【数学】2021届一轮复习人教版（理）第7章第7讲立体几何中的向量方法作业

【数学】2021届一轮复习人教版（理）第7章第7讲立体几何中的向量方法作业

对应学生用书[练案52理]‎ 第七讲　立体几何中的向量方法(理)‎ A组基础巩固 一、选择题 ‎1．(2020·东营质检)已知A(1,0,0)，B(0，－1,1)，＋λ与的夹角为120°，则λ的值为(　C　)‎ A．±　 B．　‎ C．－　 D．± ‎[解析]　＋λ＝(1，－λ，λ)，‎ cos120°＝＝－，得λ＝±.经检验λ＝不合题意，舍去，∴λ＝－.‎ ‎2．在空间直角坐标系O－xyz中，平面OAB的法向量为a＝(2，－2,1)，已知P(－1,3,2)，则P到平面OAB的距离等于(　B　)‎ A．4　 B．2　‎ C．3　 D．1‎ ‎[解析]　设点P到平面OAB的距离为d，则d＝，因为a＝(2，－2,1)，P(－1,3,2)，所以d＝＝2.故选B．‎ ‎3．如图所示，正方体ABCD－A1B‎1C1D1中，M，N分别为下底面ABCD和上底面A1B‎1C1D1的中心，则B‎1M与AN所成角的余弦值等于(　B　)‎ A．－　 B．　‎ C．－　 D． ‎[解析]　如图，以D为坐标原点，分别以DA，DC，DD1所在直线为x轴，y轴，z轴建立空间直角坐标系D－xyz.‎ 设AB＝2，B‎1M与AN所成角为θ，则A(2,0,0)，M(1,1,0)，B1(2,2,2)，N(1,1,2)，‎ 所以＝(－1,1,2)，＝(－1，－1，－2)．‎ 故cos，＝ ‎＝ ‎＝－.‎ 因为两异面直线所成角的范围是(0，]，所以cosθ＝.故选B．‎ ‎4．在四棱锥P－ABCD中，＝(4，－2,3)，＝(－4,1,0)，＝(－6,2，－8)，则这个四棱锥的高h等于(　B　)‎ A．1　 B．2　‎ C．13　 D．26‎ ‎[解析]　设平面ABCD的法向量为n＝(x，y，z)，‎ 则即 令y＝4，则n＝(1,4，)，‎ 则cosn，＝＝＝－，‎ ‎∴h＝×2＝2.‎ ‎5．在各棱长均相等的直三棱柱ABC－A1B‎1C1中，已知M是棱BB1的中点，N是棱AC的中点，则异面直线A‎1M与BN所成角的正切值为(　C　)‎ A．　 B．1　‎ C．　 D． ‎[解析]　以N为坐标原点，NB，NC所在的直线分别为x轴，y轴，过点N与平面ABC 垂直的直线为z轴，建立如图所示的空间直角坐标系，设AB＝2，则N(0,0,0)，A1(0，－1,2)，B(，0,0)，M(，0,1)，所以＝(，0,0)，＝(，1，－1)，设直线A‎1M与BN所成的角为θ，则cosθ＝|cos，|＝＝＝，则sinθ＝，tanθ＝，故选C项．‎ ‎6．在直三棱柱ABC－A1B‎1C1中，∠BCA＝90°，M，N分别是A1B1，A‎1C1的中点，BC＝CA＝CC1，则BM与AN所成角的余弦值为(　C　)‎ A．　 B．　‎ C．　 D． ‎[解析]　以点C为坐标原点，CA，CB，CC1所在直线分别为x轴、y轴、z轴，建立如图所示的空间直角坐标系．‎ 设BC＝CA＝CC1＝2，则可得A(2,0,0)，B(0,2,0)，M(1,1,2)，N(1,0,2)，‎ ‎∴＝(1，－1,2)，＝(－1,0,2)．‎ ‎∴cos，＝ ‎＝＝＝.‎ ‎7．(2019·上海松江、闵行区模拟)如图，点A，B，C分别在空间直角坐标系O－xyz的三条坐标轴上，＝(0,0,2)，平面ABC的法向量为n＝(2,1,2)，设二面角C－AB－O的大小为 θ，则cos θ等于(　C　)‎ A．　 B．　‎ C．　 D．－ ‎[解析]　由题意可知，平面ABO的一个法向量为＝(0,0,2)，‎ 由图可知，二面角C－AB－O为锐角，‎ 由空间向量的结论可知，cos θ＝＝＝.‎ ‎8．(2019·黑龙江哈尔滨期末)三棱柱ABC－A1B‎1C1底面为正三角形，侧棱与底面垂直，若AB＝2，AA1＝1，则点A到平面A1BC的距离为(　B　)‎ A．　 B．　‎ C．　 D． ‎[解析]　如图建立空间直角坐标系，则＝(0,0,1)，＝(，1，－1)，＝(0,2，－1)，‎ 设平面A1BC的法向量为n＝(x，y，z)，‎ 则不妨取z＝2，‎ 则x＝，y＝1，∴n＝(，1,2)，‎ ‎∴A到平面A1BC的距离d＝＝.故选B．‎ ‎9．(2019·河南安阳)二面角的棱上有A，B两点，直线AC，BD分别在这个二面角的两个半平面内，且都垂直于AB．已知AB＝4，AC＝6，BD＝8，CD＝2，则该二面角的大小为(　C　)‎ A．150°　 B．45°　‎ C．60°　 D．120°‎ ‎[解析]　二面角的大小为，，‎ ‎∵＝－－，‎ 两边平方得68＝36＋16＋64－96cos，，‎ ‎∴cosAC，＝，∴，＝60°，故选C．‎ 二、解答题 ‎10．如图，四边形ABCD为菱形，∠ABC＝120°，E，F是平面ABCD同一侧的两点，BE⊥平面ABCD，DF⊥平面ABCD，BE＝2DF，AE⊥EC．‎ ‎(1)求证：平面AEC⊥平面AFC；‎ ‎(2)求直线AE与直线CF所成角的余弦值．‎ ‎[解析]　(1)连接BD．设BD∩AC＝G，‎ 连接EG，FG，EF.‎ 在菱形ABCD中，不妨设GB＝1.‎ 由∠ABC＝120°，可得AG＝GC＝.‎ 由BE⊥平面ABCD，AB＝BC，可得AE＝EC．‎ 又AE⊥EC，所以EG＝，且EG⊥AC．‎ 在Rt△EBG中，可得BE＝，故DF＝.‎ 在Rt△FDG中，可得FG＝.‎ 在直角梯形BDFE中，由BD＝2，BE＝，DF＝，可得EF＝.‎ 从而EG2＋FG2＝EF2，所以EG⊥FG.‎ 又AC∩FG＝G，可得EG⊥平面AFC．‎ 因为EG⊂平面AEC，‎ 所以平面AEC⊥平面AFC．‎ ‎(2)如图，以G为坐标原点，分别以，的方向为x轴，y轴正方向，||为单位长，建立空间直角坐标系G－xyz.‎ 由(1)可得A(0，－，0)，E(1,0，)，F(－1,0，)，‎ C(0，，0)，‎ 所以＝(1，，)，＝(－1，－，)．‎ 故cos，＝＝－.‎ 所以直线AE与直线CF所成角的余弦值为.‎ ‎11．(2020·广东惠州调研)在四棱锥P－ABCD中，侧面PAD⊥底面ABCD，底面ABCD为直角梯形，BC∥AD，∠ADC＝90°，BC＝CD＝1，AD＝2，PA＝PD＝，E为AD的中点，F为PC的中点．‎ ‎(1)求证：PA∥平面BEF；‎ ‎(2)求二面角F－BE－A的余弦值．‎ ‎[解析]　(1)连接AC交BE于N ，并连接CE，FN，‎ ‎∵BC∥AD，BC＝AD，E为AD的中点，‎ ‎∴AE∥BC，且AE＝BC，‎ ‎∴四边形ABCE为平行四边形，‎ ‎∴N为AC中点，又F为PC中点，∴NF∥PA，‎ ‎∵NF⊂平面BEF，PA⊄平面BEF，‎ ‎∴PA∥平面BEF.‎ ‎(2)连接PE，由E为AD的中点及PA＝PD＝，‎ 得PE⊥AD，则PE＝，‎ ‎∵侧面PAD⊥底面ABCD，且交于AD，‎ ‎∴PE⊥面ABCD，‎ 如图所示，以E为原点，EA、EB、EP分别为x、y、z轴建立空间直角坐标系，‎ 则E(0,0,0)，A(1,0,0)，B(0,1,0)，C(－1,1,0)，P(0,0，)．‎ ‎∵F为PC的中点，∴F(－，，)，‎ ‎∴＝(0,1,0)，＝(－，，)，‎ 设平面EBF法向量为m＝(x，y，z)，则 ⇒ 取m＝(，0,1)，平面EBA法向量可取：n＝(0,0,1)，‎ 设二面角F－BE－A的大小为θ，显然θ为钝角，‎ ‎∴cos θ＝－|cosm，n|＝－＝－，‎ ‎∴二面角F－BE－A的余弦值为－.‎ ‎12．(2019·银川模拟)如图，在三棱柱ABC－A1B‎1C1中，侧面ABB‎1A1是矩形，∠BAC＝90°，AA1⊥BC，AA1＝AC＝2AB＝4，且BC1⊥A‎1C．‎ ‎(1)求证：平面ABC1⊥平面A1ACC1；‎ ‎(2)设D是A‎1C1的中点，判断并证明在线段BB1上是否存在点E，使得DE∥平面ABC1.若存在，求二面角E－AC1－B的余弦值．‎ ‎[解析]　(1)在三棱柱ABC－A1B‎1C1中，侧面ABB‎1A1是矩形，‎ ‎∴AA1⊥AB，又AA1⊥BC，AB∩BC＝B，‎ ‎∴A‎1A⊥平面ABC，∴A‎1A⊥AC．‎ 又A‎1A＝AC，∴A‎1C⊥AC1.‎ 又BC1⊥A‎1C，BC1∩AC1＝C1，‎ ‎∴A‎1C⊥平面ABC1，‎ 又A‎1C⊂平面A1ACC1，‎ ‎∴平面ABC1⊥平面A1ACC1.‎ ‎(2)当E为BB1的中点时，连接AE，EC1，DE，如图1，取A‎1A的中点F，连接EF，FD，‎ ‎∵EF∥AB，DF∥AC1，‎ 又EF∩DE＝F，AB∩AC1＝A，‎ ‎∴平面EFD∥平面ABC1，则有DE∥平面ABC1.‎ 以A为坐标原点，AB，AC，AA1所在的直线分别为x轴、y轴、z轴建立如图所示的空间直角坐标系，‎ 因为AA1＝AC＝2AB＝4，‎ ‎∴A(0,0,0)，B(2,0,0)，C1(0,4,4)，C(0,4,0)，E(2,0,2)，A1(0,0,4)，‎ 由(1)知，＝(0,4，－4)是平面ABC1的一个法向量．‎ 设n＝(x，y，z)为平面AC1E的法向量，‎ ‎∵＝(0,4,4)，＝(2,0,2)，‎ ‎∴，即，‎ 令z＝1，则x＝－1，y＝－1，‎ ‎∴n＝(－1，－1,1)为平面AC1E的一个法向量．‎ 设与n的夹角为θ，则cosθ＝＝－，‎ 由图知二面角E－AC1－B为锐角，‎ ‎∴二面角E－AC1－B的余弦值为.‎ B组能力提升 ‎1．(2019·广东江门模拟)如左图，平面五边形ABCDE中，∠B＝∠BAD＝∠E＝∠CDE＝90°，CD＝DE＝AE，将△ADE沿AD折起，得到如右图的四棱锥P－ABCD．‎ ‎(1)证明：PC⊥AD；‎ ‎(2)若平面PAD⊥平面ABCD，求直线PB与平面PCD用成角的正弦值．‎ ‎[解析]　(1)证明：取AD的中点F，连接PF、CF.‎ 由已知，左图CDEA是正方形，因为正方形的对角线互相垂直平分，所以PF⊥AD(即EF⊥AD)、CF⊥AD，‎ 因为PF∩CF＝F，所以AD⊥平面PCF，‎ PC⊂平面PCF，所以PC⊥AD．‎ ‎(2)由(1)和平面PAD⊥平面ABCD知，PF⊥平面ABCD，‎ 从而PF、CF、AF两两互相垂直，以F为原点，以、、为单位正交基底建立空间直角坐标系Oxyz，‎ 则P(0,0,1)、B(1,1,0)、C(0,1,0)、D(－1,0,0)，‎ 设n＝(x，y，z)是平面PCD的一个法向量，‎ 则，‎ 取x＝1，则y＝z＝－1，‎ 故n＝(1，－1，－1)，＝(1,1，－1)，‎ 直线PB与平面PCD所成角的正弦值为 ‎|cos，n|＝＝.‎ ‎2．(2019·黑龙江省大庆实验中学押题卷)如图，在三棱柱ABC－A1B‎1C1中，侧面ACC‎1A1⊥底面ABC，AA1＝A‎1C＝AC，AB＝BC，AB⊥BC，E，F分别为AC，B‎1C1的中点．‎ ‎(1)求证：直线EF∥平面ABB‎1A1；‎ ‎(2)求二面角A1－BC－B1的余弦值．‎ ‎[解析]　(1)证明：取A‎1C1的中点G，连接EG，FG，由于E，F分别为AC，B‎1C1的中点，所以FG∥A1B1.‎ 又A1B1⊂平面ABB‎1A1，FG⊄平面ABB‎1A1，‎ 所以FG∥平面ABB‎1A1.又AE∥A‎1G且AE＝A‎1G，‎ 所以四边形AEGA1是平行四边形．‎ 则EG∥AA1.又AA1⊂平面ABB‎1A1，EG⊄平面ABB‎1A1，所以EG∥平面ABB‎1A1.‎ 所以平面EFG∥平面ABB‎1A1.又EF⊂平面EFG，‎ 所以直线EF∥平面ABB‎1A1.‎ ‎(2)令AA1＝A‎1C＝AC＝2，‎ 由于E为AC中点，则A1E⊥AC，‎ 又侧面AA‎1C1C⊥底面ABC，交线为AC，A1E⊂平面A‎1AC，‎ 则A1E⊥平面ABC，连接EB，可知EB，EC，EA1两两垂直．‎ 以E为原点，分别以EB，EC，EA1所在直线为x，y，z轴，建立空间直角坐标系，‎ 则B(1,0,0)，C(0,1,0)，A1(0,0，)，‎ A(0，－1,0)，B1(1,1，)，‎ 所以＝(－1,1,0)，＝(－1,0，)，‎ ＝＝(0,1，)，‎ 令平面A1BC的法向量为n1＝(x1，y1，z1)，‎ 则，‎ 令x1＝，则n1＝(，，1)‎ 令平面B1BC的法向量为n2＝(x2，y2，z2)‎ 则，‎ 令x2＝，则n2＝(，，－1)‎ 由cosn1，n2＝＝，‎ 故二面角A1－BC－B1的余弦值为.‎ ‎3．(2019·海南模拟)如图，在四棱锥P－ABCD中，PA⊥平面ABCD，AD∥BC，AD⊥CD，且AD＝CD＝2，BC＝4，PA＝2.‎ ‎(1)求证：AB⊥PC；‎ ‎(2)在线段PD上是否存在一点M，使得二面角M－AC－D的大小为45°，如果存在，求BM与平面MAC所成角的正弦值，如果不存在，请说明理由．‎ ‎[解析]　 (1)证明：如图， 由已知得四边形ABCD是直角梯形，‎ 由AD＝CD＝2，BC＝4，‎ 可得△ABC是等腰直角三角形，即AB⊥AC，‎ 因为PA⊥平面ABCD，所以PA⊥AB，又PA∩AC＝A，‎ 所以AB⊥平面PAC，所以AB⊥PC．‎ ‎(2)建立如图所示的空间直角坐标系，则A(0,0,0)，C(2，2，0)，D(0,2，0)，P(0,0,2)，B(2，－2，0)，＝(0,2，－2)，＝(2，2，0)．‎ 设＝t(0

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