- 2021-05-13 发布 |
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文档介绍
北京各区高考数学模拟题压轴题含答案
1(2017海淀二模)对于无穷数列,记,若数列满足:“存在,使得只要(且),必有”,则称数列具有性质. (Ⅰ)若数列满足判断数列是否具有性质?是否具有性质? (Ⅱ)求证:“是有限集”是“数列具有性质”的必要不充分条件; (Ⅲ)已知是各项为正整数的数列,且既具有性质,又具有性质,求证:存在整数,使得是等差数列. 2(2017海淀一模)已知含有个元素的正整数集具有性质:对任意不大于(其中)的正整数存在数集的一个子集,使得该子集所有元素的和等于. (Ⅰ)写出的值; (Ⅱ)证明:“成等差数列”的充要条件是“”; (Ⅲ)若,求当取最小值时,的最大值. 3(2017西城二模)设集合.如果对于的每一个含有个元素的子集,中必有个元素的和等于,称正整数为集合的一个“相关数”. (Ⅰ)当时,判断5和6是否为集合的“相关数”,说明理由; (Ⅱ)若为集合的“相关数”,证明:; (Ⅲ)给定正整数.求集合的“相关数”的最小值. 4(2017西城一模)如图,将数字全部填入一个行列的表格中,每格填一个数字.第一行填入的数字依次为,第二行填入的数字依次为. 记. (Ⅰ)当时,若,,,写出的所有可能的取值; (Ⅱ)给定正整数.试给出的一组取值,使得无论填写的顺序如何,都只有一个取值,并求出此时的值; (Ⅲ)求证:对于给定的以及满足条件的所有填法,的所有取值的奇偶性相同. 5(2017东城二模)对于维向量,若对任意均有或,则称为维向量.对于两个维向量,定义. (Ⅰ)若,,求的值. (Ⅱ)现有一个维向量序列:,若 且满足:,.求证:该序列中不存在维向量. (Ⅲ)现有一个维向量序列:,若 且满足:,,,若存在正整数使得,为维向量序列中的项,求出所有的. 6(2017东城一模)已知集合,并且.定义(例如: ). (Ⅰ)若,,集合的子集满足:,且,求出一个符合条件的; (Ⅱ)对于任意给定的常数以及给定的集合,求证:存在集合,使得,且. (Ⅲ)已知集合满足:,,,,其中为给定的常数,求的取值范围. 7(2017朝阳二模)各项均为非负整数的数列同时满足下列条件: ① ;② ;③是的因数(). (Ⅰ)当时,写出数列的前五项; (Ⅱ)若数列的前三项互不相等,且时,为常数,求的值; (Ⅲ)求证:对任意正整数,存在正整数,使得时,为常数. 8(2017朝阳一模)对于正整数集合(,),如果去掉其中任意一个元素()之后,剩余的所有元素组成的集合都能分为两个交集为空集的集合,且这两个集合的所有元素之和相等,就称集合为“和谐集”. (Ⅰ)判断集合是否是“和谐集”(不必写过程); (Ⅱ)求证:若集合是“和谐集”,则集合中元素个数为奇数; (Ⅲ)若集合是“和谐集”,求集合中元素个数的最小值. 9(2017丰台二模)若无穷数列满足:,对于,都有(其中为常数),则称具有性质“”. (Ⅰ)若具有性质“”,且,,,求; (Ⅱ)若无穷数列是等差数列,无穷数列是公比为正数的等比数列,,,,判断是否具有性质“”,并说明理由; (Ⅲ)设既具有性质“”,又具有性质“”,其中,,互质,求证:具有性质“”. 10(2017丰台一模)对于,若数列满足,则称这个数列为“K数列”. (Ⅰ)已知数列:1,m+1,m2是“K数列”,求实数的取值范围; (Ⅱ)是否存在首项为-1的等差数列为“K数列”,且其前n项和满足 ?若存在,求出的通项公式;若不存在,请说明理由; (Ⅲ)已知各项均为正整数的等比数列是“K数列”,数列不是“K数列”,若,试判断数列是否为“K数列”,并说明理由. 11(2017昌平二模)设集合,.对数列,规定: ① 若,则; ② 若,则. 例如:当,时,. (I)已知等比数列,,且当时,,求数列的通项公式; (II)已知数列,证明:对于任意的,且,存在,使; (III)已知集合, ,.设中最大元素为,中最大元素为,求证:. 12(2017.1石景山期末)集合的若干个子集的集合称为集合的一个子集族.对于集合 的一个子集族满足如下条件:若,则,则称子集族是“向下封闭”的. (Ⅰ)写出一个含有集合的“向下封闭”的子集族并计算此时的值(其中表示集合中元素的个数,约定;表示对子集族中所有成员求和); (Ⅱ)是集合的任一“向下封闭的”子集族,对,记, (其中max表示最大值), (ⅰ)求; (ⅱ)若是偶数,求. 1(2017海淀二模)(Ⅰ)数列不具有性质;具有性质. (Ⅱ)(不充分性)对于周期数列,是有限集,但是由于, 所以不具有性质; (必要性)因为数列具有性质, 所以一定存在一组最小的且,满足,即 由性质的含义可得 所以数列中,从第k项开始的各项呈现周期性规律:为一个周期中的各项, 所以数列中最多有个不同的项, 所以最多有个元素,即是有限集. (Ⅲ)因为数列具有性质,数列具有性质, 所以存在,使得,,其中分别是满足上述关系式的最小的正整数, 由性质的含义可得,, 若,则取,可得; 若,则取,可得. 记,则对于,有,,显然, 由性质的含义可得,, 所以 所以.所以, 又是满足,的最小的正整数, 所以, , 所以,, 所以,,, 取,则, 所以,若是偶数,则; 若是奇数,则, 所以, 所以是公差为1的等差数列. 2(2017海淀一模)解:(Ⅰ). (Ⅱ)先证必要性 因为,又成等差数列,故,所以; 再证充分性 因为,为正整数数列,故有 , 所以, 又,故,故为等差数列. (Ⅲ)先证明. 假设存在,且为最小的正整数. 依题意,则 ,又因为, 故当时,不能等于集合的任何一个子集所有元素的和. 故假设不成立,即成立. 因此, 即,所以. 因为,则, 若时,则当时,集合中不可能存在若干不同元素的和为, 故,即. 此时可构造集合. 因为当时,可以等于集合中若干个元素的和, 故当时,可以等于集合中若干不同元素的和, …… 故当时,可以等于集合中若干不同元素的和, 故当时,可以等于集合中若干不同元素的和, 故当时,可以等于集合中若干不同元素的和, 所以集合满足题设, 所以当取最小值11时,的最大值为1009. 3(2017西城二模)解:(Ⅰ)当时,,.[ 1分] ①对于的含有个元素的子集, 因为, 所以不是集合的“相关数”.……[ 2分] ②的含有个元素的子集只有, 因为, 所以是集合的“相关数”.……[ 3分] (Ⅱ)考察集合的含有个元素的子集.[ 4分] 中任意个元素之和一定不小于. 所以一定不是集合的“相关数”.……[ 6分] 所以当时,一定不是集合的“相关数”.……[ 7分] 因此若为集合的“相关数”,必有. 即若为集合的“相关数”,必有.……[ 8分] (Ⅲ)由(Ⅱ)得 . 先将集合的元素分成如下组: . 对的任意一个含有个元素的子集,必有三组同属于集合. ⋯⋯[10分] 再将集合的元素剔除和后,分成如下组: . 对于的任意一个含有个元素的子集,必有一组属于集合.⋯⋯ [11分] 这一组与上述三组中至少一组无相同元素, 不妨设与无相同元素. 此时这个元素之和为.[12分] 所以集合的“相关数”的最 4(2017西城一模)解:(Ⅰ) 的所有可能的取值为3,5,7,9. [ 3分] (Ⅱ) 令 ,则无论填写的顺序如何,都有. [ 5分] 因为 , 所以 ,. [ 6分] 因为 , 所以 . [ 8分] 注:,或均满足条件. (Ⅲ)解法一:显然,交换每一列中两个数的位置,所得的的值不变. 不妨设,记,,其中. 则 . [ 9分] 因为 , 所以 与具有相同的奇偶性. [11分] 又因为 与具有相同的奇偶性, 所以 与的奇偶性相同, 所以 的所有可能取值的奇偶性相同. [13分] 解法二:显然,交换每一列中两个数的位置,所得的的值不变. 考虑如下表所示的任意两种不同的填法,,, 不妨设,,其中 . [ 9分] . 对于任意, ① 若在两种填法中都位于同一行, 则在的表达式中或者只出现在中,或只出现在 中,且出现两次, 则对而言,在的结果中得到. [11分] ② 若在两种填法中位于不同行, 则在的表达式中在与中各出现一次, 则对而言,在的结果中得到. 由 ① ② 得,对于任意,必为偶数. 所以,对于表格的所有不同的填法,所有可能取值的奇偶性相同. [13分] 5(2017东城二模)解:(Ⅰ)由于,,由定义,可得. …………4分 (Ⅱ)反证法:若结论不成立,即存在一个含维向量序列, 使得,. 因为向量的每一个分量变为,都需要奇数次变化, 不妨设的第个分量变化了次之后变成, 所以将中所有分量 变为 共需要 次,此数为奇数. 又因为,说明中的分量有个数值发生改变, 进而变化到,所以共需要改变数值次,此数为偶数,所以矛盾. 所以该序列中不存在维向量. ……………9分 (Ⅲ)此时. ……………13分 易见当为12的因子时,给 (1分). 答出给(1分). 答出中任一个给(1分),都对给(2分) 6(2017东城一模)解:(Ⅰ)由于,, 所以,, ,,回答其中之一即可 ………3分 (Ⅱ)若集合,如果集合中每个元素加上同一个常数,形成新的集合. ……………5分 根据定义可以验证:. ……………6分 取,此时. 通过验证,此时,且. ……………8分 (Ⅲ)由于 ………11分 由于, , , . 所以.………13分 7(2017朝阳二模)解:(Ⅰ)5,1,0,2,2. …………3分 (Ⅱ)因为,所以, 又数列的前3项互不相等, (1)当时, 若,则, 且对,都为整数,所以; 若,则, 且对,都为整数,所以; (2)当时, 若,则,且对,都为整数,所以,不符合题意; 若,则, 且对,都为整数,所以; 综上,的值为. ………8分 (Ⅲ)对于,令, 则. 又对每一个,都为正整数,所以,其中“”至多出现个.故存在正整数,当时,必有成立. 当时,则. 从而. 由题设知,又及均为整数, 所以,故常数. 从而常数. 故存在正整数,使得时,为常数. ………13分 8(2017朝阳一模)解:(Ⅰ)集合不是“和谐集”. ……………3分 (Ⅱ)设集合所有元素之和为. 由题可知,()均为偶数, 因此()的奇偶性相同. (ⅰ)如果为奇数,则()也均为奇数, 由于,所以为奇数. (ⅱ)如果为偶数,则()均为偶数, 此时设,则也是“和谐集”. 重复上述操作有限次,便可得各项均为奇数的“和谐集”. 此时各项之和也为奇数,集合中元素个数为奇数. 综上所述,集合中元素个数为奇数. …………………8分 (Ⅲ)由(Ⅱ)可知集合中元素个数为奇数, 当时,显然任意集合不是“和谐集”. 当时,不妨设, 将集合分成两个交集为空集的子集,且两个子集元素之和相等, 则有 ①,或者 ②; 将集合分成两个交集为空集的子集,且两个子集元素之和相等, 则有 ③,或者 ④. 由①、③,得,矛盾;由①、④,得,矛盾; 由②、③,得,矛盾;由②、④,得,矛盾. 因此当时,集合一定不是“和谐集”. 当时,设, 因为,, ,, ,, 所以集合是“和谐集”. 集合中元素个数的最小值是7. ………………13分 9(2017丰台二模)解 :(Ⅰ)因为具有性质“”,所以,. 由,得,由,得. …………2分 因为,所以,即. …………4分 (Ⅱ)不具有性质“”. …………5分 设等差数列的公差为,由 ,, 得,所以,故. …………6分 设等比数列的公比为,由 ,, 得,又,所以,故, …………7分 所以. 若具有性质“”,则,. 因为,,所以,故不具有性质“”. ……8分 (Ⅲ)因为具有性质“”,所以,.① 因为具有性质“”,所以,.② 因为,,互质, 所以由①得;由②,得, …………9分 所以,即. …………10分 ②-①,得,, …………11分 所以,, ……………12分 所以具有性质“”. ………13分 10(2017丰台一模)解:(Ⅰ)由题意得,① ,② 解①得 ; 解②得 或. 所以,故实数的取值范围是. …………4分 (Ⅱ)假设存在等差数列符合要求,设公差为,则, 由 ,得 , 由题意,得对均成立,即 ① 当时,; ② 当时,, 因为,所以,与矛盾,故这样的等差数列不存在. …………8分 (Ⅲ)设数列的公比为,则, 因为的每一项均为正整数,且, 所以,且. 因为, 所以在中,“”为最小项. 同理,在中,“”为最小项. 由为“K数列”,只需, 即 , 又因为不是“K数列”, 且“”为最小项,所以, 即 , 由数列的每一项均为正整数,可得 , 所以或. ① 当时,, 则, 令,则, 又, 所以为递增数列,即 , 所以. 因为, 所以对任意的,都有,即数列为“K数列”. ② 当时,,则.因为, 所以数列不是“K数列”. 综上:当时,数列为“K数列”, 当时,数列不是“K数列” . …………13分 11(2017昌平二模)解:(I) 设, 由题意,化简得,即,或. 所以数列的通项公式为,或.………………4分 (II)当时,,令,有; 当,时,, 令,则. 所以,,,使. ………8分 (III)当时, 因为中最大元素为,得, 中最大元素为,得 , 所以,即符合题意. 当,时,即 又,所以即时. , , 所以,与已知矛盾,故不合题意. 综上,. ………………13分 12(2017.1石景山期末)解:(Ⅰ)含有集合的“向下封闭”的子集族 ……2分 此时 …………4分 (Ⅱ)设的所有不超过个元素的子集族为 (ⅰ)易知当时,达到最大值, 所以 …6分 (ⅱ)设是使得的任一个“向下封闭”的子集族,记,其中为不超过元的子集族,为元或元的子集 则= ………8 分 现设有()个的元子集,由于一个元子集至多出 现在个的元子集中,而一个元子集中有个元子集,故个元子集至少产生个不同的元子集. 由(ⅰ)得 …13分查看更多