高考物理大二轮总复习综合模拟卷二

高考物理大二轮总复习综合模拟卷二

综合模拟卷(二)一、选择题Ⅰ(本题共13小题，每小题3分，满分39分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．选对的得3分，不选或错选得0分)1．飞机着地后还要在跑道上滑行一段距离，机舱内的乘客透过窗户看到树木向后运动，乘客选择的参考系是(　　)A．停在机场的飞机B．候机大楼C．乘客乘坐的飞机D．飞机跑道答案　C解析　乘客看到树木向后运动是因为他(她)与飞机相对树木向前滑行，他(她)选的参考系显然是他(她)乘坐的飞机，其余选项中的参照物均与树木相对静止．2．(2016·杭州学考模拟)在力学范围内，国际单位制中规定的三个基本单位对应的物理量是(　　)A．长度、时间、速度B．长度、力、时间C．长度、质量、时间D．时间、力、加速度答案　C解析　在力学范围内，国际单位制中规定的三个基本单位是米、千克、秒，它们对应的物理量分别是长度、质量、时间，选项C正确．3．如图1所示，一小车的表面由一光滑水平面和光滑斜面连接而成，其上放一球，球与水平面的接触点为a，与斜面的接触点为b.当小车和球一起在水平桌面上做直线运动时，下列结论正确的是(　　)图1A．球在a、b两点处一定都受到支持力B．球在a点处一定受到支持力，在b点处一定不受支持力C．球在a点处一定受到支持力，在b点处不一定受到支持力D．球在a点处不一定受到支持力，在b点处也不一定受到支持力 答案　D解析　若球与车一起水平匀速运动，则球在b处不受支持力作用，若球与车一起水平向左匀加速运动，则球在a处的支持力可能为零，D正确．4．如图2所示，小明玩蹦蹦杆，在小明将蹦蹦杆中的弹簧向下压缩的过程中，小明的重力势能、弹簧的弹性势能的变化是(　　)图2A．重力势能减少，弹性势能增大B．重力势能增大，弹性势能减少C．重力势能减少，弹性势能减少D．重力势能不变，弹性势能增大答案　A解析　弹簧向下压缩的过程中，弹簧压缩量增大，弹性势能增大；重力做正功，重力势能减少，故A正确．5．拍苍蝇与物理有关．如图3所示，市场出售的苍蝇拍，拍把长约30cm，拍头是长12cm、宽10cm的长方形．这种拍的使用效果往往不好，拍头打向苍蝇，尚未打到，苍蝇就飞了．有人将拍把增长到60cm，结果一打一个准．其原因是(　　)图3A．拍头打苍蝇的力变大了B．拍头的向心加速度变大了C．拍头的角速度变大了D．拍头的线速度变大了答案　D解析　根据v＝ωr知，ω相同时，r越大，则v越大，相同弧长用时越短，越容易打到苍蝇，故选D项． 6．(2015·浙江9月选考样题)质量为m的物体从高为h处自由下落，开始的用时为t，则(　　)A．物体落地所用的时间为tB．物体落地所用的时间为3tC．物体落地时的速度为gtD．物体落地时的速度为3gt答案　A解析　设物体落地所用的时间为t′，速度为v，由下落高度和所用时间的关系即位移公式得：＝，所以t′＝t，选项A正确，B错误；由速度公式得：v＝gt，选项C、D错误．7．物体做平抛运动时，描述物体在竖直方向上的分速度vy随时间t变化规律的图线是图中的(取竖直向下为正方向)(　　)答案　D解析　平抛运动可分解水平方向匀速直线运动和竖直方向自由落体运动．8．某静电除尘器工作时内部电场线分布的俯视图如图4，带负电的粉尘被吸附时由b点运动到a点，以下说法正确的是(　　)图4A．该电场是匀强电场B．a点电势低于b点电势C．电场力对粉尘做正功D．粉尘的电势能增大答案　C解析　该电场是非匀强电场，a点电势高于b点电势，电场力对粉尘做正功，粉尘的电势能减小，选项C正确． 9．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律．有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a>b>c.电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是(　　)答案　A解析　根据电阻定律R＝ρ，电阻阻值最小的应该是截面积最大，长度最短；A图中，截面积最大，长度最短，故A图电阻阻值最小，选A.10．(2015·浙江9月学考预测·6)如图5所示是“探究影响通电导线受力的因素”的装置图．实验时，先保持导线通电部分的长度不变，改变电流的大小；然后保持电流不变，改变导线通电部分的长度．对该实验，下列说法正确的是(　　)图5A．当导线中的电流反向时，导线受到的安培力方向不变B．保持电流不变，接通“1、4”时导线受到的安培力是接通“2、3”时的3倍C．保持电流不变，接通“1、4”时导线受到的安培力是接通“2、3”时的2倍D．接通“1、4”，当电流增加为原来的2倍时，通电导线受到的安培力减半答案　B解析　接触“1、4”时导线的长度是接触“2、3”时导线长度的3倍，根据安培力公式F＝BIL知，只有B项正确．11.(2016·台州市8月选考)扫地机器人是智能家用电器的一种，它利用自身携带的小型吸尘部件进行吸尘清扫，如图6为“iRobot”扫地机器人，已知其电池容量2000mAh，额定工作电压15V，额定功率30W，则下列说法正确的是(　　)图6A．扫地机器人的电阻是10ΩB．题中“mAh”是能量的单位C．扫地机器人正常工作时的电流是2A D．扫地机器人充满电后一次工作时间约为4h答案　C解析　扫地机器人不是纯电阻，无法求出其电阻，A不正确；mAh是电荷量单位，不是能量单位，B不正确；由P＝UI可得I＝＝2A，C正确；工作时间t＝＝1小时，D不正确．12．某星球与地球的质量比为a，半径比为b，则该行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比为(　　)A.B.C．ab2D．ab答案　B解析　设地球的质量为M，则星球的质量为aM，地球的半径为R，则星球的半径为bR，根据黄金代换公式mg＝G得出行星表面的重力加速度g′＝G，地球表面的重力加速度g＝，行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比＝＝，所以B项正确，A、C、D项错误．13．(2015·浙江10月选考·11)如图7所示，一质量为m、带电荷量为Q的小球A系在长为l的绝缘轻绳下端，另一带电荷量也为Q的小球B固定于悬挂点的正下方(A、B均可视为点电荷)，轻绳与竖直方向成30°角，小球A、B静止于同一高度．已知重力加速度为g，静电力常量为k，则两球间的静电力大小为(　　)图7A.B.C．mgD.mg答案　A解析　带电小球A处于静止状态，对小球A受力分析，则＝tan30°，得F库＝mg；或者，根据库仑定律F＝k＝k，因此答案为A. 二、选择题Ⅱ(本题共3小题，每小题2分，满分6分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项符合题意，全部选对的得2分，选不全的得1分，有选错或不答的得0分)14．(加试题)下列说法正确的是(　　)A．光导纤维是利用光的干涉原理传输信息的B．太阳光通过三棱镜产生的彩色条纹是由于光的折射造成的C．无线网络信号绕过障碍物传递到接收终端，利用了偏振原理D．铁路、民航等安检口使用“X射线”对行李箱内物品进行检测答案　BD解析　光导纤维是利用光的全反射传输信息的，A不正确；太阳光通过三棱镜产生彩色条纹是由于光的折射造成的，B正确；无线网络信号绕过障碍物传递到接收终端，利用了波的衍射，C不正确；由于“X射线”穿透能力强，铁路、民航等安检口常使用“X射线”对行李箱内物品进行检测，D正确．故应选B、D.15．(加试题)一理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头，则(　　)A．副线圈输出电压的频率为50HzB．副线圈输出电压的有效值约为22VC．P向右移动时，副线圈两端的电压变大D．P向右移动时，变压器的输入功率变小答案　AB解析　由甲图知T＝0.02s，所以f＝＝50Hz，变压器不改变频率，所以副线圈输出电压的频率为50Hz，A正确；由交流电峰值与有效值关系u有效＝得u有效≈220V，再由变压器原、副线圈变压比＝得u2＝22V，B正确；P向右移动时，不改变电压，但负载电阻R副减小，变压器输出功率变大，理想变压器P出＝P入，所以变压器输入功率变大，C、D均不正确． 16．(加试题)能源是社会发展的基础，发展核能是解决能源问题的途径之一．下列释放核能的反应方程，表述正确的有(　　)A.H＋H→He＋n是核聚变反应B.H＋H→He＋n是β衰变C.U＋n→Ba＋Kr＋3n是核裂变反应D.U＋n→Xe＋Sr＋2n是α衰变答案　AC解析　β衰变时释放出电子(e)，α衰变时释放出氦原子核(He)，可知选项B、D错误；选项A中一个氚核和一个氘核结合成一个氦核并释放出一个中子，是典型的核聚变反应；选项C中一个U原子核吸收一个中子，生成一个Ba原子核和一个Kr原子核并释放出三个中子，是核裂变反应，选项A、C正确．三、非选择题(本题共7小题，共55分)17．(5分)实验中，如图9所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔T＝0.1s.图9(1)根据纸带可判定小车做________运动．(2)根据纸带计算各点瞬时速度：vD＝________m/s，vC＝__________m/s，vB＝__________m/s.在如图10所示坐标中作出小车的v－t图线，并根据图线求出a＝________.图10(3)将图线延长与纵轴相交，交点的速度的物理意义是________________________________________________________________________.答案　(1)匀加速直线　(2)3.90　2.64　1.38　见解析图　12.60m/s2　(3)零时刻小车经过A点的速度解析　(1)根据纸带提供的数据可知xBC－xAB＝xCD－xBC＝xDE－xCD＝12.60cm， 故小车做匀加速直线运动．(2)根据v＝可知vD＝m/s＝3.90m/svC＝m/s＝2.64m/svB＝m/s＝1.38m/s描点连线得如图所示的v－t图线，根据图线斜率知a＝12.60m/s2.(3)图线与纵轴交点的速度的物理意义是零时刻小车经过A点的速度．18．(5分)(2016·浙江第一学期名校协作体试卷)小明同学在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，为了更准确选取电压表和电流表的合适量程，决定先用多用电表测量小灯泡的阻值．(1)在使用前发现电表指针位置如图11甲所示，该同学应该调节哪个位置________(选“①”或“②”)；(2)小明使用多用电表欧姆挡的“×10”挡测量小灯泡电阻阻值，读数如图乙所示，为了更准确地进行测量，小明应该旋转开关至欧姆挡________(填“×100”挡或“×1”挡)，两表笔短接并调节________(选“①”或“②”)．(3)按正确步骤测量时，指针指在如图丙位置，则小灯泡阻值的测量值为________Ω. 图11答案　(1)①　(2)“×1”挡　②　(3)28解析　(1)使用前指针不指零，应调机械调零旋钮①，(2)示数太小，应换小倍率，所以小明应旋转开关至欧姆挡“×1”，两表笔短接，欧姆调零，应调欧姆调零旋钮②，(3)电阻表读数规则是“示数×倍率”，读数应为28×1Ω＝28Ω.19．(9分)如图12甲所示，质量为1kg的物体置于倾角为37°的固定斜面上，对物体施加平行于斜面向上的拉力F，使物体由静止开始沿斜面向上运动．t＝1s时撤去拉力．已知斜面足够长，物体运动的部分v－t图象如图乙所示，g＝10m/s2，求：图12(1)物体与斜面间的动摩擦因数和拉力F大小．(2)t＝6s时物体的速度．答案　(1)0.5　30N　(2)6m/s，方向沿斜面向下解析　(1)设力F作用时物体的加速度为a1由牛顿第二定律可知F－mgsinθ－μmgcosθ＝ma1 撤去力后，由牛顿第二定律有mgsinθ＋μmgcosθ＝ma2根据图象可知：a1＝＝m/s2＝20m/s2a2＝m/s2＝10m/s2解得μ＝0.5拉力F＝30N(2)设撤去力后物体运动到最高点时间为t2，v1＝a2t2，解得t2＝s＝2s则物体沿着斜面下滑的时间为t3＝t－t1－t2＝(6－1－2)s＝3s设下滑加速度为a3，由牛顿第二定律可得mgsinθ－μmgcosθ＝ma3解得a3＝2m/s2t＝6s时速度v＝a3t3＝6m/s，方向沿斜面向下．20．(12分)(2014·浙江1月学考·38)“猴子荡秋千”是某马戏团的经典表演项目．如图13所示，离地高H＝5.4m的O点固定一根长L＝3.6m且不可伸长的轻质绳，在绳的一侧有一平台，拉直绳子，其末端正好位于平台边缘A点，绳子与竖直方向成60°角．有一质量m＝5kg的猴子在A点抓住绳子末端无初速度地离开平台．在运动过程中猴子可视为质点，空气阻力不计．求：(g取10m/s2)图13(1)猴子经过O点正下方B点时的速度大小；(2)猴子经过O点正下方B点时受到绳子的拉力大小；(3)若猴子在B点放开绳子，则其落地点C与悬点O间的水平距离多大？(4)若猴子沿绳向上爬行一定距离后(在训练员的帮助下绳仍与竖直方向成60°角)，再抓紧绳子无初速度向下摆动，当摆至O点正下方时放开绳子，可能落得比C点更远吗？试判断并简要说明理由．答案　(1)6m/s　(2)100N　(3)3.6m　(4)见解析解析　(1)猴子从A到B过程中由机械能守恒定律得 mgL(1－cos60°)＝mv2v＝代入数据得v＝6m/s(2)设猴子经过B点时受到绳子的拉力大小为FT，由牛顿第二定律得FT－mg＝m则FT＝mg＋m代入数据得FT＝100N(3)猴子从B到C过程做平抛运动H－L＝gt2则t＝代入数据得t＝0.6s落地点C与悬点O间的水平距离x＝vt代入数据得x＝3.6m(4)设猴子沿绳向上爬行到距O点L1处向下摆动，到达O点正下方时速度记为v1mgL1(1－cos60°)＝mv12H－L1＝gt12落地点与O点间的水平距离x1＝v1t1＝解得当L1＝H＝2.7m时最远因此，猴子可能落得比C点更远．21．(加试题)(4分)(2016·浙江10月学考·21)(1)在“探究单摆周期与摆长的关系”的实验中，测量单摆的周期时，图14中________(填“甲”“乙”或“丙”)作为计时开始与终止的位置更好些． 　　图14图15(2)如图15所示，在用可拆变压器“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验中，下列说法正确的是________(填字母)．A．用可拆变压器，能方便地从不同接线柱上选取不同匝数的线圈B．测量原、副线圈的电压，可用“测定电池的电动势和内阻”实验中的直流电压表C．原线圈接0、8接线柱，副线圈接0、4接线柱、副线圈电压大于原线圈电压D．为便于探究，先保持原线圈匝数和电压不变，改变副线圈的匝数，研究其对副线圈电压的影响答案　(1)乙　(2)AD解析　(2)变压器的输出电压跟输入电压以及原副线圈匝数之比都有关，因此需要用可拆卸的变压器研究，选项A、D正确．变压器只能对交变电流的电压有作用，不能用直流电压表，所以选项B错误．根据原、副线圈匝数之比等于输入、输出电压之比可知，原线圈接0、8，副线圈接0、4，那么副线圈的电压小于原线圈电压，所以C错误．22．(加试题)(10分)如图16所示，质量为M的导体棒ab，垂直放在相距为l的平行光滑金属导轨上，导轨平面与水平面的夹角为θ，并处于磁感应强度大小为B、方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中．左侧是水平放置、间距为d的平行金属板．R和Rx分别表示定值电阻和滑动变阻器的阻值，不计其他电阻．图16(1)调节Rx＝R，释放导体棒，当棒沿导轨匀速下滑时，求通过棒的电流I及棒的速率v；(2)改变Rx，待棒沿导轨再次匀速下滑后，将质量为m、带电量为＋q的微粒水平射入金属板间，若它能匀速通过，求此时的Rx. 答案　(1)　　(2)解析　(1)导体棒匀速下滑时Mgsinθ＝BIl①I＝②设导体棒产生的感应电动势为E0E0＝Blv③由闭合电路欧姆定律得I＝④又Rx＝R⑤联立②③④⑤得v＝⑥(2)改变Rx，由②式可知电流不变．设带电微粒在金属板间匀速通过时，板间电压为U，电场强度大小为EU＝IRx⑦E＝⑧mg＝qE⑨联立②⑦⑧⑨得Rx＝23．(加试题)(10分)(2016·绍兴市9月选考)为研究某种材料的荧光特性，兴趣小组的同学设计了图示装置：让质子经过MN两金属板之间的电场加速后，进入有界匀强磁场，磁场的宽度L＝0.25m，磁感应强度大小B＝0.01T，以出射小孔O为原点，水平向右建立x轴，在0.4m≤x≤0.6m区域的荧光屏上涂有荧光材料，(已知质子的质量m＝1.6×10－27kg，电量q＝1.6×10－19C，进入电场时的初速度可忽略)图17(1)要使质子能打在荧光屏上，加速电压的最小值是多少？ (2)当质子打中荧光屏时的动能超过288eV，可使荧光材料发光．对于不同的加速电压，荧光屏上能够发光的区域长度是多少？答案　见解析解析　(1)质子经电场加速，由动能定理qU＝mv2－0进入磁场后做匀速圆周运动，有qvB＝m联立解得U＝从点O运动到x＝0.4m处，圆周运动半径r＝0.2m代入数据得U1＝200V.(2)由题意，当Ekmin＝288eV时对应电场力做功最小值qUmin，则Umin＝288V根据U＝得rmin＝0.24m对应x1＝2rmin＝0.48m，x2＝0.6m经检验：此时质子已经穿出磁场边界线，不能打到荧光屏上了．以磁场边界计算，有rmax＝L＝0.25m，即x2＝2rmax＝0.5m能够发光的区域长度Δx＝x2－x1＝0.02m.