宁夏石嘴山市第三中学2021届高三上学期期中数学(理)试题(图片版)

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宁夏石嘴山市第三中学2021届高三上学期期中数学(理)试题(图片版)

12‎ 12‎ 12‎ 12‎ ‎2020——2021年高三第一学期数学期中试卷(理科答案)‎ BADB CABD CABA ‎1.答案 B 解析 集合A表示单位圆上的所有的点,集合B表示直线y=x上的所有的点.A∩B表示直线与圆的公共点,显然,直线y=x经过圆x2+y2=1的圆心(0,0),故共有两个公共点,即A∩B中元素的个数为2,故选B.‎ ‎2.答案 A 解析 条件p:a2+a≠0,即a≠0且a≠-1.故条件p:a2+a≠0是条件q:a≠0的充分不必要条件.也可利用逆否命题的等价性解决.‎ ‎3.答案 D 解析 A中,命题“若|x|=5,则x=5”的否命题为“若|x|≠5,则x≠5”,故A不正确;B中,由x2-5x-6=0,解得x=-1或x=6,所以“x=-1”是“x2-5x-6=0”的充分不必要条件,故B不正确;C中,“∃x0∈R,3x+2x0-1>0”的否定是“∀x∈R,3x2+2x-1≤0”,故C不正确;D中,命题“若x=y,则sinx=siny”为真命题,因此其逆否命题为真命题,D正确,故选D.‎ ‎4.答案 B 解析 f[f(x)]=f[lg (1-x)]=lg [1-lg (1-x)],则⇒-9b时,y>0,由此可以排除A,B.又当x≤b时,y≤0,从而可以排除D.故选C.‎ ‎6.答案 A 解析 ∵f(x)=-x2+4x+a=-(x-2)2+a+4,‎ ‎∴函数f(x)=-x2+4x+a在[0,1]上单调递增,∴当x=0时,f(x)取得最小值,当x=1时,f(x)取得最大值,∴f(0)=a=-2,f(1)=3+a=3-2=1,故选A.‎ ‎7.答案 B 解析 由已知得a=80.1,b=90.1,c=70.1,构造幂函数y=x0.1,x∈(0,+∞‎ 12‎ ‎),根据幂函数的单调性,知c<a<b.‎ ‎8.答案 D 解析 由图象知f(x)是减函数,所以00,所以b<0.故选D.‎ ‎9.答案 C 解析 由题意可得 或解得a>1或-10,∴g′(x)=ex[f(x)-1+f′(x)]>0,∴g(x)是R上的增函数,又f(0)=2,∴g(0)=1,∴exf(x)>ex+1,即g(x)>g(0),∴x>0.故选A.‎ 第Ⅱ卷 (非选择题,共90分)‎ 二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分) 司长生批 12‎ ‎13.答案  解析  (sinx-mcosx)dx=(-cosx-msinx)=(0-m)-(-1-0)=m,解得m=.‎ ‎14.答案  解析 原式=+4sin20°‎ ‎= ‎== ‎== ‎==.‎ ‎15.答案 6 解析 由余弦定理,得b2=a2+c2-2accosB.‎ 又b=6,a=2c,B=,‎ ‎∴36=4c2+c2-2×2c2×,‎ ‎∴c=2,∴a=4,‎ ‎∴S△ABC=acsinB=×4×2×=6.‎ ‎16.答案 ‎ 解析 ①中,f(-x)=sin|-x|+|sin(-x)|=sin|x|+|sinx|=f(x),‎ ‎∴f(x)是偶函数,①正确.‎ ‎②中,当x∈时,f(x)=sinx+sinx=2sinx,函数单调递减,②错误.‎ ‎③中,当x=0时,f(x)=0,‎ 12‎ 当x∈(0,π]时,f(x)=2sinx,令f(x)=0,得x=π.‎ 又∵f(x)是偶函数,‎ ‎∴函数f(x)在[-π,π]上有3个零点,③错误.‎ ‎④中,∵sin|x|≤|sinx|,∴f(x)≤2|sinx|≤2,‎ 当x=+2kπ(k∈Z)或x=-+2kπ(k∈Z)时,‎ f(x)能取得最大值2,故④正确.‎ 综上,①④正确.‎ 三、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤) ‎ ‎17司长生批 ‎.解(1)若a=1,则f(x+1)=(x+1)|x|,‎ ‎∴f(1)=f(0+1)=0,f(2)=f(1+1)=2.‎ ‎(2)令x+a=t,则x=t-a,‎ ‎∴f(t)=t|t-a|,‎ ‎∴f(x)=x|x-a|(x∈R).‎ ‎(3)∵f(1)>2,‎ ‎∴|1-a|>2,‎ ‎∴a-1>2或a-1<-2,‎ ‎∴a>3或a<-1.‎ ‎∴a的取值范围为(-∞,-1)∪(3,+∞). 司长生批 ‎18. 司长生批 解 (1)coscos ‎=cossin ‎=sin=-,‎ 即sin=-,‎ 12‎ 因为α∈,所以2α+∈,‎ 所以cos=-,‎ 所以sin2α=sin ‎=sincos-cossin ‎=-×-×=.‎ ‎(2)因为α∈,所以2α∈,‎ 又由(1)知sin2α=,所以cos2α=-.‎ 所以tanα-=-= ‎==-2×=2. 司长生批 ‎19.董红香批 解 (1)由题意,得f′(x)=a-bex,‎ 又f′(0)=a-b=a-1,∴b=1.‎ ‎(2)f′(x)=a-ex.‎ 当a≤0时,f′(x)<0,f(x)在R上单调递减,f(x)没有最值;‎ 当a>0时,令f′(x)<0,得x>ln a,‎ 令f′(x)>0,得x0时,f(x)的最大值为aln a-a,无最小值. 董红香批 ‎20. 董红香批 解 (1)当00),‎ ‎∵曲线y=f(x)在点(e,f(e))处的切线与直线x-2=0垂直,‎ ‎∴f′(e)=0,即-=0,得k=e,‎ ‎∴f′(x)=-=(x>0),‎ 由f′(x)<0得00得x>e,‎ ‎∴f(x)在(0,e)上单调递减,在(e,+∞)上单调递增.‎ 当x=e时,f(x)取得极小值,‎ 且f(e)=ln e+=2.‎ ‎∴f(x)的极小值为2.‎ ‎(2)由题意知,对任意的x1>x2>0,‎ f(x1)-f(x2)0),‎ 则h(x)在(0,+∞)上单调递减,‎ ‎∴h′(x)=--1≤0在(0,+∞)上恒成立,‎ 即当x>0时,k≥-x2+x=-2+恒成立,‎ 12‎ ‎∴k≥.故k的取值范围是.‎ 12‎
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