2011山东德州中考数学试卷解析版

2011山东德州中考数学试卷解析版

‎2011年山东省德州市中考数学试卷—解析版 一、选择题：本大题共8小题，在每小题给出的四个选项中，只有一项是正确的，请把正确的选项选出来．每小题选对得3分，选错、不选或选出的答案超过一个均记零分．‎ ‎1、（2011•德州）下列计算正确的是（　　）‎ ‎ A、（﹣8）﹣8=0 B、（﹣）×（﹣2）=1‎ ‎ C、﹣（﹣1）0=1 D、|﹣2|=﹣2‎ 考点：零指数幂；绝对值；有理数的减法；有理数的乘法。‎ 专题：计算题。‎ 分析：利用有理数的减法、有理数的乘法法则和a0=1（a≠0）、负数的绝对值等于它的相反数计算即可．‎ 解答：解：A、（﹣8）﹣8=﹣16，此选项错误；‎ B、（﹣）×（﹣2）=1，此选项正确；‎ C、﹣（﹣1）0=﹣1，此选项错误；‎ D、|﹣2|=2，此选项错误．‎ 故选B．‎ 点评：本题考查了有理数的减法、有理数的乘法法则、零指数幂、绝对值的计算．解题的关键是熟练掌握各种运算法则．‎ ‎2、（2011•德州）一个几何体的主视图、左视图、俯视图完全相同，它一定是（　　）‎ ‎ A、圆柱 B、圆锥 ‎ C、球体 D、长方体 考点：简单几何体的三视图。‎ 专题：应用题。‎ 分析：主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、左面和上面看，所得到的图形．‎ 解答：解：A、圆柱的主视图、左视图都是长方形，俯视图是圆形；故本选项错误；‎ B、圆锥的主视图、左视图都是三角形，俯视图是圆形；故本选项错误；‎ C、球体的主视图、左视图、俯视图都是圆形；故本选项正确；‎ D、长方体的主视图为长方形、左视图为长方形或正方形、俯视图为长方形或正方形；故本选项错误；‎ 故选C．‎ 点评：本题考查了简单几何体的三视图，锻炼了学生的空间想象能力．‎ ‎3、（2011•德州）温家宝总理强调，“十二五”期间，将新建保障性住房36 000 000套，用于解决中低收入和新参加工作的大学生住房的需求．把36 000 000用科学记数法表示应是（　　）‎ ‎ A、3.6×107 B、3.6×106‎ ‎ C、36×106 D、0.36×108‎ 考点：科学记数法—表示较大的数。‎ 专题：计算题。‎ 分析：科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．‎ 解答：解：∵36 000 000=3.6×107；‎ 故选A．‎ 点评：此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．‎ ‎4、（2011•德州）如图，直线l1∥l2，∠1=40°，∠2=75°，则∠3等于（　　）‎ ‎ A、55° B、60°‎ ‎ C、65° D、70°‎ 考点：三角形内角和定理；对顶角、邻补角；平行线的性质。‎ 分析：设∠2的对顶角为∠5，∠1在l2上的同位角为∠4，结合已知条件可推出∠1=∠4=40°，∠2=∠5=75°，即可得出∠3的度数 解答：解：∵直线l1∥l2，∠1=40°，∠2=75°，‎ ‎∴∠1=∠4=40°，∠2=∠5=75°，‎ ‎∴∠3=65°．‎ 故选C．‎ 点评：本题主要考查三角形的内角和定理，平行线的性质和对顶角的性质，关键在于根据已知条件找到有关相等的角．‎ ‎5、（2011•德州）某赛季甲、乙两名篮球运动员12场比赛得分情况用图表示如下：‎ 对这两名运动员的成绩进行比较，下列四个结论中，不正确的是（　　）‎ ‎ A、甲运动员得分的极差大于乙运动员得分的极差 B、甲运动员得分的的中位数大于乙运动员得分的的中位数 ‎ C、甲运动员的得分平均数大于乙运动员的得分平均数 D、甲运动员的成绩比乙运动员的成绩稳定 考点：方差；折线统计图；算术平均数；中位数；极差。‎ 分析：结合折线统计图，利用数据逐一分析解答即可．‎ 解答：解：A、由图可知甲、乙运动员第一场比赛得分相同，第十二场比赛得分甲运动员比乙运动员得分高，所以甲运动员得分的极差大于乙运动员得分的极差，此选项正确；‎ B、由图可知甲运动员得分始终大于乙运动员得分，所以甲运动员得分的的中位数大于乙运动员得分的的中位数，此选项正确；‎ C、由图可知甲运动员得分始终大于乙运动员得分，所以甲运动员的得分平均数大于乙运动员的得分平均数，此选项正确；‎ D、由图可知甲运动员得分数据波动性较大，乙运动员得分数据波动性较小，乙运动员的成绩比甲运动员的成绩稳定，所以此选项正错误．‎ 故选D．‎ 点评：此题主要结合折线统计图，利用极差、中位数、平均数以及方差来进行分析数据，找到解决问题的突破口．‎ ‎6、（2011•德州）已知函数y=（x﹣a）（x﹣b）（其中a＞b）的图象如下面右图所示，则函数y=ax+b的图象可能正确的是（　　）‎ ‎ A、 B、‎ ‎ C、 D、‎ 考点：抛物线与x轴的交点；一次函数的图象。‎ 专题：数形结合。‎ 分析：根据图象可得出方程（x﹣a）（x﹣b）=0的两个实数根为a，b，且一正一负，负数的绝对值大，又a＞b，则a＞0，b＜0．根据一次函数y=ax+b的图象的性质即可得出答案．‎ 解答：解：根据图象可得a，b异号，‎ ‎∵a＞b，∴a＞0，b＜0，‎ ‎∴函数y=ax+b的图象经过第一、三、四象限，‎ 故选D．‎ 点评：本题考查了抛物线与x轴的交点问题以及一次函数的性质，是重点内容要熟练掌握，‎ ‎7、（2011•德州）一个平面封闭图形内（含边界）任意两点距离的最大值称为该图形的“直径”，封闭图形的周长与直径之比称为图形的“周率”，下面四个平面图形（依次为正三角形、正方形、正六边形、圆）的周率从左到右依次记为a1，a2，a3，a4，则下列关系中正确的是（　　）‎ ‎ A、a4＞a2＞a1 B、a4＞a3＞a2‎ ‎ C、a1＞a2＞a3 D、a2＞a3＞a4‎ 考点：正多边形和圆；等边三角形的判定与性质；多边形内角与外角；平行四边形的判定与性质。‎ 专题：计算题。‎ 分析：设等边三角形的边长是a，求出等边三角形的周长，即可求出等边三角形的周率a1；设正方形的边长是x，根据勾股定理求出对角线的长，即可求出周率；设正六边形的边长是b，过F作FQ∥AB交BE于Q，根据等边三角形的性质和平行四边形的性质求出直径，即可求出正六边形的周率a3；求出圆的周长和直径即可求出圆的周率，比较即可得到答案．‎ 解答：解：设等边三角形的边长是a，则等边三角形的周率a1==3‎ 设正方形的边长是x，由勾股定理得：对角线是x，则正方形的周率是a2==2≈2.828，‎ 设正六边形的边长是b，过F作FQ∥AB交BE于Q，得到平行四边形ABQF和等边三角形EFQ，直径是b+b=2b，‎ ‎∴正六边形的周率是a3==3，‎ 圆的周率是a4==π，‎ ‎∴a4＞a3＞a2．‎ 故选B．‎ 点评：本题主要考查对正多边形与圆，多边形的内角和定理，平行四边形的性质和判定，等边三角形的性质和判定等知识点的理解和掌握，理解题意并能根据性质进行计算是解此题的关键．‎ ‎8、（2011•德州）图1是一个边长为1的等边三角形和一个菱形的组合图形，菱形边长为等边三角形边长的一半，以此为基本单位，可以拼成一个形状相同但尺寸更大的图形（如图2），依此规律继续拼下去（如图3），…，则第n个图形的周长是（　　）‎ ‎ A、2n B、4n ‎ C、2n+1 D、2n+2‎ 考点：规律型：图形的变化类；等边三角形的性质；菱形的性质。‎ 专题：规律型。‎ 分析：从图1到图3，周长分别为4，8，16，由此即可得到通式，利用通式即可求解．‎ 解答：解：下面是各图的周长：‎ 图1中周长为4；‎ 图2周长为8；‎ 图3周长为16；‎ 所以第n个图形周长为2n+1．‎ 故选C．‎ 点评：本题考查了图形的变化规律，首先从图1到图3可得到规律，然后利用规律得到一般结论解决问题．‎ 二、填空题：本大题共8小题，共32分，只要求填写最后结果，每小题填对得4分．‎ ‎9、（2004•无锡）点（1，2）关于原点的对称点的坐标为　（﹣1，﹣2）　．‎ 考点：关于原点对称的点的坐标。‎ 分析：由关于原点对称的点，横坐标与纵坐标都互为相反数可知：点（1，2）关于原点的对称点的坐标．‎ 解答：解：因为关于原点对称的点，横坐标与纵坐标都互为相反数，‎ 所以：点（1，2）关于原点的对称点的坐标为（﹣1，﹣2）．‎ 点评：解决本题的关键是掌握好对称点的坐标规律：‎ ‎（1）关于x轴对称的点，横坐标相同，纵坐标互为相反数；‎ ‎（2）关于y轴对称的点，纵坐标相同，横坐标互为相反数；‎ ‎（3）关于原点对称的点，横坐标与纵坐标都互为相反数．‎ ‎10、（2011•德州）如图，D，E，F分别为△ABC三边的中点，则图中平行四边形的个数为　3　．‎ 考点：平行四边形的判定；三角形中位线定理。‎ 专题：几何图形问题。‎ 分析：根据三角形中位线的性质定理，可以推出DE∥AF，DF∥EC，DF∥BE且DE=AF，DF=EC，DF=BE，根据平行四边形的判定定理，即可推出有三个平行四边形．‎ 解答：证明：∵D，E，F分别为△ABC三边的中点 ‎∴DE∥AF，DF∥EC，DF∥BE且DE=AF，DF=EC，DF=BE ‎∴四边形ADEF、DECF、DFEB分别为平行四边形 故答案为3．‎ 点评：本题主要考察平行四边的判定定理以及三角形中位线定理，关键在于找出相等而且平行的对边．‎ ‎11、（2011•德州）母线长为2，底面圆的半径为1的圆锥的侧面积为　2π　．‎ 考点：圆锥的计算。‎ 专题：计算题。‎ 分析：先计算出底面圆的周长，它等于圆锥侧面展开图扇形的弧长，而母线长为扇形的半径，然后根据扇形的面积公式计算即可．‎ 解答：解：∵圆锥的底面圆的半径为1，‎ ‎∴圆锥的底面圆的周长=2π×1=2π，‎ ‎∴圆锥的侧面积=×2π×2=2π．‎ 故答案为：2π．‎ 点评：本题考查了圆锥的侧面积公式：S=l•R．圆锥侧面展开图为扇形，底面圆的周长等于扇形的弧长，母线长为扇形的半径．‎ ‎12、（2011•德州）当时，=．‎ 考点：分式的化简求值；二次根式的化简求值。‎ 专题：计算题。‎ 分析：先将分式的分子和分母分别分解因式，约分化简，然后将x的值代入化简后的代数式即可求值．‎ 解答：解：﹣1‎ ‎=﹣1‎ ‎=﹣ ‎= ‎=，将x=代入上式中得，‎ 原式===．‎ 故答案为：．‎ 点评：本题主要考查分式求值方法之一：先把分式化简后，再把分式中未知数对应的值代入求出分式的值．‎ ‎13、（2011•德州）下列命题中，其逆命题成立的是　①④　．（只填写序号）‎ ‎①同旁内角互补，两直线平行；‎ ‎②如果两个角是直角，那么它们相等；‎ ‎③如果两个实数相等，那么它们的平方相等；‎ ‎④如果三角形的三边长a，b，c满足a2+b2=c2，那么这个三角形是直角三角形．‎ 考点：命题与定理；实数的运算；角的概念；平行线的判定与性质；勾股定理；勾股定理的逆定理。‎ 专题：推理填空题。‎ 分析：把一个命题的条件和结论互换就得到它的逆命题，再分析逆命题是否为真命题，需要分别分析各题设是否能推出结论，从而利用排除法得出答案．‎ 解答：解：A、两直线平行，同旁内角互补，正确，‎ B、如果两个角相等，那么它们是直角，错误，‎ C、如果两个实数的平方相等，那么这两个实数相等，错误，‎ D、一个三角形是直角三角形，那么三角形的三边长a，b，c满足a2+b2=c2，正确，‎ 故答案为①④．‎ 点评：本题考查了互逆命题的知识，两个命题中，如果第一个命题的条件是第二个命题的结论，而第一个命题的结论又是第二个命题的条件，那么这两个命题叫做互逆命题．其中一个命题称为另一个命题的逆命题，难度适中．‎ ‎14、（2011•德州）若x1，x2是方程x2+x﹣1=0的两个根，则x12+x22=　3　．‎ 考点：根与系数的关系。‎ 专题：计算题。‎ 分析：先根据根与系数的关系求出x1+x2和x1•x2的值，再利用完全平方公式对所求代数式变形，然后把x1+x2和x1•x2的值整体代入计算即可．‎ 解答：解：∵x1，x2是方程x2+x﹣1=0的两个根，‎ ‎∴x1+x2=﹣=﹣=﹣1，x1•x2===﹣1，‎ ‎∴x12+x22=（x1+x2）2﹣2x1•x2=（﹣1）2﹣2×（﹣1）=1+2=3．‎ 故答案是：3．‎ 点评：本题考查了根与系数的关系、完全平方公式．解题的关键是先求出x1+x2和x1•x2的值．‎ ‎15、（2011•德州）在4张卡片上分别写有1～4的整数，随机抽取一张后放回，再随机地抽取一张，那么第二次取出的数字能够整除第一次取出的数字的概率是．‎ 考点：列表法与树状图法。‎ 专题：计算题。‎ 分析：列举出所有情况，看第二次取出的数字能够整除第一次取出的数字的情况数占总情况数的多少即可．‎ 解答：解：‎ 共有16种情况，第二次取出的数字能够整除第一次取出的数字的情况数有8种，‎ 所以概率为，‎ 故答案为．‎ 点评：考查概率的求法；用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．得到第二次取出的数字能够整除第一次取出的数字的情况数是解决本题的关键．‎ ‎16、（2011•德州）长为1，宽为a的矩形纸片（），如图那样折一下，剪下一个边长等于矩形宽度的正方形（称为第一次操作）；再把剩下的矩形如图那样折一下，剪下一个边长等于此时矩形宽度的正方形（称为第二次操作）；如此反复操作下去．若在第n此操作后，剩下的矩形为正方形，则操作终止．当n=3时，a的值为或．‎ 考点：一元一次方程的应用。‎ 专题：几何图形问题；操作型。‎ 分析：根据操作步骤，可知每一次操作时所得正方形的边长都等于原矩形的宽．所以首先需要判断矩形相邻的两边中，哪一条边是矩形的宽．当＜a＜1时，矩形的长为1，宽为a，所以第一次操作时所得正方形的边长为a，剩下的矩形相邻的两边分别为1﹣a，a．由1﹣a＜a可知，第二次操作时所得正方形的边长为1﹣a，剩下的矩形相邻的两边分别为1﹣a，a﹣（1﹣a）=2a﹣1．由于（1﹣a）﹣（2a﹣1）=2﹣3a，所以（1﹣a）与（2a﹣1）的大小关系不能确定，需要分情况进行讨论．又因为可以进行三次操作，故分两种情况：①1﹣a＞2a﹣1；②1﹣a＜2a﹣1．对于每一种情况，分别求出操作后剩下的矩形的两边，根据剩下的矩形为正方形，列出方程，求出a的值．‎ 解答：解：由题意，可知当＜a＜1时，第一次操作后剩下的矩形的长为a，宽为1﹣a，所以第二次操作时正方形的边长为1﹣a，第二次操作以后剩下的矩形的两边分别为1﹣a，2a﹣1．此时，分两种情况：‎ ‎①如果1﹣a＞‎2a﹣1，即a＜，那么第三次操作时正方形的边长为‎2a﹣1．‎ 则2a﹣1=（1﹣a）﹣（2a﹣1），解得a=；‎ ‎②如果1﹣a＜‎2a﹣1，即a＞，那么第三次操作时正方形的边长为1﹣a．‎ 则1﹣a=（2a﹣1）﹣（1﹣a），解得a=．‎ 故答案为或．‎ 点评：本题考查了一元一次方程的应用，解题的关键是分两种情况：①1﹣a＞2a﹣1；②1﹣a＜2a﹣1．分别求出操作后剩下的矩形的两边．‎ 三、解答题：本大题共7小题，共64分．解答要写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤．‎ ‎17、（2011•德州）解不等式组，并把解集在数轴上表示出来．‎ 考点：解一元一次不等式组；在数轴上表示不等式的解集。‎ 专题：计算题；数形结合。‎ 分析：分别解两个不等式得到x≥1；x＜4．它们的公共部分即为原不等式组的解集，然后把解集表示在数轴上．‎ 解答：解： 解不等式①，得x≥1；‎ 解不等式②，得x＜4．‎ ‎∴1≤x＜4．‎ 在数轴上表示为：．‎ 点评：本题考查了解不等式组的方法：分别解各不等式，然后写出它们的公共部分即为不等式组的解集．也考查了利用数轴表示不等式组的解集得方法．‎ ‎18、（2011•德州）‎2011年5月9日至14日，德州市共有35000余名学生参加中考体育测试，为了了解九年级男生立定跳远的成绩，从某校随机抽取了50名男生的测试成绩，根据测试评分标准，将他们的得分按优秀、良好、及格、不及格（分别用A、B、C、D表示）四个等级进行统计，并绘制成下面的扇形图和统计表：‎ 等级 成绩（分）‎ 频数（人数）‎ 频率 A ‎90～100‎ ‎19‎ ‎0.38‎ B ‎75～89‎ m x C ‎60～74‎ n y D ‎60以下 ‎3‎ ‎0.06‎ 合计 ‎50‎ ‎1.00‎ 请你根据以上图表提供的信息，解答下列问题：‎ ‎（1）m=　20　，n=　8　，x=　0.4　，y=　0.16　；‎ ‎（2）在扇形图中，C等级所对应的圆心角是　57.6　度；‎ ‎（3）如果该校九年级共有500名男生参加了立定跳远测试，那么请你估计这些男生成绩等级达到优秀和良好的共有多少人？‎ 考点：频数（率）分布表；用样本估计总体；扇形统计图。‎ 专题：图表型。‎ 分析：（1）让总人数50乘以相应的百分比40%可得m的值，x为相应百分比；让总人数50减去其余已知人数可得n的值，除以50即为y的值；‎ ‎（2）让360乘以相应频率即为C等级所对应的圆心角；‎ ‎（3）让总人数35000乘以AB两个等级的百分比的和即为所求的人数．‎ 解答：解：（1）50×40%=20，0.4；50﹣19﹣20﹣3=8，8÷50=0.16；‎ 故答案为：20，8，0.4，0.16（4分）‎ ‎（2）0.16×360=57.6°，‎ 故答案为57.6．（6分）‎ ‎（3）由上表可知达到优秀和良好的共有19+20=39人，500×=390人．（8分）‎ 点评：考查有关识图问题；读懂图意是解决本题的关键；用到的知识点为：频数=总数×相应频率．‎ ‎19、（2011•德州）如图 AB=AC，CD⊥AB于D，BE⊥AC于E，BE与CD相交于点O．‎ ‎（1）求证AD=AE；‎ ‎（2）连接OA，BC，试判断直线OA，BC的关系并说明理由．‎ 考点：全等三角形的判定与性质。‎ 专题：应用题；证明题。‎ 分析：（1）根据全等三角形的判定方法，证明△ACD≌△ABE，即可得出AD=AE，‎ ‎（2）根据已知条件得出△ADO≌△AEO，得出∠DAO=∠EAO，即可判断出OA是∠BAC的平分线，即OA⊥BC．‎ 解答：（1）证明：在△ACD与△ABE中，‎ ‎∵∠A=∠A，∠ADC=∠AEB=90°，AB=AC，‎ ‎∴△ACD≌△ABE，‎ ‎∴AD=AE．‎ ‎（2）互相垂直，‎ 在Rt△ADO与△AEO中，‎ ‎∵OA=OA，AD=AE，‎ ‎∴△ADO≌△AEO，‎ ‎∴∠DAO=∠EAO，‎ 即OA是∠BAC的平分线，‎ 又∵AB=AC，‎ ‎∴OA⊥BC．‎ 点评：本题考查了全等三角形的判定方法，以及全等三角形的对应边相等，对应角相等的性质，难度适中．‎ ‎20、（2011•德州）某兴趣小组用高为‎1.2米的仪器测量建筑物CD的高度．如示意图，由距CD一定距离的A处用仪器观察建筑物顶部D的仰角为β，在A和C之间选一点B，由B处用仪器观察建筑物顶部D的仰角为α．测得A，B之间的距离为‎4米，tanα=1.6，tanβ=1.2，试求建筑物CD的高度．‎ 考点：解直角三角形的应用-仰角俯角问题。‎ 专题：几何图形问题。‎ 分析：CD与EF的延长线交于点G，设DG=x米．由三角函数的定义得到，在Rt△DGF中，，在Rt△DGE中，，根据EF=EG﹣FG，得到关于x的方程，解出x，再加上1.2即为建筑物CD的高度．‎ 解答：解：CD与EF的延长线交于点G，如图，设DG=x米．‎ 在Rt△DGF中，，即．‎ 在Rt△DGE中，，即．‎ ‎∴，．‎ ‎∴．‎ ‎∴4=﹣，‎ 解方程得：x=19.2．‎ ‎∴CD=DG+GC=19.2+1.2=20.4．‎ 答：建筑物高为20.4米．‎ 点评：本题考查了仰角的概念：向上看，视线与水平线的夹角叫仰角．也考查了测量建筑物高度的方法以及三角函数的定义．‎ ‎21、（2011•德州）为创建“国家卫生城市”，进一步优化市中心城区的环境，德州市政府拟对部分路段的人行道地砖、花池、排水管道等公用设施全面更新改造，根据市政建设的需要，须在60天内完成工程．现在甲、乙两个工程队有能力承包这个工程．经调查知道：乙队单独完成此项工程的时间比甲队单独完成多用25天，甲、乙两队合作完成工程需要30天，甲队每天的工程费用2500元，乙队每天的工程费用2000元．‎ ‎（1）甲、乙两个工程队单独完成各需多少天？‎ ‎（2）请你设计一种符合要求的施工方案，并求出所需的工程费用．‎ 考点：分式方程的应用。‎ 专题：工程问题。‎ 分析：（1）如果设甲工程队单独完成该工程需x天，那么由“乙队单独完成此项工程的时间比甲队单独完成多用25天”，得出乙工程队单独完成该工程需（x+25）天．再根据“甲、乙两队合作完成工程需要30天”，可知等量关系为：甲工程队30天完成该工程的工作量+乙工程队30天完成该工程的工作量=1．‎ ‎（2）首先根据（1）中的结果，排除在60天内不能单独完成该工程的乙工程队，从而可知符合要求的施工方案有两种：方案一：由甲工程队单独完成；方案二：由甲乙两队合作完成．针对每一种情况，分别计算出所需的工程费用．‎ 解答：解：（1）设甲工程队单独完成该工程需x天，则乙工程队单独完成该工程需（x+25）天．（1分）‎ 根据题意得：．（3分）‎ 方程两边同乘以x（x+25），得30（x+25）+30x=x（x+25），‎ 即x2﹣35x﹣750=0．‎ 解之，得x1=50，x2=﹣15．（5分）‎ 经检验，x1=50，x2=﹣15都是原方程的解．‎ 但x2=﹣15不符合题意，应舍去．（6分）‎ ‎∴当x=50时，x+25=75．‎ 答：甲工程队单独完成该工程需50天，则乙工程队单独完成该工程需75天．（7分）‎ ‎（2）此问题只要设计出符合条件的一种方案即可．‎ 方案一：由甲工程队单独完成．（8分）‎ 所需费用为：2500×50=125000（元）．（10分）‎ 方案二：由甲乙两队合作完成．‎ 所需费用为：（2500+2000）×30=135000（元）．（10分）‎ 点评：本题考查分式方程在工程问题中的应用．分析题意，找到关键描述语，找到合适的等量关系是解决问题的关键．工程问题的基本关系式：工作总量=工作效率×工作时间．‎ ‎22、（2011•德州）●观察计算 当a=5，b=3时，与的大小关系是＞．‎ 当a=4，b=4时，与的大小关系是=．‎ ‎●探究证明 如图所示，△ABC为圆O的内接三角形，AB为直径，过C作CD⊥AB于D，设AD=a，BD=b．‎ ‎（1）分别用a，b表示线段OC，CD；‎ ‎（2）探求OC与CD表达式之间存在的关系（用含a，b的式子表示）．‎ ‎●归纳结论 根据上面的观察计算、探究证明，你能得出与的大小关系是：．‎ ‎●实践应用 要制作面积为1平方米的长方形镜框，直接利用探究得出的结论，求出镜框周长的最小值．‎ 考点：相似三角形的判定与性质；几何不等式；圆周角定理。‎ 分析：●观察计算：分别代入计算即可得出与的大小关系；‎ ‎●探究证明：‎ ‎（1）由于OC是直径AB的一半，则OC易得．通过证明△ACD∽△CBD，可求CD；‎ ‎（2）分a=b，a≠b讨论可得出与的大小关系；‎ ‎●实践应用：通过前面的结论长方形为正方形时，周长最小．‎ 解答：解：●观察计算：＞，=．（2分）‎ ‎●探究证明：‎ ‎（1）∵AB=AD+BD=2OC，‎ ‎∴（3分）‎ ‎∵AB为⊙O直径，‎ ‎∴∠ACB=90°．‎ ‎∵∠A+∠ACD=90°，∠ACD+∠BCD=90°，‎ ‎∴∠A=∠BCD．‎ ‎∴△ACD∽△CBD．（4分）‎ ‎∴．‎ 即CD2=AD•BD=ab，‎ ‎∴．（5分）‎ ‎（2）当a=b时，OC=CD，=；‎ a≠b时，OC＞CD，＞．（6分）‎ ‎●结论归纳：．（7分）‎ ‎●实践应用 设长方形一边长为x米，则另一边长为米，设镜框周长为l米，则≥．（9分）‎ 当，即x=1（米）时，镜框周长最小．‎ 此时四边形为正方形时，周长最小为4米．（10分）‎ 点评：本题综合考查了几何不等式，相似三角形的判定与性质，通过计算和证明得出结论：是解题的关键．‎ ‎23、（2011•德州）在直角坐标系xoy中，已知点P是反比例函数（x＞0）图象上一个动点，以P为圆心的圆始终与y轴相切，设切点为A．‎ ‎（1）如图1，⊙P运动到与x轴相切，设切点为K，试判断四边形OKPA的形状，并说明理由．‎ ‎（2）如图2，⊙P运动到与x轴相交，设交点为B，C．当四边形ABCP是菱形时：‎ ‎①求出点A，B，C的坐标．‎ ‎②在过A，B，C三点的抛物线上是否存在点M，使△MBP的面积是菱形ABCP面积的．若存在，试求出所有满足条件的M点的坐标，若不存在，试说明理由．‎ 考点：二次函数综合题。‎ 分析：（1）四边形OKPA是正方形．当⊙P分别与两坐标轴相切时，PA⊥y轴，PK⊥x轴，x轴⊥y轴，且PA=PK，可判断结论；‎ ‎（2）①连接PB，设点P（x，），过点P作PG⊥BC于G，则半径PB=PC，由菱形的性质得PC=BC，可知△PBC为等边三角形，在Rt△PBG中，∠PBG=60°，PB=PA=x，PG=，利用sin∠PBG=，列方程求x即可；‎ ‎②求直线PB的解析式，利用过A点或C点且平行于PB的直线解析式与抛物线解析式联立，列方程组求满足条件的M点坐标即可．‎ 解答：（1）四边形OKPA是正方形．‎ 证明：∵⊙P分别与两坐标轴相切，‎ ‎∴PA⊥OA，PK⊥OK．‎ ‎∴∠PAO=∠OKP=90°．‎ 又∵∠AOK=90°，‎ ‎∴∠PAO=∠OKP=∠AOK=90°．‎ ‎∴四边形OKPA是矩形．‎ 又∵OA=OK，‎ ‎∴四边形OKPA是正方形．（2分）‎ ‎（2）①连接PB，设点P的横坐标为x，则其纵坐标为．‎ 过点P作PG⊥BC于G．‎ ‎∵四边形ABCP为菱形，‎ ‎∴BC=PA=PB=PC．‎ ‎∴△PBC为等边三角形．‎ 在Rt△PBG中，∠PBG=60°，PB=PA=x，‎ PG=．‎ sin∠PBG=，即．‎ 解之得：x=±2（负值舍去）．‎ ‎∴PG=，PA=BC=2．（4分）‎ 易知四边形OGPA是矩形，PA=OG=2，BG=CG=1，‎ ‎∴OB=OG﹣BG=1，OC=OG+GC=3．‎ ‎∴A（0，），B（1，0）C（3，0）．（6分）‎ 设二次函数解析式为：y=ax2+bx+c．‎ 据题意得： 解之得：a=，b=，c=．‎ ‎∴二次函数关系式为：．（9分）‎ ‎②解法一：设直线BP的解析式为：y=ux+v，据题意得： 解之得：u=，v=．‎ ‎∴直线BP的解析式为：．‎ 过点A作直线AM∥PB，则可得直线AM的解析式为：．‎ 解方程组： 得：；．‎ 过点C作直线CM∥PB，则可设直线CM的解析式为：．‎ ‎∴0=．‎ ‎∴．‎ ‎∴直线CM的解析式为：．‎ 解方程组： 得：；．‎ 综上可知，满足条件的M的坐标有四个，‎ 分别为：（0，），（3，0），（4，），（7，）．（12分）‎ 解法二：∵，‎ ‎∴A（0，），C（3，0）显然满足条件．‎ 延长AP交抛物线于点M，由抛物线与圆的轴对称性可知，PM=PA．‎ 又∵AM∥BC，‎ ‎∴．‎ ‎∴点M的纵坐标为．‎ 又点M的横坐标为AM=PA+PM=2+2=4．‎ ‎∴点M（4，）符合要求．‎ 点（7，）的求法同解法一．‎ 综上可知，满足条件的M的坐标有四个，‎ 分别为：（0，），（3，0），（4，），（7，）．（12分）‎ 解法三：延长AP交抛物线于点M，由抛物线与圆的轴对称性可知，PM=PA．‎ 又∵AM∥BC，‎ ‎∴．‎ ‎∴点M的纵坐标为．‎ 即．‎ 解得：x1=0（舍），x2=4．‎ ‎∴点M的坐标为（4，）．‎ 点（7，）的求法同解法一．‎ 综上可知，满足条件的M的坐标有四个，‎ 分别为：（0，），（3，0），（4，），（7，）．（12分）‎ 点评：本题考查了二次函数的综合运用．关键是由菱形、圆的性质，形数结合解题．‎