2016年(全国卷II)(含答案)高考文科数学

2016年(全国卷II)(含答案)高考文科数学

‎2016年普通高等学校招生全国统一考试（2全国Ⅱ卷）‎ 数学(文)试题 一、选择题 ( 本大题 共 12 题, 共计 60 分)‎ ‎1.已知集合A={1，2，3}，B={x|x2＜9}，则A∩B=（　　） A.{-2，-1，0，1，2，3}      B.{-2，-1，0，1，2} C.{1，2，3}            D.{1，2}‎ ‎2.设复数z满足z+i=3-i，则=（　　） A.-1+2i    B.1-2i    C.3+2i    D.3-2i ‎3.函数y=Asin（ωx+φ）的部分图象如图所示，则（　　） A.y=2sin（2x-）  B.y=2sin（2x-） ‎ C.y=2sin（x+）  D.y=2sin（x+）‎ ‎4.体积为8的正方体的顶点都在同一球面上，则该球面的表面积为（　　） A.12π    B.π    C.8π     D.4π ‎5.设F为抛物线C：y2=4x的焦点，曲线y=（k＞0）与C交于点P，PF⊥x轴，则k=（　　） A.      B.1      C.      D.2‎ ‎6.圆x2+y2-2x-8y+13=0的圆心到直线ax+y-1=0的距离为1，则a=（　　） A.-      B.-      C.      D.2‎ ‎7.如图是由圆柱与圆锥组合而成的几何体的三视图，则该几何体的表面积为（　　） A.20π    B.24π    C.28π    D.32π ‎8.某路口人行横道的信号灯为红灯和绿灯交替出现，红灯持续时间为40秒．若一名行人来到该路口遇到红灯，则至少需要等待15秒才出现绿灯的概率为（　　） A.  B.  C.  D.‎ ‎9.中国古代有计算多项式值的秦九韶算法，如图是实现该算法的程序框图．执行该程序框图，若输入的x=2，n=2，依次输入的a为2，2，5，则输出的s=（　　） A.7      B.12   C.17   D.34 ‎ ‎10.下列函数中，其定义域和值域分别与函数y=10lgx的定义域和值域相同的是（　　） A.y=x   B.y=lgx  C.y=2x   D.y= ‎ ‎11.函数f（x）=cos2x+6cos（-x）的最大值为（　　） A.4      B.5      C.6      D.7‎ ‎12.已知函数f（x）（x∈R）满足f（x）=f（2-x），若函数y=|x2-2x-3|与 y=f（x） 图象的交点为（x1，y1），（x2，y2），…，（xm，ym），则xi=（　　） A.0      B.m     C.2m     D.4m 二、填空题(本大题共4小题，共20.0分)‎ ‎13.已知向量=（m，4），=（3，-2），且∥，则m= ______ ．‎ ‎14.若x，y满足约束条件，则z=x-2y的最小值为 ______ ．‎ ‎15.△ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，若cosA=，cosC=，a=1，则b= ______ ．‎ ‎16.有三张卡片，分别写有1和2，1和3，2和3．甲，乙，丙三人各取走一张卡片，甲看了乙的卡片后说：“我与乙的卡片上相同的数字不是2”，乙看了丙的卡片后说：“我与丙的卡片上相同的数字不是1”，丙说：“我的卡片上的数字之和不是5”，则甲的卡片上的数字是 ______ ．‎ 三、解答题(本大题共8小题，共94.0分)‎ ‎17.等差数列{an}中，a3+a4=4，a5+a7=6． （Ⅰ）求{an}的通项公式； （Ⅱ）设bn=[an]，求数列{bn}的前10项和，其中[x]表示不超过x的最大整数，如[0.9]=0，[2.6]=2． ‎ ‎ ‎ ‎18.某险种的基本保费为a（单位：元），继续购买该险种的投保人称为续保人，续保人本年度的保费与其上年度出险次数的关联如下： ‎ 上年度出险次数 ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎≥5‎ 保费 ‎0.85a a ‎1.25a ‎1.5a ‎1.75a ‎2a 随机调查了该险种的200名续保人在一年内的出险情况，得到如下统计表： ‎ 出险次数 ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎≥5‎ 频数 ‎60‎ ‎50‎ ‎30‎ ‎30‎ ‎20‎ ‎10‎ （I） 记A为事件：“一续保人本年度的保费不高于基本保费”．求P（A）的估计值； （Ⅱ）记B为事件：“一续保人本年度的保费高于基本保费但不高于基本保费的160%”．求P（B）的估计值； （Ⅲ）求续保人本年度的平均保费估计值． ‎ ‎ ‎ 19. 如图，菱形ABCD的对角线AC与BD交于点O，点E、F分别在AD，CD上，AE=CF，EF交BD于点H，将△DEF沿EF折到△D′EF的位置． （Ⅰ）证明：AC⊥HD′； （Ⅱ）若AB=5，AC=6，AE=，OD′=2，求五棱锥D′-ABCFE体积． ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ 20. 已知函数f（x）=（x+1）lnx-a（x-1）． （I）当a=4时，求曲线y=f（x）在（1，f（1））处的切线方程； （II）若当x∈（1，+∞）时，f（x）＞0，求a的取值范围． ‎ ‎ ‎ 19. 已知A是椭圆E：+=1的左顶点，斜率为k（k＞0）的直线交E与A，M两点，点N在E上，MA⊥NA． （I）当|AM|=|AN|时，求△AMN的面积 （II） 当2|AM|=|AN|时，证明：＜k＜2． ‎ ‎ ‎ 19. 如图，在正方形ABCD中，E，G分别在边DA，DC上（不与端点重合），且DE=DG，过D点作DF⊥CE，垂足为F． （Ⅰ）证明：B，C，G，F四点共圆； （Ⅱ）若AB=1，E为DA的中点，求四边形BCGF的面积． ‎ ‎23.在直角坐标系xOy中，圆C的方程为（x+6）2+y2=25． （Ⅰ）以坐标原点为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系，求C的极坐标方程； （Ⅱ）直线l的参数方程是（t为参数），l与C交与A，B两点，|AB|=，求l的斜率． ‎ ‎24.已知函数f（x）=|x-|+|x+|，M为不等式f（x）＜2的解集． （Ⅰ）求M； （Ⅱ）证明：当a，b∈M时，|a+b|＜|1+ab|． ‎ ‎2016年普通高等学校招生全国统一考试试题 文科数学 一、 选择题：本大题共12小题。每小题5分，在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。‎ ‎1.【答案】D ‎【解析】由得，，所以，所以，故选D.‎ ‎2. 【答案】C ‎【解析】由得，，故选C.‎ ‎3. 【答案】A ‎ ‎ ‎4. 【答案】A ‎【解析】因为正方体的体积为8，所以正方体的体对角线长为，所以正方体的外接球的半径为，所以球面的表面积为，故选A.‎ ‎5. 【答案】D ‎【解析】，又因为曲线与交于点，轴，所以，所以，选D.‎ ‎6. 【答案】A ‎【解析】圆心为，半径，所以，解得，故选A. ‎ ‎7. 【答案】C ‎【解析】因为原几何体由同底面一个圆柱和一个圆锥构成，所以其表面积为，故选C.‎ ‎8. 【答案】B ‎【解析】至少需要等待15秒才出现绿灯的概率为，故选B.‎ ‎9.【答案】C ‎【解析】第一次运算，a=2，s=2，n=2，k=1，不满足k>n;‎ 第二次运算，a=2，s=，k=2，不满足k>n;‎ 第三次运算，a=5，s=，k=3，满足k>n，‎ 输出s=17，故选C．‎ ‎10. 【答案】D ‎【解析】，定义域与值域均为，只有D满足，故选D．‎ ‎11. 【答案】B ‎【解析】因为，而，所以当时，取最大值5，选B.‎ ‎12. 【答案】B ‎【解析】因为都关于对称，所以它们交点也关于对称，当为偶数时，其和为，当为奇数时，其和为，因此选B.‎ 二．填空题：共4小题，每小题5分.‎ ‎13. 【答案】‎ ‎【解析】因为a∥b，所以，解得．‎ ‎14.【答案】‎ ‎ 15. 【答案】‎ ‎【解析】因为，且为三角形内角，所以，，又因为，所以.‎ ‎16. 【答案】和 ‎【解析】由题意分析可知甲的卡片上数字为1和3，乙的卡片上数字为2和3，丙卡片上数字为1和2.‎ ‎17.解：（Ⅰ）设等差数列{an}的公差为d， ∵a3+a4=4，a5+a7=6． ∴， 解得：， ‎ ‎∴an=； （Ⅱ）∵bn=[an]， ∴b1=b2=b3=1， b4=b5=2， b6=b7=b8=3， b9=b10=4． 故数列{bn}的前10项和S10=3×1+2×2+3×3+2×4=24． 18.解：（I）记A为事件：“一续保人本年度的保费不高于基本保费”．事件A的人数为：60+50=110，该险种的200名续保， P（A）的估计值为：=； （Ⅱ）记B为事件：“一续保人本年度的保费高于基本保费但不高于基本保费的160%”．事件B的人数为：30+30=60，P（B）的估计值为：=； （Ⅲ）续保人本年度的平均保费估计值为=．=1.1925a． 19.（Ⅰ）证明：∵菱形ABCD的对角线AC与BD交于点O，点E、F分别在AD，CD上，AE=CF， ∴EF∥AC，且EF⊥BD， 又D′H⊥EF， D′H∩DH=H， ∴EF⊥平面DD′H， ∵HD′⊂平面D′HD， ∴EF⊥HD′， ∵EF∥AC， ∴AC⊥HD′； （Ⅱ）若AB=5，AC=6，则AO=3，B0=OD=4， ∵AE=，AD=AB=5， ∴DE=5-=， ∵EF∥AC， ∴====， ∴EH=，EF=2EH=，DH=3，OH=4-3=1， ∵HD′=DH=3，OD′=2， ∴满足HD′2=OD′2+OH2， 则△OHD′为直角三角形，且OD′⊥OH， 即OD′⊥底面ABCD， 即OD′是五棱锥D′-ABCFE的高． 底面五边形的面积S=+=+=12+=‎ ‎， 则五棱锥D′-ABCFE体积V=S•OD′=××2=． 20.解：（I）当a=4时，f（x）=（x+1）lnx-4（x-1）． f（1）=0，即点为（1，0）， 函数的导数f′（x）=lnx+（x+1）•-4， 则f′（1）=ln1+2-4=2-4=-2， 即函数的切线斜率k=f′（1）=-2， 则曲线y=f（x）在（1，0）处的切线方程为y=-2（x-1）=-2x+2； （II）∵f（x）=（x+1）lnx-a（x-1）， ∴f′（x）=1++lnx-a， ∴f″（x）=， ∵x＞1，∴f″（x）＞0， ∴f′（x）在（1，+∞）上单调递增， ∴f′（x）＞f′（1）=2-a． ①a≤2，f′（x）＞f′（1）≥0， ∴f（x）在（1，+∞）上单调递增， ∴f（x）＞f（1）=0，满足题意； ②a＞2，存在x0∈（1，+∞），f′（x0）=0，函数f（x）在（1，x0）上单调递减，在（x0，+∞）上单调递增， 由f（1）=0，可得存在x0∈（1，+∞），f（x0）＜0，不合题意． 综上所述，a≤2． 21.解：（I）由椭圆E的方程：+=1知，其左顶点A（-2，0）， ∵|AM|=|AN|，且MA⊥NA，∴△AMN为等腰直角三角形， ∴MN⊥x轴，设M的纵坐标为a，则M（a-2，a）， ∵点M在E上，∴3（a-2）2+4a2=12，整理得：7a2-12a=0，∴a=或a=0（舍）， ∴S△AMN=a×2a=a2=； （II）设直线lAM的方程为：y=k（x+2），直线lAN的方程为：y=-（x+2），由消去y得：（3+4k2）x2+16k2x+16k2-12=0，∴xM-2=-，∴xM=2-‎ ‎=， ∴|AM|=|xM-（-2）|=•= ∵k＞0， ∴|AN|==， 又∵2|AM|=|AN|，∴=， 整理得：4k3-6k2+3k-8=0， 设f（k）=4k3-6k2+3k-8， 则f′（k）=12k2-12k+3=3（2k-1）2≥0， ∴f（k）=4k3-6k2+3k-8为（0，+∞）的增函数， 又f（）=4×3-6×3+3-8=15-26=-＜0，f（2）=4×8-6×4+3×2-8=6＞0， ∴＜k＜2． 22.（Ⅰ）证明：∵DF⊥CE， ∴Rt△DFC∽Rt△EDC， ∴=， ∵DE=DG，CD=BC， ∴=， 又∵∠GDF=∠DEF=∠BCF， ∴△GDF∽△BCF， ∴∠CFB=∠DFG， ∴∠GFB=∠GFC+∠CFB=∠GFC+∠DFG=∠DFC=90°， ∴∠GFB+∠GCB=180°， ∴B，C，G，F四点共圆． （Ⅱ）∵E为AD中点，AB=1，∴DG=CG=DE=， ∴在Rt△DFC中，GF=CD=GC，连接GB，Rt△BCG≌Rt△BFG， ∴S四边形BCGF=2S△BCG=2××1×=． 23.解：（Ⅰ）∵圆C的方程为（x+6）2+y2=25， ∴x2+y2+12x+11=0， ∵ρ2=x2+y2，x=ρcosα，y=ρsinα， ∴C的极坐标方程为ρ2+12ρcosα+11=0． （Ⅱ）∵直线l的参数方程是（t为参数）， ∴直线l的一般方程y=tanα•x，‎ ‎ ∵l与C交与A，B两点，|AB|=，圆C的圆心C（-6，0），半径r=5， ∴圆心C（-6，0）到直线距离d==， 解得tan2α=，∴tanα=±=±． ∴l的斜率k=±． 24.解：（I）当x＜时，不等式f（x）＜2可化为：-x-x-＜2， 解得：x＞-1， ∴-1＜x＜， 当≤x≤时，不等式f（x）＜2可化为：-x+x+=1＜2， 此时不等式恒成立， ∴≤x≤， 当x＞时，不等式f（x）＜2可化为：-+x+x+＜2， 解得：x＜1， ∴＜x＜1， 综上可得：M=（-1，1）； 证明：（Ⅱ）当a，b∈M时， （a2-1）（b2-1）＞0， 即a2b2+1＞a2+b2， 即a2b2+1+2ab＞a2+b2+2ab， 即（ab+1）2＞（a+b）2， 即|a+b|＜|1+ab|．‎ ‎【解析】 1. 解：∵集合A={1，2，3}，B={x|x2＜9}={x|-3＜x＜3}， ∴A∩B={1，2}． 故选：D． 先求出集合A和B，由此利用交集的定义能求出A∩B的值． 本题考查交集的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意交集定义的合理运用． 2. 解：∵复数z满足z+i=3-i， ∴z=3-2i， ∴=3+2i， 故选：C 根据已知求出复数z，结合共轭复数的定义，可得答案． 本题考查的知识点是复数代数形式的加减运算，共轭复数的定义，难度不大，属于基础题． 3. 解：由图可得：函数的最大值为2，最小值为-2，故A=2， =，故T=π，ω=2，‎ ‎ 故y=2sin（2x+φ）， 将（，2）代入可得：2sin（+φ）=2， 则φ=-满足要求， 故y=2sin（2x-）， 故选：A． 根据已知中的函数y=Asin（ωx+φ）的部分图象，求出满足条件的A，ω，φ值，可得答案． 本题考查的知识点是由y=Asin（ωx+φ）的部分图象确定其解析式，确定各个参数的值是解答的关键． 4. 解：正方体体积为8，可知其边长为2， 正方体的体对角线为=2， 即为球的直径，所以半径为， 所以球的表面积为=12π． 故选：A． 先通过正方体的体积，求出正方体的棱长，然后求出球的半径，即可求出球的表面积． 本题考查学生的空间想象能力，体积与面积的计算能力，是基础题． 5. 解：抛物线C：y2=4x的焦点F为（1，0）， 曲线y=（k＞0）与C交于点P在第一象限， 由PF⊥x轴得：P点横坐标为1， 代入C得：P点纵坐标为2， 故k=2， 故选：D 根据已知，结合抛物线的性质，求出P点坐标，再由反比例函数的性质，可得k值． 本题考查的知识点是抛物线的简单性质，反比例函数的性质，难度中档． 6. 解：圆x2+y2-2x-8y+13=0的圆心坐标为：（1，4）， 故圆心到直线ax+y-1=0的距离d==1， 解得：a=， 故选：A． 求出圆心坐标，代入点到直线距离方程，解得答案． 本题考查的知识点是圆的一般方程，点到直线的距离公式，难度中档． 7. 解：由三视图知，空间几何体是一个组合体， 上面是一个圆锥，圆锥的底面直径是4，圆锥的高是2， ∴在轴截面中圆锥的母线长是=4， ∴圆锥的侧面积是π×2×4=8π， 下面是一个圆柱，圆柱的底面直径是4，圆柱的高是4， ∴圆柱表现出来的表面积是π×22+2π×2×4=20π ‎ ∴空间组合体的表面积是28π， 故选：C． 空间几何体是一个组合体，上面是一个圆锥，圆锥的底面直径是4，圆锥的高是2，在轴截面中圆锥的母线长使用勾股定理做出的，写出表面积，下面是一个圆柱，圆柱的底面直径是4，圆柱的高是4，做出圆柱的表面积，注意不包括重合的平面． 本题考查由三视图求表面积，本题的图形结构比较简单，易错点可能是两个几何体重叠的部分忘记去掉，求表面积就有这样的弊端． 8. 解：∵红灯持续时间为40秒，至少需要等待15秒才出现绿灯， ∴一名行人前25秒来到该路口遇到红灯， ∴至少需要等待15秒才出现绿灯的概率为=． 故选：B． 求出一名行人前25秒来到该路口遇到红灯，即可求出至少需要等待15秒才出现绿灯的概率． 本题考查概率的计算，考查古典概型，考查学生的计算能力，比较基础． 9. 解：∵输入的x=2，n=2， 当输入的a为2时，S=2，k=1，不满足退出循环的条件； 当再次输入的a为2时，S=6，k=2，不满足退出循环的条件； 当输入的a为5时，S=17，k=3，满足退出循环的条件； 故输出的S值为17， 故选：C 根据已知的程序框图可得，该程序的功能是利用循环结构计算并输出变量S的值，模拟程序的运行过程，可得答案． 本题考查的知识点是程序框图，当循环次数不多，或有规律可循时，可采用模拟程序法进行解答． 10. 解：函数y=10lgx的定义域和值域均为（0，+∞）， 函数y=x的定义域和值域均为R，不满足要求； 函数y=lgx的定义域为（0，+∞），值域为R，不满足要求； 函数y=2x的定义域为R，值域为R（0，+∞），不满足要求； 函数y=的定义域和值域均为（0，+∞），满足要求； 故选：D 分别求出各个函数的定义域和值域，比较后可得答案． 本题考查的知识点是函数的定义域和值域，熟练掌握各种基本初等函数的定义域和值域，是解答的关键． 11. 解：函数f（x）=cos2x+6cos（-x） =1-2sin2x+6sinx， 令t=sinx（-1≤t≤1）， 可得函数y=-2t2+6t+1=-2（t-）2+， 由∉[-1，1]，可得函数在[-1，1]递增， 即有t=1即x=2kπ+，k∈Z时，函数取得最大值5． 故选：B． 运用二倍角的余弦公式和诱导公式，可得y=1-2sin2‎ x+6sinx，令t=sinx（-1≤t≤1），可得函数y=-2t2+6t+1，配方，结合二次函数的最值的求法，以及正弦函数的值域即可得到所求最大值． 本题考查三角函数的最值的求法，注意运用二倍角公式和诱导公式，同时考查可化为二次函数的最值的求法，属于中档题． 12. 解：∵函数f（x）（x∈R）满足f（x）=f（2-x）， 故函数f（x）的图象关于直线x=1对称， 函数y=|x2-2x-3|的图象也关于直线x=1对称， 故函数y=|x2-2x-3|与 y=f（x） 图象的交点也关于直线x=1对称， 故xi=×2=m， 故选：B 根据已知中函数函数f（x）（x∈R）满足f（x）=f（2-x），分析函数的对称性，可得函数y=|x2-2x-3|与 y=f（x） 图象的交点关于直线x=1对称，进而得到答案． 本题考查的知识点是二次函数的图象和性质，函数的对称性质，难度中档． 13. 解：向量=（m，4），=（3，-2），且∥， 可得12=-2m，解得m=-6． 故答案为：-6． 直接利用向量共线的充要条件列出方程求解即可． 本题考查向量共线的充要条件的应用，考查计算能力． 14.解：由约束条件作出可行域如图， 联立，解得A（3，4）． 化目标函数z=x-2y为y=x-z， 由图可知，当直线y=x-z过A（3，4）时，直线在y轴上的截距最大，z有最小值为：3-2×4=-5． 故答案为：-5． 由约束条件作出可行域，化目标函数为直线方程的斜截式，数形结合得到最优解，联立方程组求得最优解的坐标，把最优解的坐标代入目标函数得答案． 本题考查简单的线性规划，考查了数形结合的解题思想方法，是中档题． 15. 解：由cosA=，cosC=，可得 sinA===， sinC===‎ ‎， sinB=sin（A+C）=sinAcosC+cosAsinC=×+×=， 由正弦定理可得b= ==． 故答案为：． 运用同角的平方关系可得sinA，sinC，再由诱导公式和两角和的正弦公式，可得sinB，运用正弦定理可得b=，代入计算即可得到所求值． 本题考查正弦定理的运用，同时考查两角和的正弦公式和诱导公式，以及同角的平方关系的运用，考查运算能力，属于中档题． 16. 解：根据丙的说法知，丙的卡片上写着1和2，或1和3； （1）若丙的卡片上写着1和2，根据乙的说法知，乙的卡片上写着2和3； ∴根据甲的说法知，甲的卡片上写着1和3； （2）若丙的卡片上写着1和3，根据乙的说法知，乙的卡片上写着2和3； 又甲说，“我与乙的卡片上相同的数字不是2”； ∴甲的卡片上写的数字不是1和2，这与已知矛盾； ∴甲的卡片上的数字是1和3． 故答案为：1和3． 可先根据丙的说法推出丙的卡片上写着1和2，或1和3，分别讨论这两种情况，根据甲和乙的说法可分别推出甲和乙卡片上的数字，这样便可判断出甲卡片上的数字是多少． 考查进行简单的合情推理的能力，以及分类讨论得到解题思想，做这类题注意找出解题的突破口． 17. （Ⅰ）设等差数列{an}的公差为d，根据已知构造关于首项和公差方程组，解得答案； （Ⅱ）根据bn=[an]，列出数列{bn}的前10项，相加可得答案． 本题考查的知识点是等差数列的通项公式，等差数列的性质，难度中档． 18. （I）求出A为事件：“一续保人本年度的保费不高于基本保费”的人数．总事件人数，即可求P（A）的估计值； （Ⅱ）求出B为事件：“一续保人本年度的保费高于基本保费但不高于基本保费的160%”的人数．然后求P（B）的估计值； （Ⅲ）利用人数与保费乘积的和除以总续保人数，可得本年度的平均保费估计值． 本题考查样本估计总体的实际应用，考查计算能力． 19. （1）根据直线平行的性质以及线面垂直的判定定理先证明EF⊥平面DD′H即可． （2）根据条件求出底面五边形的面积，结合平行线段的性质证明OD′是五棱锥D′-ABCFE的高，即可得到结论． 本题主要考查空间直线和平面的位置关系的判断，以及空间几何体的体积，根据线面垂直的判定定理以及五棱锥的体积公式是解决本题的关键．本题的难点在于证明OD′是五棱锥D′-ABCFE的高．考查学生的运算和推理能力． 20. （I）当a=4时，求出曲线y=f（x）在（1，f（1））处的切线的斜率，即可求出切线方程；‎ ‎ （II）先求出f′（x）＞f′（1）=2-a，再结合条件，分类讨论，即可求a的取值范围． 本题主要考查了导数的应用，函数的导数与函数的单调性的关系的应用，导数的几何意义，考查参数范围的求解，考查学生分析解决问题的能力，有难度． 21. （I）依题意知椭圆E的左顶点A（-2，0），由|AM|=|AN|，且MA⊥NA，可知△AMN为等腰直角三角形，设M（a-2，a），利用点M在E上，可得3（a-2）2+4a2=12，解得：a=，从而可求△AMN的面积； （II）设直线lAM的方程为：y=k（x+2），直线lAN的方程为：y=-（x+2），联立消去y，得（3+4k2）x2+16k2x+16k2-12=0，利用韦达定理及弦长公式可分别求得|AM|=|xM-（-2）|=，|AN|==， 结合2|AM|=|AN|，可得=，整理后，构造函数f（k）=4k3-6k2+3k-8，利用导数法可判断其单调性，再结合零点存在定理即可证得结论成立． 本题考查直线与圆锥曲线的综合问题，常用的方法就是联立方程求出交点的横坐标或者纵坐标的关系，通过这两个关系的变形去求解，考查构造函数思想与导数法判断函数单调性，再结合零点存在定理确定参数范围，是难题． 22. （Ⅰ）证明B，C，G，F四点共圆可证明四边形BCGF对角互补，由已知条件可知∠BCD=90°，因此问题可转化为证明∠GFB=90°； （Ⅱ）在Rt△DFC中，GF=CD=GC，因此可得△GFB≌△GCB，则S四边形BCGF=2S△BCG，据此解答． 本题考查四点共圆的判断，主要根据对角互补进行判断，注意三角形相似和全等性质的应用． 23. （Ⅰ）把圆C的标准方程化为一般方程，由此利用ρ2=x2+y2，x=ρcosα，y=ρsinα，能求出圆C的极坐标方程． （Ⅱ）由直线l的参数方程求出直线l的一般方程，再求出圆心到直线距离，由此能求出直线l的斜率． 本题考查圆的极坐标方程的求法，考查直线的斜率的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意点到直线公式、圆的性质的合理运用． 24. （I）分当x＜时，当≤x≤时，当x＞时三种情况，分别求解不等式，综合可得答案； （Ⅱ）当a，b∈M时，（a2-1）（b2-1）＞0，即a2b2+1＞a2+b2，配方后，可证得结论． 本题考查的知识点是绝对值不等式的解法，不等式的证明，难度中档． ‎ ‎ ‎ ‎ ‎