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文档介绍
(新课标)2020年高二物理暑假作业19(电场、磁场)
新课标2020年高二物理暑假作业19《电场、磁场》 学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________ 一、选择题(本题共6道小题) 1.一个负电荷由A点射入电场,只在电场力作用下减速运动到B点,由此可知( ) A. 电场力对电荷做正功 B. 电荷的电势能越来越小 C. 电场力对电荷做负功 D. 电荷的电势能和动能的总量在减小 2.用塑料梳子梳头时,塑料梳子和头发都会带电,其原因是( ) A. 摩擦创造了电荷 B. 静电感应创造了电荷 C. 电子在梳子和头发之间发生了转移 D. 质子在梳子和头发之间发生了转移 3.电场线分布如图所示,电场中a,b两点的电场强度大小分别为已知Ea和Eb,电势分别为φa和φb,则( ) A. Ea>Eb,φa>φb B. Ea>Eb,φa<φb C. Ea<Eb,φa>φb D. Ea<Eb,φa<φb 4.如图所示,竖直向上的匀强电场中,一竖直绝缘轻弹簧的下端固定在地面上,上端连接一带正电小球,小球静止时位于N点,弹簧恰好处于原长状态.保持小球的带电量不变,现将小球提高到M点由静止释放.则释放后小球从M运动到N过程中( ) A. 小球的机械能与弹簧的弹性势能之和保持不变 B. 小球重力势能的减少量等于小球电势能的增加 C. 弹簧弹性势能的减少量等于小球动能的增加量ɛ D. 小球动能的增加量等于电场力和重力做功的代数和 5.如图所示,以O点为圆心,以R=0.20m为半径的圆与坐标轴交点分别为a、b、c、d,该圆所在平面内有一匀强电场,场强方向与x轴正方向成θ=60°角,已知a、b、c 三点的电势分别为V、4V、﹣V,则下列说法正确的是( ) A. 该匀强电场的场强E=40V/m B. 该匀强电场的场强E=80V/m C. d点的电势为﹣V D. d点的电势为﹣4V 6.如图所示,平行板电容器与电动势为E的电流电源连接,上级板A接地,一带负电油滴固定于电容器中的P点,现将平行板电容器的下级板B竖直向下移动一小段距离,则( ) A. 带电油滴所受电场力不变 B. P点的电势将升高 C. 带电油滴的电势能增大 D. 电容器的电容减小,极板带电量增大 二、实验题(本题共2道小题) 7.美国物理学家密立根通过如图所示的实验装置,最先测出了电子的电荷量,被称为密立根油滴实验。如图,两块水平放置的金属板A、B分别与电源的正负极相连接,板间产生匀强电场,方向竖直向下,图中油滴由于带负电悬浮在两板间保持静止。 (1)若要测出该油滴的电荷量,需要测出的物理量有__________。 A.油滴质量m B.两板间的电压U C.两板间的距离d D.两板的长度L (2)用所选择的物理量表示出该油滴的电荷量q=________(已知重力加速度为g) (3)在进行了几百次的测量以后,密立根发现油滴所带的电荷量虽不同,但都是某个最小电荷量的整数倍,这个最小电荷量被认为是元电荷,其值为e=__________C。 8.如图所示,水平放置的平行板电容器,原来AB两板不带电,B极板接地,它的极板长L= 0.1m,两板间距离d = 0.4 cm,现有一微粒质量m=2.0×10-6kg,带电量q=+1.0×10-8C,以一定初速度从两板中央平行于极板射入,由于重力作用微粒恰好能落到A板上中点O处,取g=10m/s2.试求: (1)带电粒子入射初速度的大小; (2)现使电容器带上电荷,使带电微粒能从平行板电容器的右侧射出,则带电后A板的电势范围为多少? 三、计算题(本题共3道小题) 9.如图所示,等边三角形AQC的边长为2L,P、D分别为AQ、AC的中点.水平线QC以下是向左的匀强电场,区域Ⅰ(梯形PQCD)内有垂直纸面向里的匀强磁场,磁感应强度大小为B0;区域Ⅱ(三角形APD)内的磁场方向垂直纸面向里,区域(虚线PD之上、三角形APD以外)的磁场与区域Ⅱ内大小相等、方向相反.带正电的粒子从Q点正下方、距离Q点为L的O点以某一速度射入电场,在电场作用下以速度v0垂直QC到达该边中点N,经区域Ⅰ再从P点垂直AQ射入区域Ⅲ(粒子重力忽略不计) (1)求该粒子的比荷; (2)求该粒子从O点运动到N点的时间t1和匀强电场的电场强度E; (3)若区域Ⅱ和区域Ⅲ内磁场的磁感应强度大小为3B0,则粒子经过一系列运动后会返回至O点,求粒子从N点出发再回到N点的运动过程所需的时间t. 10.如图,坐标系xOy在竖直平面内,第一象限内分布匀强磁场,磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向外;第二象限内分布着沿x轴正方向的水平匀强电场,场强大小,质量为m、电荷量为+q的带电粒子从A点由静止释放,A点坐标为(﹣L,),在静电力的作用下以一定速度进入磁场,最后落在x轴上的P点.不计粒子的重力.求: (1)带电粒子进入磁场时速度v的大小. (2)P点与O点之间的距离. 11.如图甲所示,水平轨道光滑,小球质量为m,带电荷量为+q,可看做质点,空问存在不断变化的电场和磁场,磁感应强度随时间的变化规律如图乙所示,磁感应强度的大小B=,方向垂直纸面向里.电场强度在第1s、3s、5s、…内方向水平向右,大小为E=,在第2s、4s、6s、…内方向竖直向上,大小也为E=.小球从零时刻开始在A点由静止释放,求: (l)t=l.5s时,小球与A点的直线距离大小; (2)在A点前方轨道正上方高度为h=位置有圆环水平放置,若带电小球恰好可以从圆环中心竖直穿过,求圆环中心与A点的水平距离大小. 试卷答案 1.解:因只在电场力作用下减速运动到B点,则电场力做负功,电势能增加,动能减小,总能量守恒,则C正确 故选:C 2.解:用塑料梳子梳头发时,塑料梳子与头发相互摩擦,发生了电子的转移,从而使梳子和头发分别带上异种电荷,而互相吸引; 故选:C 3.解:根据电场线疏密表示电场强度大小,Ea<Eb;根据沿电场线电势降低,φa>φb,故ABD错误,C正确. 故选C 4.: 解:A、由于有电场做功,故小球的机械能不守恒,小球的机械能与弹簧的弹性势能之和是改变的,故A错误. B、由题意,小球受到的电场力等于重力.在小球运动的过程中,电场力做功等于重力做功,小球从M运动到N过程中,出现的是重力势能减小转化为电势能和动能,故B错误; C、释放后小球从M运动到N过程中,弹性势能并没变,一直是0,故C错误. D、由动能定律可得重力和电场力做功,小球动能增加,小球动能的增加量等于电场力和重力做功的代数和,故D正确. 故选:D. 5.解:由题意得,a、c间的电势差为:Uac=φa﹣φc=4V﹣(﹣4V)=8V; a、c两点沿电场强度方向的距离为:d=2Rsinθ=2×0.2×m=m; 故该匀强电场的场强:E==V/m=40V/m; 根据匀强电场中电势差与电场强度的关系式U=Ed,相等距离,电势差相等,因为φa=4V,φc=﹣4V,可知,O点电势为0,而dO=Oa,则a、O间的电势差等于O、a间的电势差,可知,d点的电势为﹣4V,故ABC错误,D正确; 故选:D. 6.解:A、将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离,由于电容器两板间电压不变,根据E=得知板间场强减小,油滴所受的电场力减小,则油滴将向下运动.故A错误. B、板间场强E减小,而P点与上极板间的距离不变,则由公式U=Ed分析可知,P点与上极板间电势差将减小,而P点的电势低于上极板的电势,则知P点的电势将升高.故B正确. C、由带电油滴原来处于平衡状态可知,油滴带负电,P点的电势升高,则油滴的电势能将减小.故C错误. D、根据电容的定义式C=,电容器与电源保持相连,则U不变,当C减小,则Q也减小.故D错误. 故选:B. 7.(1)ABC。(2)。(3)1.6×10-19 C 8.:(1)电容器不带电时,微粒做平抛运动,设初速度为v0,则有:,,联立两式得:,代入数据得:v0=2.5m/s。(4分) (2)若使微粒能从电容器右侧射出,则要求A板的电势大于0,且B板接地电势等于0,则有,A板电势最小时,微粒刚好从A板右侧边缘射出,则有:,,且:,联立以上各式 V。(3分) A板电势最大时,微粒刚好从B板右侧边缘射出,则有:,且有a2=a1,代入数据解得: V,综上可得:6V≤≤10V。(3分) 9.解:(1)由题意可知,粒子在区域Ⅰ内做匀速圆周运动,轨道半径为:r1=L; 由牛顿第二定律和洛伦兹力表达式得到: qvB=m 解得: ; (2)粒子从O点到N点过程中,竖直向上做速度为v0的匀速直线运动,则: t1= 水平向右做末速度为零的匀减速直线运动,则: L= 由牛顿第二定律得: QE=ma 解得: E=2B0v0; (3)带电粒子在区域Ⅱ和区域Ⅲ内做匀速圆周运动,同理由牛顿第二定律和洛伦兹力表达式可得: r2= 粒子从N点出发再回到N点的运动轨迹如图所示: 在区域Ⅰ中匀速圆周运动周期:T1=; 在区域Ⅰ中运动的时间:t2=×2=; 在区域Ⅱ和区域Ⅲ中匀速圆周运动周期:T2=; 在区域Ⅱ和区域Ⅲ中运动时间:t2=; 所以t=t2+t3=; 答:(1)该粒子的比荷为; (2)该粒子从O点运动到N点的时间为,匀强电场的电场强度E为2B0v0; (3)粒子从N点出发再回到N点的运动过程所需的时间t为. 10.解:(1)设粒子进入磁场的速度为v,由动能定理得qEL=mv2 又E= 解得:v= (2)粒子在磁场中做匀速圆周运动,设半径为R. 由qvB=m 解得:R=, 设圆心为C点,则CP=R=, OC=L﹣R=L 在直角三角形COP中,有勾股定理的OP=L. 答:(1)带电粒子进入磁场时速度v的大小为. (2)P点与O点之间的距离为L. 11.解:(1)在第1s内,小球向右做初速度为零的匀加速直线运动, 1s末的速度:v1=at=t=×1=g, 1s内的位移:x1=at2=t2=×12=g, 在第内s内,小球受到的重力mg与电场力F=qE=mg,大小相等、方向相反,合力为零, 小球在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动,由牛顿第二定律得: qv1B=m,解得:r1= m,小球做圆周运动的周期:T==1s, t=1.5s时,小球做圆周运动到达最高点,距水平面的高度为2r1, 小球与A点间的距离:s=,解得:s= m; (2)第3s内小球向右做匀加速直线运动,加速度:a==g, 第3s末,速度:v2=v1+at=2g,x2=v1t+at2=g, 在第4s内,重力与电场力平衡,小球做匀速圆周运动, 周期:T==1s,轨道半径:r2==2×=, 由此可知,在奇数秒内小球向右做匀加速直线运动,在偶数秒内小球在竖直平面内做匀速圆周运动, 在圆轨道最低点,小球的速度:v1=g,v2=2g,v3=3g … 圆的轨道半径为:r1=,r2=2×,r3=3× … 在奇数秒内的位移:x1=,x2=,x3= … 带电小球恰好可以从圆环中心竖直穿过,则圆轨道半径:r=h==4×=r4, 如果小球竖直向上穿过圆环,圆环与A点的水平距离:x=x1+x2+x3+x4+r4=(8g+) 如果小球竖直向下穿过圆环,圆环与A点的水平距离:x=x1+x2+x3+x4﹣r4=(8g﹣) 答:(l)t=l.5s时,小球与A点的直线距离大小为 m; (2)圆环中心与A点的水平距离大小为(8g+)m或(8g﹣).查看更多