高考数学理科模拟试卷一
2018 年高考数学(理科)模拟试卷(一)
(本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分.满分 150 分,考试时间 120 分钟)
第Ⅰ卷(选择题 满分 60 分)
一、选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,满分 60 分.在每小题给出的四个选项中,
只有一项是符合题目要求的.
1.(2016 年四川)设集合 A={x|1≤x≤5},Z 为整数集,则集合 A∩Z 中元素的个数是
( )
A.6 B. 5 C.4 D.3
2.(2016 年山东)若复数 z 满足 2z+z=3-2i, 其中 i 为虚数单位,则 z=( )
A.1+2i B.1-2i
C.-1+2i D.-1-2i
3.(2015 年北京)某四棱锥的三视图如图 M11,该四棱锥最长棱的棱长为( )
图 M11
A.1 B. 2 C. 3 D.2
4.曲线 y=x3-2x+4 在点(1,3)处的切线的倾斜角为( )
A.π
6 B.π
3 C.π
4 D.π
2
5.设 x∈R,[x]表示不超过 x 的最大整数. 若存在实数 t,使得[t]=1,[t2]=2,…,[tn]=
n 同时成立,则正整数 n 的最大值是( )
A.3 B.4 C.5 D.6
6.(2016 年北京)执行如图 M12 所示的程序框图,若输入的 a 值为 1,则输出的 k 值为
( )
图 M12
A.1 B.2 C.3 D.4
7.某市重点中学奥数培训班共有 14 人,分为两个小组,在一次阶段考试中两个小组成
绩的茎叶图如图 M13,其中甲组学生成绩的平均数是 88,乙组学生成绩的中位数是 89,
则 m+n 的值是( )
图 M13
A.10 B.11 C.12 D.13
8.(2015 年陕西)某企业生产甲、乙两种产品均需用 A,B 两种原料.已知分别生产 1
吨甲、乙产品需原料及每天原料的可用限额如表所示,如果生产 1 吨甲、乙产品可获利润分
别为 3 万元、4 万元,则该企业每天可获得最大利润为( )
项目 甲 乙 原料限额
A/吨 3 2 12
B/吨 1 2 8
A.12 万元 B.16 万元
C.17 万元 D.18 万元
9.(2016 年新课标Ⅲ)定义“规范 01 数列”{an}如下:{an}共有 2m 项,其中 m 项为 0,
m 项为 1,且对任意 k≤2m,a1,a2,…,ak 中 0 的个数不少于 1 的个数.若 m=4,则不同
的“规范 01 数列”共有( )
A.18 个 B.16 个 C.14 个 D.12 个
10.(2016 年天津)已知函数 f(x)=sin2ωx
2 +1
2sin ωx-1
2(ω>0),x∈R.若 f(x)在区间(π,2π)
内没有零点,则 ω 的取值范围是( )
A.(0,1
8 ] B.(0,1
4 ]∪[5
8,1 )
C.(0,5
8 ] D.(0,1
8 ]∪[1
4,5
8 ]
11.四棱锥 PABCD 的底面 ABCD 为正方形,PA⊥底面 ABCD,AB=2,若该四棱锥的
所有顶点都在体积为243π
16 的同一球面上,则 PA=( )
A.3 B.7
2
C.2 3 D.9
2
12.已知 F 为抛物线 y2=x 的焦点,点 A、B 在该抛物线上且位于 x 轴两侧,若OA
→
·OB
→
=
6(O 为坐标原点),则△ABO 与△AOF 面积之和的最小值为( )
A.4 B.3 13
2 C.17 2
4 D. 10
第Ⅱ卷(非选择题 满分 90 分)
本卷包括必考题和选考题两部分.第 13~21 题为必考题,每个试题考生必须作答.第
22~23 题为选考题,考生根据要求作答.
二、填空题:本大题共 4 小题,每小题 5 分.
13.平面向量 a=(1,2),b=(4,2),c=ma+b(m∈R),且 c 与 a 的夹角等于 c 与 b 的夹
角,则 m=________.
14.设 F 是双曲线 C:x2
a2-y2
b2=1 的一个焦点,若 C 上存在点 P,使线段 PF 的中点恰
为其虚轴的一个端点,则 C 的离心率为__________.
15.(2016 年北京)在(1-2x)6 的展开式中,x2 的系数为________.(用数字作答)
16.在区间[0,π]上随机地取一个数 x,则事件“sin x≤1
2”发生的概率为________.
三、解答题:解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
17.(本小题满分 12 分)已知{an}是各项均为正数的等比数列,{bn}是等差数列,且 a1=
b1=1,b2+b3=2a3,a5-3b2=7.
(1)求{an}和{bn}的通项公式;
(2)设 cn=anbn,n∈N*,求数列{cn}的前 n 项和.
18.(本小题满分 12 分)(2014 年大纲)设每个工作日甲、乙、丙、丁 4 人需使用某种设
备的概率分别为 0.6,0.5,0.5,0.4,各人是否需使用设备相互独立.
(1)求同一工作日至少 3 人需使用设备的概率;
(2)X 表示同一工作日需使用设备的人数,求 X 的数学期望.
19.(本小题满分 12 分)(2016 年四川)如图 M14,在四棱锥 PABCD 中,AD∥BC,∠ADC
=∠PAB=90°,BC=CD=1
2AD,E 为边 AD 的中点,异面直线 PA 与 CD 所成的角为 90°.
(1)在平面 PAB 内找一点 M,使得直线 CM∥平面 PBE,并说明理由;
(2)若二面角 PCDA 的大小为 45°,求直线 PA 与平面 PCE 所成角的正弦值.
图 M14
20.(本小题满分 12 分)(2016 年新课标Ⅲ)设函数 f(x)=ln x-x+1.
(1)讨论 f(x)的单调性;
(2)证明当 x∈(1,+∞)时,1
1,证明当 x∈(0,1)时,1+(c-1)x>cx.
21.(本小题满分 12 分)(2016 年广东广州综合测试一)已知椭圆 C 的中心在坐标原点,
焦点在 x 轴上,左顶点为 A,左焦点为 F1(-2, 0),点 B(2, 2)在椭圆 C 上,直线 y=kx(k≠0)
与椭圆 C 交于 E,F 两点,直线 AE,AF 分别与 y 轴交于点 M,N.
(1)求椭圆 C 的方程;
(2)以 MN 为直径的圆是否经过定点?若经过,求出定点的坐标;若不经过,请说明理
由.
请考生在第(22)(23)两题中任选一题作答.注意:只能作答在所选定的题目上.如果多
做,则按所做的第一个题目计分.
22.(本小题满分 10 分)选修 44:极坐标与参数方程
已知曲线 C 的参数方程是Error!(θ 为参数),以坐标原点为极点,x 轴的正半轴为极轴
建立极坐标系,A、B 的极坐标分别为 A(2,π)、B(2,4π
3 ).
(1)求直线 AB 的直角坐标方程;
(2)设 M 为曲线 C 上的动点,求点 M 到直线 AB 距离的最大值.
23.(本小题满分 10 分)选修 45:不等式选讲
已知函数 f(x)=|x-2|-|2x-a|,a∈R.
(1)当 a=3 时,解不等式 f(x)>0;
(2)当 x∈(-∞,2)时,f(x)<0 恒成立,求 a 的取值范围.
2018 年高考数学(理科)模拟试卷(一)
1.B 解析:由题意,A∩Z={1,2,3,4,5},故其中的元素的个数为 5.故选 B.
2.B 解析:设 z=a+bi(a,b∈R),则 2z+z=3a+bi=3-2i,故 a=1,b=-2,则
z=1-2i.故选 B.
3.C 解析:四棱锥的直观图如图 D188:由三视图可知,SC⊥平面 ABCD,SA 是四棱
锥最长的棱,SA= SC2+AC2= SC2+AB2+BC2= 3.故选 C.
图 D188
4.C 解析:f′(x)=3x2-2,f′(1)=1,所以切线的斜率是 1,倾斜角为π
4.
5.B 解析:因为[x]表示不超过 x 的最大整数.由[t]=1,得 1≤t<2,由[t 2]=2,得
2≤t2<3.由[t3]=3,得 3≤t3<4.由[t4]=4,得 4≤t4<5.所以 2≤t2< 5.所以 6≤t5<4 5.由[t5]=
5,得 5≤t5<6,与 6≤t5<4 5矛盾,故正整数 n 的最大值是 4.
6.B 解析:输入 a=1,则 k=0,b=1;
进入循环体,a=-1
2,否,k=1,a=-2,否,k=2,a=1,
此时 a=b=1,输出 k,则 k=2.故选 B.
7.C 解析:由题意,得 78+88+84+86+92+90+m+95
7 =88,n=9.所以 m+n=
12.故选 C.
8.D 解析:设该企业每天生产甲、乙两种产品分别为 x 吨、y 吨,则利润 z=3x+4y.
由题意可得Error!其表示如图 D189 阴影部分区域:
图 D189
当直线 3x+4y-z=0 过点 A(2,3)时,z 取得最大值,所以 z max=3×2+4×3=18.故选
D.
9.C 解析:由题意,必有 a1=0,a8=1,则具体的排法列表如下:
10.D 解析:f(x)=1-cos ωx
2 +sin ωx
2 -1
2= 2
2 sin(ωx-π
4),f(x)=0⇒sin(ωx-π
4)=0,
所以 x=
kπ+π
4
ω (π,2π),(k∈Z).
因 此 ω (1
8,1
4 )∪ (5
8,5
4 )∪ (9
8,9
4 )∪ … = (1
8,1
4 )∪ (5
8,+∞)⇒ ω ∈ (0,1
8 ]∪
[1
4,5
8 ].故选 D.
11.B 解析:如图 D190,连接 AC,BD 交于点 E,取 PC 的中点 O,连接 OE,则 OE
∥PA,所以 OE⊥底面 ABCD,则 O 到四棱锥的所有顶点的距离相等,即 O 为球心,1
2PC=
1
2 PA2+AC2=1
2 PA2+8,所以由球的体积可得 4
3π(1
2 PA2+8)3=243π
16 ,解得 PA=7
2.故选
B.
图 D190
12.B 解析:设直线 AB 的方程为 x=ty+m,点 A(x 1,y1),B(x2,y2),直线 AB 与 x
轴的交点为 M(m,0),
将直线方程与抛物线方程联立,可得 y2-ty-m=0,根据韦达定理有 y1·y2=-m,因为
OA
→
·OB
→
=6,所以 x1·x2+y1·y2=6,从而(y1·y2)2+y1·y2-6=0,因为点 A,B 位于 x 轴的两侧,
所以 y1·y2=-3,故 m=3,不妨令点 A 在 x 轴上方,则 y1>0,又 F(1
4,0 ),所以 S△ABO+S
△AFO=1
2×3×(y1-y2)+1
2×1
4y1=13
8 y1+ 9
2y1≥2 13
8 ·y1·9
2· 1
y1=3 13
2 ,当且仅当13y1
8 = 9
2y1,即 y1
=6 13
13 时取等号,故其最小值为3 13
2 .故选 B.
13.2 解析:a=(1,2),b=(4,2),则 c=ma+b=(m+4,2m+2),|a|= 5,|b|=2 5,
a·c=5m+8,b·c=8m+20.∵c 与 a 的夹角等于 c 与 b 的夹角,∴ c·a
|c|·|a|= c·b
|c|·|b|.∴5m+8
5
=
8m+20
2 5 .解得 m=2.
14. 5 解析:根据双曲线的对称性,不妨设 F(c,0),虚轴端点为(0,b),从而可知点(-
c,2b)在双曲线上,有c2
a2-4b2
b2 =1,则 e2=5,e= 5.
15.60 解析:根据二项展开的通项公式 Tr+1=Cr6·(-2)rxr 可知,x2 的系数为 C26(-2)2=
60,故填 60.
16.1
3 解析:由正弦函数的图象与性质知,当 x∈[0,π
6 ]∪[5π
6 ,π]时,sin x≤1
2.
所以所求概率为
(π
6-0 )+(π-5π
6 )
π =1
3.
17.解:(1)设{an}的公比为 q,{bn}的公差为 d,由题意知 q>0.由已知,有Error!消去
d,得 q4-2q2-8=0.解得 q=2,d=2.
所以{an}的通项公式为 an=2n-1,n∈N*,
{bn}的通项公式为 bn=2n-1,n∈N*.
(2)由(1)有 cn=(2n-1)2n-1,设{cn}的前 n 项和为 Sn,
则 Sn=1×20+3×21+5×22+…+(2n-1)×2n-1,
2Sn=1×21+3×22+5×23+…+(2n-1)×2n.
两式相减,得-Sn=1+22+23+…+2n-(2n-1)×2n=-(2n-3)×2n-3.
所以 Sn=(2n-3)·2n+3,n∈N*.
18.解:记 A1 表示事件:同一工作日乙、丙中恰有 i 人需使用设备,i=0,1,2.
B 表示事件:甲需使用设备.
C 表示事件:丁需使用设备.
D 表示事件:同一工作日至少 3 人需使用设备.
(1)因为 P(B)=0.6,P(C)=0.4,P(Ai)=Ci2×0.52,i=0,1,2,
所以 P(D)=P(A1·B·C+A 2·B+A2·B·C)=P(A1·B·C)+P(A 2·B)+P(A2·B·C)
=P(A1)P(B)P(C)+P(A2)P(B)+P(A2)P(B)P(C)=0.31.
(2)X 的可能取值为 0,1,2,3,4,其分布列为
P(X=0)=P(B·A0·C)
=P(B)P(A0)P(C)
=(1-0.6)×0.52×(1-0.4)
=0.06,
P(X=1)=P(B·A0·C+B·A0·C+B·A1·C)
=P(B)P(A0)P(C)+P(B)P(A0)P(C)+P(B)P(A1)P(C)
=0.6×0.52×(1-0.4)+(1-0.6)×0.52×0.4+(1-0.6)×2×0.52×(1-0.4)=0.25,
P(X=4)=P(A2·B·C)=P(A 2)P(B)P(C)
=0.52×0.6×0.4=0.06,
P(X=3)=P(D)-P(X=4)=0.25,
P(X=2)=1-P(X=0)-P(X=1)-P(X=3)-P(X=4)
=1-0.06-0.25-0.25-0.06=0.38,
所以 E(X)=0×P(X=0)+1×P(X=1)+2×P(X=2)+3×P(X=3)+4×P(X=4)
=0.25+2×0.38+3×0.25+4×0.06=2.
19.解:(1)在梯形 ABCD 中,AB 与 CD 不平行.
延长 AB,DC,相交于点 M(M∈平面 PAB),点 M 即为所求的一个点.理由如下:
由已知,BC∥ED,且 BC=ED,
所以四边形 BCDE 是平行四边形.
所以 CD∥EB.
从而 CM∥EB.
又 EB⊂平面 PBE,CM 平面 PBE,
所以 CM∥平面 PBE.
(说明:延长 AP 至点 N,使得 AP=PN,则所找的点可以是直线 MN 上任意一点)
(2)方法一,由已知,CD⊥PA,CD⊥AD,PA∩AD=A,
所以 CD⊥平面 PAD.
从而 CD⊥PD.
所以∠PDA 是二面角 PCDA 的平面角.
所以∠PDA=45°.
设 BC=1,则在 Rt△PAD 中,PA=AD=2.
如图 D191,过点 A 作 AH⊥CE,交 CE 的延长线于点 H,连接 PH.
易知 PA⊥平面 ABCD,
从而 PA⊥CE.
于是 CE⊥平面 PAH.
所以平面 PCE⊥平面 PAH.
过 A 作 AQ⊥PH 于 Q,则 AQ⊥平面 PCE.
所以∠APH 是 PA 与平面 PCE 所成的角.
在 Rt△AEH 中,∠AEH=45°,AE=1,
所以 AH= 2
2 .
在 Rt△PAH 中,PH= PA2+AH2=3 2
2 ,
所以 sin∠APH=AH
PH=1
3.
图 D191 图 D192
方法二,由已知,CD⊥PA,CD⊥AD,PA∩AD=A,
所以 CD⊥平面 PAD.
于是 CD⊥PD.
从而∠PDA 是二面角 PCDA 的平面角.
所以∠PDA=45°.
由 PA⊥AB,可得 PA⊥平面 ABCD.
设 BC=1,则在 Rt△PAD 中,PA=AD=2.
作 Ay⊥AD,以 A 为原点,以AD
→
,AP
→
的方向分别为 x 轴,z 轴的正方向,建立如图 D192
所示的空间直角坐标系 Axyz,则 A(0,0,0),P(0,0,2),C(2,1,0),E(1,0,0),
所以PE
→
=(1,0,-2),EC
→
=(1,1,0),AP
→
=(0,0,2)
设平面 PCE 的法向量为 n=(x,y,z),
由Error! 得Error!
设 x=2,解得 n=(2,-2,1).
设直线 PA 与平面 PCE 所成角为 α,
则 sin α=
|n·AP
→
|
|n|·|AP
→
|
= 2
2 × 22+(-2)2+12
=1
3 .
所以直线 PA 与平面 PCE 所成角的正弦值为1
3.
20.解:(1)由题设,f(x)的定义域为(0,+∞),f′(x)=1
x-1,令 f′(x)=0,解得 x=1.
当 00,f(x)单调递增;
当 x>1 时,f′(x)<0,f(x)单调递减.
(2)由(1)知,f(x)在 x=1 处取得最大值,最大值为 f(1)=0.
所以当 x≠1 时,ln x1,设 g(x)=1+(c-1)x-cx,
则 g′(x)=c-1-cxln c.
令 g′(x)=0,解得 x0=
ln c-1
ln c
ln c .
当 x0,g(x)单调递增;
当 x>x0 时,g′(x)<0,g(x)单调递减.
由(2)知,10.
所以 x∈(0,1)时,1+(c-1)x>cx.
21.解:(1)设椭圆 C 的方程为x2
a2+y2
b2=1(a>b>0),
因为椭圆的左焦点为 F1(-2,0),所以 a2-b2=4.①
因为点 B(2, 2)在椭圆 C 上,所以 4
a2+ 2
b2=1.②
由①②,解得 a=2 2,b=2.
所以椭圆 C 的方程为x2
8+y2
4=1.
(2)因为椭圆 C 的左顶点为 A,则点 A 的坐标为(-2 2,0).
因为直线 y=kx(k≠0)与椭圆x2
8+y2
4=1 交于两点 E,F,
设点 E(x0,y0)(不妨设 x0>0),则点 F(-x0,-y0).
联立方程组Error!消去 y,得 x2= 8
1+2k2.
所以 x0= 2 2
1+2k2,则 y0= 2 2k
1+2k2.
所以直线 AE 的方程为 y= k
1+ 1+2k2(x+2 2).
因为直线 AE,AF 分别与 y 轴交于点 M,N,
令 x=0 得 y= 2 2k
1+ 1+2k2,即点 M(0, 2 2k
1+ 1+2k2).
同理可得点 N(0, 2 2k
1- 1+2k2).
所以|MN|=| 2 2k
1+ 1+2k2
- 2 2k
1- 1+2k2|=2 2(1+2k2)
|k| .
设 MN 的中点为 P,则点 P 的坐标为 P(0,- 2
k ).
则以 MN 为直径的圆的方程为 x2+(y+ 2
k )2=( 2(1+2k2)
|k| )2,即 x2+y2+2 2
k y=4.
令 y=0,得 x2=4,即 x=2 或 x=-2.
故以 MN 为直径的圆经过两定点 P1(2,0),P2(-2,0),
22.解:(1)将 A、B 化为直角坐标为 A(2cos π,2sin π),B(2cos 4π
3 ,2sin 4π
3 ),即 A,B
的直角坐标分别为 A(-2,0),B(-1,- 3),
kAB=
- 3-0
-1+2 =- 3,
∴直线 AB 的方程为 y-0=- 3(x+2),
即直线 AB 的方程为 3x+y+2 3=0.
(2)设 M(2cos θ,sin θ),它到直线 AB 的距离
d=|2 3cos θ+sin θ+2 3|
2 =| 13sin(θ+φ)+2 3|
2 ,
∴dmax= 13+2 3
2 .
23.解:(1)当 a=3 时,f(x)>0,即|x-2|-|2x-3|>0,
等价于Error!或Error!或Error!
解得 12-x, ①
即 2x-a>2-x,或 2x-aa 或(x+2)max
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