烟台市2013年中考数学卷

烟台市2013年中考数学卷

山东省烟台市2013年中考数学试卷 一、选择题（本题共12小题，每小题3分，满分36分）‎ ‎1．（3分）（2013•烟台）﹣6的倒数是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ B．‎ ‎﹣‎ C．‎ ‎6‎ D．‎ ‎﹣6‎ 考点：‎ 倒数．‎ 分析：‎ 根据乘积是1的两个数叫做互为倒数解答．‎ 解答：‎ 解：∵（﹣6）×（﹣）=1，‎ ‎∴﹣6的倒数是﹣．‎ 故选B．‎ 点评：‎ 本题考查了倒数的定义，是基础题，熟记概念是解题的关键．‎ ‎　‎ ‎2．（3分）（2013•烟台）以下是回收、绿色包装、节水、低碳四个标志，其中是中心对称图形的是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ B．‎ C．‎ D．‎ 考点：‎ 中心对称图形．‎ 分析：‎ 根据中心对称图形的定义，结合选项所给图形进行判断即可．‎ 解答：‎ 解：A、不是中心对称图形，故本选项错误；‎ B、是中心对称图形，故本选项正确；‎ C、不是中心对称图形，故本选项错误；‎ D、不是中心对称图形，故本选项错误；‎ 故选B．‎ 点评：‎ 此题主要考查了中心对称图形的概念，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后与原图重合．‎ ‎　‎ ‎3．（3分）（2013•烟台）“厉行勤俭节约，反对铺张浪费”势在必行，最新统计数据显示，中国每年浪费食物总量折合粮食大约是210000000人一年的口粮．将210000000用科学记数法表示为（　　）‎ ‎　‎ A．‎ ‎2.1×109‎ B．‎ ‎0.21×109‎ C．‎ ‎2.1×108‎ D．‎ ‎21×107‎ 考点：‎ 科学记数法—表示较大的数．‎ 分析：‎ 科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞1时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．‎ 解答：‎ 解：将210000000用科学记数法表示为：2.1×108．‎ 故选：C．‎ 点评：‎ 此题考查了科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n 的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．‎ ‎　‎ ‎4．（3分）（2013•烟台）下列水平放置的几何体中，俯视图不是圆的是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ B．‎ C．‎ D．‎ 考点：‎ 简单几何体的三视图．‎ 分析：‎ 俯视图是从上往下看得到的视图，分别判断出各选项的俯视图即可得出答案．‎ 解答：‎ 解：A、俯视图是一个圆，故本选项错误；‎ B、俯视图是一个圆，故本选项错误；‎ C、俯视图是一个正方形，不是圆，故本选项正确；‎ D、俯视图是一个圆，故本选项错误；‎ 故选C．‎ 点评：‎ 本题考查了俯视图的知识，注意俯视图是从上往下看得到的视图．‎ ‎　‎ ‎5．（3分）（2013•烟台）下列各运算中，正确的是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ ‎3a+2a=5a2‎ B．‎ ‎（﹣3a3）2=9a6‎ C．‎ a4÷a2=a3‎ D．‎ ‎（a+2）2=a2+4‎ 考点：‎ 同底数幂的除法；合并同类项；幂的乘方与积的乘方；完全平方公式．‎ 分析：‎ 根据合并同类项的法则、幂的乘方及积的乘方法则、同底数幂的除法法则，分别进行各选项的判断即可．‎ 解答：‎ 解：A、3a+2a=5a，原式计算错误，故本选项错误；‎ B、（﹣3a3）2=9a6，原式计算正确，故本选项正确；‎ C、a4÷a2=a2，原式计算错误，故本选项错误；‎ D、（a+2）2=a2+2a+4，原式计算错误，故本选项错误；‎ 故选B．‎ 点评：‎ 本题考查了同底数幂的除法、幂的乘方与积的乘方，解答本题的关键是熟练掌握各部分的运算法则．‎ ‎　‎ ‎6．（3分）（2012•青岛）如图，将四边形ABCD先向左平移3个单位，再向上平移2个单位，那么点A的对应点A′的坐标是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ ‎（6，1）‎ B．‎ ‎（0，1）‎ C．‎ ‎（0，﹣3）‎ D．‎ ‎（6，﹣3）‎ 考点：‎ 坐标与图形变化-平移．‎ 专题：‎ 推理填空题．‎ 分析：‎ 由于将四边形ABCD先向左平移3个单位，再向上平移2个单位，则点A也先向左平移3个单位，再向上平移2个单位，据此即可得到点A′的坐标．‎ 解答：‎ 解：∵四边形ABCD先向左平移3个单位，再向上平移2个单位，‎ ‎∴点A也先向左平移3个单位，再向上平移2个单位，‎ ‎∴由图可知，A′坐标为（0，1）．‎ 故选B．‎ 点评：‎ 本题考查了坐标与图形的变化﹣﹣平移，本题本题考查了坐标系中点、线段的平移规律，在平面直角坐标系中，图形的平移与图形上某点的平移相同．平移中点的变化规律是：横坐标右移加，左移减；纵坐标上移加，下移减．‎ ‎　‎ ‎7．（3分）（2013•烟台）一个多边形截去一个角后，形成另一个多边形的内角和为720°，那么原多边形的边数为（　　）‎ ‎　‎ A．‎ ‎5‎ B．‎ ‎5或6‎ C．‎ ‎5或7‎ D．‎ ‎5或6或7‎ 考点：‎ 多边形内角与外角．‎ 分析：‎ 首先求得内角和为720°的多边形的边数，即可确定原多边形的边数．‎ 解答：‎ 解：设内角和为720°的多边形的边数是n，则（n﹣2）•180=720，‎ 解得：n=6．‎ 则原多边形的边数为5或6或7．‎ 故选D．‎ 点评：‎ 本题考查了多边形的内角和定理，理解分三种情况是关键．‎ ‎　‎ ‎8．（3分）（2013•烟台）将正方形图1作如下操作：第1次：分别连接各边中点如图2，得到5个正方形；第2次：将图2左上角正方形按上述方法再分割如图3，得到9个正方形…，以此类推，根据以上操作，若要得到2013个正方形，则需要操作的次数是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ ‎502‎ B．‎ ‎503‎ C．‎ ‎504‎ D．‎ ‎505‎ 考点：‎ 规律型：图形的变化类．‎ 分析：‎ 根据正方形的个数变化得出第n次得到2013个正方形，则4n+1=2013，求出即可．‎ 解答：‎ 解：∵第1次：分别连接各边中点如图2，得到4+1=5个正方形；‎ 第2次：将图2左上角正方形按上述方法再分割如图3，得到4×2+1=9个正方形…，‎ 以此类推，根据以上操作，若第n次得到2013个正方形，则4n+1=2013，‎ 解得：n=503．‎ 故选：B．‎ 点评：‎ 此题主要考查了图形的变化类，根据已知得出正方形个数的变化规律是解题关键．‎ ‎　‎ ‎9．（3分）（2013•烟台）已知实数a，b分别满足a2﹣6a+4=0，b2﹣6b+4=0，且a≠b，则的值是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ ‎7‎ B．‎ ‎﹣7‎ C．‎ ‎11‎ D．‎ ‎﹣11‎ 考点：‎ 根与系数的关系．‎ 专题：‎ 计算题．‎ 分析：‎ 根据已知两等式得到a与b为方程x2﹣6x+4=0的两根，利用根与系数的关系求出a+b与ab的值，所求式子通分并利用同分母分式的加法法则计算，再利用完全平方公式变形，将a+b与ab的值代入计算即可求出值．‎ 解答：‎ 解：根据题意得：a与b为方程x2﹣6x+4=0的两根，‎ ‎∴a+b=6，ab=4，‎ 则原式===7．‎ 故选A 点评：‎ 此题考查了一元二次方程根与系数的关系，熟练掌握根与系数的关系是解本题的关键．‎ ‎　‎ ‎10．（3分）（2013•烟台）如图，已知⊙O1的半径为1cm，⊙O2的半径为2cm，将⊙O1，⊙O2放置在直线l上，如果⊙O1在直线l上任意滚动，那么圆心距O1O2的长不可能是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ ‎6cm B．‎ ‎3cm C．‎ ‎2cm D．‎ ‎0.5cm 考点：‎ 圆与圆的位置关系．‎ 分析：‎ 根据在滚动的过程中两圆的位置关系可以确定圆心距的关系．‎ 解答：‎ 解：∵⊙O1的半径为1cm，⊙O2的半径为2cm，‎ ‎∴当两圆内切时，圆心距为1，‎ ‎∵⊙O1在直线l上任意滚动，‎ ‎∴两圆不可能内含，‎ ‎∴圆心距不能小于1，‎ 故选D．‎ 点评：‎ 本题考查了两圆的位置关系，本题中两圆不可能内含．‎ ‎　‎ ‎11．（3分）（2013•烟台）如图是二次函数y=ax2+bx+c图象的一部分，其对称轴为x=﹣1，且过点（﹣3，0）．下列说法：①abc＜0；②2a﹣b=0；③4a+2b+c＜0；④若（﹣5，y1），（，y2）是抛物线上两点，则 y1＞y2．其中说法正确的是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ ‎①②‎ B．‎ ‎②③‎ C．‎ ‎①②④‎ D．‎ ‎②③④‎ 考点：‎ 二次函数图象与系数的关系．‎ 分析：‎ 根据图象得出a＞0，b=2a＞0，c＜0，即可判断①②；把x=2代入抛物线的解析式即可判断③，求出点（﹣5，y1）关于对称轴的对称点的坐标是（3，y1），根据当x＞﹣1时，y随x的增大而增大即可判断④．‎ 解答：‎ 解：∵二次函数的图象的开口向上，‎ ‎∴a＞0，‎ ‎∵二次函数的图象y轴的交点在y轴的负半轴上，‎ ‎∴c＜0，‎ ‎∵二次函数图象的对称轴是直线x=﹣1，‎ ‎∴﹣=﹣1，‎ ‎∴b=2a＞0，‎ ‎∴abc＜0，∴①正确；‎ ‎2a﹣b=2a﹣2a=0，∴②正确；‎ ‎∵二次函数y=ax2+bx+c图象的一部分，其对称轴为x=﹣1，且过点（﹣3，0）．‎ ‎∴与x轴的另一个交点的坐标是（1，0），‎ ‎∴把x=2代入y=ax2+bx+c得：y=4a+2b+c＞0，∴③错误；‎ ‎∵二次函数y=ax2+bx+c图象的对称轴为x=﹣1，‎ ‎∴点（﹣5，y1）关于对称轴的对称点的坐标是（3，y1），‎ 根据当x＞﹣1时，y随x的增大而增大，‎ ‎∵＜3，‎ ‎∴y2＜y1，∴④正确；‎ 故选C．‎ 点评：‎ 本题考查了二次函数的图象与系数的关系的应用，题目比较典型，主要考查学生的理解能力和辨析能力．‎ ‎　‎ ‎12．（3分）（2013•烟台）如图1，E为矩形ABCD边AD上一点，点P从点B沿折线BE﹣ED﹣DC运动到点C时停止，点Q从点B沿BC运动到点C时停止，它们运动的速度都是1cm/s．若P，Q同时开始运动，设运动时间为t（s），△BPQ的面积为y（cm2）．已知y与t的函数图象如图2，则下列结论错误的是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ AE=6cm B．‎ sin∠EBC=‎ ‎　‎ C．‎ 当0＜t≤10时，y=t2‎ D．‎ 当t=12s时，△PBQ是等腰三角形 考点：‎ 动点问题的函数图象．‎ 分析：‎ 由图2可知，在点（10，40）至点（14，40）区间，△BPQ的面积不变，因此可推论BC=BE，由此分析动点P的运动过程如下：‎ ‎（1）在BE段，BP=BQ；持续时间10s，则BE=BC=10；y是t的二次函数；‎ ‎（2）在ED段，y=40是定值，持续时间4s，则ED=4；‎ ‎（3）在DC段，y持续减小直至为0，y是t的一次函数．‎ 解答：‎ 解：（1）结论A正确．理由如下：‎ 分析函数图象可知，BC=10cm，ED=4cm，故AE=AD﹣ED=BC﹣ED=10﹣4=6cm；‎ ‎（2）结论B正确．理由如下：‎ 如答图1所示，连接EC，过点E作EF⊥BC于点F，‎ 由函数图象可知，BC=BE=10cm，S△BEC=40=BC•EF=×10×EF，∴EF=8，‎ ‎∴sin∠EBC===；‎ ‎（3）结论C正确．理由如下：‎ 如答图2所示，过点P作PG⊥BQ于点G，‎ ‎∵BQ=BP=t，‎ ‎∴y=S△BPQ=BQ•PG=BQ•BP•sin∠EBC=t•t•=t2．‎ ‎（4）结论D错误．理由如下：‎ 当t=12s时，点Q与点C重合，点P运动到ED的中点，设为N，如答图3所示，连接NB，NC．‎ 此时AN=8，ND=2，由勾股定理求得：NB=，NC=，‎ ‎∵BC=10，‎ ‎∴△BCN不是等腰三角形，即此时△PBQ不是等腰三角形．‎ 点评：‎ 本题考查动点问题的函数图象，需要结合几何图形与函数图象，认真分析动点的运动过程．突破点在于正确判断出BC=BE=10cm．‎ ‎　‎ 二、填空题（本题共6小题，每小题3分，满分18分）‎ ‎13．（3分）（2013•烟台）分解因式：a2b﹣4b3=　b（a+2b）（a﹣2b）　．‎ 考点：‎ 提公因式法与公式法的综合运用．‎ 分析：‎ 先提取公因式b，再根据平方差公式进行二次分解．平方差公式：a2﹣b2=（a+b）（a﹣b）．‎ 解答：‎ 解：a2b﹣4b3=b（a2﹣4b2）‎ ‎=b（a+2b）（a﹣2b）．‎ 故答案为b（a+2b）（a﹣2b）．‎ 点评：‎ 本题考查了提公因式法，公式法分解因式，提取公因式后利用平方差公式进行二次分解，注意分解要彻底．‎ ‎　‎ ‎14．（3分）（2013•烟台）不等式的最小整数解是　x=3　．‎ 考点：‎ 一元一次不等式组的整数解．‎ 分析：‎ 先求出一元一次不等式组的解集，再根据x是整数得出最小整数解．‎ 解答：‎ 解：，‎ 解不等式①，得x≥1，‎ 解不等式②，得x＞2，‎ 所以不等式组的解集为x＞2，‎ 所以最小整数解为3．‎ 故答案为：x=3．‎ 点评：‎ 此题考查的是一元一次不等式组的整数解，正确解出不等式组的解集是解决本题的关键．求不等式组的解集，应遵循以下原则：同大取较大，同小取较小，小大大小中间找，大大小小解不了．‎ ‎　‎ ‎15．（3分）（2013•烟台）如图，四边形ABCD是等腰梯形，∠ABC=60°，若其四边满足长度的众数为5，平均数为，上、下底之比为1：2，则BD=　　．‎ 考点：‎ 等腰梯形的性质；算术平均数；众数．‎ 分析：‎ 设梯形的四边长为5，5，x，2x，根据平均数求出四边长，求出△BDC是直角三角形，根据勾股定理求出即可．‎ 解答：‎ 解：设梯形的四边长为5，5，x，2x，‎ 则=，‎ x=5，‎ 则AB=CD=5，AD=5，BC=10，‎ ‎∵AB=AD，‎ ‎∴∠ABD=∠ADB，‎ ‎∵AD∥BC，‎ ‎∴∠ADB=∠DBC，‎ ‎∴∠ABD=∠DBC，‎ ‎∵∠ABC=60°，‎ ‎∴∠DBC=30°，‎ ‎∵等腰梯形ABCD，AB=DC，‎ ‎∴∠C=∠ABC=60°，‎ ‎∴∠BDC=90°，‎ ‎∴在Rt△BDC中，由勾股定理得：BD==5，‎ 故答案为：5．‎ 点评：‎ 本题考查了梯形性质，平行线性质，勾股定理，三角形内角和定理，等腰三角形的性质等知识点的应用，关键是求出BC、DC长和得出三角形DCB是等腰三角形．‎ ‎　‎ ‎16．（3分）（2013•烟台）如图，▱ABCD的周长为36，对角线AC，BD相交于点O．点E是CD的中点，BD=12，则△DOE的周长为　15　．‎ 考点：‎ 三角形中位线定理；平行四边形的性质．‎ 分析：‎ 根据平行四边形的对边相等和对角线互相平分可得，OB=OD，又因为E点是CD的中点，可得OE是△BCD的中位线，可得OE=BC，所以易求△DOE的周长．‎ 解答：‎ 解：∵▱ABCD的周长为36，‎ ‎∴2（BC+CD）=36，则BC+CD=18．‎ ‎∵四边形ABCD是平行四边形，对角线AC，BD相交于点O，BD=12，‎ ‎∴OD=OB=BD=6．‎ 又∵点E是CD的中点，‎ ‎∴OE是△BCD的中位线，DE=CD，‎ ‎∴OE=BC，‎ ‎∴△DOE的周长=OD+OE+DE=BD+（BC+CD）=6+9=15，即△DOE的周长为15．‎ 故答案是：15．‎ 点评：‎ 本题考查了三角形中位线定理、平行四边形的性质．解题时，利用了“平行四边形对角线互相平分”、“平行四边形的对边相等”的性质．‎ ‎　‎ ‎17．（3分）（2013•烟台）如图，△ABC中，AB=AC，∠BAC=54°，∠BAC的平分线与AB的垂直平分线交于点O，将∠C沿EF（E在BC上，F在AC上）折叠，点C与点O恰好重合，则∠OEC为　108　度．‎ 考点：‎ 线段垂直平分线的性质；等腰三角形的性质；翻折变换（折叠问题）．‎ 分析：‎ 连接OB、OC，根据角平分线的定义求出∠BAO，根据等腰三角形两底角相等求出∠ABC，再根据线段垂直平分线上的点到线段两端点的距离相等可得OA=OB，根据等边对等角可得∠ABO=∠BAO，再求出∠OBC，然后判断出点O是△ABC的外心，根据三角形外心的性质可得OB=OC，再根据等边对等角求出∠OCB=∠OBC，根据翻折的性质可得OE=CE，然后根据等边对等角求出∠COE，再利用三角形的内角和定理列式计算即可得解．‎ 解答：‎ 解：如图，连接OB、OC，‎ ‎∵∠BAC=54°，AO为∠BAC的平分线，‎ ‎∴∠BAO=∠BAC=×54°=27°，‎ 又∵AB=AC，‎ ‎∴∠ABC=（180°﹣∠BAC）=（180°﹣54°）=63°，‎ ‎∵DO是AB的垂直平分线，‎ ‎∴OA=OB，‎ ‎∴∠ABO=∠BAO=27°，‎ ‎∴∠OBC=∠ABC﹣∠ABO=63°﹣27°=36°，‎ ‎∵DO是AB的垂直平分线，AO为∠BAC的平分线，‎ ‎∴点O是△ABC的外心，‎ ‎∴OB=OC，‎ ‎∴∠OCB=∠OBC=36°，‎ ‎∵将∠C沿EF（E在BC上，F在AC上）折叠，点C与点O恰好重合，‎ ‎∴OE=CE，‎ ‎∴∠COE=∠OCB=36°，‎ 在△OCE中，∠OEC=180°﹣∠COE﹣∠OCB=180°﹣36°﹣36°=108°．‎ 故答案为：108．‎ 点评：‎ 本题考查了线段垂直平分线上的点到线段两端点的距离相等的性质，等腰三角形三线合一的性质，等边对等角的性质，以及翻折变换的性质，综合性较强，难度较大，作辅助线，构造出等腰三角形是解题的关键．‎ ‎　‎ ‎18．（3分）（2013•烟台）如图，正方形ABCD的边长为4，点E在BC上，四边形EFGB也是正方形，以B为圆心，BA长为半径画，连结AF，CF，则图中阴影部分面积为　4π　．‎ 考点：‎ 正方形的性质；整式的混合运算．‎ 分析：‎ 设正方形EFGB的边长为a，表示出CE、AG，然后根据阴影部分的面积=S扇形ABC+S正方形EFGB+S△CEF﹣S△AGF，列式计算即可得解．‎ 解答：‎ 解：设正方形EFGB的边长为a，则CE=4﹣a，AG=4+a，‎ 阴影部分的面积=S扇形ABC+S正方形EFGB+S△CEF﹣S△AGF ‎=+a2+a（4﹣a）﹣a（4+a）‎ ‎=4π+a2+2a﹣a2﹣2a﹣a2‎ ‎=4π．‎ 故答案为：4π．‎ 点评：‎ 本题考查了正方形的性质，整式的混合运算，扇形的面积计算，引入小正方形的边长这一中间量是解题的关键．‎ ‎　‎ 三、解答题（本大题共8个小题，满分46分）‎ ‎19．（6分）（2013•烟台）先化简，再求值：，其中x满足x2+x﹣2=0．‎ 考点：‎ 分式的化简求值．‎ 专题：‎ 计算题．‎ 分析：‎ 先根据分式混合运算的法则把原式进行化简，再求出x的值，把x的值代入进行计算即可．‎ 解答：‎ 解：原式=•‎ ‎=•‎ ‎=，‎ 由x2+x﹣2=0，解得x1=﹣2，x2=1，‎ ‎∵x≠1，‎ ‎∴当x=﹣2时，原式==．‎ 点评：‎ 本题考查的是分式的化简求值，熟知分式混合运算的法则是解答此题的关键．‎ ‎　‎ ‎20．（6分）（2013•烟台）如图，一艘海上巡逻船在A地巡航，这时接到B地海上指挥中心紧急通知：在指挥中心北偏西60°方向的C地，有一艘渔船遇险，要求马上前去救援．此时C地位于北偏西30°方向上，A地位于B地北偏西75°方向上，A、B两地之间的距离为12海里．求A、C两地之间的距离（参考数据：≈1.41，≈1.73，≈2.45，结果精确到0.1）‎ 考点：‎ 解直角三角形的应用-方向角问题．‎ 分析：‎ 过点B作BD⊥CA交CA延长线于点D，根据题意可得∠ACB和∠ABC的度数，然后根据三角形外角定理求出∠DAB的度数，已知AB=12海里，可求出BD、AD的长度，在Rt△CBD中，解直角三角形求出CD的长度，继而可求出A、C之间的距离．‎ 解答：‎ 解：过点B作BD⊥CA交CA延长线于点D，‎ 由题意得，∠ACB=60°﹣30°=30°，‎ ‎∠ABC=75°﹣60°=15°，‎ ‎∴∠DAB=∠DBA=45°，‎ 在Rt△ABD中，AB=12，∠DAB=45°，‎ ‎∴BD=AD=ABcos45°=6，‎ 在Rt△CBD中，CD==6，‎ ‎∴AC=6﹣6≈6.2（海里）．‎ 答：A、C两地之间的距离为6.2海里．‎ 点评：‎ 本题考查了解直角三角形的知识，解答本题的关键是构造直角三角形，利用三角函数的知识求解相关线段的长度，难度一般．‎ ‎　‎ ‎21．（7分）（2013•烟台）如图，在直角坐标系中，矩形OABC的顶点O与坐标原点重合，A、C分别在坐标轴上，点B的坐标为（4，2），直线y=﹣x+3交AB，BC分别于点M，N，反比例函数y=的图象经过点M，N．‎ ‎（1）求反比例函数的解析式；‎ ‎（2）若点P在y轴上，且△OPM的面积与四边形BMON的面积相等，求点P的坐标．‎ 考点：‎ 反比例函数与一次函数的交点问题．‎ 分析：‎ ‎（1）求出OA=BC=2，将y=2代入y=﹣x+3求出x=2，得出M的坐标，把M的坐标代入反比例函数的解析式即可求出答案；‎ ‎（2）求出四边形BMON的面积，求出OP的值，即可求出P的坐标．‎ 解答：‎ 解：（1）∵B（4，2），四边形OABC是矩形，‎ ‎∴OA=BC=2，‎ 将y=2代入y=﹣x+3得：x=2，‎ ‎∴M（2，2），‎ 把M的坐标代入y=得：k=4，‎ ‎∴反比例函数的解析式是y=；‎ ‎（2）∵S四边形BMON=S矩形OABC﹣S△AOM﹣S△CON ‎=4×2﹣4=4，‎ 由题意得： OP×AM=4，‎ ‎∵AM=2，‎ ‎∴OP=4，‎ ‎∴点P的坐标是（0，4）或（0，﹣4）．‎ 点评：‎ 本题考查了用待定系数法求反比例函数的解析式，一次函数与反比例函数的交点问题，三角形的面积，矩形的性质等知识点的应用，主要考查学生应用性质进行计算的能力，题目比较好，难度适中．‎ ‎　‎ ‎22．（9分）（2013•烟台）今年以来，我国持续大面积的雾霾天气让环保和健康问题成为焦点．为了调查学生对雾霾天气知识的了解程度，某校在学生中做了一次抽样调查，调查结果共分为四个等级：A．非常了解；B．比较了解；C．基本了解；D．不了解．根据调查统计结果，绘制了不完整的三种统计图表．‎ 对雾霾了解程度的统计表：‎ 对雾霾的了解程度 百分比 A．非常了解 ‎5%‎ B．比较了解 m C．基本了解 ‎45%‎ D．不了解 n 请结合统计图表，回答下列问题．‎ ‎（1）本次参与调查的学生共有　400　人，m=　15%　，n=　35%　；‎ ‎（2）图2所示的扇形统计图中D部分扇形所对应的圆心角是　126　度；‎ ‎（3）请补全图1示数的条形统计图；‎ ‎（4）根据调查结果，学校准备开展关于雾霾知识竞赛，某班要从“非常了解”态度的小明和小刚中选一人参加，现设计了如下游戏来确定，具体规则是：把四个完全相同的乒乓球标上数字1，2，3，4，然后放到一个不透明的袋中，一个人先从袋中随机摸出一个球，另一人再从剩下的三个球中随机摸出一个球．若摸出的两个球上的数字和为奇数，则小明去；否则小刚去．请用树状图或列表法说明这个游戏规则是否公平．‎ 考点：‎ 游戏公平性；扇形统计图；条形统计图；列表法与树状图法．‎ 分析：‎ ‎（1）根据“基本了解”的人数以及所占比例，可求得总人数；在根据频数、百分比之间的关系，可得m，n的值；‎ ‎（2）根据在扇形统计图中，每部分占总体的百分比等于该部分所对应的扇形圆心的度数与360°的比可得出统计图中D部分扇形所对应的圆心角；‎ ‎（3）根据D等级的人数为：400×35%=140；可得（3）的答案；‎ ‎（4）用树状图列举出所有可能，进而得出答案．‎ 解答：‎ 解：（1）利用条形图和扇形图可得出：本次参与调查的学生共有：180÷45%=400；‎ m=×100%=15%，n=1﹣5%﹣15%﹣45%=35%；‎ ‎（2）图2所示的扇形统计图中D部分扇形所对应的圆心角是：360°×35%=126°；‎ ‎（3）∵D等级的人数为：400×35%=140；‎ 如图所示：‎ ‎；‎ ‎（4）列树状图得：‎ 所以从树状图可以看出所有可能的结果有12种，数字之和为奇数的有8种，‎ 则小明参加的概率为：P==，‎ 小刚参加的概率为：P==，‎ 故游戏规则不公平．‎ 故答案为：400，15%，35%；126．‎ 点评：‎ 此题主要考查了游戏公平性，涉及扇形统计图的意义与特点，即可以比较清楚地反映出部分与部分、部分与整体之间的数量关系．‎ ‎　‎ ‎23．（8分）（2013•烟台）烟台享有“苹果之乡”的美誉．甲、乙两超市分别用3000元以相同的进价购进质量相同的苹果．甲超市销售方案是：将苹果按大小分类包装销售，其中大苹果400千克，以进价的2倍价格销售，剩下的小苹果以高于进价10%销售．乙超市的销售方案是：不将苹果按大小分类，直接包装销售，价格按甲超市大、小两种苹果售价的平均数定价．若两超市将苹果全部售完，其中甲超市获利2100元（其它成本不计）．问：‎ ‎（1）苹果进价为每千克多少元？‎ ‎（2）乙超市获利多少元？并比较哪种销售方式更合算．‎ 考点：‎ 分式方程的应用．‎ 分析：‎ ‎（1）先设苹果进价为每千克x元，根据两超市将苹果全部售完，其中甲超市获利2100元列出方程，求出x的值，再进行检验即可求出答案；‎ ‎（2）根据（1）求出每个超市苹果总量，再根据大、小苹果售价分别为10元和5.5元，求出乙超市获利，再与甲超市获利2100元相比较即可．‎ 解答：‎ 解：（1）设苹果进价为每千克x元，根据题意得：‎ ‎400x+10%x（﹣400）=2100，‎ 解得：x=5，‎ 经检验x=5是原方程的解，‎ 答：苹果进价为每千克5元．‎ ‎（2）由（1）得，每个超市苹果总量为：=600（千克），‎ 大、小苹果售价分别为10元和5.5元，‎ 则乙超市获利600×（﹣5）=1650（元），‎ ‎∵甲超市获利2100元，‎ ‎∴甲超市销售方式更合算．‎ 点评：‎ 此题考查了分式方程的应用，关键是读懂题意，找出题目中的等量关系，根据两超市将苹果全部售完，其中甲超市获利2100元列出方程，解方程时要注意检验．‎ ‎　‎ ‎24．（2013•烟台）如图，AB是⊙O的直径，BC是⊙O的切线，连接AC交⊙O于点D，E为上一点，连结AE，BE，BE交AC于点F，且AE2=EF•EB．‎ ‎（1）求证：CB=CF；‎ ‎（2）若点E到弦AD的距离为1，cos∠C=，求⊙O的半径．‎ 考点：‎ 切线的性质；相似三角形的判定与性质．‎ 分析：‎ ‎（1）如图1，通过相似三角形（△AEF∽△AEB）的对应角相等推知，∠1=∠EAB；又由弦切角定理、对顶角相等证得∠2=∠3；最后根据等角对等边证得结论；‎ ‎（2）如图2，连接OE交AC于点G，设⊙O的半径是r．根据（1）中的相似三角形的性质证得∠4=∠5，所以由“圆周角、弧、弦间的关系”推知点E是弧AD的中点，则OE⊥AD；然后通过解直角△ABC求得cos∠C=sin∠GAO==，则以求r的值．‎ 解答：‎ ‎（1）证明：如图1，‎ ‎∵AE2=EF•EB，‎ ‎∴=．‎ 又∠AEF=∠AEB，‎ ‎∴△AEF∽△AEB，‎ ‎∴∠1=∠EAB．‎ ‎∵∠1=∠2，∠3=∠EAB，‎ ‎∴∠2=∠3，‎ ‎∴CB=CF；‎ ‎（2）解：如图2，连接OE交AC于点G，设⊙O的半径是r．‎ 由（1）知，△AEF∽△AEB，则∠4=∠5．‎ ‎∴=．‎ ‎∴OE⊥AD，‎ ‎∴EG=1．‎ ‎∵cos∠C=，且∠C+∠GAO=90°，‎ ‎∴sin∠GAO=，‎ ‎∴=，即=，‎ 解得，r=，即⊙O的半径是．‎ 点评：‎ 本题考查了切线的性质，相似三角形的判定与性质．解答（2）题的难点是推知点E是弧AD的中点．‎ ‎　‎ ‎25．（10分）（2013•烟台）已知，点P是直角三角形ABC斜边AB上一动点（不与A，B重合），分别过A，B向直线CP作垂线，垂足分别为E，F，Q为斜边AB的中点．‎ ‎（1）如图1，当点P与点Q重合时，AE与BF的位置关系是　AE∥BF　，QE与QF的数量关系式　QE=QF　；‎ ‎（2）如图2，当点P在线段AB上不与点Q重合时，试判断QE与QF的数量关系，并给予证明；‎ ‎（3）如图3，当点P在线段BA（或AB）的延长线上时，此时（2）中的结论是否成立？请画出图形并给予证明．‎ 考点：‎ 全等三角形的判定与性质；直角三角形斜边上的中线．‎ 分析：‎ ‎（1）证△BFQ≌△AEQ即可；‎ ‎（2）证△FBQ≌△DAQ，推出QF=QD，根据直角三角形斜边上中线性质求出即可；‎ ‎（3）证△AEQ≌△BDQ，推出DQ=QE，根据直角三角形斜边上中线性质求出即可．‎ 解答：‎ 解：（1）AE∥BF，QE=QF，‎ 理由是：如图1，∵Q为AB中点，‎ ‎∴AQ=BQ，‎ ‎∵BF⊥CP，AE⊥CP，‎ ‎∴BF∥AE，∠BFQ=∠AEQ，‎ 在△BFQ和△AEQ中 ‎∴△BFQ≌△AEQ（AAS），‎ ‎∴QE=QF，‎ 故答案为：AE∥BF，QE=QF．‎ ‎（2）QE=QF，‎ 证明：如图2，延长FQ交AE于D，‎ ‎∵AE∥BF，‎ ‎∴∠QAD=∠FBQ，‎ 在△FBQ和△DAQ中 ‎∴△FBQ≌△DAQ（ASA），‎ ‎∴QF=QD，‎ ‎∵AE⊥CP，‎ ‎∴EQ是直角三角形DEF斜边上的中线，‎ ‎∴QE=QF=QD，‎ 即QE=QF．‎ ‎（3）（2）中的结论仍然成立，‎ 证明：如图3，‎ 延长EQ、FB交于D，‎ ‎∵AE∥BF，‎ ‎∴∠1=∠D，‎ 在△AQE和△BQD中 ‎，‎ ‎∴△AQE≌△BQD（AAS），‎ ‎∴QE=QD，‎ ‎∵BF⊥CP，‎ ‎∴FQ是斜边DE上的中线，‎ ‎∴QE=QF．‎ 点评：‎ 本题考查了全等三角形的性质和判定，直角三角形斜边上中线性质的应用，注意：①全等三角形的判定定理有SAS，ASA，AAS，SSS，②全等三角形的性质是：全等三角形的对应边相等，对应角相等．‎ ‎　‎ ‎26．（2013•烟台）如图，在平面直角坐标系中，四边形OABC是边长为2的正方形，二次函数y=ax2+bx+c的图象经过点A，B，与x轴分别交于点E，F，且点E的坐标为（﹣，0），以0C为直径作半圆，圆心为D．‎ ‎（1）求二次函数的解析式；‎ ‎（2）求证：直线BE是⊙D的切线；‎ ‎（3）若直线BE与抛物线的对称轴交点为P，M是线段CB上的一个动点（点M与点B，C不重合），过点M作MN∥BE交x轴与点N，连结PM，PN，设CM的长为t，△PMN的面积为S，求S与t的函数关系式，并写出自变量t的取值范围．S是否存在着最大值？若存在，求出最大值；若不存在，请说明理由．‎ 考点：‎ 二次函数综合题．‎ 分析：‎ ‎（1）根据题意易得点A、B的坐标，然后把点A、B、E的坐标分别代入二次函数解析式，列出关于a、b、c的方程组，利用三元一次方程组来求得系数的值；‎ ‎（2）如图，过点D作DG⊥BE于点G，构建相似三角形△EGD∽△ECB，根据它的对应边成比例得到=，由此求得DG=1（圆的半径是1），则易证得结论；‎ ‎（3）利用待定系数法求得直线BE为：y=x+．则易求P（1，）．然后由相似三角形△MNC∽△BEC的对应边成比例，线段间的和差关系得到CN=t，DN=t﹣1．所以 S=S△PND+S梯形PDCM﹣S△MNC=﹣+t（0＜t＜2）．由抛物线的性质可以求得S的最值．‎ 解答：‎ 解：（1）由题意，得A（0，2），B（2，2），E的坐标为（﹣，0），‎ 则，‎ 解得，，‎ ‎∴该二次函数的解析式为：y=﹣x2+x+2；‎ ‎（2）如图，过点D作DG⊥BE于点G．‎ 由题意，得 ED=+1=，EC=2+=，BC=2，‎ ‎∴BE==．‎ ‎∵∠BEC=∠DEG，∠EGD=∠ECB=90°，‎ ‎∴△EGD∽△ECB，‎ ‎∴=，‎ ‎∴DG=1．‎ ‎∵⊙D的半径是1，且DG⊥BE，‎ ‎∴BE是⊙D的切线；‎ ‎（3）由题意，得 E（﹣，0），B（2，2）．‎ 设直线BE为y=kx+h（k≠0）．则 ‎，‎ 解得，，‎ ‎∴直线BE为：y=x+．‎ ‎∵直线BE与抛物线的对称轴交点为P，对称轴直线为x=1，‎ ‎∴点P的纵坐标y=，即P（1，）．‎ ‎∵MN∥BE，‎ ‎∴∠MNC=∠BEC．‎ ‎∵∠C=∠C=90°，‎ ‎∴△MNC∽△BEC，‎ ‎∴=，‎ ‎∴=，则CN=t，‎ ‎∴DN=t﹣1，‎ ‎∴S△PND=DN•PD=（t﹣1）•=t﹣．‎ S△MNC=CN•CM=×t•t=t2．‎ S梯形PDCM=（PD+CM）•CD=•（+t）•1=+t．‎ ‎∵S=S△PND+S梯形PDCM﹣S△MNC=﹣+t（0＜t＜2）．‎ ‎∵抛物线S=﹣+t（0＜t＜2）的开口方向向下，‎ ‎∴S存在最大值．当t=1时，S最大=．‎ 点评：‎ 本题考查了二次函数综合题，其中涉及到的知识点有待定系数法求二次函数的解析式，相似三角形的判定与性质以及二次函数最值的求法．注意配方法在（3）题中的应用．‎ ‎　‎