西藏山南地区第二高级中学2017届高三上学期第三次月考（11月月考）物理试题

西藏山南地区第二高级中学2017届高三上学期第三次月考（11月月考）物理试题

www.ks5u.com 一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共计40分。在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）‎ ‎1、以下物理量中属于标量的是（ ）‎ A.速度 B.力 C.路程 D.电场强度 ‎【答案】C 考点：矢量和标量 ‎【名师点睛】即有大小又有方向，相加时遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移、动量等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量等都是标量。‎ ‎2、以10m/s的速度沿平直公路行驶的汽车，刹车时的加速度大小为a=5m/s²，则经多长时间汽车速度减为零（ ） ‎ A.15s B.5s C.2s D.1s ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：根据v=v0+at得，．故C正确，ABD错误．故选C。‎ 考点：匀变速直线的规律 ‎【名师点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式，以及注意加速度的正负。‎ ‎3、使两个完全相同的金属小球（均可视为点电荷）分别带上﹣Q和+7Q的电荷后，将它们固定在相距为L的两点，它们之间库仑力的大小为F1．现用绝缘工具使两小球相互接触后，再将它们放回原位置，它们之间库仑力的大小为F2．则F1与F2之比为（ ）‎ A．1：1 B．9：1 C．7：9 D．4：3‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：两小球相互接触前，由库仑定律得；‎ 两小球相互接触后，电量均分，故两球分别带电：；又由库仑定律得：故C正确、ABD错误． 故选C.‎ 考点：库仑定律 ‎【名师点睛】该题考查电量守恒定律和库仑定律定律，掌握了两小球相互接触后，电量平均分就可以得到正确的答案。‎ ‎4、汽车与路面的动摩擦因数为μ，公路某转弯处半径为R（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）.若路面水平，汽车转弯不发生侧滑，汽车速度不能超过( )‎ A． B. C. D. ‎ ‎【答案】B 考点：牛顿定律的应用；向心力 ‎【名师点睛】解决本题的关键知道汽车做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解，基础题。‎ ‎5、如图所示，质量为m的物体静止在倾角为θ的粗糙斜面上，当斜面沿水平方向向右匀速移动了距离s时，物体m相对斜面静止，则下列说法中不正确的是（ ） A.弹力对物体m做正功 B.合力对物体m做功为零 C.摩擦力对物体m做正功 D.重力对物体m做功为零 ‎ ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：分析物体的受力情况：重力mg、弹力N和摩擦力f，作出力图如图．‎ ‎ 由图看出，弹力N与位移s的夹角小于90°，则弹力对物体m做正功．故A正确．物体匀速运动时，合力为零，合力对物体m做功为零．故B正确．摩擦力f与位移的夹角为钝角，所以摩擦力对物体m做功不为零，做负功．故C错误．物体在水平方向移动，在重力方向上没有位移，所以重力对物体m做功为零．故D正确．本题选错误的，故选C.‎ 考点：功 ‎【名师点睛】本题考查力对物体是否做功的判断，根据力与位移的夹角，判断力做功的正负．根据功的公式W=FLcosα求出摩擦力和重力做功；也可能根据动能定理求解合力做功，物体匀速运动时，合力为零，合力对物体m做功为零．‎ ‎6、某电场的部分电场线如图所示，A、B是一带电粒子仅在电场力作用下运动轨迹（图中虚线）上的两点，下列说法中正确的是（ ）‎ A．带点粒子带负电 B．粒子一定是从B点向A点运动 C．电场中A点的电势高于B点的电势 D．粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度 ‎【答案】D 考点：带电粒子在电场中的运动 ‎【名师点睛】解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，然后利用电场线、电势、电场强度、电势能、电场力做功等之间的关系进一步判断各个物理量的变化情况。‎ ‎7、甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道．以下判断正确的是 ( ) ‎ A.甲的周期大于乙的周期 B.乙的速度大于第一宇宙速度 ‎ C.甲的加速度大于乙的加速度 D.甲在运行时能经过北极的正上方 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 试题分析：卫星绕地球做圆周运动万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：，由于：r乙＜r甲，则T甲＞T乙，故A正确；卫星绕地球做圆周运动万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：，由于乙的轨道半径大于地球半径，则乙的线速度小于第一宇宙速度，故B错误；星绕地球做圆周运动万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：，由于：r乙＜r甲，则a乙＞a甲，故C错误；由题意可知，卫星轨道半径间的关系为：r乙＜r甲；甲是地球同步卫星，它的轨道在赤道平面内，甲不可能通过北极上方，故D错误；故选A.‎ 考点：万有引力定律的应用 ‎【名师点睛】本题考查了万有引力定律的应用，知道万有引力提供卫星做圆周运动的向心力是解题的关键，应用万有引力公式与牛顿第二定律可以解题，本题是一道常规题。‎ ‎8、下列说法中正确的是( )‎ A.速度大的物体比速度小的物体难以停下来，所以速度大的物体惯性大 B.乒乓球可以快速抽杀，是因为质量小，惯性小，容易改变运动状态的缘故 C.车被马拉动时，马拉车的力等于车拉马的力 D.用重锤钉钉子，重锤对钉子的打击力与钉对重锤的作用力是一对平衡力 ‎【答案】BC 考点：牛顿第一定律；牛顿第三定律 ‎【名师点睛】解决本题的关键掌握惯性大小的量度，极惯性只由物体的质量决定，与其他因素无关；区别平衡力和作用力与反作用力的不同。‎ ‎9、对于水平放置的平行板电容器，下列说法正确的是 ( ) ‎ A．只将两极板的间距加大，电容将增大 ‎ B．只将两极板平行错开，使正对面积减小，电容将减小 ‎ C．在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的陶瓷板，电容将增大 ‎ D．在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板，电容将减小 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ 试题分析：将两极板的间距加大，d增大，由电容决定式得知，电容将减小．故A错误．将两极 板平行错开，使正对面积减小，S减小，由电容决定式得知，电容将减小．故B正确．在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的陶瓷板，ɛ增大，C增大．故C正确．在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板，板间距离减小．电容将增大．故D错误．故选BC。‎ 考点：电容器 ‎【名师点睛】本题考查电容决定式应用分析实际问题的能力，关键要掌握电容决定式；注意插入金属板相当于两板间距减小。‎ ‎10、如图所示,质量为m的物体从地面上方H高处无初速度释放，落在水平地面后砸出一个深为h的坑，不计空气阻力，则在整个过程中（ ）‎ ‎ ‎ A.重力对物体做功为mgH B.物体的重力势能减少了mg(h+H) ‎ C.外力对物体做的总功为零 D.地面对物体平均阻力大小为 ‎【答案】BCD 考点：重力势能；动能定理 ‎【名师点睛】本题要掌握两个重要的功能关系：重力的功等于重力势能的减少量，而合外力做的功等于动能的增量。‎ 二、实验题（‎ 本题共2小题，每空2分，共计20分，11题的第4小题全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）‎ ‎11、（10分）“研究共点力的合成”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示．‎ ‎（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图甲中与B相连的弹簧测力计的示数为 N。‎ ‎（2）如果没有操作失误，图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是 ．‎ ‎（3）（单选题）本实验采用的科学方法是 ．‎ A.理想实验法 B.等效替代法 C.控制变量法 D.建立物理模型法 ‎（4）（多选题）实验中可减小误差的措施有 ．‎ A、两个分力F1、F2的大小要尽量大些 B、两个分力F1、F2间夹角要尽量大些 C、拉橡皮筋的细绳要稍长一些 D、拉橡皮筋时，弹簧测力计、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板平面平行 ‎（5）该实验的结论是：在误差允许的范围内，力的合成遵循 法则 ．‎ ‎【答案】（1）3.6N （2）F′ (3) B (4)ACD （5）平行四边形 考点：验证力的平行四边形定则 ‎【名师点睛】验证力的平行四边形定则是力学中的重点实验，应明确实验的原理、数据处理方法及本实验采用的物理方法．一定先要通过分析题意找出实验的原理，通过原理即可分析实验中的方法及误差分析。‎ 12、 ‎（12分）在利用自由落体“验证机械能守恒定律”的实验中， (1)下列器材中不必要的一项是 ． A．重物 B．纸带 C．天平 D．毫米刻度尺 ‎ ‎(2)关于本实验的误差，说法不正确的一项是 . A．选择质量较小的重物，有利于减小误差 B．选择点迹清晰且第1、2两点间距约为2mm的纸带，有利于减小误差 C．先松开纸带后接通电源会造成较大的误差 D．本实验产生误差的主要原因是因为重物在下落过程中不可避免地受到阻力的作用 (3)如图所示为实验得到的一条点迹清晰的纸带，把第一个点记做O，另选连续的4个点A、B、C、D作为测量的点．经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.78cm、70.00cm、77.58cm、85.52cm．根据以上数据重物由打下O点运动到打下B点，重力势能的减少量等于 J，动能的增加量 等于 J。(已知所用重物的质量为1.00kg，当地重加速度g=9.80m/s2，打点计时器所用电源频率为50Hz，结果取3位有效数字。)根据上面这两个数据你能得到的结论是： .‎ ‎【答案】（1） C （2）A （3）6.86；6.85；在误差允许的范围内，重物下落时的机械能守恒 ‎（3）重物由O点运动到B点，重力势能的减少量△Ep=mgh=1×9.8×0.7=6.86J； B点的瞬时速度，则动能的增加量△Ek＝mvB2＝‎ ‎×1×3.72=6.85J. 根据上面这两个数据你能得到的结论是：在误差允许的范围内，重物下落时的机械能守恒.‎ 考点：验证机械能守恒定律 ‎【名师点睛】解决本题的关键掌握实验的原理，会通过原理确定测量的器材，以及掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度。‎ 三、计算题（本题共4小题，共计40分）‎ ‎13、（8分）如图所示，用一根绝缘轻绳悬挂一个带电小球,小球的质量为1.0×10-2kg．现加一水平方向向左的匀强电场，场强，平衡时绝缘线与竖直方向的夹角θ=300，求：（1）小球带何种电荷； （2）小球所带的电荷量为多大； (g取10m/s2) ‎ ‎ ‎ ‎【答案】（1）正电（2）1.9×10-8C．‎ 考点：电场强度；物体的平衡 ‎【名师点睛】解决本题的关键掌握共点力平衡的求法，以及知道电场强度的定义式。‎ ‎14、（8分）一台起重机匀加速地将质量m=1.0×103kg的货物由静止竖直吊起，在2.0s末货物的速度达到v=4.0m/s。求：‎ ‎（1）货物运动的加速度大小；‎ ‎（2）起重机对货物的拉力大小；‎ ‎（3）在2秒内，起重机对货物所做的功；‎ ‎（4）2秒末起重机的瞬时功率（不计额外功）；‎ ‎【答案】（1）2m/s2（2）1.2×104N（3）4.8×104J（4）4.8×104W ‎【解析】‎ 试题分析：（1）已知  V0=0  V=4.0m/s   t=2. 0s  由 V=V0+at得 ‎（2）由牛顿第二定律  F-mg=ma  得 ‎ F=ma+mg=1.0×103×（2+10）N=1.2×104N ‎（3）2秒内上升的高度为   h=at2=×2×22m=4m 起重机对货物做的功为  W=Fh=1.2×104×4J=4.8×104J ‎（4）2秒末起重机的瞬时功率为P=Fv=4.8×104W ‎ 考点：牛顿第二定律；功率 ‎【名师点睛】‎ 本题（1）（2）两问是对公式的基本应用，第（3）（4）问需注意：起重机对物体做的功是起重机拉力做的功，功率是起重机拉力做功的功率，与合力做功和合力的功率不同要小心区分.‎ ‎15、（10分）带电量为q，质量为m的原子核由静止开始经电压为U1的电场加速后进入一个平行板电容器，进入时速度和电容器中的场强方向垂直．已知：电容器的极板长为L，极板间距为d，两极板间的电压为U2，重力不计，求： （1）原子核经过加速电场后的速度v0； （2）原子核离开电容器电场时的偏转量y.‎ ‎【答案】（1）（2）‎ ‎【解析】‎ 试题分析：（1）粒子在加速电场加速后，由动能定理得    ‎ ‎ 所以：     ‎ 考点：带电粒子在电场中的运动 ‎【名师点睛】此题是带电粒子在电场中的运动问题；解题时把类平抛运动分解成水平方向的匀速直线运动，竖直方向的匀加速直线运动，结合牛顿第二定律和匀变速直线运动规律求解。‎ ‎16、（14分）如图所示，质量为m的小物块在粗糙水平桌面上做直线运动，经距离l后以速度v飞离桌面，最终落在水平地面上．已知l=1.4m，v=3m/s，m=0.10kg，物块与桌面间的动摩擦因数μ=0.25，桌面高h=0.45m．不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2．求 （1）小物块落地点距飞出点的水平距离s；‎ ‎（2）小物块落地时的动能； （3）小物块的初速度大小v0。‎ ‎【答案】（1）0.9m（2）0.9J（3）4m/s ‎ （3）物块在水平桌面上运动时，由动能定理得： 所以：v0= 4 ‎ m/s                                      ‎ 考点：平抛运动；动能定理 ‎【名师点睛】本题考查了动能定理和运动学公式的基本运用，通过知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律对平抛运动进行研究；根据运动过程选取合适的研究过程列出动能定理进行计算。‎ ‎ ‎ ‎ ‎