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2020届福建省厦门市高三(6月份)高考数学(理科)模拟试题及答案解析
2020 届福建省厦门市高三(6月份)高考数学(理科)模拟试题 一、单选题 1.复数 2 i 等于( ) A. 2i B. 2i C.2 D. 2 2.设 , , 是三个互不重合的平面, l是直线,给出下列命题 ①若 , ,则 ; ②若 l上有两个点到 的距离相等,则 l ; ③若 l , l ∥ ,则 ; ④若 , , l ,则 l . 其中正确的命题是( ) A.①② B.②③ C.②④ D.③④ 3.某超市销售的甲、乙两种品牌的腊肉各占 2 5 , 3 5 的份额,出厂时已知两种品种腊肉亚硝酸盐超 标的概率分别为 1 10 , 1 9 .现一市民在该超市随机挑选了一块腊肉,则该块腊肉亚硝酸盐超标的概率 为( ) A. 8 75 B. 19 90 C. 1 25 D. 1 15 4.若直线 / /a 平面 , / /a 直线平面 , b ,则( ) A. / /a b或 a与b异面 B. / /a b C. a与b异面 D.a与b 相交 5.已知数列 na 中,其前 n项和为 nS ,且 n, na , nS 成等差数列 ( )n N ,则 4a ( ). A.1 B. 4 C. 7 D.15 6.已知函数 , 0, sin , 0. x x f x x x 则下列结论错误..的是( ) A. f x 不是周期函数 B. f x 在 2 , 上是增函数 C. f x 的值域为 1, D. f x 的图象上存在不同的两点关于原点对称 7.函数 3f x x ax ,若对任意两个不等的实数 1 2 1 2,x x x x ,都有 1 2 1 23 3f x f x x x 恒成立,则实数 a的取值范围是( ) A. 2, B. 3, C. , 2 D. ,3 8.已知 0.4 3 0.43 , 0.4 , log 3a b c ,则( ) A.b c a B.b a c C.c a b D. c b a 9.设 设 ㌮ ㌮ ㌮ ʹ 设 ʹ Ͳ ,若 设 ,则实数 Ͳ的取值范围是( ) A. o, B. C. o D. ʹ, 10.意大利著名数学家斐波那契在研究兔子繁殖问题时,发现有这样一列数:1,1,2,3,5,8, 13,21,….该数列的特点是:前两个数都是 1,从第三个数起,每一个数都等于它前面两个数的和, 人们把这样的一列数组成的数列 na 称为“斐波那契数列”,则 2 2 2 2 1 3 2 2 4 3 3 5 4 2017 2019 2018a a a a a a a a a a a a L ( ) A.1 B.2019 C. 1 D. 2019 11.经过椭圆 2 2x 2y 2 的一个焦点作倾斜角为 45的直线 l,交椭圆于 M,N两点,设 O 为坐标 原点,则OM ON 等于 ( ) A. 3 B. 1 3 C. 1 3 D. 1 2 12.定义在 上的函数 是减函数,且函数 的图像关于原点中心对称,若 满足 不等式 ,其中 ,则当 时, 的取值范围是 A. B. C. D. 二、填空题 13.已知 为双曲线 :㌮ Ͳ 设 o Ͳ ʹ ʹ 的右顶点, o 分别为虚轴的两个端点, 为右 焦点,若 o,则双曲线 的离心率是__________. 14.已知等比数列 na 的前 n项和为 nS ,若 24S , 4S , 32S 成等差数列,且 2 3 2a a ,则 6a 的值 是_______. 15.已知向量 a =(2,1), =(-1,2),若 a , 在向量 上的投影相等,且( - a ) ( - )=- ,则向量 的坐标为_______ . 16.某篮球队有12名队员,其中有6名队员打前锋,有 4名队员打后卫,甲、乙两名队员既能打前 锋又能打后卫.若出场阵容为3名前锋, 2名后卫,则不同的出场阵容共有______种. 三、解答题 17.2020年春节期间,新型冠状病毒(2019﹣nCoV)疫情牵动每一个中国人的心,危难时刻全国 人民众志成城.共克时艰,为疫区助力.我国 S省 Q市共 100家商家及个人为缓解湖北省抗疫消 毒物资压力,募捐价值百万的物资对口输送湖北省 H市. (1)现对 100家商家抽取 5家,其中 2家来自 A地,3家来自 B地,从选中的这 5家中,选出 3 家进行调研.求选出 3家中 1家来自 A地,2家来自 B地的概率. (2)该市一商家考虑增加先进生产技术投入,该商家欲预测先进生产技术投入为 49千元的月产增 量.现用以往的先进技术投入 xi(千元)与月产增量 yi(千件)(i=1,2,3,…,8)的数据绘制 散点图,由散点图的样本点分布,可以认为样本点集中在曲线 y a b x 的附近,且: 46.6 563 6.8x y t , , , 8 2 1 289.9i i x x , 8 2 1 1.6i i t t , 8 1 1469i i i x x y y , 8 1 108.8i i i t t y y ,其中, i it x , 8 1 1 8 i i t t ,根据所 给的统计量,求 y关于 x回归方程,并预测先进生产技术投入为 49千元时的月产增量. 附:对于一组数据(u1,v1)(u2,v2),其回归直线 v=α+βu的斜率和截距的最小二乘法估计分别 为 1 2 1 n i ii n ii u u v v v u u u , 18.已知函数 2 2xf x e ax a ,a R . (Ⅰ)讨论 f x 的单调性; (Ⅱ)若函数 f x 有两个零点 1 2,x x ,求 a的取值范围,并证明: 1 21 1 1x x . 19.选修 4-5:不等式选讲 若 0a , 0b , 4a b ab . (Ⅰ)求 a b 的最小值; (Ⅱ)当a b 取得最小值时, a, b的值满足不等式 2 2x a x b t t 对任意的 x R 恒 成立,求 t的取值范围. 20.过抛物线 2: 2 0C y px p 的焦点且斜率为1的直线 l与抛物线C交于 A、 B两点, 8AB . (1)求抛物线C的方程; (2)点 0 0,P x y 为抛物线C上一点,且 0 2 2 2,2 2 2y ,求 PAB 面积的最大值. 21. ABC 的内角 A B C、 、 的对边分别为 , ,a b c,已知 (2 )cos cosc a B b A . (1)求角 B的大小; (2)若 ABC 为锐角三角形,且 2c ,求 ABC 面积的取值范围. 22.在平面直角坐标系 xOy中,直线 1C 的参数方程为 2 cos sin x t y t ( t为参数,0 ), 曲线 2C 的参数方程为 1 2 cos 1 2 sin x y (为参数),以坐标原点为极点, x轴的正半轴为极轴 建立极坐标系. (1)求曲线 2C 的极坐标方程; (2)设曲线 1C 与曲线 2C 的交点分别为 , , (2 0)A B M , ,求 2 2MA MB 的最大值及此时直线 1C 的 倾斜角. 23.(本小题满分 12分) 右图是一个直三棱柱(以 A1B1C1为底面)被一平面所截得到 的几何体,截面为 ABC.已知 A1B1=B1C1=l,∠AlBlC1=90°, AAl=4,BBl=2,CCl=3. (1)设点 O是 AB的中点,证明:OC∥平面 A1B1C1; (2)求二面角 B—AC—A1的大小; (3)求此几何体的体积. 【答案与解析】 1.A 给复数的分子分母同乘以 i,化简即可 2 2 2 2i i i i 故选:A 此题考查复数的运算化简,属于基础题 2.D 根据空间直线与平面,平面与平面的关系对四个命题分别进行判断,得到答案. 命题①,若 , ,则平面 和平面 可能平行,也可能相交, 所以不正确; 命题②,若 l上两个点 A、 B满足线段 AB的中点在平面内, 则 A、 B到 的距离相等,但 l与 相交, 所以不正确; 命题③,因为 l ∥ ,则在平面内 内一定存在一条直线m ,满足m l , 因为 l ,所以m ,而m ,所以 , 所以正确; 命题④,如图,在平面内 内任取一点 P,过 P作 1PA l 于 A, 2PB l 于 B, 因为 1l , , PA , 所以 PA , 而 l ,所以 PA l , 同理, PB l , 而 ,PA PB , PA PB P , 所以 l , 所以正确. 故选:D. 本题考查空间中线面关系命题的判断,面面关系命题的判断,属于简单题. 3.A 分别求出该块亚硝酸盐超标的腊肉来自甲、乙品牌的概率,相加即可得到所求事件的概率. 设一市民在该超市随机挑选了一块腊肉,该块腊肉来自甲品牌且亚硝酸盐超标为事件 A, 该块腊肉来自乙品牌且亚硝酸盐超标为事件 B,则 2 1 1( ) 5 10 25 P A , 3 1 1( ) 5 9 15 P B ,则所求概率为 ( ) ( )P A P B 8 75 . 故选:A 本题考查互斥事件的概率,考查学生的基本计算能力,是一道容易题. 4.B 过 a作平面 交平面 于c,过 作平面 交平面 于 d ,通过线面平行的性质定理、判定定理、 平行公理可以判断出 ,a b的位置关系. 如图,过 a作平面 交平面 于 c,过 作平面 交平面 于 d ,因为 / /a ,所以 / /a c . 因为 / /a ,所以 / /a d . 所以 / /c d ,又 ,c d ,所以 / /c ,又 ,c b ,所以 / /c b,所以 / /a b . 故选:B 本题考查了线面平行的性质定理和判定定理,考查了平行公理,考查了推理论证能力. 5.D ∵ n, na , nS 成等差数列,∴ 2 n na n S ,当 1n 时, 1 12 1a S , 1 1a ,当 2n 时, 12 1 1n na n S ,∴ 12 2 1n n na a a ,即 12 1n na a ,∴ 1 12( 1)n na a ,∴ 1na 是 以 2为首项, 2为公比的等比数列,∴ 1 2nna ,∴ 2 1n na ,∴ 4 4 2 1 15a ,故选D 6.D 函数的图像如下图所示: 由图可知,选项 A、B、C正确,对于 D选项,当 0 2 x 时,x>sinx,当 2 x 时, -1≤sinx≤1,而 x>1,所以 x>sinx,∴当 x>0时,y=sinx与 y=x无交点. 故 f(x)的图像上不存在不同的两点关于原点对称,所以选项 D错误.故选 D. 7.B 将 1 2 1 23 3f x f x x x 恒成立,变形为 1 1 2 23 3f x x f x x 恒成立,可构造函数 ( ) ( ) 3g x f x x ,有 ( )g x 单调递增,则 ( ) 0g x 恒成立,从而求得 a的取值范围. 对任意两个不等的实数 1 2 1 2,x x x x ,都有 1 2 1 23 3f x f x x x 恒成立, 则 1 1 2 23 3f x x f x x 恒成立,即令 ( ) ( ) 3g x f x x ,则 ( )g x 单调递增, 则 2( ) 3 3 0g x x a 恒成立,则 23 3a x 恒成立,得 3 0 a ,则 3a . 故选:B 本题考查了构造函数的思想,函数单调性与导函数的关系的应用,属于中档题. 8.D 分析得到 1,0 1, 0a b c ,即得解. 由题得 0.4 03 3 1a , 3 00.4 0.4 1b ,且 3 00.4b . 0.4 0.4log 3 log 1 0c . 所以 c b a . 故选:D 本题主要考查指数对数的性质,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 9.B 试题分析:由题意 设 ㌮ o ㌮ ,因为 设 ,所以 Ͳ ,又 Ͳ ʹ,所以 o Ͳ 且 Ͳ ʹ,故选 B. 考点:集合的运算,集合的概念. 10.A 计算部分数值,归纳得到 2 2 1 1, 1,n n n n a a a n 为奇数 为偶数 ,计算得到答案. 2 1 3 2 1a a a ; 2 2 4 3 1a a a ; 2 3 5 4 1a a a ; 2 4 6 5 1a a a … 归纳总结: 2 2 1 1, 1,n n n n a a a n 为奇数 为偶数 故 2 2 2 2 1 3 2 2 4 3 3 5 4 2017 2019 2018 1a a a a a a a a a a a a L 故选: A 本题考查了数列的归纳推理,意在考查学生的推理能力. 11.C 椭圆化标准方程为 2 2 1 2 x y ,求得 , ,a b c,设直线方程为 1y x , 代入椭圆方程,求得交点坐标 4 1(0, 1), ( , ) 3 3 M N ,由向量坐标运算求得OM ON . 椭圆方程为 2 2 1 2 x y , 2, 1, 1a b c ,取一个焦点 (1,0)F ,则直线方程为 1y x ,代入椭 圆方程得 23 4 0x x , 4 1(0, 1), ( , ) 3 3 M N , 所以OM ON 1 3 ,选 C. 本题综合考查直线与椭圆相交问题,及向量坐标运算,由于本题坐标好求所以直接求坐标,代入向 量坐标运算.一般如果不好求坐标点,都是用韦达定理设而不求. 12.C 试题分析:定义在 R上的函数 是减函数,且函数 的图象关于原点中心对称,故 为 奇函数.若 满足不等式 ,其中 , .则 댳 댳 , 댳 댳 댳 , 表示图中四边形 及其内部区 域内的点与原点 连线的斜率,故当点 位于线段 上时, 取得最大值为 ,当点 位于点 时, 取得最小值为 .故 的取值范围为 ,所以 C选项是正确的. 考点:奇偶性与单调性的综合. 【易错点睛】本题综合考查了函数的奇偶性,单调性知识,同时考查由最大值,最小值求取值范围 的策略,以及运算能力,属于中档题.另本题还考查了转化与化归思想和数形结合思想.将函数问 题转化为简单的线性规划问题是本题的难点,也是关键点,这样方便了不等式的解决.数形结合是 解决线性规划问题必要的步骤. 13. o 双曲线方程为 ㌮ Ͳ 设 o Ͳ ʹ ʹ ,可得 Ͳ,ʹ , 〵,ʹ , o ʹ , ʹ , ∵ 设 〵 , o 设 Ͳ ,∴由 o得 o 设 ʹ,即 Ͳ〵 设 ʹ, 可得 设 Ͳ〵,即〵 Ͳ〵 Ͳ 设 ʹ,两边都除以Ͳ 可得 o 设 ʹ, 解之得 设 o (舍负)故答案为 o . 14. 32 根据等差等比数列的性质列式求解得 2q ,再利用等比数列各项的关系求解 6a 即可. ∵ 24S , 4S , 32S 成等差数列,∴ 4 2 32 4 2S S S ,即 4 2 2 3S S S S , 所以 3 4 3a a a ,故 4 3 2a a .∴ 2q . 又 2 3 2a a ,则 2 1 2 2a ,所以 2 2a , 4 6 2 32a a q . 故答案为: 32 本题主要考查了等比数列的简单性质,等差中项的运用等,属于基础题. 15.( , ) 设向量 a 的坐标为(x,y),∵b , a 在向量 a 上的投影相等,∴ ,即 , ∴ ,即(x,y) (3,-1)=3x-y=0, 即 ,① ∵( a -b ) ( a - a )=- ,∴(x-2,y-1) (x+1,y-2)=- , ∴(x-2)(x+1)+(y-1)(y-2)=- .② 将 y=3x代入②得,4x2-4x+1=0,即(2x-1)2=0,解得 x= ,则 y= , 即向量 a 的坐标为( , ). 考点:平面向量的数量积坐标表示. 16.636 分三种情况讨论:①甲、乙都不出场;②甲、乙只有一人出场;③甲、乙都出场.分别计算出每种 情况下出场的阵容种数,利用分类加法计数原理即可得出结果. 分以下三种情况讨论: ①甲、乙都不出场,则应从6名打前锋的队员中挑选3人,从4名打后卫的队员中挑选 2人,此时, 出场阵容种数为 3 2 6 4 120C C ; ②甲、乙只有一人出场,若出场的这名队员打前锋,则应从6名打前锋的队员中挑选 2人,从 4名 打后卫的队员中挑选 2人;若出场的这名队员打后卫,则应从6名打前锋的队员中挑选3人,从 4名 打后卫的队员中挑选1人. 此时,出场阵容种数为 1 2 2 3 1 2 6 4 6 4 340C C C C C ; ③甲、乙都出场,若这两名队员都打前锋,则应从6名打前锋的队员中挑选1人,从4名打后卫的 队员中挑选 2人;若这两名队员都打后卫,则应从6名打前锋的队员中挑选3人,从4名打后卫的 队员中不用挑选;若这两名队员一人打前锋、一人打后卫,则应从6名打前锋的队员中挑选 2人, 从 4名打后卫的队员中挑选1人,此时,出场阵容种数为 1 2 3 0 1 2 1 6 4 6 4 2 6 4 176C C C C C C C . 综上所述,由分类加法计数原理可知,共有120 340 176 636 种不同的出场阵容. 故答案为:636 . 本题考查排列组合的综合应用,解题的关键就是对甲、乙这两名特殊队员的角色安排进行分类讨论, 考查分类讨论思想的应用,有一定的难度. 17.(1)0.6;(2)y=100.6+68 x,576.6千件. (1)设 A地 2家分为 A1,A2,B地 3家分为 B1,B2,B3,由题意得,所有情况为 10种,满足条件 的有 6种,求出即可; (2)由线性回归方程公式,求出 a,b,再求出线性回归方程,取 x=49代入求出即可. (1)设 A地 2家分为 A1,A2,B地 3家分为 B1,B2,B3,由题意得,所有情况为: (A1,A2,B1),(A1,A2,B2),(A1,A2,B3),(A1,B1,B2),(A1,B1,B3), (A1,B2,B3),(A2,B1,B2),(A2,B1,B3),(A2,B2,B3),(B1,B2,B3), 共 10种,其中 A地 1家,B地 2家的有 6个,故所求的概率为 6 0.6 10 ; (2)由线性回归方程公式, 8 1 8 2 1 108.8 68 1.6 ( ) i ii ii t t y y b t t , 且 a 563 68 6.8 100.6y bt , 所以线性回归方程为:y=100.6+68 x, 当 x=49时,年销售量 y的预报值 y=100.6+68×7=576.6千件, 故预测先进生产技术投入为 49千元时的月产增量为 576.6千件. 本题考查了古典概型求概率,求线性回归方程,考查了运算能力,中档题. 18.(Ⅰ)见解析(Ⅱ) 1 2 a ,见解析 (Ⅰ)求导后,分 0a 及 0a 讨论即可; (Ⅱ)由(Ⅰ)知, f x 有两个零点 1 2,x x ,必须有 0a 且最小值 ln 2ln 2 2 ln 2 2 2 ln 2 0af a e a a a a a ,即可得到 1 2 a ,因为 f x 有两个零点 1 2,x x , 不妨设 1 2x x ,则 1 2ln 2x a x ,即 1 2 1 22 1 1 4 x xe x x a ,要证: 1 21 1 1x x ,即证: 1 2 2 1 4 x xe a ,即证: 2 22ln 2f x f a x ,令 2ln2 4 4 ln 2 ln 2x a xe e ax a a x ag x , 利用导数研究函数的单调性,即可得证; 解:(Ⅰ) 2xf x e a , 当 0a 时, 0f x , f x 在 , 上单调递增; 当 0a 时,当 ln 2x a 时, 0f x , f x 在 ln 2 ,a 上单调递增; 当 ln 2x a 时, 0f x , f x 在 , ln 2a 上单调递减. 综上可知,当 0a 时, f x 在 , 上单调递增; 当 0a 时, f x 在 ln 2 ,a 上单调递增,在 , ln 2a 上单调递减. (Ⅱ)由(Ⅰ)知, f x 有两个零点 1 2,x x , 必须有 0a 且最小值 ln 2ln 2 2 ln 2 2 2 ln 2 0af a e a a a a a , ∴ ln 2 0a ,∴ 1 2 a , 又∵当 x时, f x ;当 x时, f x , ∴ 1 2 a , f x 有两个零点 1 2,x x ,不妨设 1 2x x ,∴ 1 2ln 2x a x , 此时 1 1 12 2 0xf x e ax a , 2 2 22 2 0xf x e ax a , 即 1 12 1x a xe , 2 22 1x a xe , ∴ 1 2 1 22 1 1 4 x xe x x a , 要证: 1 21 1 1x x ,即证: 1 2 2 1 4 x xe a , 即证: 1 2 24x xe a ,即证: 1 2 2ln 2x x a ,即证: 1 22ln 2x a x , 又 1 2ln 2x a x ,∴ 1 22ln 2 ln 2x a x a , 即证: 1 22ln 2f x f a x ,即证: 2 22ln 2f x f a x , 令 2ln 22 2 2 2ln 2 2x a xe ax a eg a a x ax 2ln2 4 4 ln 2 ln 2x a xe e ax a a x a , 2 2ln 2 244 4 2 4 4 0x a x x x ag x e e a e a a a e ,当仅当 ln 2x a 取“ ”, ∴ g x 在 ln 2 ,a 上为增函数,∴ ln 2 0g x g a , ∴ 2 22ln 2f x f a x 成立, ∴ 1 21 1 1x x 成立. 本题考查利用导数研究函数的单调性及函数的零点问题,考查转化思想,构造函数思想以及推理论 证,运算求解能力,属于难题. 19.(1)9;(2) 1,3t . 【试题分析】(1)依据题设进行巧妙变形,再运用基本不等式分析求解;(2)依据题设借助绝对值 的几何意义分析探求: (1) 4a b ab 4 1 1 b a , 所以 4 1a b a b b a 45 a b b a 45 2 9a b b a ,当且仅 4a b b a 当时,即 2b a 时, a b 有最小值 9,由 4a b ab ,可求得此时 3a , 6b ; (Ⅱ)对任意的 x R , x a x b 3 6 3x x 恒成立,所以 23 2t t ,解得 1,3t . 20.(1) 2 4y x ;(2) 4 2 . (1)设点 1 1,A x y 、 2 2,B x y ,由题意可得直线 l的方程为 2 py x ,与抛物线C的方程联立, 列出韦达定理,利用抛物线的焦点弦公式求出 p的值,即可得出抛物线C的方程; (2)可得出直线 l的方程为 1 0x y ,由点 P在抛物线C上可得出 2 0 0 4 yx ,然后利用二次函 数的基本性质可求出点 P到直线 l距离的最大值,由此可得出 PAB 面积的最大值. (1)抛物线 2: 2C y px 的焦点为 ,0 2 pF ,直线 l的方程为 2 py x . 设 1 1,A x y 、 2 2,B x y .由 2 2 2 py x y px ,得 2 2 3 0 4 px px . 2 2 23 4 1 8 0 4 pp p , 1 2 3x x p , 故 1 2 4 8AB AF BF x x p p ,所以 2p , 因此抛物线C的方程为 2 4y x ; (2)由(1)得 l的方程为 1 0x y . P到直线 l的距离为 2 20 0 0 0 0 11 2 21 4 4 2 2 2 y y yx y d . 因 0 2 2 2,2 2 2y ,所以 20 12 2 2 0 4 y , 所以 20 12 2 4 2 2 y d , 因此 1 4 2 2PABS AB d ,所以 PAB 面积的最大值为 4 2 . 本题考查抛物线标准方程的求解,同时也考查了抛物线中三角形面积最值的计算,涉及二次函数基 本性质的应用,考查计算能力,属于中等题. 21.(1) 3 B (2) 3 ,2 3 2 (1)利用正弦定理边角互化的思想以及两角和的正弦公式、三角形的内角和定理以及诱导公式求 出 cosB的值,结合角 B的范围求出角 B的值; (2)由三角形的面积公式得 1 3sin 2 2ABCS ac B a ,由正弦定理结合内角和定理得出 3 1 tan a C ,利用 ABC 为锐角三角形得出C的取值范围,可求出 a的范围,进而求出 ABC 面 积的取值范围. (1) 2 cos cosc a B b A Q , 由正弦定理边角互化思想得 2sin sin cos sin cosC A B B A , 所以, 2sin cos sin cos cos sin sin sinC B A B A B A B C , sin 0C Q , 1cos 2 B , 0 B , 3 B ; (2)由题设及(1)知 ABC 的面积 3 2ABCS a . 由正弦定理得 22sin sin 33 1 sin sin tan C c Aa C C C . 由于 ABC 为锐角三角形,故0 , 0 2 2 A C ,由(1)知 2 3 A C , 所以 6 2 C ,故1 4a ,从而 3 2 3 2 ABCS △ . 因此 ABC 面积的取值范围是 3 ,2 3 2 . 本题考查正弦定理解三角形以及三角形面积的取值范围的求解,在解三角形中,等式中含有边有角, 且边的次数相等时,可以利用边角互化的思想求解,一般优先是边化为角的正弦值,求解三角形中 的取值范围问题时,利用正弦定理结合三角函数思想进行求解,考查计算能力,属于中等题. 22.(1) 2cos 2sin (2)最大值为 8,此时直线 1C 的倾斜角为 4 (1)先将曲线 2C 的参数方程化为代数方程,再将此平面直角坐标系的代数方程化为极坐标方程; (2)将直线 1C 的参数方程代入曲线 2C 的代数方程,得出当 2 2MA MB 取最大值时直线 1C 的参 数. (1)因为曲线 2C 的参数方程为 1 2 cos , ( 1 2 sin x y 为参数),所以曲线 2C 的普通方程为 2 21 1 2x y ,即 2 2 2 2 0x y x y , 所以曲线 2C 的极坐标方程为 2 2 cos 2 sin 0 ,即 2cos 2sin . (2)设直线 1C 上的点 A B, 对应的参数分别为 1 2t t, , 将直线 1C 的参数方程代入曲线 2C 的普通方程,可得 2 2cos 1 sin 1 2t t ,即 2 2 sin cos 0t t 所以 1 2 2 sin cost t , 1 2 0t t . 故 2 22 2 2 2 1 2 1 2 1 22 4 sin cos 4 1 sin 2MA MB t t t t t t , 所以当 sin 2 1 ,即 4 时, 2 2MA MB 取得最大值,最大值为 8,此时直线 1C 的倾斜角为 4 . 本题考查曲线的参数方程与普通方程的互化,极坐标方程与直角坐标方程的互化,考查直线参数方 程中参数的几何意义,考查考生的运算求解能力。 23.(1)OC∥平面 A1B1C1 (2) 二面角的大小为 ʹ (3) (1)证明:作 o交 o o于 ,连 o . 则 o o. 因为 是 的中点, 所以 设 o o o 设 设 o. 则 o 是平行四边形,因此有 o . o 平面 o 且 平面 o , 则 面 o . (2)如图,过 作截面 面 o ,分别交 o, o于 , . 作 于 ,连 . 因为 o o o面 o o o,所以 o ,则 平面 o. 又因为 设 , 设 , 设 设 . 所以 ,根据三垂线定理知 ,所以 就是所求二面角的平面角. 因为 设 ,所以 sin 设 设 o ,故 设 ʹ , 即:所求二面角的大小为 ʹ . (3)因为 设 ,所以 所求几何体体积为 . 解法二: (1)如图,以 o为原点建立空间直角坐标系, 则 , ʹ,o, , ,因为 是 的中点,所以 设 , 设 o, o ,ʹ . 易知, 设 ʹ,ʹ,o 是平面 o 的一个法向量. 因为 设 ʹ,ʹ,o , 平面 o ,所以 平面 o . (2) 设 ʹ, o, , 设 o,ʹ,o , 设 设 ㌮, , 是平面 的一个法向量,则 则 得: 设 ʹ ㌮ 设 ʹ 取 ㌮ 设 设 o, 设 o, , o . 显然, 设 o,o,ʹ 为平面 o,ʹ, 的一个法向量. 则 , 结合图形可知所求二面角为锐角. 所以二面角 设 o,ʹ,o 的大小是 ʹ . (3)同解法一.查看更多