高考系列圆锥曲线综合题解答与训练

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高考系列圆锥曲线综合题解答与训练

一、动点轨迹方程的求法 一、直接法 按求动点轨迹方程的一般步骤求,其过程是建系设点,列出几何等式,坐标代换,化简整理,主要用于动点具有的几何条件比较明显时.‎ 例1(1994年全国)已知直角坐标平面上点Q(2,0)和圆C:,动点M到圆C的切线长与的比等于常数(如图),求动点M的轨迹方程,说明它表示什么曲线.‎ 解:设M(x,y),直线MN切圆C于N,‎ 则有 ,‎ 即 ,‎ ‎ .‎ 整理得,这就是动点M的轨迹方程.‎ 若,方程化为,它表示过点和x轴垂直的一条直线;‎ 若λ≠1,方程化为,它表示以为圆心,为半径的圆.‎ 二、代入法 若动点M(x,y)依赖已知曲线上的动点N而运动,则可将转化后的动点N的坐标入已知曲线的方程或满足的几何条件,从而求得动点M的轨迹方程,此法称为代入法,一般用于两个或两个以上动点的情况.‎ 例2 (1986年全国)已知抛物线,定点A(3,1),B为抛物线上任意一点,点P在线段AB上,且有BP:PA=1:2,当点B在抛物线上变动时,求点P的轨迹方程,并指出这个轨迹为哪种曲线.‎ 解:设,由题设,P分线段AB的比,‎ ‎∴ ‎ 解得.‎ 又点B在抛物线上,其坐标适合抛物线方程,‎ ‎∴ ‎ 整理得点P的轨迹方程为 其轨迹为抛物线.‎ 例3.如图,在Rt△ABC中,∠BAC=90°,A(—,1)、B(,1),S△ABC=(平方单位),动点P在曲线E(y≥1)上运动,若曲线E过点C且满足|PA|+|PB|的值为常数.(Ⅰ)求曲线E的方程;(Ⅱ)设直线l的斜率为1,若直线l与曲线E有两个不同的交点P、Q,求线段PQ的中点M的轨迹方程.‎ ‎(Ⅰ)解:∵|AB|=2,S△ABC=|AC|·|AB|=,∴|AC|=1.但|BC|2=|AC|2+|AB|2,从而|BC|=3 .又|PA|+|PB|=|AC|+|BC|=4>2,∴P点在以A、B为焦点,半长轴为a=2,半焦距为c=,半短轴为b=的椭圆E(y≥1)上. ∴曲线E的方程为 ‎(Ⅱ)设直线l:y=x+m ,代入E的方程,消x ,可得3y2-2(m+2)y +m2-2 =0 .令f(x)= 3y2-2(m+2)y +m2-2 .方程f(y)=0,有两个不小于1,且不相等的实根时,有 解之,得. ‎ 设PQ的中点为M(x ,y ),P、Q两点的坐标分别为P(x1 ,y1),Q(x2 ,y2),‎ 将m=3y-2代入y=x+m得 y =即为M点的轨迹方程.‎ 三、定义法 若动点运动的规律满足某种曲线的定义,则可根据曲线的定义直接写出动点的轨迹方程.此法一般用于求圆锥曲线的方程,在高考中常填空、选择题的形式出现.‎ 例4 (1986年广东)若动圆与圆外切且与直线x=2相切,则动圆圆心的轨迹方程是 ‎(A)‎ ‎(B)‎ ‎(C)‎ ‎(D)‎ 解:如图,设动圆圆心为M,由题意,动点M到定圆圆心(-2,0)的距离等于它到定直线x=4的距离,故所求轨迹是以(-2,0)为焦点,直线x=4为准线的抛物线,并且p=6,顶点是(1,0),开口向左,所以方程是.选(B).‎ 例5 (1993年全国)一动圆与两圆和都外切,则动圆圆心轨迹为 ‎(A)抛物线 (B)圆 ‎(C)双曲线的一支 (D)椭圆 解:如图,设动圆圆心为M,半径为r,则有 动点M到两定点的距离之差为1,由双曲线定义知,其轨迹是以O、C为焦点的双曲线的左支,选(C).‎ 四、参数法 若动点P(x,y)的坐标x与y之间的关系不易直接找到,而动点变化受到另一变量的制约,则可求出x、y关于另一变量的参数方程,再化为普通方程.‎ 例6(1994年上海)设椭圆中心为原点O,一个焦点为F(0,1),长轴和短轴的长度之比为t.‎ ‎(A)求椭圆的方程;‎ ‎(2)设经过原点且斜率为t的直线与椭圆在y轴右边部分的交点为Q,点P在该直线上,且,当t变化时,求点P的轨迹方程,并说明轨迹是什么图形.‎ 解:(1)设所求椭圆方程为 由题意得 解得 ‎ 所以椭圆方程为 ‎.‎ ‎(2)设点解方程组 得 ‎ 由和得 其中t>1.‎ 消去t,得点P轨迹方程为 和.‎ 其轨迹为抛物线在直线右侧的部分和抛物线在直线在侧的部分.‎ 五、交轨法 一般用于求二动曲线交点的轨迹方程.其过程是选出一个适当的参数,求出二动曲线的方程或动点坐标适合的含参数的等式,再消去参数,即得所求动点轨迹的方程.‎ 例7 (1985年全国)已知两点以及一条直线:y=x,设长为的线段AB在直线上移动,求直线PA和QB交点M的轨迹方程.‎ 解:PA和QB的交点M(x,y)随A、B的移动而变化,故可设,则 PA:‎ QB:‎ 消去t,得 当t=-2,或t=-1时,PA与QB的交点坐标也满足上式,所以点M的轨迹方程是 以上是求动点轨迹方程的主要方法,也是常用方法,如果动点的运动和角度有明显的关系,还可考虑用复数法或极坐标法求轨迹方程.但无论用何方法,都要注意所求轨迹方程中变量的取值范围.‎ 试题练习 ‎1已知直角坐标系中,点Q(2,0),圆C的方程为,动点M到圆C的切线长与的比等于常数,求动点M的轨迹。‎ 解:设MN切圆C于N,则。设,则 ‎ 化简得 (1) 当时,方程为,表示一条直线。‎ 当时,方程化为表示一个圆。1.一动圆与圆外切,同时与圆内切,求动圆圆心的轨迹方程,并说明它是什么样的曲线。‎ ‎2.如图,从双曲线x2-y2=1上一点Q引直线x+y=2的垂线,垂足为N。求线段QN的中点P的轨迹方程。‎ 解:设动点P的坐标为(x,y),点Q的坐标为(x1,y1)‎ 则N( 2x-x1,2y-y1)代入x+y=2,得2x-x1+2y-y1=2 ① 又PQ垂直于直线x+y=2,故,即x-y+y1-x1=0 ②‎ 由①②解方程组得, 代入双曲线方程即可得P点的轨迹方程是2x2-2y2-2x+2y-1=0‎ ‎3如图,圆O1与圆O2的半径都是1,O1O2=4,过动点P分别作圆O1、圆O2的切线PM、PN(M、N分别为切点),使得PM=2PN,试建立适当的坐标系,并求动点P的轨迹方程.‎ 解:作直线O1O2,以直线O1O2为x轴,线段O1O2的垂直平分线为y轴,‎ 连结O1M、O2N,设P点坐标为(x,y).‎ ‎∵PM、PN分别为⊙O1、⊙O2的切线,∴O‎1M⊥PM,O2N⊥PN. ∴△PO‎1M,△PO2N为直角三角形. ∴PO12=PM2+O‎1M2‎=PM2+1, PO22=PN2+O2N2=PN2+1. ∵PM=PN,∴PM2=2PN2. ∴PO12=2PN2+1, ① 2PO22=2(PN2+1)=2PN2+2. ② 由②-①得2PO22-PO12=1.‎ ‎∵PO22=(x-2)2+y2,PO12=(x+2)2+y2, ∴2[(x-2)2+y2]-[(x+2)2+y2]=1. ‎ ‎∴2x2-8x+8+2y2-x2-4x-4-y2-1=0.∴x2-12x+y2+3=0. ∴(x-6)2+y2=33.‎ ‎4.一动圆与圆外切,同时与圆内切,求动圆圆心的轨迹方程,并说明它是什么样的曲线。‎ 解:(1)(法一)设动圆圆心为,半径为,设已知圆的圆心分别为、,‎ 将圆方程分别配方得:,,‎ 当与相切时,有 ①‎ 当与相切时,有 ②将①②两式的两边分别相加,得,即 ③‎ 移项再两边分别平方得: ④‎ 两边再平方得:,整理得,‎ 所以,动圆圆心的轨迹方程是,轨迹是椭圆.‎ ‎(法二)由解法一可得方程,由以上方程知,动圆圆心到点和的距离和是常数,所以点的轨迹是焦点为、,长轴长等于的椭圆,并且椭圆的中心在坐标原点,焦点在轴上,∴,,∴,,∴,∴圆心轨迹方程为。‎ 点评:定义法求轨迹方程的一般方法、步骤;“转移法”求轨迹方程的方法.‎ ‎5经过抛物线y2=2p(x+2p)(p>0)的顶点A作互相垂直的两直线分别交抛物线于B、C两点,求线段BC的中点M轨迹方程。‎ 解:A(-2p,0),设直线AB的方程为y=k(x+2p)(k0).与抛物线方程联立方程组可解得B点的坐标为,由于AC与AB垂直,则AC的方程为,与抛物线方程联立方程组可解得C点的坐标为,又M为BC中点,设M(x,y),则,消去k得y2=px,即点M的轨迹是抛物线。‎ ‎6.已知两定点A、B,且|AB|=2a(a∈R+).   (1)若动点M与A、B构成直角三角形,求直角顶点M的轨迹方程;   (2)若动点M满足条件∠MBA=2∠MAB,求点M的轨迹方程.   讲解:题设条件中没有给出坐标系,故应先考虑选择适当的坐标系,再用动点满足的几何条件用直译法求解.   因A、B为两个定点,故取AB所在的直线为x轴,注意到对称性,取AB的中点O为原点建立平面直角坐标系,如图8-6所示.于是A、B两点的坐标分别为(-a,0)、(a,0).‎ 图8-6‎ ‎   (1)设点M的坐标为(x,y),则动点M属于集合P={M|AM⊥MB,且M不在直线AB上}.   由AM⊥MB,得|AM|2+|MB|2=|AB|2,即      =(2a)2,且y≠0.   ①   化简,得x2+y2=a2(y≠0).   ②   或者由AM⊥MBkMA·kMB=-1,得   y/(x+a)·y/(x-a)=-1,   ③   化简,得x2+y2=a2(x≠±a).   ④   (2)设∠MAB=α,∠MBA=β,则点M属于集合P={M|β=2α}.   ⑤   考虑到tgβ的存在性,以下需分Ⅰ、Ⅱ两种情况讨论.   Ⅰ.∵当β≠(π/2)时,有tgβ=tg2α.   ⑥   而0≤α+β<π,β=2α,∴ 0≤α<(π/3).   又由α<β知x>-a.   ⑦   根据点M与x轴的相对位置,以下又可分为(i)、(ii)两种情形:   (i)当y≥0时,tgα=kMA=y/(x+a)(x≠-a),   tgβ=-tg(π-∠xBM)=-kMB=y/(a-x)(x≠a).   由tgβ=tg2α,得y/(a-x)=(2·(y/(x+a)/1-((y/x+a))2),   ⑧   整理得y(3x2-y2+2ax-a2)=0.   ⑨   (ii)当y<0时,同理可得上式.   Ⅱ.又x=a时,tgβ不存在,但β=(π/2),依题意只要α=(π/4),M仍为所求轨迹上的点.   ∵ 1=tg(π/4)=tgα=±y/(x+a)=±(y/2a),   ∴ y=±2a,   ∴点(a,±2a)在所求的轨迹上.   容易验证点(a,2a)与(a,-2a)的坐标都满足方程⑨,故所求点M的轨迹方程为   y=0(-a<x<a)或3x2-y2+2ax-a2‎ ‎=0(x>-a).   从本题的解答过程可以看到,用直译法求曲线(轨迹)方程时,其步骤中的第(5)步可以省略不写,但要下结论“最简方程就是所求曲线(轨迹)方程”,仍需验证曲线的方程定义中的两条,以保证轨迹的纯粹性与完备性.如在本题的解答过程中的①和②是同解变形,所得到的最简方程就是所求轨迹的方程.而从⑧到⑨中,若约去y,则将会丢掉线段AB(不含端点),则轨迹就不完备.又如从方程③到④不是同解变形,这时需对x的范围加以限制,即x≠±a,去掉增解,以保证轨迹的纯粹性.又如从⑤到⑥,当β=(π/2)时,不能得到⑥,故应对β=(π/2)加以验证,经检验当β=(π/2)时所对应的点A(a,±2a)在所求的轨迹上已包含在方程⑨中.解题中不可忽视题目隐含的条件,如本例(1)中的M与A、B构成三角形,M不在AB上,须加限制条件y≠0,又如(2)中的限制条件⑦.否则将会破坏轨迹的纯粹性与完备性.‎ ‎7.椭圆的方程为(x2/a2)+(y2/b2)=1,A1、A2分别是椭圆的左、右顶点,P是椭圆上任一点,引A1Q⊥A1P,A2Q⊥A2P.   设A1Q与A2Q相交于点Q,求Q点的轨迹方程.   讲解:因Q点随P点的运动而运动,而P点在已知椭圆上,故可用动点转移法求解.   思路1.设Q(x,y)、P(x1,y1),如图8-4,A1的坐标为(-a,0),A2的坐标为(a,0).‎ 图8-4‎ ‎∵点P(x1,y1)在椭圆(x2/a2)+(y2/b2)=1上,   ∴ (x12/a2)+(y12/b2)=1.   ①   欲求Q点的轨迹方程,只须将点P的坐标用点Q的坐标表示.为此,   须寻求x1、y1与x、y之间的关系.   ∵A1Q的方程为y=-(x1+a)/y1(x+a),   ②   A2Q的方程为y=-(x1-a)/y1(x-a),   ③   即y1y=-x1x-ax-ax1-a2,   ④   y1y=-x1x+ax+ax1-a2,   ⑤   联立④⑤,解得 x1=-x.   ⑥   由①得x12=a2(1-(y12/b2)).     ⑦   将④⑤代入A1Q的方程,得   y=(x12-a2)/y1=(-(a2/b2)y12)/y1=-(a2/b2)y1   ∴ y1=-(b2/a2)y.   ⑧   将⑥⑧代入①,并整理,得   (x2/a2)+(b2y2)/a4=1.   这就是Q点的轨迹方程.   以上是将两个参数x1、y1逐一消去,实际上还可整体消参.②×③,得   y2=((x12-a2)/y12)(x2-a2).   把y12=(b2/a2)(a2-x12)代入便可将参数一次消去.   思路2.因动点Q的位置由动点P的位置确定,而动点P的位置与其对应的离心角有关,故可选点P的离心角θ为参数,建立点θ的轨迹的参数方程.   设点P的坐标为(Acosθ,Bsinθ),点Q的坐标为(x,y),则   直线A1‎ Q的方程为   y=-(a(cosθ+1)/Bsinθ)(x+a),   ①   直线A2Q的方程为   y=-(a(cosθ-1)/Bsinθ)(x-a).   ②   ①×②,消去θ,得   y2=(a2(cos2θ-1)/(b2sin2θ)(x2-a2)   =-(a2/b2)(x2-a2),   即(x2/a2)+(b2y2)/a4=1.   这就是所求Q点的轨迹方程.   思路2用参数法求Q点的轨迹方程,   在消参数时,整体处理,化繁为简,‎ ‎8、(满分14分)设分别为直角坐标平面内x、y轴正方向上的单位向量,若向量,,,,,;‎ (1) 求动点P(x,y)的轨迹方程;‎ (2) 已知点,与点P的轨迹交于B、C两点,问是否存在实数的值;若不存在,试说明理由。‎ ‎、解:(1)由,………2分 记,;‎ 而,故P 的轨迹为椭圆的一部分,其中,‎ 动点的轨迹方程为。…………………………7分 ‎(2)将 整理得: (1)‎ 设,则由(1)式得 ‎ (2) ……………(9分)‎ 依设,‎ 即,‎ 将代入上式得 ‎,再将(2)式代入并整理得 ‎……(12分)‎ ‎……(14分)‎ 二、 圆锥曲线简单的几何性质(略) 〖要重视与离心率、渐近线相关的一些问题及焦半径公式的应用〗‎ ‎〖焦半径、焦点弦问题〗‎ (1) 椭圆焦半径公式:在椭圆=1中,F1、F2分别左右焦点,P(x0,y0)是椭圆是一点,则:‎ ‎①|PF1|=a+ex0 ② |PF2|=a-ex0 .过椭圆(a>b>0)左焦点的焦点弦为AB,则,过右焦点的弦.‎ ‎(2)双曲线焦半径公式:设P(x0,y0)为双曲线(a>0,b>0)上任一点,焦点为F1(-c,0),F2(c,0),则:①当P点在右支上时,;‎ ‎②当P点在左支上时,;(e为离心率)‎ ‎(3)抛物线焦半径公式:设P(x0,y0)为抛物线y2=2px(p>0)上任意一点,F为焦点,则;y2=2px (p<0)上任意一点,F为焦点,则;‎ 抛物线y2=2px (p>0)的焦点弦(过焦点的弦)为AB,A(x1,y1)、B(x2,y2),则有如下结论:①=x1+x2+p;②y1y2=-p2,x1x2=.‎ ‎(4)椭圆、双曲线的通径(最短弦)为,焦准距为p=,抛物线的通径为2p,焦准距为p; 双曲线(a>0,b>0)的焦点到渐进线的距离为b.‎ ‎1.设曲线C的方程是y=x3-x,将C沿x轴、y轴正方向分别平行移动t、s单位长度后得到曲线C1, ①写出曲线C1的方程; ②证明曲线C与C1关于点A()对称. ③如果曲线C与C’有且仅有一个公共点,证明:s=-t且t≠0.‎ ‎.①解:曲线C’的方程为 y=(x-t)3-(x-t)+s ‎②证明:在曲线C上任取一点B’(x’,y’),设B"(x",y")使B’关于A的对称点,则有 ‎ (x’+x")/2=t/2 (y’+y")/2=s/2‎ ‎ ∴x’=t-x" y’=s-y"‎ ‎ 代入曲线C的方程,得x"和y"满足方程:‎ ‎ s-y"=(t-x")3-(t-x")‎ ‎ 即 y"=(x"-t)3-(x"-t)+s ‎ 可知点B’(x",y")在曲线C’上.‎ ‎ 反过来,同样可以证明,在曲线C’上的点关于点A的对称点在曲线C上.‎ ‎ 因此,曲线C与C’关于点A对称.‎ ‎③证明:因为曲线C与C’有且仅有一个公共点,所以方程组 ‎ y=x3-x ‎ y=(x-t)3-(x-t)+s 有且仅有一组解,消去y,整理得 ‎ 3tx2-3t2x+(t3-t-s)=0‎ 这个关于x的一元二次方程有且仅有一个根.‎ 所以t≠0并且其根的判别式 △=9t4-12t(t3-t-s)=0‎ 解得 s=t3/4-t且t≠0.‎ ‎2.直线Ax+Bx+C=0(A·B·C≠0)与椭圆b2x2+a2y2=a2b2相交于P和Q两点,O为坐标原点,且OP⊥OQ,求证:a2b2/c2=(a2+b2)/(A2+B2). 将Ax+By+C=0,   变形为1=-(Ax+By)/C代入椭圆方程,得   b2x2+a2y2=a2b2(-(Ax+By)/C)2,   整理得(a2b2B2-a2C2)y2+2ABa2b2xy+(a2b2A2-b2C2)x2‎ ‎=0,   (1)当x=0时,显然成立;   (2)当x≠0时,同除以x2得   (a2b2B2-a2C2)((y/x)2+2ABa2b2(y/x)+(a2b2A2-b2C2)=0, 则方程的两根为OP、OQ的斜率.   因为OP⊥OQ,所以-1=(a2b2A2-b2C2)/(a2b2B2-a2C2),   即 a2b2/C2=(a2+b2)/(A2+B2). ‎ ‎3.过椭圆C:上任一点P,作椭圆C的右准线的垂线PH(H为垂足),延长PH到点Q,使|HQ|=λ|PH|(λ≥1)。当点P在椭圆C上运动时,求点Q的轨迹的离心率的取值范围 解:设P(x1, y1),Q(x, y),因为右准线方程为x=3,所以H点的坐标为(3, y)。又∵HQ=λPH,所以,所以由定比分点公式,可得:,代入椭圆方程,得Q点轨迹为,所以离心率e=。‎ ‎4.设点P在双曲线过P点的直线l与双曲线的两条渐近线分别交于P1、P2两点,‎ ‎,求此双曲线的方程.‎ 解:由双曲线方程知渐近线方程为 由 代入双曲线方程得 圆锥曲线训练 ‎1.(本大题满分14分)双曲线的两焦点分别是F1、F2,其中F1是抛物线的焦点,两点A(-3,2)、B(1,2)都在该双曲线上.(1)求点F1的坐标;(2)求点F2的轨迹方程,并指出其轨迹表示的曲线;(3)若直线与F2的轨迹有且只有一个公共点,求实数t 的取值范围.‎ ‎(1)由 ‎ (2)∵A、B在双曲线上,∴||AF1|-|AF2||=||BF1|-|BF2||,若,点F2的轨迹是线段AB的垂直平分线,且当y=0时,F1与F2重合,当y=4时,A、B均在双曲线的虚轴上,故此时F2的轨迹方程为若,则 ‎ 此时,F2的轨迹是以A、B为焦点,,中心为(-1,2)的椭圆,其方程为 故F2的轨迹是直线,除去两点(-1,0)、(-1,4).‎ ‎(3)由 又直线过点(-1,0)、(-1,4)时,t=1或t=5,∴t的范围为 ‎2.(本小题满分12分)已知椭圆的中心在原点,焦点在y轴上,焦距为4,离心率为(Ⅰ)求椭圆的方程;(Ⅱ)设椭圆在y轴的正半轴上的焦点为M,又点A和B在椭圆上,且M分有向线段所成的比为2,求线段AB所在直线的方程.‎ 解:(Ⅰ)设椭圆方程为(1分) 由‎2c=4得c=2,又,故(2分)‎ ‎,∴所求椭圆方程为(3分)‎ ‎(Ⅱ)M坐标为(0,2),设A点在B点的左方,且,由,故有 ‎(5分)即①,又M相应的准线方程是,A到准线距离 ‎,B到准线距离(6分),由及(7分)‎ 于是,∴得②‎ ‎②与①联立解得(8分) 代入椭圆方程得,∴直线AB的斜率 ‎(9分),AB的方程为 (10分),如果点在B的右方时根据对称性,则所求直线AB的方程为.(12分)‎ ‎3.(本小题满分14分)在直角坐标系中,已知椭圆C的中心为坐标原点O,右焦点F(c,0)(c为常数,且c>0),过F作倾斜角为的直线交椭圆C于A、B两点,M为线段AB的中点,射线OM交椭圆C于点N,四边形AOBN是平行四边形.(Ⅰ)求椭圆C的方程;(Ⅱ)判断椭圆C与线段是否有公共点?‎ 本小题主要考查椭圆与直线的基础知识,考查综合运用所学知识解决问题的能力.满分14分.‎ 解:(Ⅰ)依题意,设椭圆C的方程 ‎ 将 ‎ ①(2分)‎ 记 、、,则是方程①的两个不同的根,‎ ‎ (5分)‎ 又四边形AOBN是平行四边形,则N ‎ (8分)即 ‎ 故所求椭圆C的方程 (10分)‎ ‎(Ⅱ)将中,并整理得 则椭圆C与线段有公共点时,15c2取值范围等价于函数的值域.‎ 椭圆与线段有公共点.‎ ‎(14分)‎ ‎4.如图,已知线段|AB|=4,动圆O与线段AB切于点C,且|AC|-|BC|=2,过点A,B分别作⊙O的切线,两切线相交于P,且P、O均在AB的同侧.(Ⅰ ‎)建立适当坐标系,当O位置变化时,求动点P的轨迹E的方程; (Ⅱ)过点B作直线交曲线E于点M、N,求△AMN的面积的最小值.‎ ‎(本小题满分13分)(Ⅰ)以AB所在直线为轴,线段AB的垂直平分线为轴,建立如图所示的直角坐标,并设点P坐标为P(、),设PA、PB分别切⊙O′于E、F,则|PE|=|PF|,|AE|=|AC|,|BC|=|BF| ∵|PA|-|PB|=|AC|-|BC|=2故点P 的轨迹为以A、B为焦点,实轴长为2的双曲线右支(除去与轴交点)由题意, 故P点轨迹E的方程为: ‎ ‎(Ⅱ)设直线的倾斜角为,直线方程为及=2,注意到≠0,‎ ‎ ∴直线方程可写成 由直线与E交于M、N两点知 ‎ 由 ‎ ‎ 由||2=得:S△AMN=‎ ‎ 由,知∵函数在区间(0,-∞)上为增函数.‎ ‎ ∴,即时,(S△AMN)min=4‎ ‎5.(本小题满分12分)设正方形ABCD的外接圆方程为C、D点所在直线的斜率.(Ⅰ)求外接圆圆心M点的坐标及正方形对角线AC、BD的斜率; (Ⅱ)如果在轴上方的A、B两点在一条以原点为顶点,以轴为对称轴的抛物线上,求此抛物线的方程及直线的方程.‎ ‎(Ⅰ)解:由可知圆心M的坐标为(3,0),依题意:‎ ‎∠ABM =∠BAM = MA,MB的斜率k满足:‎ 解得:.‎ ‎ (Ⅱ)设MB、MA的倾斜角分别为 ‎ 可以推出:‎ ‎ 再设 ‎ 设抛物线方程为由于A,B两点在抛物线上,‎ 得抛物线方程为 可知A点坐标为(1,1),且A点关于M(3,0)的对称点C的坐标是(5,-1)‎ 直线的方程为 ‎6.如图,已知双曲线C的方程为,离心率为.(1)求双曲线C的渐近线方程.(2)若AB是夹在渐近线位于一、四象限部分间的动弦,△AOB面积为定值,且 双曲线C过AB的一个三等分点P,试确定双曲线C的方程.‎ ‎(1)由题意知双曲线实轴在x轴上,由 ‎ ………………………………5分 ‎ ∴所求双曲线渐近线方程为.……………………………………………7分 ‎(2)由 ‎ 设A ‎ (*)…………………………………………………………………10分 ‎ 设P(x,y),由定比分点公式:‎ ‎ 代入(*)得:即为双曲线C的方程.……………………………14分 ‎7.(本小题满分14分)已知:如图,过椭圆作垂直于长轴A‎1A2的直线与椭圆c交于P、Q两点,l为左准线.(Ⅰ)求证:直线PA2、A1Q、l共点;(Ⅱ)若过椭圆c左焦点F(-c,0)的直线斜率为k,与椭圆c交于P、Q两点,直线PA2、A1Q、l是否共点,若共点请证明,若不共点请说明理由.‎ 解:(Ⅰ)由方程组 ‎ 则点P……………………2分 ‎ 直线PA2的方程为…4分 ‎ 由方程组…………………………6分 ‎ 因为左准线l的方程为,所以直线PA2与A1Q的交点在l上.‎ ‎ 故直线PA2,A1Q,l相交于一点.………………………………………8分 ‎ (Ⅱ)设点P、Q的坐标分别为(.‎ ‎ 直线PA2,A1Q的斜率分别为k1,k2,则 ‎ 直线PA2的方程为 ‎ 直线A1Q的方程为 ‎ ‎ 解得交点的横坐标为 ‎ 即…………………………………………10分 ‎ 直线PQ的方程为 ‎ 消去(*)‎ ‎ 设M=方程(*)的二根为 ‎ 由韦达定理得:…………………12分 ‎ 点P,Q在直线PQ上,‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ 因为左准线l的方程为,所以直线PA2与A1Q的交点在l上.故直线PA2,A1Q,l 相交于一点.…………………………14分 ‎8.(12分)如图,线段AB(AB不与x轴垂直)过x轴正半轴上一点M(m,0)(m>0)端点A,B到x轴距离之积为‎2m,以x轴为对称轴,过A,O,B三点作抛物线.‎ ‎(1)求抛物线方程;(2)若的取值范围.‎ ‎(1)当AB不垂直x轴时,设AB方程为 ‎ 由|‎ ‎ 故所求抛物线方程为 ‎ (2)设 ‎ ‎ ‎ ①,平方后化简得 又由①知 的取值范围为 ‎9.直线交于A、B两点,以OA、OB为邻边作平行四边形OAPB(O为坐标原点). (Ⅰ)若,且四边形OAPB为矩形,求a的值;(Ⅱ)若,当k变化时(k∈R),求点P的轨迹方程.‎ 解(Ⅰ)设…………2分 ‎ ‎ ‎ ,………………………………4分 ‎ ……………………………………6分 ‎ (Ⅱ)设 ‎ 因为A、B在椭圆 ‎ 相减得……………………………………9分 ‎ 所以…………………………………………11分 ‎ ……………12分 ‎10.在周长为定值的△ABC中,已知AB=6,且当顶点C位于定点P时,cosC有最小值为(Ⅰ)建立适当的坐标系,求顶点C的轨迹方程;(Ⅱ)过点A作直线与(Ⅰ)中的曲线交于M, N两点,求|BM|·|BN|的最小值的集合. ‎ 解:(Ⅰ)以AB所在直线为x轴,线段AB的中垂线为y轴建立直角坐标系,设PA+PB=2a(a>0)为定值,所以P点的轨迹是以A、B为焦点的椭圆, ∴焦距2c=AB=6 ……1分 ‎……2分 又此时,由题意得 ‎∴=25 ∴C点的轨迹方程为……3分 ‎ (注:没写扣1分:文科(Ⅰ)分别为2,3,3分,共8分)‎ ‎ (Ⅱ)(理)设M(x1, y1), N(x2, y2 ),当直线MN的倾斜角不为90°时,设其方程为y=k(x+3)代入椭圆方程化简得显然有△≥0∴x1+x2=—, x1,x2=而由椭圆第二定义可得 |BM|·|BN|=(5—)(5—)=25-3(x1+x2) …2分 =25+ ‎ 只考虑的最小值,‎ 即考虑1—的最小值,易知当k=0时,1—取最小值 此时|BM|·|BN|取最小值16…2分 ‎ ‎ 当直线MN的倾斜角为90°时,x1=x2=-3得|BM|·|BN|=()2‎ ‎>16;……1分 但,故这样的M,N不存在,即|BM|·|BN|的最小值集合为空集……1分 ‎11.已知直线经过椭圆的右焦点F2,且与椭圆C交于A、B两点,若以弦AB为直径的圆经过椭圆的左焦点F1,试求椭圆C的方程.‎ 设椭圆焦距为‎2c,则………1分 ,代入y=x+k 得k=-1……2分 将y=x-1代入椭圆方程整理得:…………4分 ‎∵A、B点在直线l上,设 ∵AF1⊥BF1 又F1(-1,0)‎ ‎…………7分 由韦达定理,‎ 解得……10分 ‎ 为所求方程.…………12分 ‎12、(本小题满分14分)已知=(x,0),=(1,y),(+)(–),(1)求点(x,y)的轨迹C的方程;(2)若直线L:y=kx+m(m0)与曲线C交于A、B两点,D(0,–1),且有 |AD|=|BD|,试求m的取值范围。‎ 解:(1)+=(x,0)+(1,y)=(x+, y)‎ ‎–=(x, 0)-(1,y)= (x-,– y)(+)(-) (+)·(-)=0(x+)( x-)+y·(-)=0 得- y2=1P点的轨迹方程为- y2=1 ………………(7分)(2)考虑方程组消去y,得(1–3k2)x2-6kmx‎-3m2‎-3=0(*)显然1-3k20 =(‎6km)2-4(1-3k2)( ‎-3m2‎-3)=12(m2+1-3k2)>0‎ ‎ …………………………(9分)设x1,x2为方程*的两根,则x1+x2=x0= y0=kx0+m=故AB中点M的坐标为(,)线段AB的垂直平分线方程为y-=(-)(x-)‎ 将D(0,–1)坐标代入,化简得:4=3k2-1 ………………………(11分)故m、k满足 ‎,x消去k2得:m2-4m>0‎ 解得:m<0或m>4 ……………………(13)‎ 又4m=3k2-1>-1 m>故 m(-,0)(4,+) ……………………(14)‎ ‎13.已知半圆动圆与此半圆相切且与x轴相切.(Ⅰ)求动圆圆心的轨迹,并画出其轨迹图形;Ⅱ)是否存在斜率为的直线l,它与(Ⅰ)中所得轨迹的曲线由左至右顺次交于A、B、C、D四点,且满足|AD|=2|BC|?若存在,求出l的方程;若不存在,说明理由.‎ ‎(本小题满分14分) 解:(Ⅰ)设动圆圆心M(作MN⊥轴于N.……1分 ‎①若两圆外切,|MO|=|MN|+2, ‎ ‎ 化简得……4分 ‎②若两圆内切,|MO|=2-|MN| ‎ ‎ ‎ 综上,动圆圆心的轨迹方程是 及 ‎ 其图像为两条抛物线位于轴上方的部分……7分 作简图如上……8分 ‎(Ⅱ)假设直线存在,可设方程依题意,它与曲线交于A,D.‎ ‎ 与曲线交于B,C 即 与 ‎ ‎ ① ②……9分 ‎ |AD|= |BC|= ∵|AD|=2|BC| ‎ ‎∴ 即 解得 ……11分 将代入方程①得 ……12分 ‎ ∵曲线中横坐标范围为∴这样的直线不存在.……14分 ‎14.已知平行四边形ABCD,A(-2,0),B(2,0)且|AD|=2(1)求平行四边形对角线AC,BD交点E的轨迹方程,并说明轨迹的形状;‎ ‎(2)过A作直线交以A,B为焦点的椭圆于M,N两点,且|MN|=,MN的中点P的横坐标为,求椭圆方程.‎ 解(1)由中位线定理可得:‎ ‎∴E的方程是 ‎(2)设椭圆方程为:‎ ‎ 椭圆:,又:‎ ‎15.已知圆C1的方程为椭圆C2的方程为,(a>b>0),C2离心率为,如果C1与C2相交于A、B两点,M是圆C1上的一点,且求直线AB的方程和椭圆C2的方程.‎ ‎(Ⅰ)‎ ‎(Ⅱ)‎ ‎ 又 ‎17.已知椭圆C:的焦点在x轴上,A为右顶点,射线y = x(x≥0)与椭圆C的交点为B.(1)写出以R(m,0)为顶点,A为焦点,开口向左的抛物线的方程;(2)当点B在抛物线上,且椭圆的离心率满足 时,求m的取值范围.‎ 解:(1)依题意A(1,0),设抛物线方程为 ‎ ∴抛物线的方程为……4分 (2)在椭圆C中, ∴‎ ‎ ∴……6分 由解得在抛物线上 ……7分 将B点坐标代入抛物线方程并整理得关于sinα的方程 ‎ ‎ …①‎ ‎ 由m>1,上是增函数,因此要方程①在内有解的充要条件为 ‎ 故实数m的取值范围是 …12分 ‎18.如图:A、B是两个定点,且|AB|=2,动点M到A点的距离是4,线段MB的垂直平分线l交MA于点P,直线k垂直于直线AB,且B点到直线k的距离为3.(Ⅰ)建立适当的坐标系,求动点P的轨迹方程;(Ⅱ)求证:点P到点B的距离与点P至直线k的距离之比为定值;(Ⅲ)若点P到A、B两点的距离之积为m,当m取最大值时,求P点的坐标.‎ ‎(1)解:以直线AB为x轴,AB的中点为原点建立直角坐标系,则点A,B的坐标分别是(-1,0),‎ ‎(1,0).∵l为MB的垂直平分线,∴|PM|=|PB|,|PA|+|PB|=|PA|+|PM|=4.∴P点的轨迹是以A,B为两个焦点,长轴长为4的椭圆,其方程是:+=1,‎ ‎(Ⅱ)证明:∵椭圆的右准线方程是x=4恰为直线k的方程.‎ 根据椭圆的定义知点P到点B 的距离与点P到直线k的 距离之比为离心率e=‎ ‎(Ⅲ)解:m=|PA|·|PB|≤=4当且仅当|PA|=|PB|时,m最大,这时点P在y轴上,故点P的坐标是:(0,)或(0,-).‎ ‎19.(设点O是直角坐标系的原点,点M在直线上移动,动点在线段MO的延长线上,且满足|MN|=|MO|·|NO|.(Ⅰ)求动点N的轨迹方程;(Ⅱ)当p=1时,求|MN|的最小值.‎ ‎(Ⅰ)解;过点N作NN′⊥x轴于N′,设直线l与x轴交于M′.‎ 设N(x,y),(x>0),则N′(x,0),M′(-p,0),‎ ‎∵M,O,N三点共线,‎ 由 ‎∵x>0,p>0,将上式整理化简为:‎ ‎(p2-1)x2+p2y2-2px-p2=0(x>0).(9分)‎ ‎(Ⅱ)解:p=1时,N点轨迹为y2=2x+1(x>0).(10分)‎ 设N(x,y),M(-1,t).由M、O、N共线,得 ‎ 当且仅当时,等式成立.‎ ‎∴当x=1时,|MN|最小值为4.(16分)‎ ‎20.如图,一载着重危病人的火车从O地出发,沿射线OA行驶,其中在距离O地‎5a(a为正数)公里北偏东β角的N处住有一位医学专家,其中sinβ= 现有110指挥部紧急征调离O地正东p公里的B处的救护车赶往N处载上医学专家全速追赶乘有重危病人的火车,并在C处相遇,经测算当两车行驶的路线与OB围成的三角形OBC面积S最小时,抢救最及时.(1)求S关于p的函数关系;(2)当p为何值时,抢救最及时.‎ ‎.解::(1)以O为原点,正北方向为y轴建立直角坐标系,则 设N(x0,y0),‎ ‎……2分 又B(p,0),∴直线BC的方程为: 由得C的纵坐标……4分 ‎ ‎∴…6分 (2)由(1)得 ∴ ∴当且仅当 ‎ 时,上式取等号…11分 ∴当公里时,抢救最及时。……12分 ‎21(1991高考)双曲线的中心在坐标原点O,焦点在x轴上,过双曲线右焦点且斜率为的直线交双曲线于P、Q两点.若OP⊥OQ,|PQ|=4,求双曲线的方程.(本小题满分12分)‎ 解法一:设双曲线的方程为=1.‎ 依题意知,点P,Q的坐标满足方程组 ‎①‎ ‎②‎ ‎ ‎ 将②式代入①式,整理得 ‎(5b2-‎3a2)x2+‎6a2cx-(‎3a2c2+‎5a2b2)=0. ③ ——3分 设方程③的两个根为x1,x2,若5b2-‎3a2=0,则=,即直线②与双曲线①的两条渐近线中的一条平行,故与双曲线只能有一个交点同,与题设矛盾,所以5b2-‎3a2≠0.‎ 根据根与系数的关系,有 ‎ ④‎ ‎ ⑤ ——6分 由于P、Q在直线y=(x-c)上,可记为 P (x1,(x1-c)),Q (x2,(x2-c)).‎ 由OP⊥OQ得·=-1,‎ 整理得‎3c(x1+x2)-8x1x2-‎3c2=0. ⑥‎ 将④,⑤式及c2=a2+b2代入⑥式,并整理得 ‎3a‎4+‎8a2b2-3b4=0,‎ ‎(a2+3b2)(‎3a2-b2)=0.‎ 因为 a2+3b2≠0,解得b2=‎3a2,‎ 所以 c==‎2a. ——8分 由|PQ|=4,得(x2-x1)2=[(x2-c)-(x1-c)]2=42.‎ 整理得(x1+x2)2-4x1x2-10=0. ⑦‎ 将④,⑤式及b2=‎3a2,c=‎2a代入⑦式,解得a2=1. ——10分 将a2 =1代入b2=‎3a2 得 b2=3.‎ 故所求双曲线方程为x2-=1. ——12分 解法二:④式以上同解法一. ——4分 解方程③得x1=,x2= ④ ——6分 由于P、Q在直线y=(x-c)上,可记为P (x1,(x1-c)),Q (x2,(x2-c)).‎ 由OP⊥OQ,得x1 x2+(x1-c)·(x2-c)=0. ⑤‎ 将④式及c2=a2b2代入⑤式并整理得 ‎3a4+‎8a2b2-3b4=0,‎ 即 (a2+3b2)(‎3a2-b2)=0.‎ 因a2+3b2≠0,解得b2=‎3a2. ——8分 由|PQ|=4,得(x2-x1)2+[(x2-c)-(x1-c)]2=42.‎ 即 (x2-x1)2=10. ⑥‎ 将④式代入⑥式并整理得 ‎(5b2-‎3a2)2-‎16a2b4=0. ——10分 将b2=‎3a2代入上式,得a2=1,‎ 将a2=1代入b2=‎3a2得b2=3.‎ 故所求双曲线方程为 x2-=1. ——12分 本小题考查双曲线性质,两点距离公式,两直线垂直条件,代数二次方程等基本知识,以及综合分析能力 ‎22(本题满分13分)过抛物线的焦点作直线与抛物线交于、.‎ ‎⑴求证:△不是直角三角形;‎ ‎⑵当的斜率为时,抛物线上是否存在点,使△为直角三角形且为直角?在轴下方)? 若存在,求出所有的点;若不存在,说明理由.‎ 解:(1)∵焦点F为(1,0),过点F且与抛物线交于点A、B的所有直线可设为,‎ 代入抛物线得:,则有,…………………(2分)‎ 进而.…………………(4分)‎ 又,‎ 得为钝角,故△不是直角三角形。…………………(6分)‎ ‎(2)由题意得AB的方程为,代入抛物线 求得…………………(8分)‎ 假设抛物线上存在点C(),使△为直角三角形且为直角,‎ 此时,以为直径的圆的方程为,将A、B、C三点的坐标代入得:‎ 整理得:…………………(10分)‎ 解得对应点,对应点………………(12分)‎ 则存在使△为直角三角形。‎ 故满足条件的点C有一个:…………………(13分)‎ ‎23(本小题满分12分)‎ 设抛物线的焦点为,准线为,,已知以为圆心,‎ 为半径的圆交于两点;‎ ‎(1)若,的面积为;求的值及圆的方程;‎ ‎(2)若三点在同一直线上,直线与平行,且与只有一个公共点,‎ 求坐标原点到距离的比值。‎ 解:(1)由对称性知:是等腰直角,斜边 ‎ 点到准线的距离 ‎ ‎ ‎ 圆的方程为 ‎ (2)由对称性设,则 ‎ 点关于点对称得:‎ ‎ 得:,直线 ‎ 切点 ‎ 直线 坐标原点到距离的比值为。‎ ‎24.(本小题满分12分)‎ 已知抛物线与圆 有一个公共点,且在处两曲线的切线为同一直线。设、是异于且与及都相切的两条直线,、的交点为,求到的距离。‎ 解:设,对求导得,故直线的斜率,当时,不合题意,所心 圆心为,的斜率 由知,即,解得,故 所以 设为上一点,则在该点处的切线方程为即 若该直线与圆相切,则圆心到该切线的距离为,即 ‎,化简可得 求解可得 抛物线在点处的切线分别为,其方程分别为 ‎① ② ③‎ ‎②-③得,将代入②得,故 所以到直线的距离为。‎ ‎25.(2011广东卷第21题)在平面直角坐标系上,给定抛物线:,实数、满足,,是方程的两根,记。‎ ‎⑴ 过点作的切线交轴于点。证明:对线段上的任一点,有;‎ ‎⑵ 设是定点,其中、满足,,过作的两条切线,,切点分别为,,、与轴分别交于、,线段上异于两端点的点集记为。证明:;‎ ‎⑶ 设,当点取遍时,求的最小值(记为)和最大值(记为)。‎ 解:⑴ 证明:由已知知点在上,过点的的切线的斜率为 ‎∴直线的方程为:‎ 设点 ‎∴‎ ‎∵为线段上的任一点 ‎∴‎ ‎∴方程,即方程的两根 ‎∴‎ ‎∵为线段上的任一点 ‎ 当时,‎ Ⅰ 当时 此时 ‎∴‎ Ⅱ当时 此时 ‎∴‎ ‎ 当时,‎ Ⅰ 当时 此时 ‎∴ ‎ Ⅱ当时 此时 ‎∴‎ 综上所述,对线段上的任一点,有。‎ ‎⑵ 证明:‎ 由已知有直线的方程为:‎ 由已知有直线的方程为:‎ ‎∴‎ 解得 ‎ 当时,‎ 由“⑴”有:‎ ‎ 当时,‎ 由“⑴”有:‎ 综上所述,‎ ‎⑶ 当时,设过点的的切线的斜率为,其中 为切点处的横坐标 ‎∴该切线方程为:‎ ‎∵为该切线上的点 ‎∴‎ ‎∵‎ ‎∴‎ ‎ 当时,‎ 即 ‎ 当时,‎ 又 ‎∴‎ ‎∴‎ 综上所述,‎ 又由“⑴”有:‎ ‎∴‎ ‎26. 已知点T是半圆O的直径AB上一点,AB=2、OT=t (00,故点Q的轨迹方程为 ‎(其中x,y不同时为零).‎ 所以点Q的轨迹是以(1,1)为中心,长、短半轴分别为和且长轴与x轴平行的椭圆、去掉坐标原点.‎ 解法二:由题设知点Q不在原点.设P,R,Q的坐标分别为(xp,yp),(xR,yR),(x,y),其中x,y不同时为零.‎ 设OP与x轴正方向的夹角为α,则有 ‎ xp=|OP|cosα,yp=|OP|sinα;‎ ‎ xR=|OR|cosα,yR=|OR|sinα;‎ x=|OQ|cosα,y=|OQ|sinα;‎ 由上式及题设|OQ|·|OP|=|OR|2,得 ‎①‎ ‎②‎ ‎③‎ ‎④‎ 由点P在直线l上,点R在椭圆上,得方程组 ‎, ⑤‎ ‎, ⑥‎ 将①,②,③,④代入⑤,⑥,整理得点Q的轨迹方程为 ‎(其中x,y不同时为零).‎ 所以点Q的轨迹是以(1,1)为中心,长、短半轴分别为和且长轴与x轴平行的椭圆、去掉坐标原点.‎ 练习题一 一、选择题 ‎1.已知椭圆的焦点是F1、F2,P是椭圆上的一个动点,如果延长F1P到Q,使得|PQ|=|PF2|,那么动点Q的轨迹是( )‎ A.圆 B.椭圆 C.双曲线的一支 D.抛物线 ‎2.设A1、A2是椭圆=1的长轴两个端点,P1、P2是垂直于A‎1A2的弦的端点,则直线A1P1与A2P2交点的轨迹方程为( )‎ A. B.‎ C. D.‎ 二、填空题 ‎3.△ABC中,A为动点,B、C为定点,B(-,0),C(,0),且满足条件sinC-sinB=sinA,则动点A的轨迹方程为_________.‎ ‎4.高为‎5 m和‎3 m的两根旗杆竖在水平地面上,且相距‎10 m,如果把两旗杆底部的坐标分别确定为A(-5,0)、B(5,0),则地面观测两旗杆顶端仰角相等的点的轨迹方程是_________.‎ 三、解答题 ‎5.已知A、B、C是直线l上的三点,且|AB|=|BC|=6,⊙O′切直线l于点A,又过B、C作⊙O′异于l的两切线,设这两切线交于点P,求点P的轨迹方程.‎ ‎6.双曲线=1的实轴为A‎1A2,点P是双曲线上的一个动点,引A1Q⊥A1P,A2Q⊥A2P,A1Q与A2Q的交点为Q,求Q点的轨迹方程.‎ ‎7.已知双曲线=1(m>0,n>0)的顶点为A1、A2,与y轴平行的直线l交双曲线于点P、Q.‎ ‎(1)求直线A1P与A2Q交点M的轨迹方程;‎ ‎(2)当m≠n时,求所得圆锥曲线的焦点坐标、准线方程和离心率.‎ ‎8.已知椭圆=1(a>b>0),点P为其上一点,F1、F2为椭圆的焦点,∠F1PF2的外角平分线为l,点F2关于l的对称点为Q,F2Q交l于点R.‎ ‎(1)当P点在椭圆上运动时,求R形成的轨迹方程;‎ ‎(2)设点R形成的曲线为C,直线l:y=k(x+a)与曲线C相交于A、B两点,当△AOB的面积取得最大值时,求k的值.‎ 参考答案 一、1.解析:∵|PF1|+|PF2|=2a,|PQ|=|PF2|,‎ ‎∴|PF1|+|PF2|=|PF1|+|PQ|=2a,‎ 即|F1Q|=2a,∴动点Q到定点F1的距离等于定长2a,故动点Q的轨迹是圆.‎ 答案:A ‎2.解析:设交点P(x,y),A1(-3,0),A2(3,0),P1(x0,y0),P2(x0,-y0)‎ ‎∵A1、P1、P共线,∴‎ ‎∵A2、P2、P共线,∴‎ 解得x0=‎ 答案:C 二、3.解析:由sinC-sinB=sinA,得c-b=a,‎ ‎∴应为双曲线一支,且实轴长为,故方程为.‎ 答案:‎ ‎4.解析:设P(x,y),依题意有,化简得P点轨迹方程为4x2+4y2-85x+100=0.‎ 答案:4x2+4y2-85x+100=0‎ 三、5.解:设过B、C异于l的两切线分别切⊙O′于D、E两点,两切线交于点P.由切线的性质知:|BA|=|BD|,|PD|=|PE|,|CA|=|CE|,故|PB|+|PC|=|BD|+|PD|+|PC|=|BA|+|PE|+|PC|‎ ‎=|BA|+|CE|=|AB|+|CA|=6+12=18>6=|BC|,故由椭圆定义知,点P的轨迹是以B、C为两焦点的椭圆,以l所在的直线为x轴,以BC的中点为原点,建立坐标系,可求得动点P的轨迹方程为=1(y≠0)‎ ‎6.解:设P(x0,y0)(x≠±a),Q(x,y).‎ ‎∵A1(-a,0),A2(a,0).‎ 由条件 而点P(x0,y0)在双曲线上,∴b2x02-a2y02=a2b2.‎ 即b2(-x2)-a2()2=a2b2‎ 化简得Q点的轨迹方程为:a2x2-b2y2=a4(x≠±a).‎ ‎7.解:(1)设P点的坐标为(x1,y1),则Q点坐标为(x1,-y1),又有A1(-m,0),A2(m,0),‎ 则A1P的方程为:y= ①‎ A2Q的方程为:y=- ②‎ ‎①×②得:y2=- ③‎ 又因点P在双曲线上,故 代入③并整理得=1.此即为M的轨迹方程.‎ ‎(2)当m≠n时,M的轨迹方程是椭圆.‎ ‎(ⅰ)当m>n时,焦点坐标为(±,0),准线方程为x=±,离心率e=;‎ ‎(ⅱ)当m<n时,焦点坐标为(0,±),准线方程为y=±,离心率e=.‎ ‎8.解:(1)∵点F2关于l的对称点为Q,连接PQ,‎ ‎∴∠F2PR=∠QPR,|F2R|=|QR|,|PQ|=|PF2|‎ 又因为l为∠F1PF2外角的平分线,故点F1、P、Q在同一直线上,设存在R(x0,y0),Q(x1,y1),F1(-c,0),F2(c,0).‎ ‎|F1Q|=|F2P|+|PQ|=|F1P|+|PF2|=‎2a,则(x1+c)2+y12=(‎2a)2.‎ 又 得x1=2x0-c,y1=2y0.‎ ‎∴(2x0)2+(2y0)2=(2a)2,∴x02+y02=a2.‎ 故R的轨迹方程为:x2+y2=a2(y≠0)‎ ‎(2)如右图,∵S△AOB=|OA|·|OB|·sinAOB=sinAOB 当∠AOB=90°时,S△AOB最大值为a2.‎ 此时弦心距|OC|=.‎ 在Rt△AOC中,∠AOC=45°,‎ 练习题二 ‎1.设P是双曲线上一点,双曲线的一条渐近线方程为,、 分别是双曲线的左、右焦点.若,则 ( C )‎ ‎ (A)或 (B)6 (C)7 (D)9‎ ‎2. 若圆上至少有三个不同的点到直线的距离为,则直线的倾斜角的取值范围是 ( B )‎ ‎(A) (B) (C) (D)‎ ‎3.设是右焦点为的椭圆上三个不同的点,则“成等差数列”是“”的 ( A )‎ ‎(A)充要条件 (B)必要不充分条件 ‎ ‎(C)充分不必要条件 (D)既非充分也非必要 ‎4.以双曲线右顶点为顶点,左焦点为焦点的抛物线的方程是y2=-36(x-4)‎ ‎ 5.设中心在原点的椭圆与双曲线=1有公共的焦点,且它们的离心率互为倒 数,则该椭圆的方程是 ‎ ‎6.若实数满足,则的取值范围是 ‎ ‎7.已知抛物线的准线与轴交于点,过点作直线与抛物线交于两点,若的垂直平分线与轴交于,‎ ‎(1)求的取值范围;‎ ‎(2)能否是直角三角形?若能,求的值,若不能,请说明理由.‎ 解:1)由题知,M(-1,0),因为直线AB的斜率存在,故可设AB方程为:‎ ‎,AB的中点,由 所以,‎ ‎,所以AB的垂直平分线方程为:令得 ‎(2)如果三角形ABE为直角三角形,因EA=EB,所以角AEB为直角,且 ‎,‎ 所以当时,三角形ABE为直角三角形.‎
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