2019年广西贵港市中考数学试卷

2019年广西贵港市中考数学试卷

‎2019年广西贵港市中考数学试卷 一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分）每小题都给出标号为A、B、C、D的四个选项，其中只有一个是正确的、请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑.‎ ‎1．（3分）计算（﹣1）3的结果是（　　）‎ A．﹣1 B．1 C．﹣3 D．3‎ ‎2．（3分）某几何体的俯视图如图所示，图中数字表示该位置上的小正方体的个数，则这个几何体的主视图是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎3．（3分）若一组数据为：10，11，9，8，10，9，11，9，则这组数据的众数和中位数分别是（　　）‎ A．9，9 B．10，9 C．9，9.5 D．11，10‎ ‎4．（3分）若分式的值等于0，则x的值为（　　）‎ A．±1 B．0 C．﹣1 D．1‎ ‎5．（3分）下列运算正确的是（　　）‎ A．a3+（﹣a）3＝﹣a6 B．（a+b）2＝a2+b2 ‎ C．2a2•a＝2a3 D．（ab2）3＝a3b5‎ ‎6．（3分）若点P（m﹣1，5）与点Q（3，2﹣n）关于原点成中心对称，则m+n的值是（　　）‎ A．1 B．3 C．5 D．7‎ ‎7．（3分）若α，β是关于x的一元二次方程x2﹣2x+m＝0的两实根，且+＝﹣，则m等于（　　）‎ A．﹣2 B．﹣3 C．2 D．3‎ ‎8．（3分）下列命题中假命题是（　　）‎ A．对顶角相等 ‎ B．直线y＝x﹣5不经过第二象限 ‎ 第29页（共29页）‎ C．五边形的内角和为540° ‎ D．因式分解x3+x2+x＝x（x2+x）‎ ‎9．（3分）如图，AD是⊙O的直径，＝，若∠AOB＝40°，则圆周角∠BPC的度数是（　　）‎ A．40° B．50° C．60° D．70°‎ ‎10．（3分）将一条宽度为2cm的彩带按如图所示的方法折叠，折痕为AB，重叠部分为△ABC（图中阴影部分），若∠ACB＝45°，则重叠部分的面积为（　　）‎ A．2cm2 B．2cm2 C．4cm2 D．4cm2‎ ‎11．（3分）如图，在△ABC中，点D，E分别在AB，AC边上，DE∥BC，∠ACD＝∠B，若AD＝2BD，BC＝6，则线段CD的长为（　　）‎ A．2 B．3 C．2 D．5‎ ‎12．（3分）如图，E是正方形ABCD的边AB的中点，点H与B关于CE对称，EH的延长线与AD交于点F，与CD的延长线交于点N，点P在AD的延长线上，作正方形DPMN，连接CP，记正方形ABCD，DPMN的面积分别为S1，S2，则下列结论错误的是（　　）‎ 第29页（共29页）‎ A．S1+S2＝CP2 B．4F＝2FD C．CD＝4PD D．cos∠HCD＝‎ 二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，共18分）‎ ‎13．（3分）有理数9的相反数是　 　．‎ ‎14．（3分）将实数3.18×10﹣5用小数表示为　 　．‎ ‎15．（3分）如图，直线a∥b，直线m与a，b均相交，若∠1＝38°，则∠2＝　 　．‎ ‎16．（3分）若随机掷一枚均匀的骰子，骰子的6个面上分别刻有1，2，3，4，5，6点，则点数不小于3的概率是　 　．‎ ‎17．（3分）如图，在扇形OAB中，半径OA与OB的夹角为120°，点A与点B的距离为2，若扇形OAB恰好是一个圆锥的侧面展开图，则该圆锥的底面半径为　 　．‎ ‎18．（3分）我们定义一种新函数：形如y＝|ax2+bx+c|（a≠0，且b2﹣4a＞0）的函数叫做“鹊桥”函数．小丽同学画出了“鹊桥”函数y＝|x2﹣2x﹣3|的图象（如图所示），并写出下列五个结论：①图象与坐标轴的交点为（﹣1，0），（3，0）和（0，3）；②图象具有对称性，对称轴是直线x＝1；③当﹣1≤x≤1或x≥3时，函数值y随x值的增大而增大；④当x＝﹣1或x＝3时，函数的最小值是0；⑤当x＝1时，函数的最大值是4．其中正确结论的个数是　 　．‎ 第29页（共29页）‎ 三、解答题（本大题共8小题，满分66分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步驟.）‎ ‎19．（10分）（1）计算：﹣（﹣3）0+（）﹣2﹣4sin30°；‎ ‎（2）解不等式组：，并在数轴上表示该不等式组的解集．‎ ‎20．（5分）尺规作图（只保留作图痕迹，不要求写出作法）：‎ 如图，已知△ABC，请根据“SAS”基本事实作出△DEF，使△DEF≌△ABC．‎ ‎21．（6分）如图，菱形ABCD的边AB在x轴上，点A的坐标为（1，0），点D（4，4）在反比例函数y＝（x＞0）的图象上，直线y＝x+b经过点C，与y轴交于点E，连接AC，AE．‎ ‎（1）求k，b的值；‎ ‎（2）求△ACE的面积．‎ ‎22．（8分）为了增强学生的安全意识，某校组织了一次全校2500名学生都参加的“安全知识”考试．阅卷后，学校团委随机抽取了100份考卷进行分析统计，发现考试成绩（x分）的最低分为51分，最高分为满分100分，并绘制了如下尚不完整的统计图表．请根据图表提供的信息，解答下列问题：‎ 分数段（分）‎ 频数（人）‎ 频率 第29页（共29页）‎ ‎51≤x＜61‎ a ‎0.1‎ ‎61≤x＜71‎ ‎18‎ ‎0.18‎ ‎71≤x＜81‎ b n ‎81≤x＜91‎ ‎35‎ ‎0.35‎ ‎91≤x＜101‎ ‎12‎ ‎0.12‎ 合计 ‎100‎ ‎1‎ ‎（1）填空：a＝　 　，b＝　 　，n＝　 　；‎ ‎（2）将频数分布直方图补充完整；‎ ‎（3）该校对考试成绩为91≤x≤100的学生进行奖励，按成绩从高分到低分设一、二、三等奖，并且一、二、三等奖的人数比例为1：3：6，请你估算全校获得二等奖的学生人数．‎ ‎23．（8分）为了满足师生的阅读需求，某校图书馆的藏书从2016年底到2018年底两年内由5万册增加到7.2万册．‎ ‎（1）求这两年藏书的年均增长率；‎ ‎（2）经统计知：中外古典名著的册数在2016年底仅占当时藏书总量的5.6%，在这两年新增加的图书中，中外古典名著所占的百分率恰好等于这两年藏书的年均增长率，那么到2018年底中外古典名著的册数占藏书总量的百分之几？‎ ‎24．（8分）如图，在矩形ABCD中，以BC边为直径作半圆O，OE⊥OA交CD边于点E，对角线AC与半圆O的另一个交点为P，连接AE．‎ ‎（1）求证：AE是半圆O的切线；‎ ‎（2）若PA＝2，PC＝4，求AE的长．‎ 第29页（共29页）‎ ‎25．（11分）如图，已知抛物线y＝ax2+bx+c的顶点为A（4，3），与y轴相交于点B（0，﹣5），对称轴为直线l，点M是线段AB的中点．‎ ‎（1）求抛物线的表达式；‎ ‎（2）写出点M的坐标并求直线AB的表达式；‎ ‎（3）设动点P，Q分别在抛物线和对称轴l上，当以A，P，Q，M为顶点的四边形是平行四边形时，求P，Q两点的坐标．‎ ‎26．（10分）已知：△ABC是等腰直角三角形，∠BAC＝90°，将△ABC绕点C顺时针方向旋转得到△A′B′C，记旋转角为α，当90°＜α＜180°时，作A′D⊥AC，垂足为D，A′D与B′C交于点E．‎ ‎（1）如图1，当∠CA′D＝15°时，作∠A′EC的平分线EF交BC于点F．‎ ‎①写出旋转角α的度数；‎ ‎②求证：EA′+EC＝EF；‎ ‎（2）如图2，在（1）的条件下，设P是直线A′D上的一个动点，连接PA，PF，若AB＝，求线段PA+PF的最小值．（结果保留根号）‎ 第29页（共29页）‎ ‎2019年广西贵港市中考数学试卷 参考答案与试题解析 一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分）每小题都给出标号为A、B、C、D的四个选项，其中只有一个是正确的、请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑.‎ ‎1．（3分）计算（﹣1）3的结果是（　　）‎ A．﹣1 B．1 C．﹣3 D．3‎ ‎【分析】本题考查有理数的乘方运算．‎ ‎【解答】解：（﹣1）3表示3个（﹣1）的乘积，‎ 所以（﹣1）3＝﹣1．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】乘方是乘法的特例，乘方的运算可以利用乘法的运算来进行．‎ 负数的奇数次幂是负数，负数的偶数次幂是正数；﹣1的奇数次幂是﹣1，﹣1的偶数次幂是1．‎ ‎2．（3分）某几何体的俯视图如图所示，图中数字表示该位置上的小正方体的个数，则这个几何体的主视图是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【分析】先细心观察原立体图形中正方体的位置关系，从正面看去，一共两列，左边有2竖列，右边是1竖列，结合四个选项选出答案．‎ ‎【解答】解：从正面看去，一共两列，左边有2竖列，右边是1竖列．‎ 故选：B．‎ ‎【点评】本题考查了由三视图判断几何体，解题的关键是具有几何体的三视图及空间想象能力．‎ ‎3．（3分）若一组数据为：10，11，9，8，10，9，11，9，则这组数据的众数和中位数分别是（　　）‎ A．9，9 B．10，9 C．9，9.5 D．11，10‎ 第29页（共29页）‎ ‎【分析】根据众数和中位数的概念求解可得．‎ ‎【解答】解：将数据重新排列为8，9，9，9，10，10，11，11，‎ ‎∴这组数据的众数为9，中位数为＝9.5，‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题为统计题，考查众数与中位数的意义．中位数是将一组数据从小到大（或从大到小）重新排列后，最中间的那个数（最中间两个数的平均数），叫做这组数据的中位数，如果中位数的概念掌握得不好，不把数据按要求重新排列，就会出错．‎ ‎4．（3分）若分式的值等于0，则x的值为（　　）‎ A．±1 B．0 C．﹣1 D．1‎ ‎【分析】化简分式＝＝x﹣1＝0即可求解；‎ ‎【解答】解：＝＝x﹣1＝0，‎ ‎∴x＝1；‎ 故选：D．‎ ‎【点评】本题考查解分式方程；熟练掌握因式分解的方法，分式方程的解法是解题的关键．‎ ‎5．（3分）下列运算正确的是（　　）‎ A．a3+（﹣a）3＝﹣a6 B．（a+b）2＝a2+b2 ‎ C．2a2•a＝2a3 D．（ab2）3＝a3b5‎ ‎【分析】利用完全平方公式，合并同类项法则，幂的乘方与积的乘方法则运算即可；‎ ‎【解答】解：a3+（﹣a3）＝0，A错误；‎ ‎（a+b）2＝a2+2ab+b2，B错误；‎ ‎（ab2）3＝a3b5，D错误；‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题考查整式的运算；熟练掌握完全平方公式，合并同类项法则，幂的乘方与积的乘方法则是解题的关键．‎ ‎6．（3分）若点P（m﹣1，5）与点Q（3，2﹣n）关于原点成中心对称，则m+n的值是（　　）‎ A．1 B．3 C．5 D．7‎ ‎【分析】根据关于原点对称的点的横坐标互为相反数，纵坐标互为相反数，可得答案．‎ 第29页（共29页）‎ ‎【解答】解：∵点P（m﹣1，5）与点Q（3，2﹣n）关于原点对称，‎ ‎∴m﹣1＝﹣3，2﹣n＝﹣5，‎ 解得：m＝﹣2，n＝7，‎ 则m+n＝﹣2+7＝5．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题考查了关于原点对称的点的坐标，关于原点对称的点的横坐标互为相反数，纵坐标互为相反数．‎ ‎7．（3分）若α，β是关于x的一元二次方程x2﹣2x+m＝0的两实根，且+＝﹣，则m等于（　　）‎ A．﹣2 B．﹣3 C．2 D．3‎ ‎【分析】利用一元二次方程根与系数的关系得到α+β＝2，αβ＝m，再化简+＝，代入即可求解；‎ ‎【解答】解：α，β是关于x的一元二次方程x2﹣2x+m＝0的两实根，‎ ‎∴α+β＝2，αβ＝m，‎ ‎∵+＝＝＝﹣，‎ ‎∴m＝﹣3；‎ 故选：B．‎ ‎【点评】本题考查一元二次方程；熟练掌握一元二次方程根与系数的关系是解题的关键．‎ ‎8．（3分）下列命题中假命题是（　　）‎ A．对顶角相等 ‎ B．直线y＝x﹣5不经过第二象限 ‎ C．五边形的内角和为540° ‎ D．因式分解x3+x2+x＝x（x2+x）‎ ‎【分析】由对顶角相等得出A是真命题；由直线y＝x﹣5的图象得出B是真命题；由五边形的内角和为540°得出C是真命题；由因式分解的定义得出D是假命题；即可得出答案．‎ ‎【解答】解：A．对顶角相等；真命题；‎ 第29页（共29页）‎ B．直线y＝x﹣5不经过第二象限；真命题；‎ C．五边形的内角和为540°；真命题；‎ D．因式分解x3+x2+x＝x（x2+x）；假命题；‎ 故选：D．‎ ‎【点评】本题考查了命题与定理、真命题和假命题的定义：正确的命题是真命题，错误的命题是假命题；属于基础题．‎ ‎9．（3分）如图，AD是⊙O的直径，＝，若∠AOB＝40°，则圆周角∠BPC的度数是（　　）‎ A．40° B．50° C．60° D．70°‎ ‎【分析】根据圆周角定理即可求出答案．‎ ‎【解答】解：∵＝，∠AOB＝40°，‎ ‎∴∠COD＝∠AOB＝40°，‎ ‎∵∠AOB+∠BOC+∠COD＝180°，‎ ‎∴∠BOC＝140°，‎ ‎∴∠BPC＝∠BOC＝70°，‎ 故选：D．‎ ‎【点评】本题考查了圆周角定理，熟练掌握圆周角定理是解题的关键．‎ ‎10．（3分）将一条宽度为2cm的彩带按如图所示的方法折叠，折痕为AB，重叠部分为△ABC（图中阴影部分），若∠ACB＝45°，则重叠部分的面积为（　　）‎ A．2cm2 B．2cm2 C．4cm2 D．4cm2‎ 第29页（共29页）‎ ‎【分析】过B作BD⊥AC于D，则∠BDC＝90°，依据勾股定理即可得出BC的长，进而得到重叠部分的面积．‎ ‎【解答】解：如图，过B作BD⊥AC于D，则∠BDC＝90°，‎ ‎∵∠ACB＝45°，‎ ‎∴∠CBD＝45°，‎ ‎∴BD＝CD＝2cm，‎ ‎∴Rt△BCD中，BC＝＝2（cm），‎ ‎∴重叠部分的面积为×2×2＝2（cm），‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题主要考查了折叠问题，折叠是一种对称变换，它属于轴对称，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等．‎ ‎11．（3分）如图，在△ABC中，点D，E分别在AB，AC边上，DE∥BC，∠ACD＝∠B，若AD＝2BD，BC＝6，则线段CD的长为（　　）‎ A．2 B．3 C．2 D．5‎ ‎【分析】设AD＝2x，BD＝x，所以AB＝3x，易证△ADE∽△ABC，利用相似三角形的性质可求出DE的长度，以及，再证明△ADE∽△ACD，利用相似三角形的性质即可求出得出＝，从而可求出CD的长度．‎ ‎【解答】解：设AD＝2x，BD＝x，‎ ‎∴AB＝3x，‎ ‎∵DE∥BC，‎ 第29页（共29页）‎ ‎∴△ADE∽△ABC，‎ ‎∴＝，‎ ‎∴＝，‎ ‎∴DE＝4，＝，‎ ‎∵∠ACD＝∠B，‎ ‎∠ADE＝∠B，‎ ‎∴∠ADE＝∠ACD，‎ ‎∵∠A＝∠A，‎ ‎∴△ADE∽△ACD，‎ ‎∴＝，‎ 设AE＝2y，AC＝3y，‎ ‎∴＝，‎ ‎∴AD＝y，‎ ‎∴＝，‎ ‎∴CD＝2，‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题考查相似三角形，解题的关键是熟练运用相似三角形的性质与判定，本题属于中等题型．‎ ‎12．（3分）如图，E是正方形ABCD的边AB的中点，点H与B关于CE对称，EH的延长线与AD交于点F，与CD的延长线交于点N，点P在AD的延长线上，作正方形DPMN，连接CP，记正方形ABCD，DPMN的面积分别为S1，S2，则下列结论错误的是（　　）‎ 第29页（共29页）‎ A．S1+S2＝CP2 B．4F＝2FD C．CD＝4PD D．cos∠HCD＝‎ ‎【分析】根据勾股定理可判断A；连接CF，作FG⊥EC，易证得△FGC是等腰直角三角形，设EG＝x，则FG＝2x，‎ 利用三角形相似的性质以及勾股定理得到CG＝2x，CF＝2x，EC＝3x，BC＝x，FD＝x，即可证得3FD＝AD，可判断B；根据平行线分线段成比例定理可判断C；求得cos∠HCD可判断D．‎ ‎【解答】解：∵正方形ABCD，DPMN的面积分别为S1，S2，‎ ‎∴S1＝CD2，S2＝PD2，‎ 在Rt△PCD中，PC2＝CD2+PD2，‎ ‎∴S1+S2＝CP2，故A结论正确；‎ 连接CF，‎ ‎∵点H与B关于CE对称，‎ ‎∴CH＝CB，∠BCE＝∠ECH，‎ 在△BCE和△HCE中，‎ ‎∴△BCE≌△HCE（SAS），‎ ‎∴BE＝EH，∠EHC＝∠B＝90°，∠BEC＝∠HEC，‎ ‎∴CH＝CD，‎ 在Rt△FCH和Rt△FCD中 ‎∴Rt△FCH≌Rt△FCD（HL），‎ ‎∴∠FCH＝∠FCD，FH＝FD，‎ ‎∴∠ECH+∠ECH＝∠BCD＝45°，即∠ECF＝45°，‎ 作FG⊥EC于G，‎ ‎∴△CFG是等腰直角三角形，‎ ‎∴FG＝CG，‎ ‎∵∠BEC＝∠HEC，∠B＝∠FGE＝90°，‎ 第29页（共29页）‎ ‎∴△FEG∽△CEB，‎ ‎∴＝＝，‎ ‎∴FG＝2EG，‎ 设EG＝x，则FG＝2x，‎ ‎∴CG＝2x，CF＝2x，‎ ‎∴EC＝3x，‎ ‎∵EB2+BC2＝EC2，‎ ‎∴BC2＝9x2，‎ ‎∴BC2＝x2，‎ ‎∴BC＝x，‎ 在Rt△FDC中，FD＝＝＝x，‎ ‎∴3FD＝AD，‎ ‎∴AF＝2FD，故B结论正确；‎ ‎∵AB∥CN，‎ ‎∴＝，‎ ‎∵PD＝ND，AE＝CD，‎ ‎∴CD＝4PD，故C结论正确；‎ ‎∵EG＝x，FG＝2x，‎ ‎∴EF＝x，‎ ‎∵FH＝FD＝x，‎ ‎∵BC＝x，‎ ‎∴AE＝x，‎ 作HQ⊥AD于Q，‎ ‎∴HQ∥AB，‎ 第29页（共29页）‎ ‎∴＝，即＝，‎ ‎∴HQ＝x，‎ ‎∴CD﹣HQ＝x﹣x＝x，‎ ‎∴cos∠HCD＝＝＝，故结论D错误，‎ 故选：D．‎ ‎【点评】本题考查了正方形的性质，三角形全等的判定和性质三角形相似的判定和性质，勾股定理的应用以及平行线分线段成比例定理，作出辅助线构建等腰直角三角形是解题的关键．‎ 二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，共18分）‎ ‎13．（3分）有理数9的相反数是　﹣9　．‎ ‎【分析】根据相反数的求法即可得解；‎ ‎【解答】解：9的相反数是﹣9；‎ 故答案为﹣9；‎ ‎【点评】本题考查相反数；熟练掌握相反数的意义与求法是解题的关键．‎ ‎14．（3分）将实数3.18×10﹣5用小数表示为　0.0000318　．‎ ‎【分析】根据科学记数法的表示方法a×10n（1≤a＜9）即可求解；‎ ‎【解答】解：3.18×10﹣5＝0.0000318；‎ 故答案为0.0000318；‎ ‎【点评】本题考查科学记数法；熟练掌握科学记数法的表示方法是解题的关键．‎ ‎15．（3分）如图，直线a∥b，直线m与a，b均相交，若∠1＝38°，则∠2＝　142°　．‎ 第29页（共29页）‎ ‎【分析】如图，利用平行线的性质得到∠2＝∠3，利用互补求出∠3，从而得到∠2的度数．‎ ‎【解答】解：如图，‎ ‎∵a∥b，‎ ‎∴∠2＝∠3，‎ ‎∵∠1+∠3＝180°，‎ ‎∴∠2＝180°﹣38°＝142°．‎ 故答案为142°．‎ ‎【点评】本题考查了平行线的性质：两直线平行，同位角相等；两直线平行，同旁内角互补；两直线平行，内错角相等．‎ ‎16．（3分）若随机掷一枚均匀的骰子，骰子的6个面上分别刻有1，2，3，4，5，6点，则点数不小于3的概率是　　．‎ ‎【分析】骰子六个面出现的机会相同，求出骰子向上的一面点数不小于3的情况有几种，直接应用求概率的公式求解即可．‎ ‎【解答】解：随机掷一枚均匀的骰子有6种等可能结果，其中点数不小于3的有4种结果，‎ 所以点数不小于3的概率为＝，‎ 故答案为：．‎ ‎【点评】此题考查概率的求法：如果一个事件有n种可能，而且这些事件的可能性相同，其中事件A出现m种结果，那么事件A的概率P（A）＝．‎ 第29页（共29页）‎ ‎17．（3分）如图，在扇形OAB中，半径OA与OB的夹角为120°，点A与点B的距离为2，若扇形OAB恰好是一个圆锥的侧面展开图，则该圆锥的底面半径为　　．‎ ‎【分析】利用弧长＝圆锥的周长这一等量关系可求解．‎ ‎【解答】解：连接AB，过O作OM⊥AB于M，‎ ‎∵∠AOB＝120°，OA＝OB，‎ ‎∴∠BAO＝30°，AM＝，‎ ‎∴OA＝2，‎ ‎∵＝2πr，‎ ‎∴r＝‎ 故答案是：‎ ‎【点评】本题运用了弧长公式和圆的周长公式，建立准确的等量关系是解题的关键．‎ ‎18．（3分）我们定义一种新函数：形如y＝|ax2+bx+c|（a≠0，且b2﹣4a＞0）的函数叫做“鹊桥”函数．小丽同学画出了“鹊桥”函数y＝|x2﹣2x﹣3|的图象（如图所示），并写出下列五个结论：①图象与坐标轴的交点为（﹣1，0），（3，0）和（0，3）；②图象具有对称性，对称轴是直线x＝1；③当﹣1≤x≤1或x≥3时，函数值y随x值的增大而增大；④当x＝﹣1或x＝3时，函数的最小值是0；⑤当x＝1时，函数的最大值是4．其中正确结论的个数是　4　．‎ 第29页（共29页）‎ ‎【分析】由（﹣1，0），（3，0）和（0，3）坐标都满足函数y＝|x2﹣2x﹣3|，∴①是正确的；从图象可以看出图象具有对称性，对称轴可用对称轴公式求得是直线x＝1，②也是正确的；‎ 根据函数的图象和性质，发现当﹣1≤x≤1或x≥3时，函数值y随x值的增大而增大，因此③也是正确的；函数图象的最低点就是与x轴的两个交点，根据y＝0，求出相应的x的值为x＝﹣1或x＝3，因此④也是正确的；从图象上看，当x＜﹣1或x＞3，函数值要大于当x＝1时的y＝|x2﹣2x﹣3|＝4，因此⑤时不正确的；逐个判断之后，可得出答案．‎ ‎【解答】解：①∵（﹣1，0），（3，0）和（0，3）坐标都满足函数y＝|x2﹣2x﹣3|，∴①是正确的；‎ ‎②从图象可知图象具有对称性，对称轴可用对称轴公式求得是直线x＝1，因此②也是正确的；‎ ‎③根据函数的图象和性质，发现当﹣1≤x≤1或x≥3时，函数值y随x值的增大而增大，因此③也是正确的；‎ ‎④函数图象的最低点就是与x轴的两个交点，根据y＝0，求出相应的x的值为x＝﹣1或x＝3，因此④也是正确的；‎ ‎⑤从图象上看，当x＜﹣1或x＞3，函数值要大于当x＝1时的y＝|x2﹣2x﹣3|＝4，因此⑤时不正确的；‎ 故答案是：4‎ 第29页（共29页）‎ ‎【点评】理解“鹊桥”函数y＝|ax2+bx+c|的意义，掌握“鹊桥”函数与y＝|ax2+bx+c|与二次函数y＝ax2+bx+c之间的关系；两个函数性质之间的联系和区别是解决问题的关键；二次函数y＝ax2+bx+c与x轴的交点、对称性、对称轴及最值的求法以及增减性应熟练掌握．‎ 三、解答题（本大题共8小题，满分66分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步驟.）‎ ‎19．（10分）（1）计算：﹣（﹣3）0+（）﹣2﹣4sin30°；‎ ‎（2）解不等式组：，并在数轴上表示该不等式组的解集．‎ ‎【分析】（1）先计算算术平方根、零指数幂、负整数指数幂、代入三角函数值，再计算乘法，最后计算加减可得；‎ ‎（2）分别求出每一个不等式的解集，根据口诀：同大取大、同小取小、大小小大中间找、大大小小无解了确定不等式组的解集．‎ ‎【解答】解：（1）原式＝2﹣1+4﹣4×‎ ‎＝2﹣1+4﹣2‎ ‎＝3；‎ ‎（2）解不等式6x﹣2＞2（x﹣4），得：x＞﹣，‎ 解不等式﹣≤﹣，得：x≤1，‎ 则不等式组的解集为﹣＜x≤1，‎ 将不等式组的解集表示在数轴上如下：‎ ‎【点评】本题考查的是解一元一次不等式组，正确求出每一个不等式解集是基础，熟知“同大取大；同小取小；大小小大中间找；大大小小找不到”的原则是解答此题的关键．‎ ‎20．（5分）尺规作图（只保留作图痕迹，不要求写出作法）：‎ 如图，已知△ABC，请根据“SAS”基本事实作出△DEF，使△DEF≌△ABC．‎ 第29页（共29页）‎ ‎【分析】先作一个∠D＝∠A，然后在∠D的两边分别截取ED＝BA，DF＝AC，连接EF即可得到△DEF；‎ ‎【解答】解：如图，‎ ‎△DEF即为所求．‎ ‎【点评】本题考查了作图﹣复杂作图：复杂作图是在五种基本作图的基础上进行作图，一般是结合了几何图形的性质和基本作图方法．解决此类题目的关键是熟悉基本几何图形的性质，结合几何图形的基本性质把复杂作图拆解成基本作图，逐步操作．也考查了全等三角形的判定．‎ ‎21．（6分）如图，菱形ABCD的边AB在x轴上，点A的坐标为（1，0），点D（4，4）在反比例函数y＝（x＞0）的图象上，直线y＝x+b经过点C，与y轴交于点E，连接AC，AE．‎ ‎（1）求k，b的值；‎ ‎（2）求△ACE的面积．‎ ‎【分析】（1）由菱形的性质可知B（6，0），C（9，4），点D（4，4）代入反比例函数y＝，求出k；将点C（9，4）代入y＝x+b，求出b；‎ ‎（2）求出直线y＝x﹣2与x轴和y轴的交点，即可求△AEC的面积；‎ ‎【解答】解：（1）由已知可得AD＝5，‎ ‎∵菱形ABCD，‎ 第29页（共29页）‎ ‎∴B（6，0），C（9，4），‎ ‎∵点D（4，4）在反比例函数y＝（x＞0）的图象上，‎ ‎∴k＝16，‎ 将点C（9，4）代入y＝x+b，‎ ‎∴b＝﹣2；‎ ‎（2）E（0，﹣2），‎ 直线y＝x﹣2与x轴交点为（3，0），‎ ‎∴S△AEC＝2×（2+4）＝6；‎ ‎【点评】本题考查反比例函数、一次函数的图象及性质，菱形的性质；能够将借助菱形的边长和菱形边的平行求点的坐标是解题的关键．‎ ‎22．（8分）为了增强学生的安全意识，某校组织了一次全校2500名学生都参加的“安全知识”考试．阅卷后，学校团委随机抽取了100份考卷进行分析统计，发现考试成绩（x分）的最低分为51分，最高分为满分100分，并绘制了如下尚不完整的统计图表．请根据图表提供的信息，解答下列问题：‎ 分数段（分）‎ 频数（人）‎ 频率 ‎51≤x＜61‎ a ‎0.1‎ ‎61≤x＜71‎ ‎18‎ ‎0.18‎ ‎71≤x＜81‎ b n ‎81≤x＜91‎ ‎35‎ ‎0.35‎ ‎91≤x＜101‎ ‎12‎ ‎0.12‎ 合计 ‎100‎ ‎1‎ ‎（1）填空：a＝　10　，b＝　25　，n＝　0.25　；‎ ‎（2）将频数分布直方图补充完整；‎ ‎（3）该校对考试成绩为91≤x≤100的学生进行奖励，按成绩从高分到低分设一、二、三等奖，并且一、二、三等奖的人数比例为1：3：6，请你估算全校获得二等奖的学生人数．‎ 第29页（共29页）‎ ‎【分析】（1）利用×这组的频率即可得到结论；‎ ‎（2）根据（1）求出的数据补全频数分布直方图即可；‎ ‎（3）利用全校2500名学生数×考试成绩为91≤x≤100考卷占抽取了的考卷数×获得二等奖学生人数占获奖学生数即可得到结论．‎ ‎【解答】解：（1）a＝100×0.1＝10，b＝100﹣10﹣18﹣35﹣12＝25，n＝＝0.25；‎ 故答案为：10，25，0.25；‎ ‎（2）补全频数分布直方图如图所示；‎ ‎（3）2500××＝90（人），‎ 答：全校获得二等奖的学生人数90人．‎ ‎【点评】本题考查的是频数分布直方图，读懂统计图，从统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．直方图能清楚地表示出每个项目的数据，也考查了利用样本估计总体的思想．‎ ‎23．（8分）为了满足师生的阅读需求，某校图书馆的藏书从2016年底到2018年底两年内由5万册增加到7.2万册．‎ ‎（1）求这两年藏书的年均增长率；‎ ‎（2）经统计知：中外古典名著的册数在2016年底仅占当时藏书总量的5.6%，在这两年新增加的图书中，中外古典名著所占的百分率恰好等于这两年藏书的年均增长率，那么到2018年底中外古典名著的册数占藏书总量的百分之几？‎ 第29页（共29页）‎ ‎【分析】（1）根据题意可以列出相应的一元二次方程，从而可以得到这两年藏书的年均增长率；‎ ‎（2）根据题意可以求出这两年新增加的中外古典名著，从而可以求得到2018年底中外古典名著的册数占藏书总量的百分之几．‎ ‎【解答】解：（1）设这两年藏书的年均增长率是x，‎ ‎5（1+x）2＝7.2，‎ 解得，x1＝0.2，x2＝﹣2.2（舍去），‎ 答：这两年藏书的年均增长率是20%；‎ ‎（2）在这两年新增加的图书中，中外古典名著有（7.2﹣5）×20%＝0.44（万册），‎ 到2018年底中外古典名著的册数占藏书总量的百分比是：×100%＝10%，‎ 答：到2018年底中外古典名著的册数占藏书总量的10%．‎ ‎【点评】本题考查一元二次方程的应用，解答本题的关键是明确题意，列出相应的方程，利用方程的知识解答，这是一道典型的增长率问题．‎ ‎24．（8分）如图，在矩形ABCD中，以BC边为直径作半圆O，OE⊥OA交CD边于点E，对角线AC与半圆O的另一个交点为P，连接AE．‎ ‎（1）求证：AE是半圆O的切线；‎ ‎（2）若PA＝2，PC＝4，求AE的长．‎ ‎【分析】（1）根据已知条件推出△ABO∽△OCE，根据相似三角形的性质得到∠BAO＝∠OAE，过O作OF⊥AE于F，根据全等三角形的性质得到OF＝OB，于是得到AE是半圆O的切线；‎ ‎（2）根据切割线定理得到AF＝＝2，求得AB＝AF＝2，根据勾股定理得到BC＝＝2，AO＝＝3，根据相似三角形的性质即可得到结论．‎ ‎【解答】（1）证明：∵在矩形ABCD中，∠ABO＝∠OCE＝90°，‎ 第29页（共29页）‎ ‎∵OE⊥OA，‎ ‎∴∠AOE＝90°，‎ ‎∴∠BAO+∠AOB＝∠AOB+∠COE＝90°，‎ ‎∴∠BAO＝∠COE，‎ ‎∴△ABO∽△OCE，‎ ‎∴＝，‎ ‎∵OB＝OC，‎ ‎∴，‎ ‎∵∠ABO＝∠AOE＝90°，‎ ‎∴△ABO∽△AOE，‎ ‎∴∠BAO＝∠OAE，‎ 过O作OF⊥AE于F，‎ ‎∴∠ABO＝∠AFO＝90°，‎ 在△ABO与△AFO中，，‎ ‎∴△ABO≌△AFO（AAS），‎ ‎∴OF＝OB，‎ ‎∴AE是半圆O的切线；‎ ‎（2）解：∵AF是⊙O的切线，AC是⊙O的割线，‎ ‎∴AF2＝AP•AC，‎ ‎∴AF＝＝2，‎ ‎∴AB＝AF＝2，‎ ‎∵AC＝6，‎ ‎∴BC＝＝2，‎ ‎∴AO＝＝3，‎ ‎∵△ABO∽△AOE，‎ ‎∴，‎ 第29页（共29页）‎ ‎∴＝，‎ ‎∴AE＝．‎ ‎【点评】本题考查了切线的判定和性质，矩形的性质，相似三角形的判定和性质，全等三角形的判定和性质，正确的作出辅助线是解题的关键．‎ ‎25．（11分）如图，已知抛物线y＝ax2+bx+c的顶点为A（4，3），与y轴相交于点B（0，﹣5），对称轴为直线l，点M是线段AB的中点．‎ ‎（1）求抛物线的表达式；‎ ‎（2）写出点M的坐标并求直线AB的表达式；‎ ‎（3）设动点P，Q分别在抛物线和对称轴l上，当以A，P，Q，M为顶点的四边形是平行四边形时，求P，Q两点的坐标．‎ ‎【分析】（1）函数表达式为：y＝a（x＝4）2+3，将点B坐标代入上式，即可求解；‎ ‎（2）A（4，3）、B（0，﹣5），则点M（2，﹣1），设直线AB的表达式为：y＝kx﹣5，将点A坐标代入上式，即可求解；‎ ‎（3）分当AM是平行四边形的一条边、AM是平行四边形的对角线两种情况，分别求解即可．‎ ‎【解答】解：（1）函数表达式为：y＝a（x＝4）2+3，‎ 将点B坐标代入上式并解得：a＝﹣，‎ 故抛物线的表达式为：y＝﹣x2+4x﹣5；‎ ‎（2）A（4，3）、B（0，﹣5），则点M（2，﹣1），‎ 设直线AB的表达式为：y＝kx﹣5，‎ 第29页（共29页）‎ 将点A坐标代入上式得：3＝4k﹣5，解得：k＝2，‎ 故直线AB的表达式为：y＝2x﹣5；‎ ‎（3）设点Q（4，s）、点P（m，﹣m2+4m﹣5），‎ ‎①当AM是平行四边形的一条边时，‎ 点A向左平移2个单位、向下平移4个单位得到M，‎ 同样点P（m，﹣m2+4m﹣5）向左平移2个单位、向下平移4个单位得到Q（4，s），‎ 即：m﹣2＝4，﹣m2+4m﹣5﹣4＝s，‎ 解得：m＝6，s＝﹣3，‎ 故点P、Q的坐标分别为（6，1）、（4，﹣3）；‎ ‎②当AM是平行四边形的对角线时，‎ 由中点定理得：4+2＝m+4，3﹣1＝﹣m2+4m﹣5+s，‎ 解得：m＝2，s＝1，‎ 故点P、Q的坐标分别为（2，1）、（4，1）；‎ 故点P、Q的坐标分别为（6，1）或（2，1）、（4，﹣3）或（4，1）．‎ ‎【点评】本题考查的是二次函数综合运用，涉及到一次函数、平行四边形性质、图象的面积计算等，其中（3），要主要分类求解，避免遗漏．‎ ‎26．（10分）已知：△ABC是等腰直角三角形，∠BAC＝90°，将△ABC绕点C顺时针方向旋转得到△A′B′C，记旋转角为α，当90°＜α＜180°时，作A′D⊥AC，垂足为D，A′D与B′C交于点E．‎ ‎（1）如图1，当∠CA′D＝15°时，作∠A′EC的平分线EF交BC于点F．‎ ‎①写出旋转角α的度数；‎ ‎②求证：EA′+EC＝EF；‎ ‎（2）如图2，在（1）的条件下，设P是直线A′D上的一个动点，连接PA，PF，若AB＝，求线段PA+PF的最小值．（结果保留根号）‎ 第29页（共29页）‎ ‎【分析】（1）①解直角三角形求出∠A′CD即可解决问题．‎ ‎②连接A′F，设EF交CA′于点O．在EF时截取EM＝EC，连接CM．首先证明△CFA′是等边三角形，再证明△FCM≌△A′CE（SAS），即可解决问题．‎ ‎（2）如图2中，连接A′F，PB′，AB′，作B′M⊥AC交AC的延长线于M．证明△A′EF≌△A′EB′，推出EF＝EB′，推出B′，F关于A′E对称，推出PF＝PB′，推出PA+PF＝PA+PB′≥AB′，求出AB′即可解决问题．‎ ‎【解答】（1）①解：旋转角为105°．‎ 理由：如图1中，‎ ‎∵A′D⊥AC，‎ ‎∴∠A′DC＝90°，‎ ‎∵∠CA′D＝15°，‎ ‎∴∠A′CD＝75°，‎ ‎∴∠ACA′＝105°，‎ ‎∴旋转角为105°．‎ ‎②证明：连接A′F，设EF交CA′于点O．在EF时截取EM＝EC，连接CM．‎ ‎∵∠CED＝∠A′CE+∠CA′E＝45°+15°＝60°，‎ ‎∴∠CEA′＝120°，‎ ‎∵FE平分∠CEA′，‎ ‎∴∠CEF＝∠FEA′＝60°，‎ ‎∵∠FCO＝180°﹣45°﹣75°＝60°，‎ ‎∴∠FCO＝∠A′EO，∵∠FOC＝∠A′OE，‎ ‎∴△FOC∽△A′OE，‎ 第29页（共29页）‎ ‎∴＝，‎ ‎∴＝，‎ ‎∵∠COE＝∠FOA′，‎ ‎∴△COE∽△FOA′，‎ ‎∴∠FA′O＝∠OEC＝60°，‎ ‎∴△A′OF是等边三角形，‎ ‎∴CF＝CA′＝A′F，‎ ‎∵EM＝EC，∠CEM＝60°，‎ ‎∴△CEM是等边三角形，‎ ‎∠ECM＝60°，CM＝CE，‎ ‎∵∠FCA′＝∠MCE＝60°，‎ ‎∴∠FCM＝∠A′CE，‎ ‎∴△FCM≌△A′CE（SAS），‎ ‎∴FM＝A′E，‎ ‎∴CE+A′E＝EM+FM＝EF．‎ ‎（2）解：如图2中，连接A′F，PB′，AB′，作B′M⊥AC交AC的延长线于M．‎ 由②可知，∠EA′F＝′EA′B′＝75°，A′E＝A′E，A′F＝A′B′，‎ ‎∴△A′EF≌△A′EB′，‎ ‎∴EF＝EB′，‎ ‎∴B′，F关于A′E对称，‎ ‎∴PF＝PB′，‎ 第29页（共29页）‎ ‎∴PA+PF＝PA+PB′≥AB′，‎ 在Rt△CB′M中，CB′＝BC＝AB＝2，∠MCB′＝30°，‎ ‎∴B′M＝CB′＝1，CM＝，‎ ‎∴AB′＝＝＝．‎ ‎∴PA+PF的最小值为．‎ ‎【点评】本题属于四边形综合题，考查了旋转变换，全等三角形的判定和性质，相似三角形的判定和性质，三角形的三边关系等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造全等三角形解决问题，学会用转化的思想思考问题，属于中考压轴题．‎ 声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布 日期：2019/7/1 7:50:45；用户：柯瑞；邮箱：ainixiaoke00@163.com；学号：500557‎ 第29页（共29页）‎