云南省玉溪市元江县一中2019-2020学年高一上学期12月月考物理试题

云南省玉溪市元江县一中2019-2020学年高一上学期12月月考物理试题

云南省玉溪市元江县一中2019-2020学年12月份考试 高一物理 本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间90分钟。‎ ‎ ‎ 一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) ‎ ‎1.如图所示，自行车的车轮半径为R，车轮沿直线无滑动地滚动，当气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方时，气门芯位移的大小为(　　)‎ A． πR B． 2R C． 2πR D．R ‎2.跳高运动员在如图所示的四种过杆姿势中，重心最能接近甚至低于横杆的是(　　)‎ ‎3.在佛山一中第XX届校运会上，高三18班曹谦同学在男子400 m的决赛中，以53秒的成绩打破该项的校运会记录.（假设起点与终点共点）在整个过程中，下列说法正确的是（ ）‎ A． 教练在研究曹谦同学摆臂的幅度与频率的时候可以将他看作质点 B． 曹谦同学的位移为0‎ C． 曹谦同学400 m的平均速率为0‎ D． 曹谦同学400 m的平均速度大小约为7.55 m/s ‎4.用弹簧拉着木块在水平面上做匀速直线运动，弹簧拉木块的力与木块拉弹簧的力是(　　)‎ A． 一对作用力和反作用力 B． 一对平衡力 C． 大小相等、方向相同，作用在一条直线上 D． 大小相等、方向相反，作用在同一物体上 ‎5.如下图所示，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后(　　)‎ A．M静止在传送带上 B．M可能沿斜面向上运动 C．M受到的摩擦力不变 D．M下滑的速度变小 ‎6.如图所示，一小球用轻绳悬于O点，用力F拉住小球，使悬线保持偏离竖直方向75°角，且小球始终处于平衡状态．为了使F有最小值，F与竖直方向的夹角θ应该是(　　)‎ A． 90° B． 45° C． 15° D． 0°‎ ‎7.物体的运动可以用图象描述，在如图所示的x－t和v－t图象中，分别给出了a、b、c、d四个物体做直线运动所对应的图象1、2、3、4.则关于这四个运动，下列说法是正确的是(　　)‎ A．a、b一定在t1时刻相遇 B．c、d一定在t3时刻相遇 C．a、b运动方向相同，c、d运动方向相同 D．a、b运动方向相反，c、d运动方向相反 ‎8.如图所示为杂技“顶杆”表演，一人站在地上，肩上为一质量为M的竖直竹竿，当竿上一质量为m的人以加速度a加速下滑时，竿对“底人”的压力大小为(　　)‎ A． (M＋m)g B． (M＋m)g－ma C． (M＋m)g＋ma D． (M－m)g ‎9.下列关于加速度的说法中，正确的是（　　）‎ A． 速度越小，加速度越小 B． 加速度越大，速度变化越大 C． 加速度越大，速度变化越快 D． 加速度的方向和速度方向一定相同 ‎10.如图所示，在一辆表面光滑的小车上，有质量分别为m1、m2的两小球(m1>m2‎ ‎)随车一起匀速运动，当车突然停止时，如不考虑其它阻力，设车无限长，则两个小球(　　)‎ A． 一定相碰 B． 一定不相碰 C． 不一定相碰 D． 难以确定是否相碰 二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) ‎ ‎11.(多选)如下图，一辆有动力驱动的小车上有一水平放置的弹簧，其左端固定在小车上，右端与一小球相连，设在某一段时间内小球与小车相对静止且弹簧处于压缩状态，若忽略小球与小车间的摩擦力，则在此段时间内小车可能是(　　)‎ A． 向右做加速运动 B． 向右做减速运动 C． 向左做加速运动 D． 向左做减速运动 ‎12.(多选)将一个8 N的力分解成两个分力，下列各组值可能的有(　　)‎ A． 1 N和10 N B． 10 N和10 N C． 10 N和20 N D． 20 N和20 N ‎13.(多选)一个物体做初速度为零的匀变速直线运动，比较它在开始运动后第1 s内、第2 s内、第3 s内的运动，下列说法中正确的是(　　)‎ A． 经历的位移大小之比是1∶4∶9 B． 经历的位移大小之比是1∶3∶5‎ C． 最大速度之比是1∶2∶3 D． 平均速度之比是1∶2∶3‎ ‎14.(多选)关于两个大小不变的力F1、F2及它们的合力F，下列说法中正确的是(　　)‎ A． 合力F一定与F1、F2共同作用产生的效果相同 B． 两力F1、F2一定是同一个物体受到的力 C． 两力F1、F2与F是物体同时受到的三个力 D．F一定不随F1、F2的变化而变化 三、实验题(共2小题,共15分) ‎ ‎15.某探究学习小组的同学们要探究加速度与力、质量的关系，他们在实验室组装了一套如图所示的装置，水平轨道上安装两个光电门，小车上固定有力传感器和挡光板，细线一端与力传感器连接，另一端跨过定滑轮挂上砝码盘．实验时，调整轨道的倾角正好能平衡小车所受的摩擦力(图中未画出)．‎ ‎(1)该实验中小车所受的合力________(选填“等于”或“不等于”)力传感器的示数，该实验是否需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量？________(选填“需要”或“不需要”)．‎ ‎(2)实验获得以下测量数据：小车、力传感器和挡光板的总质量M，挡光板的宽度l，光电门1和光电门2的中心距离为x.某次实验过程：力传感器的读数为F，小车通过光电门1和光电门2的挡光时间分别为t1、t2(小车通过光电门2后，砝码盘才落地)，已知重力加速度为g，则该实验要验证的关系式是________________．‎ ‎16.一小球在桌面上从静止开始做加速直线运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下小球每次曝光的位置，并将小球的位置编号，如图甲所示，1位置恰对应小球刚开始运动的瞬间，作为零时刻．摄影机连续两次曝光的时间间隔均相同．‎ ‎(1)小球从1位置到6位置的运动过程中经过各位置的速度分别为v1＝0，v2＝0.06 m/s，v3＝________ m/s，v4＝0.18 m/s，v5＝________ m/s.‎ ‎(2)在图乙所示的坐标纸上作出小球的速度—时间图象(保留描点痕迹)．‎ 四、计算题 ‎ ‎17.某运动员进行百米赛跑训练，假设其运动过程先做匀加速直线运动，然后做匀减速直线运动，最后以12 m/s的速度冲到终点，成绩为10 s，问：‎ ‎（1）该运动员百米赛跑全程的平均速度是多少？‎ ‎（2）假设其加速过程中的加速度大小是4 m/s2，则其加速所用时间是多少？‎ ‎18.汽车在平直的高速公路上行驶的速度为108 km/h，若驾驶员发现前方100 m处发生了交通事故，马上紧急刹车，刹车后的加速度大小为5 m/s2.‎ ‎(1)汽车刹车后8 s的速度和位移各是多少？‎ ‎(2)该汽车是否会有安全问题？‎ ‎19.如图所示放在水平地面上的物体P的重量为GP＝10 N，与P相连的细线通过光滑的滑轮挂了一个重物Q拉住物体P，重物Q的重量为GQ＝2 N，此时两物体保持静止状态，线与水平方向成30°角，则物体P受到地面对它的摩擦力Ff与地面对它的支持力FN多大？‎ ‎20.如图甲所示，倾角为θ＝37°的足够长斜面上，质量m＝1 kg的小物体在沿斜面向上的拉力F＝14 N作用下，由斜面底端从静止开始运动，2 s后撤去F，前2 s内物体运动的v-t图象如图乙所示．求：(取g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)‎ ‎(1)小物体与斜面间的动摩擦因数；‎ ‎ ‎ 答案 ‎1.D 2.D 3.B 4.A 5.C 6.C 7.A 8.B 9.C 10.B ‎11.AD 12.BD 13.BC 14.AB ‎15.(1)等于　不需要　(2)F＝(－)‎ ‎【解析】　(1)由于力传感器显示拉力的大小，而拉力的大小就是小车所受的合力，故不需要让砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量．‎ ‎(2)由于挡光板的宽度l很小，故小车在光电门1处的速度v1＝，在光电门2处的速度为v2＝，由v－v＝2ax，得a＝＝(－)．故验证的关系式为F＝Ma＝(－)＝(－)．‎ ‎16.　0.12　0.24　‎ ‎【解析】　如题图所示，x1＋x2＝0.06 m，而 v2＝m/s＝0.06 m/s，故T＝0.5 s，‎ 则v3＝＝m/s＝0.12 m/s，‎ 又x4＋x5＝0.24 m，则v5＝＝m/s＝0.24 m/s.其v－t图象如图所示．‎ ‎17.（1）该运动员百米赛跑全程的平均速度是10 m/s ‎（2）‎ ‎【解析】（1）该运动员百米赛跑全程的平均速度 ‎（2）设运动员加速所用时间为t，则加速过程，运动员的位移；‎ 那么运动员做减速运动的时间为10-t，运动员做减速运动的平均速度 ‎，‎ 所以，运动员做减速运动的位移；‎ 所以有：100=，所以，；‎ ‎18.　(1)0　90 m　(2)不会 ‎【解析】　(1)设汽车运动方向为正方向，则 v0＝108 km/h＝30 m/s，a＝－5 m/s2‎ 设汽车刹车t秒后停下来，由v＝v0＋at，得t＝＝s＝6 s 因为汽车6 s末停下来，所以8 s末的速度为0‎ ‎8 s内的位移等于6 s内的位移，即：‎ x8＝x6＝t＝×6 m＝90 m.‎ ‎(2)因为汽车刹车距离90 m＜100 m，所以汽车不会有安全问题．‎ ‎19.N，方向水平向右 ‎9 N，方向竖直向上 ‎【解析】选取Q为研究对象受力如图所示：‎ 由平衡条件可知：FT＝GQ①‎ 选取P为研究对象受力如图所示：‎ 建立如图所示的直角坐标系，‎ 在x轴上由平衡条件，有：FTx＝Ff＝FTcos 30°②‎ 在y轴上由平衡条件，有：FN＋FTy＝FN＋FTsin 30°＝GP③‎ 联立①②③得：‎ ‎20.　(1)0.5　(2)2.2 m，沿斜面向上 ‎【解析】　(1)由题图乙可知，0～2 s内物体的加速度a1＝＝4 m/s2‎ 根据牛顿第二定律，F－mgsinθ－Ff＝ma1，‎ FN＝mgcosθ，而Ff＝μFN，代入数据解得μ＝0.5.‎ ‎(2)撤去F后，－mgsinθ－Ff＝ma2，得a2＝－10 m/s2，‎ 设经过t2时间减速到0，根据运动学公式0＝v1＋a2t2，‎ 解得t2＝0.8 s 在0.8 s内物体有向上运动的位移x2‎ ‎0－v＝2a2x2，得x2＝3.2 m 物体到最高点后向下运动，设加速度大小为a3，则 mgsinθ－Ff＝ma3，解得a3＝2 m/s2‎ 再经t3＝1 s物体发生位移x3，x3＝a3t＝1 m 物体在撤去F后1.8 s内的位移x＝x2－x3‎ 代入数据解得x＝2.2 m，方向沿斜面向上．‎