广西防城港市中考数学试卷

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文档介绍

广西防城港市中考数学试卷

‎2016年广西防城港市中考数学试卷 ‎ ‎ 一、选择题:本大题共12小题,每小题3分,共36分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的,把正确答案的标号填(涂)在答题卡内相应的位置上.‎ ‎1.(3分)(2016•玉林)9的绝对值是(  )‎ A.9 B.﹣9 C.3 D.±3‎ ‎2.(3分)(2016•玉林)sin30°=(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎3.(3分)(2016•玉林)今年我们三个市参加中考的考生共约11万人,用科学记数法表示11万这个数是(  )‎ A.1.1×103 B.1.1×104 C.1.1×105 D.1.1×106‎ ‎4.(3分)(2016•玉林)如图,一个正方体切去一个三棱锥后所得几何体的俯视图是(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎5.(3分)(2016•玉林)下列命题是真命题的是(  )‎ A.必然事件发生的概率等于0.5‎ B.5名同学二模的数学成绩是92,95,95,98,110,则他们的平均分是98分,众数是95‎ C.射击运动员甲、乙分别射击10次且击中环数的方差分别是5和18,则乙较甲稳定 D.要了解金牌获得者的兴奋剂使用情况,可采用抽样调查的方法 ‎6.(3分)(2016•玉林)如图,CD是⊙O的直径,已知∠1=30°,则∠2=(  )‎ A.30° B.45° C.60° D.70°‎ ‎7.(3分)(2016•玉林)关于x的一元二次方程:x2﹣4x﹣m2=0有两个实数根x1、x2,则m2()=(  )‎ A. B. C.4 D.﹣4‎ ‎8.(3分)(2016•玉林)抛物线y=,y=x2,y=﹣x2的共同性质是:‎ ‎①都是开口向上;‎ ‎②都以点(0,0)为顶点;‎ ‎③都以y轴为对称轴;‎ ‎④都关于x轴对称.‎ 其中正确的个数有(  )‎ A.1个 B.2个 C.3个 D.4个 ‎9.(3分)(2016•玉林)关于直线l:y=kx+k(k≠0),下列说法不正确的是(  )‎ A.点(0,k)在l上 B.l经过定点(﹣1,0)‎ C.当k>0时,y随x的增大而增大 D.l经过第一、二、三象限 ‎10.(3分)(2016•玉林)把一副三角板按如图放置,其中∠ABC=∠DEB=90°,∠A=45°,∠D=30°,斜边AC=BD=10,若将三角板DEB绕点B逆时针旋转45°得到△D′E′B,则点A在△D′E′B的(  )‎ A.内部 B.外部 C.边上 D.以上都有可能 ‎11.(3分)(2016•玉林)如图,把八个等圆按相邻两两外切摆放,其圆心连线构成一个正八边形,设正八边形内侧八个扇形(无阴影部分)面积之和为S1,正八边形外侧八个扇形(阴影部分)面积之和为S2,则=(  )‎ A. B. C. D.1‎ ‎12.(3分)(2016•玉林)若一次函数y=mx+6的图象与反比例函数y=在第一象限的图象有公共点,则有(  )‎ A.mn≥﹣9 B.﹣9≤mn≤0 C.mn≥﹣4 D.﹣4≤mn≤0‎ ‎ ‎ 二、填空题:本大题共6小题,每小题3分,共18分,把答案填在答题卡中的横线上.‎ ‎13.(3分)(2016•玉林)计算:0﹣10=______.‎ ‎14.(3分)(2016•玉林)计算:a2•a4=______.‎ ‎15.(3分)(2016•玉林)要使代数式有意义,则x的最大值是______.‎ ‎16.(3分)(2016•玉林)如图,△ABC中,∠C=90°,∠A=60°,AB=2.将△ABC沿直线CB向右作无滑动滚动一次,则点C经过的路径长是______.‎ ‎17.(3分)(2016•玉林)同时投掷两个骰子,它们点数之和不大于4的概率是______.‎ ‎18.(3分)(2016•玉林)如图,已知正方形ABCD边长为1,∠EAF=45°,AE=AF,则有下列结论:‎ ‎①∠1=∠2=22.5°;‎ ‎②点C到EF的距离是;‎ ‎③△ECF的周长为2;‎ ‎④BE+DF>EF.‎ 其中正确的结论是______.(写出所有正确结论的序号)‎ ‎ ‎ 三、解答题:本大题共8小题,满分66分,解答过程写在答题卡上,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.‎ ‎19.(6分)(2016•玉林)计算:3+(﹣2)3﹣(π﹣3)0.‎ ‎20.(6分)(2016•玉林)化简:().‎ ‎21.(6分)(2016•玉林)如图,在平面直角坐标系网格中,将△ABC进行位似变换得到△A1B1C1.‎ ‎(1)△A1B1C1与△ABC的位似比是______;‎ ‎(2)画出△A1B1C1关于y轴对称的△A2B2C2;‎ ‎(3)设点P(a,b)为△ABC内一点,则依上述两次变换后,点P在△A2B2C2内的对应点P2的坐标是______.‎ ‎22.(8分)(2016•玉林)为了了解学校图书馆上个月借阅情况,管理老师从学生对艺术、经济、科普及生活四类图书借阅情况进行了统计,并绘制了下列不完整的统计图,请根据图中信息解答下列问题:‎ ‎(1)上个月借阅图书的学生有多少人?扇形统计图中“艺术”部分的圆心角度数是多少?‎ ‎(2)把条形统计图补充完整;‎ ‎(3)从借阅情况分析,如果要添置这四类图书300册,请你估算“科普”类图书应添置多少册合适?‎ ‎23.(9分)(2016•玉林)如图,AB是⊙O的直径,点C、D在圆上,且四边形AOCD是平行四边形,过点D作⊙O的切线,分别交OA延长线与OC延长线于点E、F,连接BF.‎ ‎(1)求证:BF是⊙O的切线;‎ ‎(2)已知圆的半径为1,求EF的长.‎ ‎24.(9分)(2016•玉林)蔬菜经营户老王,近两天经营的是青菜和西兰花.‎ ‎(1)昨天的青菜和西兰花的进价和售价如表,老王用600元批发青菜和西兰花共200市斤,当天售完后老王一共能赚多少元钱?‎ 青菜 西兰花 进价(元/市斤)‎ ‎2.8‎ ‎3.2‎ 售价(元/市斤)‎ ‎4‎ ‎4.5‎ ‎(2)今天因进价不变,老王仍用600元批发青菜和西兰花共200市斤.但在运输中青菜损坏了10%,而西兰花没有损坏仍按昨天的售价销售,要想当天售完后所赚的钱不少于昨天所赚的钱,请你帮老王计算,应怎样给青菜定售价?(精确到0.1元)‎ ‎25.(10分)(2016•玉林)如图(1),菱形ABCD对角线AC、BD的交点O是四边形EFGH对角线FH的中点,四个顶点A、B、C、D分别在四边形EFGH的边EF、FG、GH、HE上.‎ ‎(1)求证:四边形EFGH是平行四边形;‎ ‎(2)如图(2)若四边形EFGH是矩形,当AC与FH重合时,已知,且菱形ABCD的面积是20,求矩形EFGH的长与宽.‎ ‎26.(12分)(2016•玉林)如图,抛物线L:y=ax2+bx+c与x轴交于A、B(3,0)两点(A在B的左侧),与y轴交于点C(0,3),已知对称轴x=1.‎ ‎(1)求抛物线L的解析式;‎ ‎(2)将抛物线L向下平移h个单位长度,使平移后所得抛物线的顶点落在△OBC内(包括△OBC的边界),求h的取值范围;‎ ‎(3)设点P是抛物线L上任一点,点Q在直线l:x=﹣3上,△PBQ能否成为以点P为直角顶点的等腰直角三角形?若能,求出符合条件的点P的坐标;若不能,请说明理由.‎ ‎ ‎ ‎2016年广西防城港市中考数学试卷 参考答案与试题解析 ‎ ‎ 一、选择题:本大题共12小题,每小题3分,共36分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的,把正确答案的标号填(涂)在答题卡内相应的位置上.‎ ‎1.(3分)(2016•玉林)9的绝对值是(  )‎ A.9 B.﹣9 C.3 D.±3‎ ‎【分析】根据正数的绝对值等于它本身即可求解.‎ ‎【解答】解:9的绝对值是9.‎ 故选:A.‎ ‎ ‎ ‎2.(3分)(2016•玉林)sin30°=(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【分析】根据特殊角的三角函数值进行解答即可.‎ ‎【解答】解:sin30°=.‎ 故选:B.‎ ‎ ‎ ‎3.(3分)(2016•玉林)今年我们三个市参加中考的考生共约11万人,用科学记数法表示11万这个数是(  )‎ A.1.1×103 B.1.1×104 C.1.1×105 D.1.1×106‎ ‎【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式.其中1≤|a|<10,n为整数,确定n的值时,要看把原数变成a时,小数点移动了多少位,n的绝对值与小数点移动的位数相同.当原数绝对值>10时,n是正数;当原数的绝对值<1时,n是负数.‎ ‎【解答】解:11万=1.1×105.‎ 故选:C.‎ ‎ ‎ ‎4.(3分)(2016•玉林)如图,一个正方体切去一个三棱锥后所得几何体的俯视图是(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【分析】俯视图是从上向下看得到的视图,结合选项即可作出判断.‎ ‎【解答】解:所给图形的俯视图是D选项所给的图形.‎ 故选D.‎ ‎ ‎ ‎5.(3分)(2016•玉林)下列命题是真命题的是(  )‎ A.必然事件发生的概率等于0.5‎ B.5名同学二模的数学成绩是92,95,95,98,110,则他们的平均分是98分,众数是95‎ C.射击运动员甲、乙分别射击10次且击中环数的方差分别是5和18,则乙较甲稳定 D.要了解金牌获得者的兴奋剂使用情况,可采用抽样调查的方法 ‎【分析】命题的“真”“假”是就命题的内容而言.任何一个命题非真即假.要说明一个命题的正确性,一般需要推理、论证,而判断一个命题是假命题,只需举出一个反例即可.‎ ‎【解答】解:A、必然事件发生的概率等于1,错误;‎ B、5名同学二模的数学成绩是92,95,95,98,110,则他们的平均分是98分,众数是95,正确;‎ C、射击运动员甲、乙分别射击10次且击中环数的方差分别是5和18,则甲稳定,错误;‎ D、要了解金牌获得者的兴奋剂使用情况,可采用全面调查的方法,错误;‎ 故选B ‎ ‎ ‎6.(3分)(2016•玉林)如图,CD是⊙O的直径,已知∠1=30°,则∠2=(  )‎ A.30° B.45° C.60° D.70°‎ ‎【分析】连接AD,构建直角三角形ACD.根据直径所对的圆周角是90°知三角形ACD是直角三角形,然后在Rt△ABC中求得∠BAD=60°;然后由圆周角定理(同弧所对的圆周角相等)求∠2的度数即可.‎ ‎【解答】解:如图,连接AD.‎ ‎∵CD是⊙O的直径,‎ ‎∴∠CAD=90°(直径所对的圆周角是90°);‎ 在Rt△ABC中,∠CAD=90°,∠1=30°,‎ ‎∴∠DAB=60°;‎ 又∵∠DAB=∠2(同弧所对的圆周角相等),‎ ‎∴∠2=60°,‎ 故选C.‎ ‎ ‎ ‎7.(3分)(2016•玉林)关于x的一元二次方程:x2﹣4x﹣m2=0有两个实数根x1、x2,则m2()=(  )‎ A. B. C.4 D.﹣4‎ ‎【分析】根据所给一元二次方程,写出韦达定理,代入所求式子化简.‎ ‎【解答】解:∵x2﹣4x﹣m2=0有两个实数根x1、x2,‎ ‎∴,‎ ‎∴则m2()===﹣4.‎ 故答案选D.‎ ‎ ‎ ‎8.(3分)(2016•玉林)抛物线y=,y=x2,y=﹣x2的共同性质是:‎ ‎①都是开口向上;‎ ‎②都以点(0,0)为顶点;‎ ‎③都以y轴为对称轴;‎ ‎④都关于x轴对称.‎ 其中正确的个数有(  )‎ A.1个 B.2个 C.3个 D.4个 ‎【分析】利用二次函数的性质,利用开口方向,对称轴,顶点坐标逐一探讨得出答案即可.‎ ‎【解答】解:抛物线y=,y=x2的开口向上,y=﹣x2的开口向下,①错误;‎ 抛物线y=,y=x2,y=﹣x2的顶点为(0,0),对称轴为y轴,②③正确;④错误;‎ 故选:B.‎ ‎ ‎ ‎9.(3分)(2016•玉林)关于直线l:y=kx+k(k≠0),下列说法不正确的是(  )‎ A.点(0,k)在l上 B.l经过定点(﹣1,0)‎ C.当k>0时,y随x的增大而增大 D.l经过第一、二、三象限 ‎【分析】直接根据一次函数的性质选择不正确选项即可.‎ ‎【解答】解:A、当x=0时,y=k,即点(0,k)在l上,故此选项正确;‎ B、当x=﹣1时,y=﹣k+k=0,此选项正确;‎ C、当k>0时,y随x的增大而增大,此选项正确;‎ D、不能确定l经过第一、二、三象限,此选项错误;‎ 故选D.‎ ‎ ‎ ‎10.(3分)(2016•玉林)把一副三角板按如图放置,其中∠ABC=∠DEB=90°,∠A=45°,∠D=30°,斜边AC=BD=10,若将三角板DEB绕点B逆时针旋转45°得到△D′E′B,则点A在△D′E′B的(  )‎ A.内部 B.外部 C.边上 D.以上都有可能 ‎【分析】先根据勾股定理求出两直角三角形的各边长,再由旋转的性质得:∠EBE′=45°,∠E′=∠DEB=90°,求出E′D′与直线AB的交点到B的距离也是5,与AB的值相等,所以点A在△D′E′B的边上.‎ ‎【解答】解:∵AC=BD=10,‎ 又∵∠ABC=∠DEB=90°,∠A=45°,∠D=30°,‎ ‎∴BE=5,AB=BC=5,‎ 由三角板DEB绕点B逆时针旋转45°得到△D′E′B,设△D′E′B与直线AB交于G,可知:∠EBE′=45°,∠E′=∠DEB=90°,‎ ‎∴△GE′B是等腰直角三角形,且BE′=BE=5,‎ ‎∴BG==5,‎ ‎∴BG=AB,‎ ‎∴点A在△D′E′B的边上,‎ 故选C.‎ ‎ ‎ ‎11.(3分)(2016•玉林)如图,把八个等圆按相邻两两外切摆放,其圆心连线构成一个正八边形,设正八边形内侧八个扇形(无阴影部分)面积之和为S1,正八边形外侧八个扇形(阴影部分)面积之和为S2,则=(  )‎ A. B. C. D.1‎ ‎【分析】先根据正多边形的内角和公式可求正八边形的内角和,根据周角的定义可求正八边形外侧八个扇形(阴影部分)的内角和,再根据半径相等的扇形面积与圆周角成正比即可求解.‎ ‎【解答】解:∵正八边形的内角和为(8﹣2)×180°=6×180°=1080°,‎ 正八边形外侧八个扇形(阴影部分)的内角和为360°×8﹣1080°=2880°﹣1080°=1800°,‎ ‎∴==.‎ 故选:B.‎ ‎ ‎ ‎12.(3分)(2016•玉林)若一次函数y=mx+6的图象与反比例函数y=在第一象限的图象有公共点,则有(  )‎ A.mn≥﹣9 B.﹣9≤mn≤0 C.mn≥﹣4 D.﹣4≤mn≤0‎ ‎【分析】依照题意画出图形,将一次函数解析式代入反比例函数解析式中,得出关于x的一元二次方程,由两者有交点,结合根的判别式即可得出结论.‎ ‎【解答】解:依照题意画出图形,如下图所示.‎ 将y=mx+6代入y=中,‎ 得:mx+6=,整理得:mx2+6x﹣n=0,‎ ‎∵二者有交点,‎ ‎∴△=62+4mn≥0,‎ ‎∴mn≥﹣9.‎ 故选A.‎ ‎ ‎ 二、填空题:本大题共6小题,每小题3分,共18分,把答案填在答题卡中的横线上.‎ ‎13.(3分)(2016•玉林)计算:0﹣10= ﹣10 .‎ ‎【分析】根据有理数的减法,可得答案.‎ ‎【解答】解:0﹣10=0+(﹣10)=﹣10,‎ 故答案为:﹣10.‎ ‎ ‎ ‎14.(3分)(2016•玉林)计算:a2•a4= a6 .‎ ‎【分析】根据同底数幂的乘法法则:同底数幂相乘,底数不变,指数相加,进行运算即可.‎ ‎【解答】解:a2•a4=a2+4=a6.‎ 故答案为:a6.‎ ‎ ‎ ‎15.(3分)(2016•玉林)要使代数式有意义,则x的最大值是  .‎ ‎【分析】根据二次根式有意义的条件列出关于x的不等式,求出x的取值范围即可.‎ ‎【解答】解:∵代数式有意义,‎ ‎∴1﹣2x≥0,解得x≤,‎ ‎∴x的最大值是.‎ 故答案为:.‎ ‎ ‎ ‎16.(3分)(2016•玉林)如图,△ABC中,∠C=90°,∠A=60°,AB=2.将△ABC沿直线CB向右作无滑动滚动一次,则点C经过的路径长是  .‎ ‎【分析】根据锐角三角函数,可得BC的长,根据线段旋转,可得圆弧,根据弧长公式,可得答案.‎ ‎【解答】解:由锐角三角函数,得 BC=AB•sin∠A=3,‎ 由旋转的性质,得 是以B为圆心,BC长为半径,旋转了150°,‎ 由弧长公式,得 ‎==,‎ 故答案为:.‎ ‎ ‎ ‎17.(3分)(2016•玉林)同时投掷两个骰子,它们点数之和不大于4的概率是  .‎ ‎【分析】根据题意,设第一颗骰子的点数为x,第二颗骰子的点数为y,用(x,y)表示抛掷两个骰子的点数情况,由分步计数原理可得(x,y)的情况数目,由列举法可得其中x+y≤4的情况数目,进而由等可能事件的概率公式计算可得答案.‎ ‎【解答】解:设第一颗骰子的点数为x,第二颗骰子的点数为y,用(x,y)表示抛掷两个骰子的点数情况,‎ x、y都有6种情况,则(x,y)共有6×6=36种情况,‎ 而其中点数之和不大于4即x+y≤4的情况有(1,1),(1,2),(1,3),(2,1),(2,2),(3,1),共6种情况,‎ 则其概率为=.‎ 故答案为.‎ ‎ ‎ ‎18.(3分)(2016•玉林)如图,已知正方形ABCD边长为1,∠EAF=45°,AE=AF,则有下列结论:‎ ‎①∠1=∠2=22.5°;‎ ‎②点C到EF的距离是;‎ ‎③△ECF的周长为2;‎ ‎④BE+DF>EF.‎ 其中正确的结论是 ①②③ .(写出所有正确结论的序号)‎ ‎【分析】先证明Rt△ABE≌Rt△ADF得到∠1=∠2,易得∠1=∠2=∠22.5°,于是可对①进行判断;连结EF、AC,它们相交于点H,如图,利用Rt△ABE≌Rt△ADF得到BE=DF,则CE=CF,接着判断AC垂直平分EF,AH平分∠EAF,于是利用角平分线的性质定理得到EB=EH,FD=FH,则可对③④进行判断;设BE=x,则EF=2x,CE=1﹣x,利用等腰直角三角形的性质得到2x=(1﹣x),解得x=﹣1,则可对④进行判断.‎ ‎【解答】解:∵四边形ABCD为正方形,‎ ‎∴AB=AD,∠BAD=∠B=∠D=90°,‎ 在Rt△ABE和Rt△ADF中 ‎,‎ ‎∴Rt△ABE≌Rt△ADF,‎ ‎∴∠1=∠2,‎ ‎∵∠EAF=45°,‎ ‎∴∠1=∠2=∠22.5°,所以①正确;‎ 连结EF、AC,它们相交于点H,如图,‎ ‎∵Rt△ABE≌Rt△ADF,‎ ‎∴BE=DF,‎ 而BC=DC,‎ ‎∴CE=CF,‎ 而AE=AF,‎ ‎∴AC垂直平分EF,AH平分∠EAF,‎ ‎∴EB=EH,FD=FH,‎ ‎∴BE+DF=EH+HF=EF,所以④错误;‎ ‎∴△ECF的周长=CE+CF+EF=CED+BE+CF+DF=CB+CD=1+1=2,所以③正确;‎ 设BE=x,则EF=2x,CE=1﹣x,‎ ‎∵△CEF为等腰直角三角形,‎ ‎∴EF=CE,即2x=(1﹣x),解得x=﹣1,‎ ‎∴EF=2(﹣1),‎ ‎∴CH=EF=﹣1,所以②正确.‎ 故答案为①②③.‎ ‎ ‎ 三、解答题:本大题共8小题,满分66分,解答过程写在答题卡上,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.‎ ‎19.(6分)(2016•玉林)计算:3+(﹣2)3﹣(π﹣3)0.‎ ‎【分析】分别进行二次根式的化简、乘方、零指数幂等运算,然后合并.‎ ‎【解答】解:原式=15﹣8﹣1‎ ‎=6.‎ ‎ ‎ ‎20.(6分)(2016•玉林)化简:().‎ ‎【分析】先把括号内通分,再把除法运算化为乘法运算,然后把分子分解因式后约分即可.‎ ‎【解答】解:原式=•‎ ‎=•‎ ‎=1.‎ ‎ ‎ ‎21.(6分)(2016•玉林)如图,在平面直角坐标系网格中,将△ABC进行位似变换得到△A1B1C1.‎ ‎(1)△A1B1C1与△ABC的位似比是 2:1 ;‎ ‎(2)画出△A1B1C1关于y轴对称的△A2B2C2;‎ ‎(3)设点P(a,b)为△ABC内一点,则依上述两次变换后,点P在△A2B2C2内的对应点P2的坐标是 (﹣2a,2b) .‎ ‎【分析】(1)根据位似图形可得位似比即可;‎ ‎(2)根据轴对称图形的画法画出图形即可;‎ ‎(3)根据三次变换规律得出坐标即可.‎ ‎【解答】解:(1))△A1B1C1与△ABC的位似比等于===2;‎ ‎(2)如图所示 ‎(3)点P(a,b)为△ABC内一点,依次经过上述两次变换后,点P的对应点的坐标为(﹣2a,2b).‎ 故答案为:,(﹣2a,2b).‎ ‎ ‎ ‎22.(8分)(2016•玉林)为了了解学校图书馆上个月借阅情况,管理老师从学生对艺术、经济、科普及生活四类图书借阅情况进行了统计,并绘制了下列不完整的统计图,请根据图中信息解答下列问题:‎ ‎(1)上个月借阅图书的学生有多少人?扇形统计图中“艺术”部分的圆心角度数是多少?‎ ‎(2)把条形统计图补充完整;‎ ‎(3)从借阅情况分析,如果要添置这四类图书300册,请你估算“科普”类图书应添置多少册合适?‎ ‎【分析】(1)用借“生活”类的书的人数除以它所占的百分比即可得到调查的总人数;然后用360°乘以借阅“艺术“的人数所占的百分比得到“艺术”部分的圆心角度;‎ ‎(2)先计算出借阅“科普“的学生数,然后补全条形统计图;‎ ‎(3)利用样本估计总体,用样本中“科普”类所占的百分比乘以300即可.‎ ‎【解答】解:(1)上个月借阅图书的学生总人数为60÷25%=240(人);扇形统计图中“艺术”部分的圆心角度数=360°×=150°;‎ ‎(2)借阅“科普“的学生数=240﹣100﹣60﹣40=40(人),‎ 条形统计图为:‎ ‎(3)300×=50,‎ 估计“科普”类图书应添置50册合适.‎ ‎ ‎ ‎23.(9分)(2016•玉林)如图,AB是⊙O的直径,点C、D在圆上,且四边形AOCD是平行四边形,过点D作⊙O的切线,分别交OA延长线与OC延长线于点E、F,连接BF.‎ ‎(1)求证:BF是⊙O的切线;‎ ‎(2)已知圆的半径为1,求EF的长.‎ ‎【分析】(1)先证明四边形AOCD是菱形,从而得到∠AOD=∠COD=60°,再根据切线的性质得∠FDO=90°,接着证明△FDO≌△FBO得到∠ODF=∠OBF=90°,然后根据切线的判定定理即可得到结论;‎ ‎(2)在Rt△OBF中,利用60度的正切的定义求解.‎ ‎【解答】(1)证明:连结OD,如图,∵四边形AOCD是平行四边形,‎ 而OA=OC,‎ ‎∴四边形AOCD是菱形,‎ ‎∴△OAD和△OCD都是等边三角形,‎ ‎∴∠AOD=∠COD=60°,‎ ‎∴∠FOB=60°,‎ ‎∵EF为切线,‎ ‎∴OD⊥EF,‎ ‎∴∠FDO=90°,‎ 在△FDO和△FBO中 ‎,‎ ‎∴△FDO≌△FBO,‎ ‎∴∠ODF=∠OBF=90°,‎ ‎∴OB⊥BF,‎ ‎∴BF是⊙O的切线;‎ ‎(2)解:在Rt△OBF中,∵∠FOB=60°,‎ 而tan∠FOB=,‎ ‎∴BF=1×tan60°=.‎ ‎∵∠E=30°,‎ ‎∴EF=2BF=2.‎ ‎ ‎ ‎24.(9分)(2016•玉林)蔬菜经营户老王,近两天经营的是青菜和西兰花.‎ ‎(1)昨天的青菜和西兰花的进价和售价如表,老王用600元批发青菜和西兰花共200市斤,当天售完后老王一共能赚多少元钱?‎ 青菜 西兰花 进价(元/市斤)‎ ‎2.8‎ ‎3.2‎ 售价(元/市斤)‎ ‎4‎ ‎4.5‎ ‎(2)今天因进价不变,老王仍用600元批发青菜和西兰花共200市斤.但在运输中青菜损坏了10%,而西兰花没有损坏仍按昨天的售价销售,要想当天售完后所赚的钱不少于昨天所赚的钱,请你帮老王计算,应怎样给青菜定售价?(精确到0.1元)‎ ‎【分析】(1)设批发青菜x市斤,西兰花y市斤,根据题意列出方程组,解方程组青菜青菜和西兰花的重量,即可得出老王一共能赚的钱;‎ ‎(2)设给青菜定售价为a元;根据题意列出不等式,解不等式即可.‎ ‎【解答】解:(1)设批发青菜x市斤,西兰花y市斤;‎ 根据题意得:,‎ 解得:,‎ 即批发青菜100市斤,西兰花100市斤,‎ ‎∴100×(4﹣2.8)+100×(4.5﹣3.2)=120+130=250(元);‎ 答:当天售完后老王一共能赚250元钱;‎ ‎(2)设给青菜定售价为a元/市斤;‎ 根据题意得:100×(1﹣10%)a+100×4.5﹣600≥250,‎ 解得:a≥≈4.44;‎ 答:给青菜定售价为不低于4.5元/市斤.‎ ‎ ‎ ‎25.(10分)(2016•玉林)如图(1),菱形ABCD对角线AC、BD的交点O是四边形EFGH对角线FH的中点,四个顶点A、B、C、D分别在四边形EFGH的边EF、FG、GH、HE上.‎ ‎(1)求证:四边形EFGH是平行四边形;‎ ‎(2)如图(2)若四边形EFGH是矩形,当AC与FH重合时,已知,且菱形ABCD的面积是20,求矩形EFGH的长与宽.‎ ‎【分析】(1)根据菱形的性质可得出OA=OC,OD=OB,再由中点的性质可得出OF=OH,结合对顶角相等即可利用全等三角形的判定定理(SAS)证出△AOF≌△COH,从而得出AF∥CH,同理可得出DH∥BF,依据平行四边形的判定定理即可证出结论;‎ ‎(2)设矩形EFGH的长为a、宽为b.根据勾股定理及边之间的关系可找出AC=,BD=,利用菱形的性质、矩形的性质可得出∠AOB=∠AGH=90°,从而可证出△BAO∽△CAG,根据相似三角形的性质可得出,套入数据即可得出a=2b①,再根据菱形的面积公式得出a2+b2=80②,联立①②解方程组即可得出结论.‎ ‎【解答】(1)证明:∵点O是菱形ABCD对角线AC、BD的交点,‎ ‎∴OA=OC,OD=OB,‎ ‎∵点O是线段FH的中点,‎ ‎∴OF=OH.‎ 在△AOF和△COH中,有,‎ ‎∴△AOF≌△COH(SAS),‎ ‎∴∠AFO=∠CHO,‎ ‎∴AF∥CH.‎ 同理可得:DH∥BF.‎ ‎∴四边形EFGH是平行四边形.‎ ‎(2)设矩形EFGH的长为a、宽为b,则AC=.‎ ‎∵=2,‎ ‎∴BD=AC=,OB=BD=,OA=AC=.‎ ‎∵四边形ABCD为菱形,‎ ‎∴AC⊥BD,‎ ‎∴∠AOB=90°.‎ ‎∵四边形EFGH是矩形,‎ ‎∴∠AGH=90°,‎ ‎∴∠AOB=∠AGH=90°,‎ 又∵∠BAO=∠CAG,‎ ‎∴△BAO∽△CAG,‎ ‎∴,即,‎ 解得:a=2b①.‎ ‎∵S菱形ABCD=AC•BD=••=20,‎ ‎∴a2+b2=80②.‎ 联立①②得:,‎ 解得:,或(舍去).‎ ‎∴矩形EFGH的长为8,宽为4.‎ ‎ ‎ ‎26.(12分)(2016•玉林)如图,抛物线L:y=ax2+bx+c与x轴交于A、B(3,0)两点(A在B的左侧),与y轴交于点C(0,3),已知对称轴x=1.‎ ‎(1)求抛物线L的解析式;‎ ‎(2)将抛物线L向下平移h个单位长度,使平移后所得抛物线的顶点落在△OBC内(包括△OBC的边界),求h的取值范围;‎ ‎(3)设点P是抛物线L上任一点,点Q在直线l:x=﹣3上,△PBQ能否成为以点P为直角顶点的等腰直角三角形?若能,求出符合条件的点P的坐标;若不能,请说明理由.‎ ‎【分析】(1)利用待定系数法求出抛物线的解析式即可;‎ ‎(2)先求出直线BC解析式为y=﹣x+3,再求出抛物线顶点坐标,得出当x=1时,y=2;结合抛物线顶点坐即可得出结果;‎ ‎(3)设P(m,﹣m2+2m+3),Q(﹣3,n),由勾股定理得出PB2=(m﹣3)2+(﹣m2+2m+3)2,PQ2=(m+3)2+(﹣m2+2m+3﹣n)2,BQ2=n2+36,过P点作PM垂直于y轴,交y轴与M点,过B点作BN垂直于MP的延长线于N点,由AAS证明△PQM≌△BPN,得出MQ=NP,PM=BN,则MQ=﹣m2+2m+3﹣n,PN=3﹣m,得出方程﹣m2+2m+3﹣n=3﹣m,解方程即可.‎ ‎【解答】解:(1)∵抛物线的对称轴x=1,B(3,0),‎ ‎∴A(﹣1,0)‎ ‎∵抛物线y=ax2+bx+c过点C(0,3)‎ ‎∴当x=0时,c=3.‎ 又∵抛物线y=ax2+bx+c过点A(﹣1,0),B(3,0)‎ ‎∴,‎ ‎∴‎ ‎∴抛物线的解析式为:y=﹣x2+2x+3;‎ ‎(2)∵C(0,3),B(3,0),‎ ‎∴直线BC解析式为y=﹣x+3,‎ ‎∵y=﹣x2+2x+3=﹣(x﹣1)2+4,‎ ‎∴顶点坐标为(1,4)‎ ‎∵对于直线BC:y=﹣x+1,当x=1时,y=2;将抛物线L向下平移h个单位长度,‎ ‎∴当h=2时,抛物线顶点落在BC上;‎ 当h=4时,抛物线顶点落在OB上,‎ ‎∴将抛物线L向下平移h个单位长度,使平移后所得抛物线的顶点落在△OBC内(包括△OBC的边界),‎ 则2≤h≤4;‎ ‎(3)设P(m,﹣m2+2m+3),Q(﹣3,n),‎ ‎①当P点在x轴上方时,过P点作PM垂直于y轴,交y轴与M点,过B点作BN垂直于MP的延长线于N点,如图所示:‎ ‎∵B(3,0),‎ ‎∵△PBQ是以点P为直角顶点的等腰直角三角形,‎ ‎∴∠BPQ=90°,BP=PQ,‎ 则∠PMQ=∠BNP=90°,∠MPQ=∠NBP,‎ 在△PQM和△BPN中,,‎ ‎∴△PQM≌△BPN(AAS),‎ ‎∴PM=BN,‎ ‎∵PM=BN=﹣m2+2m+3,根据B点坐标可得PN=3﹣m,且PM+PN=6,‎ ‎∴﹣m2+2m+3+3﹣m=6,‎ 解得:m=1或m=0,‎ ‎∴P(1,4)或P(0,3).‎ ‎②当P点在x轴下方时,过P点作PM垂直于l于M点,过B点作BN垂直于MP的延长线与N点,‎ 同理可得△PQM≌△BPN,‎ ‎∴PM=BN,‎ ‎∴PM=6﹣(3﹣m)=3+m,BN=m2﹣2m﹣3,‎ 则3+m=m2﹣2m﹣3,‎ 解得m=或.‎ ‎∴P(,)或(,).‎ 综上可得,符合条件的点P的坐标是(1,4),(0,3),(,)和(,).‎ ‎ ‎ 参与本试卷答题和审题的老师有:HLing;nhx600;HJJ;CJX;1987483819;sdwdmahongye;LG;wdzyzmsy@126.com;733599;tcm123;曹先生;2300680618;caicl;ZJX;梁宝华;gsls;sjzx(排名不分先后)‎ 菁优网 ‎2016年9月19日
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