【物理】云南省文山州马关县二中2019-2020学年高二上学期10月月考试题

【物理】云南省文山州马关县二中2019-2020学年高二上学期10月月考试题

云南省文山州马关县二中2019-2020学年上学期 ‎10月份考试高二 物理 本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间90分钟。‎ 一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) ‎ ‎1.当电路中的电流超过熔丝的熔断电流时，熔丝就要熔断．由于种种原因，熔丝的横截面积略有差别．那么熔丝熔断的可能性较大的是(　　)‎ A． 横截面积大的地方 B． 横截面积小的地方 C． 同时熔断 D． 可能是横截面积大的地方，也可能是横截面积小的地方 ‎2.如图所示，图线a是某一电源的U－I曲线，图线b是一定值电阻的U－I曲线.若将该电源与该定值电阻连成闭合电路，已知该电源的内阻r＝2.0 Ω，则说法错误的是(　　)‎ A． 该定值电阻为6 Ω B． 该电源的电动势为20 V C． 将2只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大 D． 将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大 ‎3.如图所示，直线OAC为某一直流电源的总功率P随电流I变化的图线，曲线OBC表示同一直流电源内部的热功率随电流I变化的图线.若A、B点的横坐标均为1 A，那么AB线段表示的功率为(　　)‎ A． 1 W B． 6 W C． 2 W D． 2.5 W ‎4.下列对焦耳定律的理解，正确的是(　　)‎ A． 任何情况下都可以用电功W＝UIt代替电热Q＝I2Rt B． 任何情况下都不可以用电功W＝UIt代替电热Q＝I2Rt C． 计算纯电阻产生的热量时，可以用电功W＝UIt代替电热Q＝I2Rt D． 计算电动机产生的热量时，不可以使用公式Q＝I2Rt ‎5.下列关于点电荷的说法正确的是(　　)‎ A． 点电荷一定带正电 B． 电荷量很小的带电体一定可以看做点电荷 C． 体积和电量很大的带电体一定不能看做点电荷 D． 带电体形状和大小对相互作用力的影响可以忽略时可看做点电荷 ‎6.静电力常量k的单位，若用国际单位制（SI）中的基本单位可表示为（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎7.如图所示，R1和R2都是“100 Ω　4 W”的电阻，R3是“100 Ω　1 W”的电阻，A、B两端允许输入的最大电功率是(　　)‎ A． 9 W B． 3 W C．W D． 1.5 W ‎8.如图所示为汽车蓄电池与车灯 (电阻不变)、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.05 Ω.电流表和电压表均为理想电表，只接通S1时，电流表示数为10 A，电压表示数为12 V，再接通S2，启动电动机工作时，电流表示数变为8 A，则此时通过启动电动机的电流是(　　)‎ A． 2 A B． 8 A C． 50 A D． 58 A ‎9.将两个带正电量之比为2：5的相同金属小球A、B分别固定在相距为r的两处（均可视为点电荷），它们之间库仑力的大小为F．现将第三个与A、B两小球完全相同的不带电绝缘金属小球C先后与A、B相互接触后拿走，A、B间距离保持不变，则两球间库仑力的大小为（　　）‎ A．F B．F/5 C．2F/5 D．3F/10‎ ‎10.如图虚线为某电场的等势面，有两个带电粒子(重力不计)，以不同的速率沿不同的方向，从A点飞入电场后，沿不同的径迹1和2运动，由轨迹可以判定(　　)‎ A． 两粒子带电多少一定不同 B． 两粒子的电性可能相同 C． 两粒子的电势能都是先减少后增大 D． 经过B、C两点，两粒子的速率可能相等 二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) ‎ ‎11.(多选)如图，a、b、c、d、e、f、g、h分别为立方体的八个顶点，两个带正电的点电荷分别固定在e、g，电荷量均为Q.不计重力．一个带负电的检验电荷(　　)‎ A． 在b，d两点的电势能相等 B． 在a，c两点受到的电场力相同 C． 从b点静止释放，将沿直线运动到h点，电势能保持不变 D． 从f点静止释放，将沿直线运动到h点，电势能先减小后增大 ‎12.(多选)有两只完全相同的电流计，分别改装成量程为3 V 和5 V 的两只电压表．改装后再把两电压表串联起来接入电路，则(　　)‎ A． 将电流计与电阻并联才能改装成电压表 B． 将电流计与电阻串联才能改装成电压表 C． 两表指针的偏转角相等 D． 两表指示的电压值相等 ‎13.(多选)关于电流，下列叙述正确的是(　　)‎ A． 只要将导体置于静电场中，导体内就有持续电流 B． 电源的作用可以使电路中有持续电流 C． 导体内没有电流时，就说明导体内部的电荷没有移动 D． 恒定电流是由恒定电场产生的 ‎14.（多选）关于电动势，下列说法中正确的是（　　）‎ A． 一个电源的电动势的大小只由电源本身决定 B． 因电动势的单位和电势差相同，所以电动势实质上就是电势差 C． 一个电动势为1.5 V的电池接入电路时，若有1 C的电荷量通过电路，就有1.5 J的化学能转变成电能 D． 电压表接到电源两极时，测得的就是电动势 三、实验题(共2小题,共15分) ‎ ‎15.图a中电源电动势为E，内阻可忽略不计；电流表具有一定的内阻，电压表的内阻不是无限大，S为单刀双掷开关，R为待测电阻．当S向电压表一侧闭合时，电压表读数为U1，电流表读数为I1；当S向R一侧闭合时，电流表读数为I2．‎ ‎（1）根据已知条件与测量数据，可以得出待测电阻R=　　．‎ ‎（2）根据图a所给出的电路，在图b的各器件实物图之间画出连接的导线．‎ ‎16.在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，现除了有一个标有“5 V，2.5 W”的小灯泡、导线和开关外，还有：‎ A．直流电源（电动势约为5 V，内阻可不计）‎ B．直流电流表（量程0~3 A，内阻约为0.1 Ω）‎ C．直流电流表（量程0~600 mA，内阻约为5 Ω）‎ D．直流电压表（量程0~15 V，内阻约为15 kΩ）‎ E．直流电压表（量程0~5 V，内阻约为10 kΩ）‎ F．滑动变阻器（最大阻值10 Ω，允许通过的最大电流为2 A）‎ G．滑动变阻器（最大阻值1 kΩ，允许通过的最大电流为0.5 A）实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能测多组数据．‎ ‎（1）实验中电流表应选用　　，电压表应选用　　，滑动变阻器应选用　　（均用序号字母表示）．‎ ‎（2）请按要求将图1中所示的器材连成实验电路．‎ ‎（3）某同学通过实验正确作出的小灯泡的伏安特性曲线如图2所示．现把实验中使用的小灯泡接到如图3所示的电路中，其中电源电动势E=6 V，内阻r=1 Ω，定值电阻R=9 Ω，此时灯泡的实际功率为　　W．（结果保留两位有效数字）‎ 四、计算题 ‎ ‎17.电荷量q=1×10-4C的带正电的小物块静止在绝缘水平面上，所在空间存在沿水平方向的电场，其电场强度E的大小与时间t的关系如图1所示，物块速度v的大小与时间t的关系如图2所示.重力加速度g=10 m/s2.求：‎ ‎（1）物块与水平面间的动摩擦因数；‎ ‎（2）物块在4 s内减少的电势能.‎ ‎18.如图所示，合上电键S1．当电键S2闭合时，电流表的示数为0.75 A；当电键 S2断开时，电流表的示数为0.5 A，R1=R2=2 Ω．求电源电动势E和内电阻r．‎ ‎19.如图所示，电源电动势E=7.5 V，内电阻r=1.0 Ω，定值电阻R2=12 Ω，电动机M的线圈的电阻R=0.5 Ω．开关S闭合，电动机转动稳定后，电压表的示数U1=4 V，电阻R2消耗的电功率P2=3.0 W．不计电动机的摩擦损耗等，求：‎ ‎（1）电源的路端电压．‎ ‎（2）电动机输出的机械功率．‎ ‎20.如图所示，有一电子(电荷量为e)经电压U0加速后，进入两块间距为d、电压为U的平行金属板间．若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场，求：‎ ‎(1)金属板AB的长度；‎ ‎(2)电子穿出电场时的动能．‎ ‎【参考答案】‎ ‎1.B 2.C 3.C 4.C 5.D 6.D 7.D 8.C 9.C 10.D ‎11.AD 12.BC 13.BD 14.AC ‎15.（1）（2）如图所示 ‎【解析】（1）当S向电压表一侧闭合时，电压表读数为U1，电流表读数为I1，根据闭合电路欧姆定律有 E=U1+I1r 整理得 当S向R一侧闭合时，电流表读数为I2，根据闭合电路欧姆定律有 E=I2（R+r）‎ 整理得 ‎（2）按照电路图连线，如图，要注意电流从电压表和电流表的正接线柱流入，负接线柱流出，单刀双掷开关控制整个电路的通断，连线不要交叉．‎ ‎16.（1）C E F（2）如图所示 ‎（3）0.80‎ ‎【解析】（1）灯泡的额定电压为5 V，因此电压表选择大于等于5 V的即可，故选E；而灯泡的额定电流I==0.5 A，故电流表应选择C；‎ 因本实验采用分压接法，滑动变阻器应选小电阻，故滑动变阻器选择F；‎ ‎（2）本实验要求多测几组数据，故采用分压接法；同时因电流表内阻与灯泡内阻接近，故电流表选用外接法；实物图如下图所示；‎ ‎（3）将定值电阻等效电源内阻，作出等效电源的伏安特性曲线如图所示；与灯泡的伏安特性曲线的交点为灯泡的工作点，由图可知，此时灯泡的电压为1.8 V；电流为0.36 A；‎ 则灯泡的功率P=UI=2.1×0.38 W≈0.80 W；（0.78﹣0.86均可以）‎ ‎17.(1)0.2 （2）14 J ‎【解析】（1）由图可知，前2 s物块做匀加速直线运动，由牛顿第二定律有：qE1-μmg=ma，由图线知加速度为：a=1 m/s22 s后物块做匀速运动，由平衡条件有：qE2=μmg联立解得：q（E1-E2）=ma由图可得：E1=3×104N/C，E2=2×104N/C，代入数据解得：m=1 kg由qE2=μmg可得：μ=0.2．（2）物块在前2 s的位移为：x1＝×1×22m＝2 m，物块在2~4 s内的位移为：‎ x2=vt2=4 m电场力做正功为：W=qE1x1+qE2x2=（3×2+2×4）J =14 J，则电势能减少了14 J.‎ ‎18.1.5 V 1 Ω ‎【解析】解：当电键S2断开时，根据闭合电路欧姆定律：‎ 当电键S2闭合时，根据闭合电路欧姆定律：‎ 代入数据：E=0.5（r+2）‎ E=0.75（r+1）‎ 解得：E=1.5 V，r=1 Ω．‎ ‎19.（1）6 V （2）3.5 W ‎【解析】（1）路端电压等于R2的电压，由P=，‎ 代入数据解得：U=6 V ‎（2）电源电动势E=U2+Ir，解得干路电流为：I===1.5 A 通过R2的电流：I2==A=0.5 A 通过电动机的电流：I1=I﹣I2=（1.5﹣0.5） A=1A 电动机的输出功率：P=I1U1﹣R 由此得：P=1.0×4 W﹣1.02×0.50 W=3.5 W ‎20.(1)d　(2)e(U0＋)‎ ‎【解析】(1)设电子飞离加速电场时的速度为v0，由动能定理得eU0＝mv①‎ 设金属板AB的长度为L，电子偏转时间t＝②‎ 电子在偏转电场中产生偏转加速度 a＝③‎ 电子在电场中的侧位移y＝d＝at2④‎ 联立①②③④得：L＝d.‎ ‎(2)设电子穿出电场时的动能为Ek，根据动能定理得 Ek＝eU0＋e＝e(U0＋)．‎