浙江省温州中学2020届高三下学期3月模拟测试数学试题 Word版含解析

浙江省温州中学2020届高三下学期3月模拟测试数学试题 Word版含解析

www.ks5u.com 浙江省温州中学2020年3月高考模拟测试 高三数学试卷 参考公式：‎ 如果事件A，B互斥，那么 如果事件A，B相互独立，那么 如果事件A在一次试验中发生的概率是p，那么n次独立重复试验中事件A恰好发生k次的概率 ‎（，1，2，…，n）‎ 台体的体积公式 其中，分别表示台体的上、下底面积，h表示台体的高 柱体的体积公式 其中S表示柱体的底面积，h表示柱体的高 椎体的体积公式 其中S表示椎体的底面积，h表示椎体的高 球的表面积公式 球的体积公式 其中R表示球的半径 第I卷（选择题，共40分）‎ 一、选择题：本大题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.‎ - 24 -‎ ‎1.已知集合，集合，则等于（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先化简集合,再求其交集.‎ ‎【详解】根据题意可得集合,集合,‎ ‎,‎ 故选:A.‎ ‎【点睛】本题考查交集运算,考查解不等式,属于简单题.‎ ‎2.在平面直角坐标系中，经过点，渐近线方程为的双曲线的标准方程为（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据所求双曲线的渐近线方程为，可设所求双曲线的标准方程为k．再把点代入，求得 k的值，可得要求的双曲线的方程．‎ ‎【详解】∵双曲线的渐近线方程为设所求双曲线的标准方程为k．又在双曲线上，则k=16-2=14,即双曲线的方程为∴双曲线的标准方程为 故选B - 24 -‎ ‎【点睛】本题主要考查用待定系数法求双曲线的方程，双曲线的定义和标准方程，以及双曲线的简单性质的应用，属于基础题．‎ ‎3.设变量满足约束条件，则目标函数的最大值是（ ）‎ A. 7 B. 5 C. 3 D. 2‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由约束条件作出可行域，化目标函数为直线方程的斜截式，数形结合得到最优解，联立方程组求得最优解的坐标，把最优解的坐标代入目标函数得结论.‎ ‎【详解】‎ 画出约束条件，表示的可行域，如图，‎ 由可得，‎ 将变形为，‎ 平移直线，‎ 由图可知当直经过点时，‎ 直线在轴上的截距最大，‎ 最大值为，故选B.‎ - 24 -‎ ‎【点睛】本题主要考查线性规划中，利用可行域求目标函数的最值，属于简单题.求目标函数最值的一般步骤是“一画、二移、三求”：（1）作出可行域（一定要注意是实线还是虚线）；（2）找到目标函数对应的最优解对应点（在可行域内平移变形后的目标函数，最先通过或最后通过的顶点就是最优解）；（3）将最优解坐标代入目标函数求出最值.‎ ‎4.若复数，，其中是虚数单位，则的最大值为( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由复数的几何意义可得表示复数，对应的两点间的距离，由两点间距离公式即可求解.‎ ‎【详解】由复数的几何意义可得，复数对应的点为，复数对应的点为，所以，其中，‎ 故选C ‎【点睛】本题主要考查复数的几何意义，由复数的几何意义，将转化为两复数所对应点的距离求值即可，属于基础题型.‎ ‎5.是的（ ）‎ A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件 C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 分别判断充分性和必要性得到答案.‎ ‎【详解】所以 （逆否命题）必要性成立 当，不充分 - 24 -‎ 故是必要不充分条件，答案选B ‎【点睛】本题考查了充分必要条件，属于简单题.‎ ‎6.函数的图象大致为（ ）‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 抓住这几个选项的相同点和不同点，比如时的正负性和单调性等进行判断。‎ ‎【详解】当时，，当时，，选项B,C都不满足这两个条件.‎ 又当时，，则，当时单调递增，当时单调递减，则选项D不符合这个条件，因此A正确.‎ 故选：A ‎【点睛】本题考查函数的图像，需要用函数单调性的知识进行解答，并对学生的直观分析能力做一定考查，是一道中档题。‎ ‎7.本次模拟考试结束后，班级要排一张语文、数学、英语、物理、化学、生物六科试卷讲评顺序表，若化学排在生物前面，数学与物理不相邻且都不排在最后，则不同的排表方法共有（ ）‎ A. 72种 B. 144种 C. 288种 D. 360种 - 24 -‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 利用分步计数原理结合排列求解即可 ‎【详解】第一步排语文，英语，化学，生物4种，且化学排在生物前面，有种排法；第二步将数学和物理插入前4科除最后位置外的4个空挡中的2个，有种排法，所以不同的排表方法共有种.‎ 选.‎ ‎【点睛】本题考查排列的应用，不相邻采用插空法求解，准确分步是关键，是基础题 ‎8.已知随机变量X的分布列如下表：‎ X ‎0‎ ‎1‎ P a b c 其中a，b，.若X的方差对所有都成立，则（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据X的分布列列式求出期望,方差,再利用将方差变形为,从而可以利用二次函数的性质求出其最大值为,进而得出结论.‎ ‎【详解】由X的分布列可得X的期望为,‎ 又,‎ - 24 -‎ 所以X的方差 ‎,‎ 因为,所以当且仅当时,取最大值,‎ 又对所有成立,‎ 所以,解得,‎ 故选:D.‎ ‎【点睛】本题综合考查了随机变量期望､方差的求法,结合了概率､二次函数等相关知识,需要学生具备一定的计算能力,属于中档题.‎ ‎9.如图所示，用一边长为的正方形硬纸，按各边中点垂直折起四个小三角形，做成一个蛋巢，将体积为的鸡蛋（视为球体）放入其中，蛋巢形状保持不变，则鸡蛋（球体）离蛋巢底面的最短距离为（ ）‎ A. B. ‎ C D. ‎ ‎【答案】D - 24 -‎ ‎【解析】‎ 因为蛋巢的底面是边长为的正方形，所以过四个顶点截鸡蛋所得的截面圆的直径为，又因为鸡蛋的体积为，所以球的半径为，所以球心到截面的距离，而截面到球体最低点距离为，而蛋巢的高度为，故球体到蛋巢底面的最短距离为.‎ 点睛:本题主要考查折叠问题，考查球体有关的知识.在解答过程中，如果遇到球体或者圆锥等几何体的内接或外接几何体的问题时，可以采用轴截面的方法来处理.也就是画出题目通过球心和最低点的截面，然后利用弦长和勾股定理来解决.球的表面积公式和体积公式是需要熟记的.‎ ‎10.设，是方程的两个不等实数根，记（）.下列两个命题（ ）‎ ‎①数列的任意一项都是正整数；‎ ‎②数列存在某一项是5的倍数.‎ A. ①正确，②错误 B. ①错误，②正确 C. ①②都正确 D. ①②都错误 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 利用韦达定理可得,,结合可推出,再计算出,,从而推出①正确;再利用递推公式依次计算数列中的各项,以此判断②的正误.‎ ‎【详解】因为,是方程的两个不等实数根,‎ 所以,,‎ 因为,‎ - 24 -‎ 所以 ‎,‎ 即当时,数列中的任一项都等于其前两项之和,‎ 又,,‎ 所以,,,‎ 以此类推,即可知数列的任意一项都是正整数,故①正确;‎ 若数列存在某一项是5的倍数,则此项个位数字应当为0或5,‎ 由,,依次计算可知,‎ 数列中各项的个位数字以1,3,4,7,1,8,9,7,6,3,9,2为周期,‎ 故数列中不存在个位数字为0或5的项,故②错误;‎ 故选:A.‎ ‎【点睛】本题主要考查数列递推公式的推导,考查数列性质的应用,考查学生的综合分析以及计算能力.‎ 第II卷（非选择题共110分）‎ 二、填空题：本大题共7小题，多空题每小题6分，单空题每小题4分，共36分.‎ ‎11.《九章算术》中记载了“今有共买豕，人出一百，盈一百；人出九十，适足．问人数、豕价各几何？”.其意思“若干个人合买一头猪，若每人出100，则会剩下100；若每人出90，则不多也不少．问人数、猪价各多少？”.设分别为人数、猪价，则___，___.‎ ‎【答案】 (1). 10 (2). 900‎ ‎【解析】‎ - 24 -‎ ‎【分析】‎ 由题意列出方程组，求解即可.‎ ‎【详解】由题意可得，解得.‎ 故答案为10 900‎ ‎【点睛】本题主要考查二元一次方程组的解法，用消元法来求解即可，属于基础题型.‎ ‎12.某几何体的三视图如图所示（单位：），则该几何体的表面积是______，体积是_____.‎ ‎【答案】，.‎ ‎【解析】‎ 试题分析：由题意得，该几何体为三棱柱，故其表面积，‎ 体积，故填：，.‎ 考点：1.三视图；2.空间几何体的表面积与体积.‎ ‎13.已知多项式满足，则_________，__________．‎ ‎【答案】 (1). (2). ‎ ‎【解析】‎ ‎∵多项式 满足 ‎∴令，得，则 ‎∴‎ - 24 -‎ ‎∴该多项式的一次项系数为 ‎∴‎ ‎∴‎ ‎∴‎ 令，得 故答案为5，72‎ ‎14.在中，角所对的边分别为，为的面积，若，，则的形状为__________，的大小为__________．‎ ‎【答案】 (1). 等腰三角形 (2). ‎ ‎【解析】‎ ‎∵‎ ‎∴根据正弦定理可得，即 ‎∴‎ ‎∴‎ ‎∴的形状为等腰三角形 ‎∵‎ ‎∴‎ ‎∴‎ 由余弦定理可得 ‎∴，即 ‎∵‎ ‎∴‎ 故答案为等腰三角形，‎ - 24 -‎ ‎15.已知，，且，则最小值为__________．‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 首先整理所给的代数式，然后结合均值不等式的结论即可求得其最小值.‎ ‎【详解】，‎ 结合可知原式，‎ 且 ‎，‎ 当且仅当时等号成立.‎ 即最小值为.‎ ‎【点睛】在应用基本不等式求最值时，要把握不等式成立的三个条件，就是“一正——各项均为正；二定——积或和为定值；三相等——等号能否取得”，若忽略了某个条件，就会出现错误．‎ ‎16.已知为椭圆左、右焦点，点在椭圆上移动时，的内心的轨迹方程为__________．‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】考查更为一般的问题：设P为椭圆C:上的动点，为椭圆的两个焦点，为△PF1F2的内心，求点I的轨迹方程．‎ 解法一：如图，设内切圆I与F1F2的切点为H，半径为r，且F1H=y，F2H=z，PF1=x+y，PF2=x+z - 24 -‎ ‎，，则.‎ 直线IF1与IF2的斜率之积：，‎ 而根据海伦公式，有△PF1F2的面积为 因此有.‎ 再根据椭圆的斜率积定义，可得I点的轨迹是以F1F2为长轴，‎ 离心率e满足的椭圆，‎ 其标准方程为.‎ 解法二：令，则．三角形PF1F2的面积：‎ ‎，‎ 其中r为内切圆的半径，解得.‎ 另一方面，由内切圆的性质及焦半径公式得：‎ 从而有．消去θ得到点I的轨迹方程为：‎ - 24 -‎ ‎.‎ 本题中：，代入上式可得轨迹方程为：.‎ ‎17.如图，在等腰三角形中，已知，，分别是边上的点，且,其中且，若线段的中点分别为，则的最小值是_____. ‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据条件及向量数量积运算求得,连接,由三角形中线的性质表示出.根据向量的线性运算及数量积公式表示出,结合二次函数性质即可求得最小值.‎ ‎【详解】根据题意,连接,如下图所示:‎ 在等腰三角形中,已知,‎ 则由向量数量积运算可知 线段的中点分别为则 - 24 -‎ 由向量减法的线性运算可得 所以 因为,代入化简可得 因为且 所以当时, 取得最小值 因而 故答案为: ‎ ‎【点睛】本题考查了平面向量数量积的综合应用,向量的线性运算及模的求法,二次函数最值的应用,属于中档题.‎ 三、解答题：本大题共5小题，共74分.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.‎ ‎18.已知（）过点，且当时，函数取得最大值1.‎ ‎（1）将函数的图象向右平移个单位得到函数，求函数的表达式；‎ ‎（2）在（1）的条件下，函数，求在上的值域.‎ ‎【答案】(1)；(2)‎ ‎【解析】‎ - 24 -‎ ‎【详解】试题分析：‎ ‎(1)由题意可得函数f(x)的解析式为，则.‎ ‎(2)整理函数h(x)的解析式可得：，结合函数的定义域可得函数的值域为.‎ 试题解析：‎ ‎(1)由函数取得最大值1，可得,函数过得，‎ ‎，∵，∴‎ ‎，.‎ ‎(2) ，‎ ‎，‎ ‎，值域为.‎ ‎19.如图，四棱锥P﹣ABCD的底面是梯形．BC∥AD，AB＝BC＝CD＝1，AD＝2，，‎ - 24 -‎ ‎（Ⅰ）证明；AC⊥BP；‎ ‎（Ⅱ）求直线AD与平面APC所成角的正弦值．‎ ‎【答案】（Ⅰ）见解析（Ⅱ）．‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(I)取的中点,连接,通过证明平面得出;‎ ‎(II)以为原点建立坐标系，求出平面的法向量，通过计算与的夹角得出与平面所成角．‎ ‎【详解】（I）证明：取AC的中点M，连接PM，BM，‎ ‎∵AB＝BC，PA＝PC，‎ ‎∴AC⊥BM，AC⊥PM，又BM∩PM＝M，‎ ‎∴AC⊥平面PBM，‎ ‎∵BP⊂平面PBM，‎ ‎∴AC⊥BP．‎ ‎（II）解：∵底面ABCD是梯形．BC∥AD，AB＝BC＝CD＝1，AD＝2，‎ ‎∴∠ABC＝120°，‎ ‎∵AB＝BC＝1，∴AC，BM，∴AC⊥CD，‎ 又AC⊥BM，∴BM∥CD．‎ ‎∵PA＝PC，CM，∴PM，‎ ‎∵PB，∴cos∠BMP，∴∠PMB＝120°，‎ - 24 -‎ 以M为原点，以MB，MC的方向为x轴，y轴的正方向，‎ 以平面ABCD在M处的垂线为z轴建立坐标系M﹣xyz，如图所示：‎ 则A（0，，0），C（0，，0），P（，0，），D（﹣1，，0），‎ ‎∴（﹣1，，0），（0，，0），（，，），‎ 设平面ACP的法向量为（x，y，z），则，即，‎ 令x得（，0，1），‎ ‎∴cos，，‎ ‎∴直线AD与平面APC所成角的正弦值为|cos，|．‎ ‎【点睛】本题考查异面直线垂直的证明,考查直线与平面所成角的正弦值的求法,解题时要认真审题,注意向量法的合理使用,难度一般.‎ ‎20.已知各项均为正数的数列的前项和为，且，（，且）‎ ‎（1）求数列的通项公式；‎ ‎（2）证明：当时，‎ - 24 -‎ ‎【答案】(1) (2)见证明 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)由题意将递推关系式整理为关于与的关系式，求得前n项和然后确定通项公式即可；‎ ‎(2)由题意结合通项公式的特征放缩之后裂项求和即可证得题中的不等式.‎ ‎【详解】（1）由，得，即，‎ 所以数列是以为首项，以为公差的等差数列，‎ 所以，即，‎ 当时，，‎ 当时，，也满足上式，所以；‎ ‎（2）当时，，‎ 所以 ‎【点睛】给出 与 的递推关系，求an，常用思路是：一是利用转化为an的递推关系，再求其通项公式；二是转化为Sn的递推关系，先求出Sn与n之间的关系，再求an.‎ ‎21.已知直线与椭圆恰有一个公共点，与圆相交于两点.‎ - 24 -‎ ‎ ‎ ‎（I）求与的关系式；‎ ‎（II）点与点关于坐标原点对称.若当时，的面积取到最大值，求椭圆的离心率.‎ ‎【答案】（Ⅰ）（II）‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（I）联立直线与椭圆的方程，根据判别式等于0，即可求出结果；‎ ‎（Ⅱ）因点与点关于坐标原点对称，可得的面积是的面积的两倍，再由当时，的面积取到最大值，可得，进而可得原点到直线的距离，再由点到直线的距离公式，以及（I）的结果，即可求解.‎ ‎【详解】（I）由，得，‎ 则 ‎ 化简整理，得； ‎ ‎（Ⅱ）因点与点关于坐标原点对称，故的面积是的面积的两倍.‎ 所以当时，的面积取到最大值，此时，‎ 从而原点到直线的距离， ‎ - 24 -‎ 又，故. ‎ 再由（I），得，则. ‎ 又，故，即， ‎ 从而，即.‎ ‎【点睛】本题主要考查直线与椭圆的位置关系，以及椭圆的简单性质，通常需要联立直线与椭圆方程，结合韦达定理、判别式等求解，属于中档试题.‎ ‎22.已知.‎ ‎（1）求的单调区间；‎ ‎（2）当时，求证：对于，恒成立；‎ ‎（3）若存在，使得当时，恒有成立，试求的取值范围.‎ ‎【答案】（1）单调减区间为，单调增区间为；（2）详见解析；（3）.‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】试题分析：（1）对函数求导后，利用导数和单调性的关系，可求得函数的单调区间.（2）构造函数，利用导数求得函数在上递减，且，则，故原不等式成立.（3）同（2）构造函数，对分成三类，讨论函数的单调性、极值和最值，由此求得的取值范围.‎ 试题解析：‎ ‎（1）‎ ‎，‎ - 24 -‎ 当时，.‎ 解得．‎ 当时，解得．‎ 所以单调减区间为，‎ 单调增区间为．‎ ‎（2）设 ‎，‎ 当时，由题意，当时，‎ 恒成立．‎ ‎，‎ ‎∴当时，恒成立，单调递减．‎ 又，‎ ‎∴当时，恒成立，即．‎ ‎∴对于，恒成立．‎ ‎（3）因为 ‎．‎ 由（2）知，当时，恒成立，‎ - 24 -‎ 即对于，，‎ 不存在满足条件的；‎ 当时，对于，，‎ 此时．‎ ‎∴，‎ 即恒成立，不存在满足条件的；‎ 当时，令，‎ 可知与符号相同，‎ 当时，，，‎ 单调递减．‎ ‎∴当时，，‎ 即恒成立．‎ 综上，的取值范围为．‎ 点睛：本题主要考查导数和单调区间，导数与不等式的证明，导数与恒成立问题的求解方法.第一问求函数的单调区间，这是导数问题的基本题型，也是基本功，先求定义域，然后求导，要注意通分和因式分解.二、三两问一个是恒成立问题，一个是存在性问题，要注意取值是最大值还是最小值.‎ - 24 -‎ - 24 -‎