长春市中考物理试题Word解析
2017年长春市初中毕业学业水平考试----物理
第I部分 选择题
一、单项选择题（每小题2分，共20分）
1.长春市的冬季，有时路旁树枝上会出现霜，从而形成雾凇景观，这一现象属于（ D ）
A.汽化 B.升华 C.凝固 D.凝华
2.下列用电器中，没有用到电流的热效应工作的是（ B ）
A.电暖气 B.电风扇 C.电熨斗 D.电饭锅
3.下列现象中，由于光的反射形成的是（ D ）
A.筷子在水中“折断” B.透过玻璃砖看笔 C.用放大镜看字母 D.鸭子在水中的倒影
4.下列实例中，通过做功的方式改变物体内能的是（ A ）
A.擦燃火柴 B.炭火烤肉 C.用热水袋取暖 D.用冷毛巾降温
5.2017年5月21日，在长春举行的国际马拉松比赛中，当运动员加速冲刺时，运动员的（ A ）
A.动能增大 B.惯性增大 C.所受重力增大 D.运动状态不变
6.材料、横截面积均相同的两根电阻丝（温度相同），a的长度大于b的长度，则（ C ）
A.a的电阻小于b的电阻 B.a的电阻等于b的电阻
C.a的电阻大于b的电阻 D.无法判断a与b电阻的大小
7.一位同学正在进行投掷实心球的训练，以下情境中，他对球做功的是（ C ）
A.手拿球静止 B.手托球水平匀速直线运动
C.将球举起 D.抛出后的球在空中继续运动
8.下列实例中，不能用流体压强与流速关系解释的是（ B ）
A.飞机考机翼获得升力 B.用活塞式抽水机抽水
C.火车站的站台设置安全线 D.两船并列航行时要保持安全距离
9.如图所示，用相同的滑轮组成甲、乙两个滑轮组，分别将同一物体在相同时间内匀速提升相同高度，若不计绳重和摩擦，比较甲、乙两滑轮组，下列说法正确的是（ A ）
A.甲的拉力大 B.乙的额外功少
C.甲的拉力功率大 D.乙的机械效率低
10.如图所示的电路中，电源两端电压恒定，将滑片置于滑动变阻器的中点，当开关S1闭合，S2断开时，电压表和电流表的示数分别为U1、I1；当开关S1、S2
都闭合时，电压表和电流表的示数分别为U2、I2，则（ C ）
A.U1>U2 B.U1=U2 C.I1
I2
第II部分 非选择题
二、填空题（每空1分，共12分）
11.2017年5月31日，位于长春市伊通河上的自由大桥在2s内成功爆破。由于采用“微爆破”技术，爆破中产生的声音很小，这是在 声源 处减弱噪声，最大限度的控制了声音的 响度 （选填“音调”、“响度”或“音色”）。
12.如图所示，发光二极管与定值电阻 串 联。闭合开关，发光二极管能发光；若将电源正负极对调后，闭合开关，发光二极管 不能 发光（选填“仍能”或“不能”）。
12 15 16甲乙
13.小芳站在竖直放置的平面镜前1m处，镜中的像与她相距 2 m，若她远离平面镜，则镜中像的大小将 不变 。
14.汽车发动机用水做冷却剂，这是利用了水的比热容 大 的性质，一杯水倒出一半后，剩下水的比热容 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
15.如图所示的电路中，当开关闭合时，灯不发光，电压表示数为0；当开关断开时，灯仍不发光，电压表示数为6V，则电路中故障是灯 短路 （选填“短路”或“断路”），电源两端电压为 6 V。
16.如图所示，两个相同的弹簧测力计，上端固定在同一高度，下端分别悬挂两个完全相同的柱形金属块。在其正下方同一水平面上放置两个完全相同的圆柱形容器。分别向甲、乙两个容器中缓慢注入水和盐水，当两个金属块各有一部分浸入液体中，且两个弹簧测力计的示数相等时，两个金属块下表面所受的液体压强的大小关系为P甲 = P乙，两个容器底受到的液体压强的大小关系为P水 < P盐水。
三、计算题（每小题5分，共10分）
17.一只电水壶的额定电压为220V,正常工作1min消耗的电能为6.6×104J。求：（1）电水壶的额定功率；（2）电水壶正常工作时的电流。
18. 在水平地面上，用50N的水平拉力拉着重为200N的木箱沿拉力的方向前进20m，木箱与地面的接触面积为0.2m2,。求：（1）拉力做的功；（2）木箱对地面的压强。
四、综合题（每图2分，每空1分，共28分）
19.请按要求作图
（1）画出图甲中入射光线的反射光线，并标出反射角的度数。（2）用笔画线代替导线将图乙中的电灯、开关接入家庭电路。（3）在图丙中画出静止在地面上的物体所受支持力的示意图。
甲 乙 丙
20.在“探究水沸腾时的温度变化的特点”的实验中，两组同学在相同的环境中，用如图甲所示的装置分别进行实验，并根据实验数据绘制如图乙所示的a、b两个图象，由图象可知：
（1）水的沸点为 98 ℃，在沸腾过程中水的温度 不变 ；
（2）两组同学的实验中，水从开始加热到沸腾所用的时间相同，则他们所用水的质量的大小关系为ma > mb。
20甲 乙 21
21.如图所示，是“探究什么情况下磁可以生电”的实验装置，将导线ab、灵敏电流表用导线连接成闭合电路，让导线ab在磁场中 左右 （选填“上下”或“左右”）运动时，灵敏电流表指针偏转，这就是 电磁感应 现象。根据这个现象发明了发动机，发动机工作时把 机械 能转化为电能。
22.如图所示，是“探究凸透镜成像规律”的实验装置，凸透镜的焦距为10cm。
（1）实验时，通过调节使烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在 同一高度上 ；
（2）当光屏上呈现清晰的像时，蜡烛、凸透镜、光屏的位置如图所示，此成像规律在生活中的应用是 幻灯机/投影仪 ；
（3）保持蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜移至30cm刻线处，光屏上的像变模糊了，在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜的位置放一个合适的 眼镜，光屏上的像再次清晰。
2223
23.小红和小龙在研究滑动摩擦力大小与压力大小关系的实验中，所选器材：长木板、木块、弹簧测力计、砝码各一个，把长木板放在水平桌面上，依次进行试验，具体操作如下：
（1）如图甲所示，小红用弹簧测力计水平拉动木块在长木板上做匀速直线运动，读出弹簧测力计的示数为 2.2 N；
（2）如图乙所示，小红将砝码放在木块上。用弹簧测力计水平拉动木块在长木板上做匀速直线运动，弹簧测力计的示数如图所示。比较图甲、乙两次实验得出结论：当接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力 越大 ；
（3）如图丙所示，小龙也用弹簧测力计水平拉动木块在长木板上做直线运动，在乙、丙两次实验中，木块所受的摩擦力分别为f乙、f丙，则其大小关系为f乙 > f丙。
24.如图所示，是“探究杠杆的平衡条件”的实验装置。
（1）实验前，杠杆右端偏高，应将两端的平衡螺母向 右 调节，使杠杆在水平位置平衡；
（2）杠杆平衡后，在左侧挂两个钩码，每个钩码重1N，在右端竖直向下拉着弹簧测力计，使杠杆在水平位置平衡，如图所示，此时弹簧测力计的示数F= 3 N；
（3）当弹簧测力计处于图中的虚线（斜拉）位置时，若使杠杆在水平位置平衡且弹簧测力计的示数仍等于F，应将钩码向 右 移动适当的距离。
24 25 甲 乙 丙
25.小明制作了一个可测量物体质量的装置，如图甲所示小筒与大筒均为圆柱形容器。小筒和托盘的总质量为200g，小筒底面积50cm2，高12cm，大筒中装有适量的水，托盘上不放物体时，在小筒和大筒上与水面相平的位置的刻度均为“0”，将小筒竖直压入水中，当水面距小筒底10cm时，在小筒和大筒上与水面相平位置的刻度均为最大测量值，小筒和大筒的分度值相同。把被测物体放入托盘中，读出小筒或大筒上与水面相平位置对应的刻度值，即为被测物体的质量。
（1）该装置所能测量物体的最大质量为 300 g；
（2）小筒上相邻两刻度线的间距比大筒上相邻两刻度线间的距离 大 （选填“大”或“小”）；
（3）他想利用此装置测算出石块的密度，操作如下，如图乙所示，将石块放入托盘中，读出大筒上的示数为m1；如图丙所示，将此石块沉入水中，读出大筒上的示数为m2，该石块密度的表达式为ρ石= m1ρ水/m2 （水的密度用ρ水表示）
26.某校物理社团的学生做“测量小灯泡的电功率”和“探究电流与电压关系”的实验，电源两端电压恒定，小灯泡的额定电压为2.5V，设计的电路如图甲所示，操作如下：
（1）按图甲连接电路，将滑片移到滑动变阻器的阻值最大端，闭合开关，记录两电表示数；移动滑片，观察并记录多组数据，绘制如图乙所示的U-I图象，则小灯泡的额定功率为 1 W。实验中，当电流表示数为I0（I0＜0.30A）时，小灯泡的电功率为P1；
（2）断开开关，用定值电阻替换小灯泡，将滑片移到滑动变阻器的阻值最大端，闭合开关，读出两电表示数，并记录在表格中；移动滑片，测出多组数据，记录在表格中。分析表格中的数据可知：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成 正比 。实验中，当电流表示数仍为I0时，定值电阻的电功率为P2，则P1、P2的大小关系为P1 ＜ P2；
（3）若把小灯泡和定值电阻串联后直接接到此电源两端，电路的总功率为 1.8 W。
甲乙丙
U/V
I/A
3
2
1
0
0.2
0.4
0.6
2017年长春市初中毕业学业水平考试物理解析
第I部分 选择题
一、单项选择题（每小题2分，共20分）
1.长春市的冬季，有时路旁树枝上会出现霜，从而形成雾凇景观，这一现象属于（ D ）
A.汽化 B.升华 C.凝固 D.凝华
【专题】定性思想；汽化和液化、升华和凝华．
【分析】物体由液态变为固态的过程叫凝固，物体由固态变为液态的过程叫熔化．物体由液态变为气态的过程叫汽化，汽化的两种方式是蒸发和沸腾．物体由气态变为液态的过程叫液化．物体由固态变为气态的过程叫升华．物体由气态变为固态的过程叫升凝华．
【解答】解：雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，故ABC错误，D正确；
故选D．
【点评】本题考查了生活中的物态变化，属于基础知识的考查，解决此类问题的关键是分清物质变化前后的状态，是中考的热点．
2.下列用电器中，没有用到电流的热效应工作的是（ B ）
A.电暖气 B.电风扇 C.电熨斗 D.电饭锅
【分析】（1）电流的热效应：电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应，如电灯、电炉、电烙铁、电焊等都是利用电流的热效应的例子；
（2）电流的化学效应：电流通过导电的液体会使液体发生化学变化，产生新的物质，电流的这种效果叫做电流的化学效应，如电解、电镀、电离等就属于利用电流的化学效应的例子；
（3）电流的磁效应：给绕在软铁心周围的导体通电，软铁心就产生磁场，这种现象就是电流的磁效应，如电铃、蜂鸣器、电磁扬声器等都是利用电流的磁效应制成的．
【解答】解：
ACD、电暖气、电熨斗、电饭锅在工作时将电能转化为内能，都是利用电流的热效应制成的加热设备，故ACD不符合题意；
B、电风扇主要是把电能转化为机械能，其工作原理为通电导体在磁场中受到力的作用，不是利用电流的热效应来工作的，故B符合题意．
故选B．
【点评】本题考查了电流的热效应的应用，利用电流热效应工作的用电器特点是把电能主要转化成内能，属于基础题目
3.下列现象中，由于光的反射形成的是（ D ）
A.筷子在水中“折断” B.透过玻璃砖看笔 C.用放大镜看字母 D.鸭子在水中的倒影
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的．
【解答】解：A、从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故与题意不符；
B、透过玻璃砖看笔，笔错位是因为光从一种透明介质进入另一种透明介质时，光路的方向发生改变而形成的，故属于光的折射现象，故与题意不符；
C、用放大镜看字母时，字母变大了，属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的．故与题意不符；
D、平静水面上鸭子的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意．
故选D．
【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象．
4.下列实例中，通过做功的方式改变物体内能的是（ A ）
A.擦燃火柴 B.炭火烤肉 C.用热水袋取暖 D.用冷毛巾降温
【分析】要解答本题需掌握：做功和热传递在改变物体内能上的异同点．
【解答】解：A、擦燃火柴时，克服摩擦做功，摩擦生热，属于做功改变物体的内能．故A符合题意．
B、炭火烤肉，内能发生了转移，属于热传递改变物体的内能．故B不符合题意．
C、用热水袋取暖，内能发生了转移，属于热传递改变物体的内能．故C不符合题意．
D、用冷毛巾降温，内能发生了转移，属于热传递改变物体的内能．故D不符合题意．
故选A．
【点评】本题主要考查学生对：改变物体内能方法的了解和掌握．是一道基础题．
5.2017年5月21日，在长春举行的国际马拉松比赛中，当运动员加速冲刺时，运动员的（ A ）
A.动能增大 B.惯性增大 C.所受重力增大 D.运动状态不变
【分析】利用以下知识分析解答：
（1）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度；
（2）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大．
（3）运动员加速冲刺时，质量不变，重力不变．
（4）运动状态的改变包括运动方向和速度大小的改变．
【解答】解：A、运动员加速冲刺时，质量不变，速度变大，动能增大，故A正确；
B、惯性大小只跟物体的质量大小有关，运动员加速冲刺时，质量不变，惯性大小不变．故B错误；
C、运动员加速冲刺时，质量不变，重力不变．故C错误；
D、运动状态的改变包括运动方向和速度大小的改变，所以运动员加速冲刺时，运动状态改变．故D错误．
故选A．
【点评】此题考查动能和势能的大小变化、惯性大小的影响因素、重力和物体运动状态变化的原因，涉及到的知识点较多，综合性较强，但难度不大，属于基础题目．
6.材料、横截面积均相同的两根电阻丝（温度相同），a的长度大于b的长度，则（ C ）
A.a的电阻小于b的电阻 B.a的电阻等于b的电阻
C.a的电阻大于b的电阻 D.无法判断a与b电阻的大小
【分析】影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度和横截面积．
【解答】解：要比较电阻大小需要用到控制变量法．在导体材料、横截面积一定时，导体的电阻大小与长度有关，长度越长，电阻越大；因此a的电阻大于b的电阻．
故选C．
【点评】此题考查了影响电阻大小的因素，是一道基础题．
7.一位同学正在进行投掷实心球的训练，以下情境中，他对球做功的是（ C ）
A.手拿球静止 B.手托球水平匀速直线运动
C.将球举起 D.抛出后的球在空中继续运动
【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可．
【解答】解：
A、手拿球静止，有力，但球没有在力的方向上移动距离，故没有做功，故A错误；
B、手托球水平匀速直线运动，有力，但球没有在力的方向上移动距离，故没有做功，故B错误；
C、将球举起，有力作用在球上，球在力的方向上通过了一定的距离，故有力做功，故C正确；
D、球飞出去，球由于惯性向前运动，有距离，但没有对球施加力，没有对球做功，故D错误．
故选C．
【点评】有力有距离，力对物体不一定做功，物体必须在力的方向上通过了距离，即力的方向和物体前进的距离的方向一致，力对物体才做功．
8.下列实例中，不能用流体压强与流速关系解释的是（ B ）
A.飞机考机翼获得升力 B.用活塞式抽水机抽水
C.火车站的站台设置安全线 D.两船并列航行时要保持安全距离
【分析】流体的压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大，据此分析四种情形．
【解答】解：A、飞机的机翼呈现流线型，故飞机在运动时，其机翼上方的空气流速快，压强小，而机翼下方的空气流速慢，压强大，故机翼受到一个向上的压强，所以飞机能起飞，故A不符合题意；
B、抽水机抽水，通过活塞上移使活塞下方的桶内气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来，利用了大气压，故B符合题意；
C、当火车驶过车站时，安全线以内的地方空气流速增大压强减小．人外侧受到的压强大于内侧受到的压强，人被压向列车，发生交通事故，所以火车站的站台设置安全线，故C不符合题意；
D、两艘并列同向行驶的船只，两船之间的水流通道变窄，流速变大，压强变小，小于两船外侧的压强，会形成向内的压强差，使船相撞，所以，两船并列航行时要保持安全距离．故D不符合题意．
故选B．
【点评】此题是一道综合题，涉及了流体压强与流速、大气压的综合应用的等知识点，要求灵活运用所学力学知识加以分析
9.如图所示，用相同的滑轮组成甲、乙两个滑轮组，分别将同一物体在相同时间内匀速提升相同高度，若不计绳重和摩擦，比较甲、乙两滑轮组，下列说法正确的是（ A ）
A.甲的拉力大 B.乙的额外功少
C.甲的拉力功率大 D.乙的机械效率低
【分析】
由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，则绳子自由端移动的距离s=nh；把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系、利用功率公式判断拉力做功功率的大小关系．
【解答】解：
A、不计绳重及摩擦，拉力F=
1
n
（G物+G轮），
由图知，n甲=2，n乙=3，所以绳端的拉力分别为：F甲=
1
2
（G物+G轮），F乙=
1
3
（G物+G轮），所以F甲＞F乙，故A正确；
BD、因为不计绳重及摩擦，动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，由W额=G轮h、W有用=G物h可知，利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，拉力做的总功相同，因为η=
W有用
W总
，所以两滑轮组的机械效率相同，故BD错误；
C、拉力做的总功相同，所用的时间相同，由P=
W
t
可知，拉力F甲做功的功率等于拉力F乙做功的功率，故C错．
故选A．
【点评】本题重点理解：把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同．
10.如图所示的电路中，电源两端电压恒定，将滑片置于滑动变阻器的中点，当开关S1闭合，S2断开时，电压表和电流表的示数分别为U1、I1；当开关S1、S2都闭合时，电压表和电流表的示数分别为U2、I2，则（ C ）
A.U1>U2 B.U1=U2 C.I1I2
【分析】当开关S1闭合，S2断开时，定值电阻R0与滑动变阻器的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑片右侧两端的电压；当开关S1、S2都闭合时，定值电阻R0
与滑动变阻器阻值的一半串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的示数，然后比较得出答案．
【解答】解：当开关S1闭合，S2断开时，定值电阻R0与滑动变阻器的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑片右侧两端的电压，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I1=
U
R0+R
，
电压表的示数：U1=I1×
R
2
；
当开关S1、S2都闭合时，定值电阻R0与滑动变阻器阻值的一半串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，此时电路中的电流：I2=
U
R0+
R
2
＞
U
R0+R
，即I1＜I2，故C正确、D错误；电压表的示数：U2=I2×
R
2
，
由I1＜I2可得，I1×
R
2
＜I2×
R
2
，即U1＜U2，故AB错误．
故选C．
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的区分两种情况下电路的连接方式和电压表所测的电路元件是关键．
第II部分 非选择题
二、填空题（每空1分，共12分）
11.2017年5月31日，位于长春市伊通河上的自由大桥在2s内成功爆破。由于采用“微爆破”技术，爆破中产生的声音很小，这是在 声源
处减弱噪声，最大限度的控制了声音的 响度 （选填“音调”、“响度”或“音色”）。
【分析】（1）防治噪声的途径，从三方面考虑：①在声源处；②在传播过程中；③在人耳处．
（2）响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关，音量的调节就是改变声音的响度．
【解答】解：采用“微爆破”技术，爆破中产生的声音很小可以在声源处减弱噪声，防止影响人们正常生活．
爆破中产生的声音很小是发声体的振幅发生改变，所以发出声音的响度发生改变；所以最大限度的控制了声音的响度．
故答案为：声源；响度．
【点评】本题主要考查学生对响度在生活中具体应用的了解情况，知道控制噪声的途径，是一道声学的基础题
12.如图所示，发光二极管与定值电阻 串 联。闭合开关，发光二极管能发光；若将电源正负极对调后，闭合开关，发光二极管 不能 发光（选填“仍能”或“不能”）。
【分析】（1）各个元件首尾依次连接是串联；各元件首首相连，尾尾相连是并联；
（2）二极管具有单向导电的性质．
【解答】解：（1）由图知发光二极管与定值电阻首尾依次相连，是串联；
（2）闭合开关，发光二极管能发光，把原发光二极管两脚对调后再接入电路，开关闭合后发现二极管不发光，这现象说明：发光二极管具有单向导电性．
故答案为：串；不能．
【点评】知道二极管的单向导电性是本题考查的主要内容，难度不大．
13.小芳站在竖直放置的平面镜前1m处，镜中的像与她相距 2 m，若她远离平面镜，则镜中像的大小将 不变 。
【分析】根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等．
【解答】解：小芳站在竖直放置的平面镜前1m处，根据物像到平面镜的距离相等，所以小芳的像到平面镜的距离也是1m，所以小芳和小芳的像之间的距离是2m．
小芳在平面镜中成像大小和小芳的大小有关，跟小芳到平面镜的距离、平面镜的大小都没有关系，所以小芳原理平面镜时，小芳像的大小不变．
故答案为：2；不变．
【点评】人靠近平面镜时，感觉像变大，实际上像的大小不变，是眼睛看像的视角增大，感觉像在变大，是一种错觉．
14.汽车发动机用水做冷却剂，这是利用了水的比热容 大 的性质，一杯水倒出一半后，剩下水的比热容 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】水的比热容大，和同样质量的其它物质相比，升高相同的温度，从发动机吸收热量多；
比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关，与吸放热的多少、质量、体积的大小都没有关系．
【解答】解：：汽车发动机是用水做冷却剂的，这是利用了水比热容大的性质，比热容是物质的属性，与温度变化无关，一杯水倒出一半后，剩下的半杯水的比热容不变．
故答案为：大；不变．
【点评】本题考查的是比热容的有关知识，需要注意的是水比热容的物理意义，这是中考的一个重点
15.如图所示的电路中，当开关闭合时，灯不发光，电压表示数为0；当开关断开时，灯仍不发光，电压表示数为6V，则电路中故障是灯 短路 （选填“短路”或“
断路”），电源两端电压为 6 V。
【分析】开关闭合时，灯泡不发光，说明电路断路或短路，因为电压表示数为0，说明灯泡短路或电阻断路；
当开关断开时，灯仍不发光，电压表示数为6V，说明电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的；据此判断故障的确切位置．
【解答】解：开关闭合时，灯泡不发光，说明电路断路或灯泡短路，因为电压表示数为0，说明灯泡短路或电阻R断路；
当开关断开时，灯仍不发光，但电压表示数为6V，说明电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的，说明电阻R没有断路，所以故障只能是灯泡L短路；开关断开时，电压表与电阻R串联，电压表测量的是电源电压，即电源电压为6V．
故答案为：短路；6．
【点评】本题考查了学生利用电压表判断电路故障的分析能力，注意电压表等于电源电压，说明电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的．
16.如图所示，两个相同的弹簧测力计，上端固定在同一高度，下端分别悬挂两个完全相同的柱形金属块。在其正下方同一水平面上放置两个完全相同的圆柱形容器。分别向甲、乙两个容器中缓慢注入水和盐水，当两个金属块各有一部分浸入液体中，且两个弹簧测力计的示数相等时，两个金属块下表面所受的液体压强的大小关系为P甲 = P乙，两个容器底受到的液体压强的大小关系为P水 < P盐水。
三、计算题（每小题5分，共10分）
17.一只电水壶的额定电压为220V,正常工作1min消耗的电能为6.6×104J。求：（1）电水壶的额定功率；（2）电水壶正常工作时的电流。
【分析】（1）知道电水壶正常工作1min消耗的电能，利用P=
W
t
求其电功率，即额定功率；
（2）知道正常工作电压，利用P=UI求电水壶正常工作时的电流．
【解答】解：
（1）电热水壶的实际功率：P=
W
t
=
6.6×104J
60s
=1100W，因为电水壶正常工作，所以其额定功率：P额=P=1100W；
（2）由P=UI可得，电水壶正常工作时的电流：I=
P
U
=
1100W
220V
=5A．
答：（1）电水壶的额定功率为1100W；
（2）电水壶正常工作时的电流为5A．
【点评】本题考查了电功率定义式P=
W
t
、主公式P=UI的应用，属于基础题目
18.在水平地面上，用50N的水平拉力拉着重为200N的木箱沿拉力的方向前进20m，木箱与地面的接触面积为0.2m2,。求：（1）拉力做的功；（2）木箱对地面的压强。
【分析】（1）已知拉力50N，物体在拉力方向上通过的距离20m，根据功的公式：W=Fs即可求解；
（2）物体对水平地面的压力等于自身的重力，知道受力面积，根据公式p=
F
S
可求压强．
【解答】解：（1）拉力做的功：W=Fs=50N×20m=1000J；
（2）物体对水平地面的压力等于物体的重力，F=G=200N，
它对地面的压强是：p=
F
S
=
200N
0.2m2
=1000Pa．
答：（1）拉力做的功是1000J；
（2）木箱对地面的压强是1000pa．
【点评】本题考查了功、压力和压强的计算，关键是知道物体对水平地面的压力等于物体的重力，常见题目
四、综合题（每图2分，每空1分，共28分）
19.请按要求作图
（1）画出图甲中入射光线的反射光线，并标出反射角的度数。
【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出入射光线并标出入射角及其度数．
【解答】解：
因为入射光线与镜面的夹角是30°，所以入射角为90°-30°=60°，则反射角也为60°，根据反射角与入射角相等作出反射光线OB，并标出反射角的度数．如图所示：
．
【点评】此题主要考查了反射光路的画法，关键是掌握光的反射定律的内容，特别是反射角与入射角之间的关系
（2）用笔画线代替导线将图乙中的电灯、开关接入家庭电路。
【分析】先判断开关与灯泡的连接方式，然后再确定开关接灯泡的接线柱和接电源的火线还是零线，最后根据家庭电路的正确连接方法将灯泡和开关接入电路中．
【解答】解：开关和灯泡应该串联连接，开关接灯泡顶部的接线柱，接电源的火线，确保开关断开时，灯泡不带电，灯泡的螺旋套接电源的零线．实物图如下：
【点评】知道开关与控制的用电器串联连接，知道开关与电源的火线连接，知道家庭电路的正确连接方法
（3）在图丙中画出静止在地面上的物体所受支持力的示意图。
【分析】对物体进行受力分析，确定支持力的方向，然后从力的作用点，沿力的作用线作出支持力的示意图．
【解答】解：支持力的作用点在物体下边缘的中点上，方向竖直向上，过力的作用点，沿竖直向上的方向画一条带箭头的线段，并用F表示，如图所示：
【点评】本题考查了作力的示意图，对物体进行受力分析确定支持力的方向是正确解题的前提，掌握作力的示意图的方法是正确解题的关键．
20.在“探究水沸腾时的温度变化的特点”的实验中，两组同学在相同的环境中，用如图甲所示的装置分别进行实验，并根据实验数据绘制如图乙所示的a、b两个图象，由图象可知：
（1）水的沸点为 98 ℃，在沸腾过程中水的温度 不变 ；
（2）两组同学的实验中，水从开始加热到沸腾所用的时间相同，则他们所用水的质量的大小关系为ma > mb。
20甲 乙 21
【分析】（1）液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；
（2）通过ab初温不相同，但到达沸腾的时间相同，根据Q=cm△t判断水的质量．
【解答】解：（1）液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点，图中所示水的沸点是98℃，水沸腾的特点是吸收热量，但温度不变；
（2）由图乙知a的初温比b的初温高，ab同时沸腾，说明吸收的热量相同，a升高的温度低，根据Q=cm△t知，说明a的质量大．
故答案为：（1）98；不变；（2）＞．
【点评】水的沸腾实验是初中热学中重要的实验，一般考查水沸腾前后气泡的变化、沸点、沸点和气压的关系、沸腾的条件、沸腾的特点、加热时间比较长的原因、器材、水沸腾的图象、温度计的正确使用和读数等等
21.如图所示，是“探究什么情况下磁可以生电”的实验装置，将导线ab、灵敏电流表用导线连接成闭合电路，让导线ab在磁场中 左右 （选填“上下”或“左右”）运动时，灵敏电流表指针偏转，这就是 电磁感应 现象。根据这个现象发明了发动机，发动机工作时把 机械 能转化为电能。
【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生感应电流，这就是电磁感应现象；利用这一原理制成了发电机．
【解答】解：闭合开关后，使导线ab在磁场中左右运动，即做切割磁感线运动，因此会有感应电流产生，此时电流表指针能发生偏转；如果上下运动与磁感线方向平行，不能切割磁感线，电路中不会产生感应电流；这种现象就是电磁感应现象，利用它人们发明了发电机，发电机工作时把机械能转化为电能．
故答案为：左右；电磁感应；机械．
【点评】此题考查了电磁感应现象的实验，尤其要注意导体如何运动才能切割磁感线，难度不大．
22.如图所示，是“探究凸透镜成像规律”的实验装置，凸透镜的焦距为10cm。
（1）实验时，通过调节使烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在 同一高度上 ；
（2）当光屏上呈现清晰的像时，蜡烛、凸透镜、光屏的位置如图所示，此成像规律在生活中的应用是 幻灯机/投影仪 ；
（3）保持蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜移至30cm刻线处，光屏上的像变模糊了，在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜的位置放一个合适的 眼镜，光屏上的像再次清晰。
【分析】（1）探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中央位置．
（2）凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像．
凸透镜成像的三种情况和应用：
①u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机．
②2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪．
③u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜．
（3）近视镜是凹透镜，对光线有发散作用，成的像会比没有近视镜远离凸透镜，根据这个特点分析．
【解答】解：（1）蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中央位置．
（2）凸透镜的焦距f=10cm、物距u=15cm、像距v=30cm时，即物体处于1倍焦距好和2倍焦距之间，像成在另一侧的2倍焦距以外，成倒立、放大的实像；
投影仪或幻灯机就是利用此原理工作的．
（3）保持蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜移至30cm刻线处，此时物距增大，像距减小，像变小，要想让像仍然呈在光屏上，需要用凹透镜（近视镜），将光线发散，使像能再次呈在光屏上．
故答案为：（1）同一高度；（2）投影仪或幻灯机；（3）近视．
【点评】凸透镜成像的三种情况和应用是凸透镜成像习题中重要依据，一定要熟练掌握．
23
23.小红和小龙在研究滑动摩擦力大小与压力大小关系的实验中，所选器材：长木板、木块、弹簧测力计、砝码各一个，把长木板放在水平桌面上，依次进行试验，具体操作如下：
（1）如图甲所示，小红用弹簧测力计水平拉动木块在长木板上做匀速直线运动，读出弹簧测力计的示数为 2.2 N；
（2）如图乙所示，小红将砝码放在木块上。用弹簧测力计水平拉动木块在长木板上做匀速直线运动，弹簧测力计的示数如图所示。比较图甲、乙两次实验得出结论：当接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力 越大 ；
（3）如图丙所示，小龙也用弹簧测力计水平拉动木块在长木板上做直线运动，在乙、丙两次实验中，木块所受的摩擦力分别为f乙、f丙，则其大小关系为f乙 > f丙。
【分析】（1）根据测力计分度值读数；
（2）对比图甲乙中相同的量和变化的量，因木块在长木板上做匀速直线运动，故物体在水平方向上受到的拉力与物体受到的摩擦力为平衡力，据此分析得出结论；
（3）分别读数乙、丙两次实验中测力计示数，根据二力平衡的条件分析．
【解答】解：（1）图甲中测力计分度值为0.1N，弹簧测力计的示数为2.2N；
（2）小红将砝码放在木块上，此时物体相对于甲中的压力变大而接触面的粗糙程度不变；
因用弹簧测力计水平拉动木块在长木板上做匀速直线运动，故物体在水平方向上受到的拉力与物体受到的摩擦力为平衡力，大小相等，图乙中，测力计示数为2.8N，即滑动摩擦力大小为2.8N，故得出的结论是：当接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）图丙中测力计示数为2.6N大于图甲中弹簧测力计的示数2.2N；因体在水平方向上受到的拉力与物体受到的摩擦力为平衡力，大小相等，故木块所受的摩擦力分别为f乙＞f丙．
故答案为：（1）2.2；（2）越大；（3）＞．
【点评】本题研究滑动摩擦力大小与压力大小关系，考查测力计读数、二力平衡条件的应用、数据处理及控制变量法的运用
24.如图所示，是“探究杠杆的平衡条件”的实验装置。
（1）实验前，杠杆右端偏高，应将两端的平衡螺母向 右 调节，使杠杆在水平位置平衡；
（2）杠杆平衡后，在左侧挂两个钩码，每个钩码重1N，在右端竖直向下拉着弹簧测力计，使杠杆在水平位置平衡，如图所示，此时弹簧测力计的示数F= 3 N；
（3）当弹簧测力计处于图中的虚线（斜拉）位置时，若使杠杆在水平位置平衡且弹簧测力计的示数仍等于F，应将钩码向 右 移动适当的距离。
24
【分析】
（1）杠杆的调节也跟天平类似，应向高的一侧移动平衡螺母；
（2）从图知道两边力臂的关系，知道阻力（重力）大小，利用杠杆的平衡条件求所需拉力大小；
（3）当弹簧测力计斜着拉时，其力臂小于杠杆长，根据杠杆平衡条件分析出答案．
【解答】解：（1）实验前，杠杆右端偏高，应将两端的平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡；
（2）由图可知：OB：OA=2：3，根据杠杆的平衡条件可得，F×OB=G×OA，F=
G×OA
OB
=
2N×3
2
=3N；
（3）斜向下拉时，阻力和阻力臂一定，动力臂变小，动力变大，所以，测力计的示数将大于3N，要保持F大小不变，就得减小阻力臂，即应将钩码向右移动适当的距离．
故答案为：（1）右；（2）3；（3）右．
【点评】本题考查了杠杆平衡的条件，杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，以便直接读出力臂．探究杠杆平衡的条件就是动力×动力臂=阻力×阻力臂．
25 甲 乙 丙
25.小明制作了一个可测量物体质量的装置，如图甲所示小筒与大筒均为圆柱形容器。小筒和托盘的总质量为200g，小筒底面积50cm2，高12cm，大筒中装有适量的水，托盘上不放物体时，在小筒和大筒上与水面相平的位置的刻度均为“0”，将小筒竖直压入水中，当水面距小筒底10cm时，在小筒和大筒上与水面相平位置的刻度均为最大测量值，小筒和大筒的分度值相同。把被测物体放入托盘中，读出小筒或大筒上与水面相平位置对应的刻度值，即为被测物体的质量。
（1）该装置所能测量物体的最大质量为 300 g；
（2）小筒上相邻两刻度线的间距比大筒上相邻两刻度线间的距离 大 （选填“大”或“小”）；
（3）他想利用此装置测算出石块的密度，操作如下，如图乙所示，将石块放入托盘中，读出大筒上的示数为m1；如图丙所示，将此石块沉入水中，读出大筒上的示数为m2，该石块密度的表达式为ρ石= m1ρ水/m2 （水的密度用ρ水表示）
【分析】（1）当水面距小筒底10cm时，根据漂浮条件求出小筒、托盘和所测物体的重力，减去小筒和托盘的重力，然后即可求出测量物体的最大质量；
（2）根据V排=V浸
即可判断；
（3）根据该装置可知石块质量为m1；将此石块沉入水中，读出大筒上的示数为是石块排开的水的质量m2，所以据此即可求出石块的体积，然后利用ρ=
m
V
即可求出密度．
【解答】解：（1）当水面距小筒底10cm时，则V排=S小h=50cm2×10cm=500cm3=5×10-4m3，
则F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×5×10-4m3=5N．由于小筒和托盘处于漂浮，则G总=F浮=5N；所以m总=
G总
g
=
5N
10N/kg
=0.5kg=500g；则测量物体的最大质量m大=m总-m小=500g-200g=300g；
（2）由于托盘上不放物体时，在小筒和大筒上与水面相平的位置的刻度均为“0”，当托盘上放物体时，则小筒再浸入水的体积为V浸=S小h小；大筒中水面上升后增加的体积V排=S大h大；由于S小＜S大，则：h小＞h大，即：小筒上相邻两刻度线的间距比大筒上相邻两刻度线间的距离大；
（3）根据该装置可知石块质量为m1；将此石块沉入水中，读出大筒上的示数为是石块排开的水的质量m2，根据ρ=
m
V
可得石块的体积为：V石=V排=
m2
ρ水
则石块的密度：ρ石=
m石
V石
=
m1
m2
ρ水
=
m1
m
2
ρ水．
故答案为：（1）300；（2）大；（3）
m1
m2
ρ水．
【点评】本题考查漂浮条件的应用，关键是根据漂浮状态明确测量物体质量的实验的原理，难点是知道托盘上放物体时小筒再浸入水的体积为V浸等于大筒中水面上升的增加的体积V排．
26.某校物理社团的学生做“测量小灯泡的电功率”和“探究电流与电压关系”的实验，电源两端电压恒定，小灯泡的额定电压为2.5V，设计的电路如图甲所示，操作如下：
（1）按图甲连接电路，将滑片移到滑动变阻器的阻值最大端，闭合开关，记录两电表示数；移动滑片，观察并记录多组数据，绘制如图乙所示的U-I图象，则小灯泡的额定功率为 1 W。实验中，当电流表示数为I0（I0＜0.30A）时，小灯泡的电功率为P1；
（2）断开开关，用定值电阻替换小灯泡，将滑片移到滑动变阻器的阻值最大端，闭合开关，读出两电表示数，并记录在表格中；移动滑片，测出多组数据，记录在表格中。分析表格中的数据可知：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成 正比 。实验中，当电流表示数仍为I0时，定值电阻的电功率为P2，则P1、P2的大小关系为P1 ＜ P2；
（3）若把小灯泡和定值电阻串联后直接接到此电源两端，电路的总功率为 1.8 W。
甲乙丙
U/V
I/A
3
2
1
0
0.2
0.4
0.6
【分析】
（1）由图找到灯的电压为2.5V时的电流，根据P=UI求灯的额定功率；
（2）由表中数据可知，根据电压与对应的电流之比为一定值回答；由欧姆定律求出定值电阻大小，用特殊值法根据题中相关数据确定其大小关系；
（3）由（1）（2）中，变阻器连入电路中的电阻最大时相关的条件，根据串联电路电压的规律和欧姆定律，由电源电压不变 列方程求出电源电压，再根据串联电路电压和电流规律确定小灯泡和定值电阻串联后直接接到此电源两端时电路的电流大小，根据P总=UI求总功率．
【解答】解：（1）因灯的额定电压为2.5V，由图可知当灯的电压为2.5V时，灯的额定电流为0.4A，故灯的额定功率：
P=UI=2.5V×0.4A=1W；
（2）由表中数据可知，电压与对应的电流之比为一定值，即当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比；
由欧姆定律可知，定值电阻的大小：
R=
U
I
=
0.9V
0.18A
=5Ω，
因P1、P2的变化关系是单调的，故可用特殊值法确定其大小关系：
可设I0=0.20A，由图知，灯的电压U1=0.5V，则小灯泡的电功率为：
P1=U1I0=0.5V×0.2A=0.1W；
此时定值电阻的功率：
P2=I02×R=（0.2A）2×5Ω=0.2W，则P1、P2的大小关系为P1＜P2；
（3）设变阻器的最在电阻为R滑，按图甲连接电路，将滑片移到滑动变阻器的阻值最大端，闭合开关，记录两电表示数；移动滑片，观察并记录多组数据，绘制如图乙所示的U-I图象，可知，此时对应的电流为为I0=0.2A，根据欧姆定律和串联电路的规律，电源电压：
U=I0R滑+UL=0.2A×R滑+0.5V-----①；
在（2）中，断开开关，用定值电阻替换小灯泡，将滑片移到滑动变阻器的阻值最大端，闭合开关，读出两电表示数，并记录在表格中，此时电压为U′=0.9V，对应的电流I′=0.18A，
根据欧姆定律和串联电路的规律，电源电压：
U=I′R滑+U′=0.18A×R滑+0.9V-----②；
由①②得，电源电压：
U=4.5V，若把小灯泡和定值电阻串联后直接接到此电源两端，由串联电路各处的电流都相等，只有当电路中的电流为0.4A时，灯的电压为2.5V，定值电阻的电压为U定=IR=0.4A×5Ω=2V，符合串联电路各部分电压和等于总电压的规律（4.5V=2.5V+2V）．
故若把小灯泡和定值电阻串联后直接接到此电源两端，电路的总功率为：
P总=UI=4.5V×0.4A=1.8W．
故答案为：（1）1；（2）正比；＜；（3）1.8．
【点评】本题测量：小灯泡的电功率”和“探究电流与电压关系，考查电功率的计算、分析数据归纳结论的能力及串联电路的规律和欧姆定律的应用，体出了特殊法在解题中的运用，关键是从图和表中获取有效的信息，求出电源电压．为一好题，难度大
