 15 解析 棉花植株甲(AABbcc)与乙(aaBbCc)杂交,F1中至少含有一个显性基因A,长度最短为6+2=8厘米,含有显性基因最多的基因型是AaBBCc,长度为6+4×2=14厘米。 8.用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交,F1全部表现为红花。若F1自交,得到的F2植株中,红花为272株,白花为212株;若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉,得到的子代植株中,红花为101株,白花为302株。根据上述杂交实验结果推断,下列叙述正确的是( ) A.F2中白花植株都是纯合子 B.F2中红花植株的基因型有2种 C.红花与白花由一对等位基因控制 D.F2中白花植株的基因型种类比红花植株的多 答案 D 解析 用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉,得到的子代植株中,红花为101株,白花为302株,即红花∶白花=1∶3,符合两对等位基因自由组合的杂合子测交子代比例1∶1∶1∶1的变式,由此可推知该相对性状由两对等位基因控制(设为A、a和B、b),故C错误;F1的基因型为AaBb,F1自交得到的F2中白花植株的基因型有A_bb、aaB_和aabb,故A错误;F2中红花植株(A_B_)的基因型有4种,故B错误;F2中白花植株的基因型有5种,红花植株的基因型有4种,故D正确。 9.报春花的花色白色(只含白色素)和黄色(含黄色锦葵色素)由两对等位基因(A和a,B和b)共同控制,两对等位基因独立遗传,显性基因A控制以白色素为前体物质合成黄色锦葵色素的代谢过程,但当显性基因B存在时可抑制其表达。现选择AABB和aabb两个品种进行杂交,得到F1,F1自交得F2,则下列说法不正确的是( ) A.黄色植株的基因型是AAbb或Aabb B.F1的表现型是白色 C.F2中黄色∶白色的比例是3∶5 D.F2中的白色个体的基因型有7种 答案 C 解析 根据图示,基因A表达才能合成黄色锦葵色素,而基因B表达时基因A表达受抑制,花色为白色,因此白色报春花的基因型为A_B_或aa_ 15 _,而黄色报春花的基因型是AAbb或Aabb;AABB和aabb两个品种杂交,F1为AaBb,花色应为白色;F1自交,F2的基因型为:A_B_、aaB_、A_bb、aabb,其比例为9∶3∶3∶1,其中黄色为,白色为,因此F2中白色∶黄色为13∶3;由于F2共有9种基因型,其中黄色植株的基因型只有AAbb和Aabb两种,因此白色个体的基因型种类是7种。 题组三 两种遗传病具有“自由组合”关系时的概率计算 10.有一种软骨发育不全的遗传病,两个有这种病的人(其他性状正常)结婚,他们所生的第一个孩子得白化病和软骨发育不全,第二个孩子性状全部正常。假设控制这两种病的基因的遗传符合基因的自由组合定律,请预测他们再生一个孩子同时患两病的概率是( ) A. B. C. D. 答案 C 解析 两个软骨发育不全的人(其他性状正常)结婚,他们所生的第一个孩子得白化病和软骨发育不全,第二个孩子性状全部正常,可以推断出此夫妇的基因型均为AaBb(假设白化病相关基因用A、a表示,软骨发育不全相关基因用B、b表示),他们再生一个孩子同时患两种病的概率是×=。 11.正常人对苯硫脲感觉味苦,称味者(T)为显性,有人对苯硫脲没有味觉,称味盲(t)。人的正常(A)对白化病(a)为显性。有一对味者夫妇(肤色均正常)生了一个味盲白化的孩子,则这对夫妇的基因型为( ) A.TTAa×TTAa B.TtAa×TTAa C.TtAa×TtAa D.TtAA×TtAa 答案 C 解析 将两对性状分开来考虑,一对味者夫妇生了一个味盲(tt)的小孩,则味者双亲均是杂合子Tt;且该孩子也患白化病(aa),则该对夫妇均是杂合子Aa,综合分析,这对夫妇的基因型为TtAa×TtAa,C正确。 12.一个基因型为BbRr(棕眼右癖)的男人与一个基因型为bbRr(蓝眼右癖)的女人结婚(两对相对性状独立遗传),所生子女中表现型的概率各为的类型是( ) A.棕眼右癖和蓝眼右癖 B.棕眼左癖和蓝眼左癖 C.棕眼右癖和蓝眼左癖 D.棕眼左癖和蓝眼右癖 答案 B 解析 应该是与相乘得到的。Bb×bb后代中,棕眼与蓝眼的比例各为,Rr×Rr后代中,右癖与左癖的比例分别为和。所以所生子女中表现型概率为的应该是左癖的两种眼色。 15 15 [综合强化] 13.(2017·吉林省实验中学高一期中)某高等植物有三对较为明显的相对性状,基因控制情况见下表。现有一种群,具有该三对等位基因的植株若干株(具此基因型的植株用M表示)、基因型为aabbcc的植株若干株(具此基因型的植株用N表示)、以及其他基因型的植株若干株。回答下列问题: 基因组成 表现型 等位基因 显性纯合 杂合 隐性纯合 A—a 红花 白花 B—b 宽叶 窄叶 C—c 粗茎 中等粗茎 细茎 (1)该植物种群内,共有________种表现型,其中有________种表现型的植株可能是杂合子。 (2)如M×N,子一代红花窄叶中等粗茎占________,则三对等位基因可能独立遗传。 (3)如三对等位基因自由组合,植株M自交,则子一代中红花窄叶中等粗茎占________。从子一代中随机选择红花宽叶粗茎植株与白花窄叶细茎植株杂交,子二代均为红花窄叶中等粗茎的概率为________。 答案 (1)12 6 (2) (3) 14.某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性,抗病(T)对染病(t)为显性,花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性,三对等位基因独立遗传,非糯性花粉遇碘液变蓝,糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子基因型分别为:①AATTdd,②AAttDD,③AAttdd,④aattdd。请完成下列问题。 (1)若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律,可选择亲本①与________或________杂交。 (2)若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律,可以选择亲本________和________杂交。 (3)若培育糯性抗病优良品种,应选用______和________亲本杂交。 (4)将②和④杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上,加碘液染色后,置于显微镜下观察,将会看到________种类型的花粉,且比例为________________。 答案 (1)② ④ (2)② ④ (3)① ④ (4)4 1∶1∶1∶1 解析 验证分离定律和自由组合定律常用方法有:F1(杂合子)自交、F1(杂合子)测交、F1(杂合子)花粉鉴定法等方法。使用时要注意分离定律研究的对象为一对相对性状的遗传,而自由组合定律研究的对象为两对及以上相对性状的遗传。 15 15.小鼠体色由两对基因决定,A基因决定黄色,R基因决定黑色,A、R同时存在则皮毛呈灰色,无A、R则呈白色,两对基因的遗传遵循自由组合定律。一灰色雄鼠和一黄色雌鼠交配,F1表现型及其比例为:黄色小鼠、灰色小鼠、黑色小鼠、白色小鼠。试问: (1)亲代中,灰色雄鼠的基因型为____________,黄色雌鼠的基因型为__________。 (2)让F1的黑色雌、雄小鼠交配,则理论上F2黑色个体中纯合子的比例为________。 (3)若小鼠的另一性状由另外的两对等位基因(B和b、F和f)控制,且遵循自由组合定律。让基因型均为BbFf的雌、雄鼠相互交配,子代出现四种表现型,比例为6∶3∶2∶1。请对比例6∶3∶2∶1的产生原因做出合理解释: ________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 答案 (1)AaRr Aarr (2) (3)B或F纯合致死 解析 (1)由题意知,亲本分别为灰色和黄色,子代出现四种体色,推断亲本基因型分别为AaRr和Aarr。(2)F1的黑色鼠基因型为aaRr,所以让F1的黑色雌、雄小鼠交配,则理论上F2黑色个体的基因型及其比例为aaRr∶aaRR=2∶1,其中纯合子的比例为。(3)基因型均为BbFf的雌、雄鼠相互交配,正常情况子代出现的四种表现型及其比例为B_F_∶B_ff∶bbF_∶bbff=9∶3∶3∶1,题中子代出现表现型比例为6∶3∶2∶1,则BB_ _或_ _FF不存在,即B或F纯合致死。 15查看更多