2010年湖北省随州市中考数学试卷

2010年湖北省随州市中考数学试卷

一、填空题（共10小题，每小题3分，满分30分）‎ ‎1、（2010•黄冈）2的平方根是 ．‎ 考点：平方根。‎ 分析：直接根据平方根的定义求解即可（需注意一个正数有两个平方根）．‎ 解答：解：2的平方根是±‎2‎．‎ 点评：本题考查了平方根的定义．注意一个正数有两个平方根，它们互为相反数；0的平方根是0；负数没有平方根．‎ ‎2、（2010•随州）因式分解：x2﹣x= ．‎ 考点：因式分解-提公因式法。‎ 分析：提取公因式x即可．‎ 解答：解：x2﹣x=x（x﹣1）．‎ 点评：本题主要考查提公因式法分解因式，准确找出公因式是解题的关键．‎ ‎3、（2010•黄冈）函数y=‎x﹣3‎x+1‎的自变量x的取值范围是 ．‎ 考点：函数自变量的取值范围。‎ 分析：根据二次根式的性质和分式的意义，被开方数大于等于0，分母不等于0，可以求出x的范围．‎ 解答：解：根据题意得：x﹣3≥0且x+1≠0‎ 解得：x≥3且x≠﹣1．‎ 点评：函数自变量的范围一般从三个方面考虑：‎ ‎（1）当函数表达式是整式时，自变量可取全体实数；‎ ‎（2）当函数表达式是分式时，考虑分式的分母不能为0；‎ ‎（3）当函数表达式是二次根式时，被开方数非负．‎ ‎4、（2010•黄冈）如图，⊙O中，MAN的度数为320°，则圆周角∠MAN= 度．‎ 考点：圆周角定理；圆心角、弧、弦的关系。‎ 分析：根据圆周角定理先求出MN=40°，再可求∠MAN=20°．‎ 解答：解：∵MAN的度数为320°，‎ ‎∴MN=40°，‎ ‎∴∠MAN=20°．‎ 点评：此题主要考查了圆周角定理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．‎ ‎5、（2010•黄冈）如图，在等腰梯形ABCD中，AC⊥BD，AC=6cm，则等腰梯形ABCD的面积为 cm2．‎ 考点：等腰梯形的性质。‎ 分析：通过作辅助线，把等腰梯形ABCD的面积转化成直角三角形的面积来完成．‎ 解答：解：过点B作BE∥AC，交DC的延长线于点E，∴四边形ACEB是平行四边形，∴BE=AC=6cm，‎ ‎∵AC⊥BD，∴BE⊥BD，∴△DBE是直角三角形，‎ ‎∴S等腰梯形ABCD=S△DBE=6×6÷2=18（cm2）．‎ 点评：本题考查了梯形面积的计算，以及它的性质，还运用了转化的思想．‎ ‎6、（2010•黄冈）通信市场竞争日益激烈，某通信公司的手机市话费标准按原标准每分钟降低a元后，再次下调了20%，现在收费标准是每分钟b元，则原收费标准每分钟是 元．‎ 考点：列代数式。‎ 专题：应用题。‎ 分析：可设原收费标准每分钟是x元，根据降价a元后，再次下调了20%后是b元/分作为相等关系列出方程，用含a，b的代数式表示x即可求解．‎ 解答：解：设原收费标准每分钟是x元，则 ‎（x﹣a）（1﹣20%）=b，‎ 解得x=a+1.25b．‎ 点评：解题关键是要读懂题目的意思，根据题目给出的条件，找出合适的等量关系，列出方程，再求解．‎ ‎7、（2010•黄冈）如图是由棱长为1的正方体搭成的积木三视图，则图中棱长为1‎ 的正方体的个数是 ．‎ 考点：由三视图判断几何体。‎ 分析：易得这个几何体共有2层，由俯视图可得第一层正方体的个数，由主视图和左视图可得第二层正方体的个数，相加即可．‎ 解答：解：由俯视图易得最底层有5个正方体，第二层有1个正方体，那么共有5+1=6个正方体组成．‎ 点评：考查学生对三视图掌握程度和灵活运用能力，同时也体现了对空间想象能力方面的考查．如果掌握口诀“俯视图打地基，正视图疯狂盖，左视图拆违章”就更容易得到答案．‎ ‎8、（2010•随州）已知，a=﹣1，b=2，则式子ba+ab= ．‎ 考点：分式的化简求值。‎ 专题：计算题。‎ 分析：先对ba+ab通分得a‎2‎‎+b‎2‎ab然后代入数值就可以算入结果 解答：解：原式=a‎2‎‎+b‎2‎ab，‎ ‎∵a=﹣1 b=2，‎ 代入式中得原式=‎﹣‎‎5‎‎2‎．‎ 点评：本题考查分式的化简求值问题，不过本题比较简单也可以直接代入数值计算结果．‎ ‎9、（2010•黄冈）如图矩形纸片ABCD，AB=5cm，BC=10cm，CD上有一点E，ED=2cm，AD上有一点P，PD=3cm，过P作PF⊥AD交BC于F，将纸片折叠，使P点与E点重合，折痕与PF交于Q点，则PQ的长是 cm．‎ 考点：翻折变换（折叠问题）。‎ 分析：过Q点作QG⊥CD，垂足为G点，连接QE，设PQ=x，根据折叠及矩形的性质，用含x的式子表示Rt△EGQ的三边，再用勾股定理列方程求x即可．‎ 解答：解：过Q点作QG⊥CD，垂足为G点，连接QE，‎ 设PQ=x，由折叠及矩形的性质可知，‎ EQ=PQ=x，QG=PD=3，EG=x﹣2，‎ 在Rt△EGQ中，由勾股定理得 EG2+GQ2=EQ2，即：（x﹣2）2+32=x2，‎ 解得：x=‎13‎‎4‎，即PQ=‎13‎‎4‎．‎ 点评：本题考查图形的翻折变换，解题过程中应注意折叠是一种对称变换，它属于轴对称，根据轴对称的性质，折叠前后图形的形状和大小不变，如本题中折叠前后对应线段相等．‎ ‎10、（2010•黄冈）将半径为4cm的半圆围成一个圆锥，在圆锥内接一个圆柱（如图示），当圆柱的侧面的面积最大时，圆柱的底面半径是 cm．‎ 考点：圆柱的计算；圆锥的计算。‎ 分析：易得扇形的弧长，除以2π也就得到了圆锥的底面半径，再加上母线长，利用勾股定理即可求得圆锥的高，利用相似可求得圆柱的高与母线的关系，表示出侧面积，根据二次函数求出相应的最值时自变量的取值即可．‎ 解答：解：扇形的弧长=4π，‎ ‎∴圆锥的底面半径=4π÷2π=2，‎ ‎∴圆锥的高为‎4‎‎2‎‎﹣‎‎2‎‎2‎=2‎3‎，‎ 设圆柱的底面半径为r，高为R．‎ r‎2‎‎=‎2‎3‎﹣R‎2‎‎3‎，‎ 解得：R=2‎3‎﹣‎3‎r，‎ ‎∴圆柱的侧面积=2π×r×（2‎3‎﹣‎3‎r）=﹣2‎3‎πr2+4‎3‎r，‎ ‎∴当r=‎4‎3‎π‎﹣2×（﹣2‎3‎π）‎=1时，圆柱的侧面积有最大值．‎ 点评：用到的知识点为：圆锥的弧长等于底面周长；圆锥的高，母线长，底面半径组成直角三角形；相似三角形的相似比相等及二次函数最值相应的自变量的求法等知识．‎ 二、选择题（共6小题，每小题3分，满分18分）‎ ‎11、（2010•黄冈）下列运算正确的是（　　）‎ ‎ A、3﹣1÷3=1 B、‎a‎2‎‎=a ‎ C、|3.14﹣π|=3.14﹣π D、‎‎（‎1‎‎2‎a‎3‎b‎）‎‎2‎=‎‎1‎‎4‎a‎6‎b‎2‎ 考点：幂的乘方与积的乘方；同底数幂的除法；负整数指数幂；二次根式的性质与化简。‎ 分析：根据同底数幂的乘法与除法，幂的乘方与积的乘方的运算法则以及绝对值的性质进行计算即可．‎ 解答：解：A、3﹣1÷31=3﹣1﹣1=3﹣2，错误；‎ B、a‎2‎=|a|，错误；‎ C、∵3.14＜π，∴|3.14﹣π|=π﹣3.14，错误；‎ D、（‎1‎‎2‎a3b）2=‎1‎‎4‎a3×2b2=‎1‎‎4‎a6b2，正确；‎ 故选D．‎ 点评：本题综合考查了整式运算的多个考点，包括绝对值的性质、同底数幂的乘法和除法，需熟练掌握且区分清楚，才不容易出错．‎ 同底数幂的乘（除）法：底数不变，指数相加（减）；‎ 幂的乘方：底数不变指数相乘；‎ 绝对值的性质：一个正数的绝对值是它本身，一个负数的绝对值是它的相反数，0的绝对值是0．‎ ‎12、（2010•黄冈）化简：‎（‎1‎x﹣3‎﹣x+1‎x‎2‎‎﹣1‎）•（x﹣3）‎的结果是（　　）‎ ‎ A、2 B、‎‎2‎x﹣1‎ ‎ C、‎2‎x﹣3‎ D、‎x﹣4‎x﹣1‎ 考点：分式的混合运算。‎ 分析：先把括号中的第二个分式约分，再利用乘法分配律把（x﹣3）分别与括号中的式子相乘可使计算简便．‎ 解答：解：‎‎（‎1‎x﹣3‎﹣x+1‎x‎2‎‎﹣1‎）•（x﹣3）‎ ‎=（‎1‎x﹣3‎﹣‎1‎x﹣1‎）•（x﹣3）‎ ‎=‎1‎x﹣3‎•（x﹣3）﹣‎1‎x﹣1‎•（x﹣3）‎ ‎=1﹣‎x﹣3‎x﹣1‎ ‎=‎2‎x﹣1‎．‎ 故选B．‎ 点评：归纳提炼：对于一般的分式混合运算来讲，其运算顺序与整式混合运算一样，是先乘方，再乘除，最后算加减，如果遇括号要先算括号里面的．在此基础上，有时也应该根据具体问题的特点，灵活应变，注意方法．‎ ‎13、（2010•黄冈）在Rt△ABC中，∠C=90°，sinA=‎4‎‎5‎，则tanB的值为（　　）‎ ‎ A、‎4‎‎3‎ B、‎‎3‎‎4‎ ‎ C、‎3‎‎5‎ D、‎‎4‎‎5‎ 考点：锐角三角函数的定义；互余两角三角函数的关系。‎ 分析：本题可以利用锐角三角函数的定义求解，也可以利用互为余角的三角函数关系式求解．‎ 解答：解：由题意，设BC=4x，则AB=5x，AC=AB‎2‎‎﹣‎AB‎2‎=3x，∴tanB=ACBC=‎3X‎4X=‎3‎‎4‎．故选B．‎ 点评：本题利用了勾股定理和锐角三角函数的定义．通过设参数的方法求三角函数值．‎ ‎14、（2010•黄冈）若函数y=‎‎&x‎2‎+2（x≤2）‎‎&2x（x＞2）‎，则当函数值y=8时，自变量x的值是（　　）‎ ‎ A、±‎6‎ B、4‎ ‎ C、±‎6‎或4 D、4或﹣‎‎6‎ 考点：函数值。‎ 专题：计算题。‎ 分析：把y=8直接代入函数y=‎‎&x‎2‎+2（x≤2）‎‎&2x（x＞2）‎即可求出自变量的值．‎ 解答：解：把y=8代入函数y=‎‎&x‎2‎+2（x≤2）‎‎&2x（x＞2）‎，先代入上边的方程得x=‎±‎‎6‎，∵x≤2，x=‎6‎不合题意舍去，∴x=﹣‎6‎；‎ 再代入下边的方程x=4，∵x≥2，∴x=4．‎ 故选D．‎ 点评：本题比较容易，考查求函数值．‎ ‎（1）当已知函数解析式时，求函数值就是求代数式的值；‎ ‎（2）函数值是唯一的，而对应的自变量可以是多个．‎ ‎15、（2010•黄冈）如图，过边长为1的等边△ABC的边AB上一点P，作PE⊥AC于E，Q为BC延长线上一点，当PA=CQ时，连PQ交AC边于D，则DE的长为（　　）‎ ‎ A、‎1‎‎3‎ B、‎‎1‎‎2‎ ‎ C、‎2‎‎3‎ D、不能确定 考点：等边三角形的性质；平行线的性质；全等三角形的判定与性质。‎ 专题：计算题。‎ 分析：过P作BC的平行线，交AC于M；则△APM也是等边三角形，在等边三角形APM中，PE是AM上的高，根据等边三角形三线合一的性质知AE=EM；易证得△PMD≌△QCD，则DM=CD；此时发现DE的长正好是AC的一半，由此得解．‎ 解答：解：过P作PM∥BC，交AC于M；‎ 易知△APM是等边三角形；‎ 又∵PE⊥AM，‎ ‎∴AE=EM；（等边三角形三线合一）‎ ‎∵PM∥CQ，‎ ‎∴∠PMD=∠QCD，∠MPD=∠Q；‎ 又∵PA=PM=CQ，‎ ‎∴△PMD≌△QCD；‎ ‎∴CD=DM；‎ ‎∴DE=DM+ME=‎1‎‎2‎（AM+MC）=‎1‎‎2‎AC=‎1‎‎2‎，故选B．‎ 点评：此题考查了平行线的性质、等边三角形的性质、全等三角形的判定和性质；能够正确的构建出等边三角形△APM是解答此题的关键．‎ ‎16、（2010•黄冈）已知四条直线y=kx﹣3，y=﹣1，y=3和x=1所围成的四边形的面积是12，则k的值为（　　）‎ ‎ A、1或﹣2 B、2或﹣1‎ ‎ C、3 D、4‎ 考点：待定系数法求一次函数解析式。‎ 专题：待定系数法。‎ 分析：首先用k表示出直线y=kx﹣3与y=﹣1，y=3和x=1的交点坐标，即可用看表示出四边形的面积．得到一个关于k的方程，解方程即可解决．‎ 解答：解：在y=kx﹣3中，令y=﹣1，‎ 解得x=‎2‎k；‎ 令y=3，x=‎6‎k；‎ 当k＜0时，四边形的面积是：‎1‎‎2‎[（1﹣‎2‎k）+（1﹣‎6‎k）]×4=12，‎ 解得k=﹣2；‎ 当k＞0时，可得‎1‎‎2‎[（‎2‎k﹣1）+（‎6‎k﹣1）]×4=12，‎ 解得k=1．‎ 即k的值为﹣2或1．‎ 故选A．‎ 点评：解决本题的关键是利用梯形的面积公式，把求值的问题转化为方程问题．‎ 三、解答题（共9小题，满分72分）‎ ‎17、（2010•黄冈）解不等式组：‎‎&1﹣x+1‎‎3‎≥0‎‎&3﹣4（x﹣1）＜1‎ 考点：解一元一次不等式组。‎ 分析：先求出各不等式的解集，再求出其公共解集即可．‎ 解答：解：由（1）得，x+1‎‎3‎≤1，x≤2；‎ 由（2）得，3﹣4x+4＜1，﹣4x＜1﹣7，x＞‎3‎‎2‎；‎ 故原不等式组的解集为：‎3‎‎2‎＜x≤2．‎ 点评：求不等式的公共解，要遵循以下原则：同大取较大，同小取较小，小大大小中间找，大大小小解不了．‎ ‎18、（2010•黄冈）如图，一个含45°的三角板HBE的两条直角边与正方形ABCD的两邻边重合，过E点作EF⊥AE交∠DCE的角平分线于F点，试探究线段AE与EF的数量关系，并说明理由．‎ 考点：正方形的性质；全等三角形的判定与性质。‎ 专题：探究型。‎ 分析：求AE、EF的数量关系，证△AHE和△ECF是否全等即可．‎ 解答：解：AE=EF，理由如下：‎ ‎∵四边形ABCD是正方形，‎ ‎∴AB=BC；‎ 又∵BH=BE，‎ ‎∴AH=BC；‎ ‎∵△BHE是等腰直角三角形，‎ ‎∴∠H=45°；‎ 又∵CF平分∠DCM，‎ ‎∴∠FCE=∠H=45°；‎ ‎∵AE⊥EF，∠ABE=90°，‎ ‎∴∠BAE+∠BEA=∠BEA+∠FEM=90°，即∠BAE=∠FEM；‎ ‎∴∠FEC=∠EAH；‎ ‎∵∠H=∠FCE，AH=CE，∠HAE=∠FCE，‎ ‎∴△HAE≌△CEF；（ASA）‎ ‎∴AE=EF．‎ 点评：此题考查简单的线段相等，可以通过全等三角形来证明，要判定两个三角形全等，先根据已知条件或求证的结论确定三角形，然后再根据三角形全等的判定方法，看缺什么条件，再去证什么条件．‎ ‎19、（2010•黄冈）如图是我市某校八年级学生为玉树灾区捐款情况抽样调查的条形图和扇形统计图．‎ ‎（1）求该样本的容量；‎ ‎（2）在扇形统计图中，求该样本中圆心角度数；‎ ‎（3）若该校八年级学生有800人，据此样本求八年级捐款总数．‎ 考点：加权平均数；总体、个体、样本、样本容量；用样本估计总体；扇形统计图；条形统计图。‎ 专题：图表型。‎ 分析：（1）样本的容量=捐款5元的人数捐款5元所占的百分比；‎ ‎（2）捐款15元的人数所占的圆心角度数=捐款15元的人数所占的百分比×360°；‎ ‎（3）先算出50人捐款的平均数，再算八年级捐款总数．‎ 解答：解：（1）15÷30%=50（人），答：该样本的容量是50；‎ ‎（2）30%×360°=108°‎ ‎（3）‎15×5+25×10+10×15‎‎50‎×800=16×475=7600元．‎ 点评：‎ 本题考查的是条形统计图和扇形统计图的综合运用，读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据；扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小．本题还考查扇形统计图及相关计算．在扇形统计图中，每部分占总部分的百分比等于该部分所对应的扇形圆心角的度数与360°的比．‎ ‎20、（2010•黄冈）如图，点P为△ABC的内心，延长AP交△ABC的外接圆于D，在AC延长线上有一点E，满足AD2=AB•AE．‎ 求证：DE是⊙O的切线．‎ 考点：切线的判定；相似三角形的判定与性质。‎ 专题：证明题。‎ 分析：要证DE是⊙O的切线，只要连接DC，DO并延长交⊙O于F，连接AF．根据已知再证∠FDE=90°即可．‎ 解答：证明：连接DC，DO并延长交⊙O于F，连接AF．‎ ‎∵AD2=AB•AE，∠BAD=∠DAE，‎ ‎∴△BAD∽△DAE，‎ ‎∴∠ADB=∠E．‎ 又∵∠ADB=∠ACB，‎ ‎∴∠ACB=∠E，BC∥DE，‎ ‎∴∠CDE=∠BCD=∠BAD=∠DAC，‎ 又∵∠CAF=∠CDF，‎ ‎∴∠FDE=∠CDE+∠CDF=∠DAC+∠CDF=∠DAF=90°，‎ 故DE是⊙O的切线．‎ 点评：本题考查了切线的判定．要证某线是圆的切线，已知此线过圆上某点，连接圆心与这点（即为半径），再证垂直即可．‎ ‎21、（2010•黄冈）黄冈某地“杜鹃节”期间，某公司70名职工组团前往参观欣赏，旅游景点规定：①门票每人60元，无优惠；②上山游玩可坐景点观光车，观光车有四座和十一座车，四座车每辆60元，十一座车每人10元．公司职工正好坐满每辆车且总费用不超过5000元，问公司租用的四座车和十一座车各多少辆？‎ 考点：一元一次不等式组的应用。‎ 专题：应用题。‎ 分析：设四座车租x辆，十一座车租y辆，先根据“共有70名职员”作为相等关系列出x，y的方程，再根据“公司职工正好坐满每辆车且总费用不超过5000元”作为不等关系列不等式，求x，y的整数解即可．注意求得的解要代入实际问题中检验．‎ 解答：解：设四座车租x辆，十一座车租y辆，则有 ‎&4x+11y=70‎‎&70×60+60x+11y×10≤5000‎ 解得y≥‎‎50‎‎11‎ 又∵y≤‎‎70‎‎11‎ 故y=5，6‎ 当y=5时，x=‎15‎‎4‎，故舍去．‎ ‎∴x=1，y=6 ．‎ 答：四座车租1辆，十一座车租6辆．‎ 点评：本题考查一元一次不等式组的应用，将现实生活中的事件与数学思想联系起来，读懂题列出不等式关系式即可求解．解决问题的关键是读懂题意，找到关键描述语，找到所求的量的等量关系．‎ ‎22、（2010•黄冈）甲、乙两同学投掷一枚骰子，用字母p、q分别表示两人各投掷一次的点数．‎ ‎（1）求满足关于x的方程x2+px+q=0有实数解的概率；‎ ‎（2）求（1）中方程有两个相同实数解的概率．‎ 考点：根的判别式；概率公式。‎ 分析：（1）方程x2+px+q=0有实数解，则p2﹣4q≥0，把投掷骰子的36种p、q对应值，代入检验，找出符合条件的个数；‎ ‎（2）方程x2+px+q=0有相同实数解，则p2﹣4q=0，把投掷骰子的36种p、q对应值，代入检验，找出符合条件的个数．‎ 解答：解：两人投掷骰子共有36种等可能情况，‎ ‎（1）其中使方程有实数解共有19种情况：‎ p=6时，q=6、5、4、3、2、1；‎ p=5时，q=6、5、4、3、2、1；‎ p=4时，q=4、3、2、1；‎ p=3时，q=2、1；‎ p=2时，q=1；故其概率为‎19‎‎36‎．‎ ‎（2）使方程有相等实数解共有2种情况：‎ p=4，q=4；p=2，q=1；故其概率为‎1‎‎18‎．‎ 点评：‎ 本题考查一元二次方程根的判别式和概率关系，同时考查了学生的综合应用能力及推理能力．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比；一元二次方程有实数根，判别式为非负数．‎ ‎23、（2010•黄冈）如图，某天然气公司的主输气管道从A市的东偏北30°方向直线延伸，测绘员在A处测得要安装天然气的M小区在A市东偏北60°方向，测绘员沿主输气管道步行2000米到达C处，测得小区M位于C的北偏西60°方向，请你在主输气管道上寻找支管道连接点N，使到该小区铺设的管道最短，并求AN的长？‎ 考点：解直角三角形的应用-方向角问题；垂线段最短；含30度角的直角三角形。‎ 分析：过M作MN⊥AC，由垂线段最短可知此时MN最小．进而根据直角三角形的性质可求出AN的长度．‎ 解答：解：作MT∥AB．‎ 根据题意，∠5=∠2=90°﹣60°=30°，‎ ‎∠TMC=∠1=60°，‎ ‎∴∠AMC=30°+60°=90°．‎ 过M作MN⊥AC，此时MN最小．‎ 在Rt△ACM中，∠3=30°，∴CM=‎1‎‎2‎AC=1000，‎ 在Rt△NCM中，∠CMN=30°，∴CN=‎1‎‎2‎CM=500，‎ 所以AN=AC﹣CN=2000﹣500=1500（米）‎ 点评：此题结合方向角，考查了垂线段最短、含30度角的直角三角形等相关知识，难度不大．‎ ‎24、（2010•黄冈）某同学从家里出发，骑自行车上学时，速度v（米/秒）与时间t（秒）的关系如图a，A（10，5），B（130，5），C（135，0）．‎ ‎（1）求该同学骑自行车上学途中的速度v与时间t的函数关系式；‎ ‎（2）计算该同学从家到学校的路程（提示：在OA和BC段的运动过程中的平均速度分别等于它们中点时刻的速度，路程=平均速度×时间）；‎ ‎（3）如图b，直线x=t（0≤t≤135），与图a的图象相交于P、Q，用字母S表示图中阴影部分面积，试求S与t的函数关系式；‎ ‎（4）由（2）（3），直接猜出在t时刻，该同学离开家所超过的路程与此时S的数量关系？﹣‎ 考点：一次函数的应用。‎ 专题：应用题。‎ 分析：（1）此函数图象分段，因此这个函数为分段函数，求出各个段的函数表达式联立即可；‎ ‎（2）根据图象，求出图线和t轴围成的面积即为从家到学校的路程；‎ ‎（3）x=t函数不定，t从0变化到135，分段求阴影面积；‎ ‎（4）路程和v﹣t图象所围的阴影面积相等．‎ 解答：解：（1）v与时间t的函数关系式：‎ ‎&v=‎1‎‎2‎t（0≤t＜10）‎‎&v=510（≤t＜130）‎‎&v=135﹣t（130≤t≤135）‎ ‎（2）s=2.5×10+5×120+2×5=635（米）‎ ‎（3）①0≤t＜10，s=‎‎1‎‎2‎‎×‎1‎‎2‎t×t=‎‎1‎‎4‎t‎2‎ ‎②10≤t＜130，s=‎‎1‎‎2‎‎×5×10+5（t﹣10）=5t﹣25‎ ‎③130≤t＜135，s=‎1‎‎2‎‎×5×10+5×120+‎（5+135﹣t）×（t﹣130）‎‎2‎=﹣‎1‎‎2‎t‎2‎+135t﹣8475‎．‎ ‎∴S与t的函数关系式：‎‎&S=‎1‎‎4‎t‎2‎（0≤t＜10）‎‎&S=5t﹣25（10≤t＜130）‎‎&S=﹣‎1‎‎2‎t‎2‎+135t﹣8475（130≤t≤135）‎ ‎（4）相等的关系．‎ 点评：‎ 此题为函数图象与实际结合的题型，考查了学生对图象包含信息的认识，同学们应加强这方面能力的培养．‎ ‎25、（2010•黄冈）已知抛物线y=ax2+bx+c（a≠0）顶点为C（1，1）且过原点O．过抛物线上一点P（x，y）向直线y=‎‎5‎‎4‎作垂线，垂足为M，连FM（如图）．‎ ‎（1）求字母a，b，c的值；‎ ‎（2）在直线x=1上有一点F（1，‎3‎‎4‎）‎，求以PM为底边的等腰三角形PFM的P点的坐标，并证明此时△PFM为正三角形；‎ ‎（3）对抛物线上任意一点P，是否总存在一点N（1，t），使PM=PN恒成立，若存在请求出t值，若不存在请说明理由．‎ 考点：二次函数综合题；等边三角形的判定。‎ 专题：压轴题。‎ 分析：（1）由抛物线y=ax2+bx+c（a≠0）顶点为C（1，1）且过原点O，可得a，b，c的值．（2）过P作直线x=1的垂线，可求P纵坐标，知道M、P、F三点坐标，就能求出三角形各边的长．（3）不存在，因为当t＜‎5‎‎4‎，x＜1时，PM与PN不可能相等，同理，当t＞‎5‎‎4‎，x＞1时，PM与PN不可能相等．‎ 解答：解：（1）抛物线y=ax2+bx+c（a≠0）顶点为C（1，1）且过原点O，‎ 可得﹣b‎2a=1，‎4ac﹣‎b‎2‎‎4a=1，c=0，‎ ‎∴a=﹣1，b=2，c=0．‎ ‎（2）过P作直线x=1的垂线，‎ 可求P的纵坐标为‎1‎‎4‎，横坐标为‎1+‎‎1‎‎2‎‎3‎，‎ 此时，MP=MF=PF=1，‎ 故△MPF为正三角形．‎ ‎（3）不存在，因为当t＜‎5‎‎4‎，x＜1时，PM与PN不可能相等，‎ 同理，当t＞‎5‎‎4‎，x＞1时，PM与PN不可能相等．‎ 点评：本题二次函数的综合题，考查了二次函数图象的对称轴问题，判定三角形是正三角形的方法，综合性强，能力要求极高．‎ 参与本试卷答题和审题的老师有：‎ Linaliu；MMCH；lanyuemeng；HJJ；huangling；xinruozai；CJX；bjy；张伟东；lihongfang；yangjigang；lanchong；zhangCF；zhangchao；zhjh；zhehe。（排名不分先后）‎ ‎2011年2月17日