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文档介绍
高考文科数学试题全国新课标Ⅱ逐题详解纯word解析版
2014年高考文科数学试题全国新课标Ⅱ逐题详解 (纯word解析版) 第Ⅰ卷 一.选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. 【2014年全国新课标Ⅱ(文01)】已知集合A={﹣2,0,2},B={x|x2﹣x﹣2=0},则A∩B=( ) A. ∅ B. {2} C. {0} D. {﹣2} 【答案】B 【解析】∵A={﹣2,0,2},B={x|x2﹣x﹣2=0}={﹣1,2},∴A∩B={2}. 【2014年全国新课标Ⅱ(文02)】 =( ) A. 1+2i B. ﹣1+2i C. 1﹣2i D. ﹣1﹣2i 【答案】B 【解析】化简可得====﹣1+2i 【2014年全国新课标Ⅱ(文03)】函数f(x)在x=x0处导数存在,若p:f′(x0)=0:q:x=x0是f(x)的极值点,则( ) A. p是q的充分必要条件 B. p是q的充分条件,但不是q的必要条件 C. p是q的必要条件,但不是q的充分条件 D. p既不是q的充分条件,也不是q的必要条件 【答案】C 【解析】函数f(x)=x3的导数为f'(x)=3x2,由f′(x0)=0,得x0=0,但此时函数f(x)单调递增,无极值, 充分性不成立.根据极值的定义和性质,若x=x0是f(x)的极值点,则f′(x0)=0成立,即必要性成立, 故p是q的必要条件,但不是q的充分条件, 【2014年全国新课标Ⅱ(文04)】设向量,满足|+|=,|﹣|=,则•=( ) A. 1 B. 2 C. 3 D. 5 【答案】A 【解析】∵|+|=,|﹣|=,∴分别平方得+2•+=10,﹣2•+=6, 两式相减得4•=10﹣6=4,即•=1 【2014年全国新课标Ⅱ(文05)】等差数列{an}的公差为2,若a2,a4,a8成等比数列,则{an}的前n项和Sn=( ) A. n(n+1) B. n(n﹣1) C. D. 【答案】 A 【解析】由题意可得a42=a2•a8,即a42=(a4﹣4)(a4+8),解得a4=8, ∴a1=a4﹣3×2=2,∴Sn=na1+d,=2n+×2=n(n+1) 【2014年全国新课标Ⅱ(文06)】如图,网格纸上正方形小格的边长为1(表示1cm),图中粗线画出的是某零件的三视图,该零件由一个底面半径为3cm,高为6cm的圆柱体毛坯切削得到,则切削掉部分的体积与原来毛坯体积的比值为( ) A. B. C. D. 【答案】 C 【解析】几何体是由两个圆柱组成,一个是底面半径为3高为2,一个是底面半径为2,高为4, 组合体体积是:32π•2+22π•4=34π.底面半径为3cm,高为6cm的圆柱体毛坯的体积为:32π×6=54π. 切削掉部分的体积与原来毛坯体积的比值为:= 【2014年全国新课标Ⅱ(文07)】正三棱柱ABC﹣A1B1C1的底面边长为2,侧棱长为,D为BC中点,则三棱锥A﹣B1DC1的体积为( ) A. 3 B. C. 1 D. 【答案】C 【解析】∵正三棱柱ABC﹣A1B1C1的底面边长为2,侧棱长为,D为BC中点, ∴底面B1DC1的面积:=,A到底面的距离就是底面正三角形的高:. 三棱锥A﹣B1DC1的体积为:=1 【2014年全国新课标Ⅱ(文08)】执行如图所示的程序框图,若输入的x,t均为2,则输出的S=( ) A. 4 B. 5 C. 6 D. 7 【答案】 D 【解析】若x=t=2,则第一次循环,1≤2成立,则M=,S=2+3=5,k=2, 第二次循环,2≤2成立,则M=,S=2+5=7,k=3,此时3≤2不成立,输出S=7, 【2014年全国新课标Ⅱ(文09)】设x,y满足约束条件,则z=x+2y的最大值为( ) A. 8 B. 7 C. 2 D. 1 【答案】 B 【解析】 作出不等式对应的平面区域,由z=x+2y,得y=﹣,平移直线y=﹣,由图象可知当直线 y=﹣经过点A时,直线y=﹣的截距最大,此时z最大. 由,得,即A(3,2),此时z的最大值为z=3+2×2=7 【2014年全国新课标Ⅱ(文10)】设F为抛物线C:y2=3x的焦点,过F且倾斜角为30°的直线交于C于A,B两点,则|AB|=( ) A. B. 6 C. 12 D. 7 【答案】 C 【解析】由y2=3x得其焦点F(,0),准线方程为x=﹣.则过抛物线y2=3x的焦点F且倾斜角为30°的直线方程 为y=tan30°(x﹣)=(x﹣).代入抛物线方程,消去y,得16x2﹣168x+9=0. 设A(x1,y1),B(x2,y2)则x1+x2=,所以|AB|=x1++x2+=++=12 【2014年全国新课标Ⅱ(文11)】若函数f(x)=kx﹣lnx在区间(1,+∞)单调递增,则k的取值范围是( ) A. (﹣∞,﹣2] B. (﹣∞,﹣1] C. [2,+∞) D. [1,+∞) 【答案】 D 【解析】函数f(x)=kx﹣lnx在区间(1,+∞)单调递增, ∴当x>1时,f′(x)=k﹣≥0,∴k﹣1≥0,∴k≥1,故选:D 【2014年全国新课标Ⅱ(文12)】设点M(x0,1),若在圆O:x2+y2=1上存在点N,使得∠OMN=45°,则x0的取值范围是( ) A. [﹣1,1] B. [﹣,] C. [﹣,] D. [﹣,] 【答案】 A 【解析】由题意画出图形如图:∵点M(x0,1),∴若在圆O:x2+y2=1上存在点N,使得∠OMN=45°, ∴圆上的点到MN的距离的最大值为1,要使MN=1,才能使得∠OMN=45°,图中M′显然不满足题意, 当MN垂直x轴时,满足题意,∴x0的取值范围是[﹣1,1]. 第Ⅱ卷 本卷包括必考题和选考题两部分.第13题~第21题为必考题,每个试题考生必须做答.第22题~第24题为选考题,考生根据要求做答. 二.填空题 【2014年全国新课标Ⅱ(文13)】甲、乙两名运动员各自等可能地从红、白、蓝3种颜色的运动服中选择1种,则他们选择相同颜色运动服的概率为 . 【答案】 【解析】所有的选法共有3×3=9种,而他们选择相同颜色运动服的选法共有3种,故他们选择相同颜色运动服的 概率为 = 【2014年全国新课标Ⅱ(文14)】函数f(x)=sin(x+φ)﹣2sinφcosx的最大值为 1 . 【答案】 1 【解析】∵f(x)=sin(x+φ)﹣2sinφcosx=sinxcosφ+cosxsinφ﹣2sinφcosx=sinxcosφ﹣sinφcosx=sin(x﹣φ). ∴f(x)的最大值为1 【2014年全国新课标Ⅱ(文15)】偶函数y=f(x)的图象关于直线x=2对称,f(3)=3,则f(﹣1)= 【答案】3 【解析】因为偶函数y=f(x)的图象关于直线x=2对称,所以f(2+x)=f(2﹣x)=f(x﹣2), 即f(x+4)=f(x),则f(﹣1)=f(﹣1+4)=f(3)=3 【2014年全国新课标Ⅱ(文16)】数列{an}满足an+1=,a8=2,则a1= . 【答案】 【解析】由题意得,an+1=,a8=2,令n=7代入上式得,a8=,解得a7=; 令n=6代入得,a7=,解得a6=﹣1;令n=5代入得,a6=,解得a5=2; 根据以上结果发现,求得结果按2,,﹣1循环,∵8÷3=2…2,故a1= 三.解答题:解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤. 【2014年全国新课标Ⅱ(文17)】(本小题满分12分) 四边形ABCD的内角A与C互补,AB=1,BC=3,CD=DA=2. (1)求C和BD; (2)求四边形ABCD的面积. 解:(1)在△BCD中,BC=3,CD=2, 由余弦定理得:BD2=BC2+CD2﹣2BC•CDcosC=13﹣12cosC①, 在△ABD中,AB=1,DA=2,A+C=π, 由余弦定理得:BD2=AB2+AD2﹣2AB•ADcosA=5﹣4cosA=5+4cosC②, 由①②得:cosC=,则C=60°,BD=; (2)∵cosC=,cosA=﹣,∴sinC=sinA=, 则S=AB•DAsinA+BC•CDsinC=×1×2×+×3×2×=2. 【2014年全国新课标Ⅱ(文18)】(本小题满分12分) 如图,四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD为矩形,PA⊥平面ABCD,E为PD的中点. (Ⅰ)证明:PB∥平面AEC; (Ⅱ)设AP=1,AD=,三棱锥P﹣ABD的体积V=,求A到平面PBC的距离. 解:(Ⅰ)证明:设BD与AC 的交点为O,连结EO,∵ABCD是矩形,∴O为BD的中点 ∵E为PD的中点,∴EO∥PB.EO⊂平面AEC,PB⊄平面AEC∴PB∥平面AEC; (Ⅱ)∵AP=1,AD=,三棱锥P﹣ABD的体积V=,∴V==, ∴AB=,作AH⊥PB角PB于H,由题意可知BC⊥平面PAB∴BC⊥AH,故AH⊥平面PBC. 又,A到平面PBC的距离 【2014年全国新课标Ⅱ(文19)】(本小题满分12分) 某市为了考核甲、乙两部门的工作情况,随机访问了50位市民,根据这50位市民对两部门的评分(评分越高表明市民的评价越高)绘制的茎叶图如图: (Ⅰ)分别估计该市的市民对甲、乙两部门评分的中位数; (Ⅱ)分别估计该市的市民对甲、乙两部门的评分高于90的概率; (Ⅲ)根据茎叶图分析该市的市民对甲、乙两部门的评价. 解:(Ⅰ)由茎叶图知,50位市民对甲部门的评分有小到大顺序,排在排在第25,26位的是75,75,故样本的中 位数是75,所以该市的市民对甲部门的评分的中位数的估计值是75. 50位市民对乙部门的评分有小到大顺序,排在排在第25,26位的是66,68,故样本的中位数是=67, 所以该市的市民对乙部门的评分的中位数的估计值是67. (Ⅱ)由茎叶图知,50位市民对甲、乙部门的评分高于90的比率分别为, 故该市的市民对甲、乙两部门的评分高于90的概率得估计值分别为0.1,0.16, (Ⅲ)由茎叶图知,市民对甲部门的评分的中位数高于乙部门的评分的中位数,而且由茎叶图可以大致看出对甲 部门的评分标准差要小于乙部门的标准差,说明该市市民对甲部门的评价较高、评价较为一致,对乙部门 的评价较低、评价差异较大 【2014年全国新课标Ⅱ(文20)】(本小题满分12分) 设F1,F2分别是C:+=1(a>b>0)的左,右焦点,M是C上一点且MF2与x轴垂直,直线MF1与C的另一个交点为N. (1)若直线MN的斜率为,求C的离心率; (2)若直线MN在y轴上的截距为2,且|MN|=5|F1N|,求a,b. 解:(1)∵M是C上一点且MF2与x轴垂直,∴M的横坐标为c,当x=c时,y=,即M(c,), 若直线MN的斜率为,即tan∠MF1F2=,即b2==a2﹣c2,即c2﹣﹣a2=0, 则,解得e=. (Ⅱ)由题意,原点O是F1F2的中点,则直线MF1与y轴的交点D(0,2)是线段MF1的中点,故=4,即b2=4a, 由|MN|=5|F1N|,解得|DF1|=2|F1N|,设N(x1,y1),由题意知y1<0, 则,即代入椭圆方程得, 将b2=4a代入得,解得a=7,b= 【2014年全国新课标Ⅱ(文21)】(本小题满分12分) 已知函数f(x)=x3﹣3x2+ax+2,曲线y=f(x)在点(0,2)处的切线与x轴交点的横坐标为﹣2. (Ⅰ)求a; (Ⅱ)证明:当k<1时,曲线y=f(x)与直线y=kx﹣2只有一个交点. 解:(Ⅰ)函数的导数f′(x)=3x2﹣6x+a;f′(0)=a;则y=f(x)在点(0,2)处的切线方程为y=ax+2, ∵切线与x轴交点的横坐标为﹣2,∴f(﹣2)=﹣2a+2=0,解得a=1. (Ⅱ)当a=1时,f(x)=x3﹣3x2+x+2,设g(x)=f(x)﹣kx+2=x3﹣3x2+(1﹣k)x+4, 由题设知1﹣k>0,当x≤0时,g′(x)=3x2﹣6x+1﹣k>0,g(x)单调递增, g(﹣1)=k﹣1,g(0)=4,则g(x)=0在(﹣∞,0]有唯一实根. 当x>0时,令h(x)=x3﹣3x2+4,则g(x)=h(x)+(1﹣k)x>h(x). 则h′(x)=3x2﹣6x=3x(x﹣2)单调递增,g(﹣1)=k﹣1,g(0)=4, 则g(x)=0在(﹣∞,0]有唯一实根. ∴g(x)>h(x)≥h(2)=0,∴g(x)=0在(0,+∞)上没有实根. 综上当k<1时,曲线y=f(x)与直线y=kx﹣2只有一个交点 请考生在第22、23、24题中任选一题做答,如果多做,同按所做的第一题计分,做答时请写清题号. 【2014年全国新课标Ⅱ(文22)】(本小题满分10)选修4—1:几何证明选讲 如图,P是O外一点,PA是切线,A为切点,割线PBC与O相交于点B,C,PC=2PA,D为PC的中点,AD的延长线交O于点E.证明: (Ⅰ)BE=EC; (Ⅱ)ADDE=2 (1)连结AB,AC由题设知PA=PD,故PAD=PDA 因为PDA=DAC+DCA PAD=BAD+PAB DCA=PAB所以DAC=BAD因此= (2)由切割线定文得=PB*PC 因为PA=PD=DC,所以DC=2PB,BD=PB 由相交弦定文得AD*DE=BD*DC 所以,AD*DE=2 【2014年全国新课标Ⅱ(文23)】(本小题满分10)选修4-4:坐标系与参数方程 在直角坐标系xoy中,以坐标原点为极点,x轴为极轴建立极坐标系,半圆C的极坐标方程为, . (Ⅰ)求C的参数方程; (Ⅱ)设点D在C上,C在D处的切线与直线垂直,根据(Ⅰ)中你得到的参数方程,确定D的坐标. (1)C的普通方程为 +=1(0) 可得C的参数方程(t为参数,0 (Ⅱ)设D(1+cost,sint).由(Ⅰ)知C是以G(1,0)为圆心,1为半径的上半圆。 因为C在点D处的切线与I垂直,所以直线GD与I的斜率相同。 tant=,t=π/3. 故D的直角坐标为(1+cosπ/3,sinπ/3),即(3/2, /2). 【2014年全国新课标Ⅱ(文24)】 (本小题满分10)选修4-5:不等式选讲 设函数= (Ⅰ)证明:2; (Ⅱ)若,求的取值范围. (Ⅰ)由a>0,有f(x)=|x+1/a|+|x-a|≥|x+1/a-(x-a)|=1/a+a≥2.所以f(x)≥2. (Ⅱ)f(x)=|3+1/a|+|3-a|. 当a>3时,f(3)=a+1/a,由f(3)<5得3<a< 当0查看更多
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