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文档介绍
数学卷·2018届四川省内江市威远中学高二上学期期中数学试卷(文科) (解析版)
2016-2017学年四川省内江市威远中学高二(上)期中数学试卷(文科) 一、选择题:(本大题共12个小题,每小题5分,共60分)在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的;各题答案必须答在答题卡上相应的位置. 1.直线的方程为,则直线的倾斜角为( ) A.30° B.60° C.120° D.150° 2.长方体ABCD﹣A1B1C1D1中,异面直线AB,A1D1所成的角等于( ) A.30° B.45° C.60° D.90° 3.下列说法中错误的是( ) A.垂直于同一条直线的两条直线相互垂直 B.若一条直线平行于两个相交平面,则这条直线与这两个平面的交线平行 C.若一个平面经过另一个平面的垂线,那么这两个平面相互垂直 D.若一个平面内的两条相交直线与另一个平面内的相交直线分别平行,那么这两个平面相互平行 4.过点(﹣1,3)且垂直于直线x﹣2y+3=0的直线方程为( ) A.2x+y﹣1=0 B.2x+y﹣5=0 C.x+2y﹣5=0 D.x﹣2y+7=0 5.已知过点A(﹣2,m)和B(m,4)的直线与直线2x+y﹣1=0平行,则m的值为( ) A.0 B.﹣8 C.2 D.10 6.对于平面α和共面的直线m、n,下列命题中正确的是( ) A.若m⊥α,m⊥n,则n∥α B.若m∥α,n∥α,则m∥n C.若m⊂α,n∥α,则m∥n D.若m、n与α所成的角相等,则m∥n 7.如图所示,正方形O′A′B′C′的边长为1,它是水平放置的一个平面图形的直观图,则原图形的周长是( ) A.6 B.8 C.2+3 D.2+2 8.若方程(2m2+m﹣3)x+(m2﹣m)y﹣4m+1=0表示一条直线,则实数m满足( ) A.m≠0 B.m≠﹣ C.m≠1 D.m≠1,m≠﹣,m≠0 9.如图所示,是一个正方体的表面展开图,A、B、C均为棱的中点,D是顶点,则在正方体中,异面直线AB和CD的夹角的余弦值为( ) A. B. C. D. 10.某几何体三视图如图所示,则该几何体的表面积为( ) A.8+2π B.16+2π C.20+2π D.16+π 11.如图,在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,P为BD1的中点,则△PAC在该正方体各个面上的射影可能是( ) A.①④ B.②③ C.②④ D.①② 12.如图,在棱长为a的正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,EF是棱AB上的一条线段,且EF=b<a,若Q是A1D1上的定点,P在C1D1上滑动,则四面体PQEF的体积( ) A.是变量且有最大值 B.是变量且有最小值 C.是变量无最大最小值 D.是常量 三、填空题:(本大题共4个小题,每小题5分,共20分)各题答案必须填写在答题卡相应的位置上. 13.若三点A(3,3),B(a,0),C(0,b)(其中a•b≠0)共线,则+= . 14.如图,正四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1中,AA1=2AB,则异面直线A1B与AD1所成角的余弦值为 . 15.已知直线y=(3a﹣1)x﹣1,为使这条直线经过第一、三、四象限,则实数a的取值范围是 . 16.如图,某人在垂直于水平地面ABC的墙面前的点A处进行射击训练.已知点A到墙面的距离为AB,某目标点P沿墙面上的射线CM移动,此人为了准确瞄准目标点P,需计算由点A观察点P的仰角θ的大小.若AB=15m,AC=25m,∠BCM=30°,则tanθ的最大值是 .(仰角θ为直线AP与平面ABC所成角) 三、解答题(本大题共6小题,共70分,解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤) 17.(10分)已知直线l:x+y﹣1=0, (1)若直线l1过点(3,2)且l1∥l,求直线l1的方程; (2)若直线l2过l与直线2x﹣y+7=0的交点,且l2⊥l,求直线l2的方程. 18.(12分)如图,在三棱柱ABC﹣A1B1C1中,侧棱AA1⊥底面ABC,底面ABC等边三角形,E,F分别是BC,CC1的中点.求证: (Ⅰ) EF∥平面A1BC1; (Ⅱ) 平面AEF⊥平面BCC1B1. 19.(12分)如图所示,正方形ABCD和矩形ADEF所在平面相互垂直,G是AF的中点. (I)求证:ED⊥AC; (Ⅱ)若直线BE与平面ABCD成45°角,求异面直线GE与AC所成角的余弦值. 20.(12分)已知△ABC的顶点A(3,2),∠C的平分线CD所在直线方程为y﹣1=0,AC边上的高BH所在直线方程为4x+2y﹣9=0. (1)求顶点C的坐标; (2)求△ABC的面积. 21.(12分)如图所示,在四棱锥P﹣ABCD中,AB⊥平面PAD,AB∥CD,PD=AD,E是PB的中点,F是CD上的点且,PH为△PAD中AD边上的高. (1)证明:PH⊥平面ABCD; (2)若PH=1,,FC=1,求三棱锥E﹣BCF的体积; (3)证明:EF⊥平面PAB. 22.(12分)在直角梯形ABCD中,AD∥BC,,∠ABC=90°(如图1).把△ ABD沿BD翻折,使得二面角A﹣BD﹣C的平面角为θ(如图2) (1)若,求证:CD⊥AB; (2)是否存在适当θ的值,使得AC⊥BD,若存在,求出θ的值,若不存在说明理由; (3)若,取BD中点M,BC中点N,P、Q分别为线段AB与DN上一点,使得.令PQ与BD和AN所成的角分别为θ1和θ2.求sinθ1+sinθ2的最大值. 2016-2017学年四川省内江市威远中学高二(上)期中数学试卷(文科) 参考答案与试题解析 一、选择题:(本大题共12个小题,每小题5分,共60分)在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的;各题答案必须答在答题卡上相应的位置. 1.直线的方程为,则直线的倾斜角为( ) A.30° B.60° C.120° D.150° 【考点】确定直线位置的几何要素. 【分析】设直线的倾斜角为α,则tanα=,α∈[0°,180°),即可得出. 【解答】解:设直线的倾斜角为α, 则tanα=,α∈[0°,180°), ∴α=30°. 故选A. 【点评】本题考查了直线的倾斜角与斜率的关系,考查了推理能力与计算能力,属于基础题. 2.长方体ABCD﹣A1B1C1D1中,异面直线AB,A1D1所成的角等于( ) A.30° B.45° C.60° D.90° 【考点】异面直线及其所成的角. 【分析】由长方体的特点可得AB与AD所成的角即为异面直线AB,A1D1所成的角,由矩形的性质可求. 【解答】解:∵长方体ABCD﹣A1B1C1D1中,DA∥A1D1, ∴AB与AD所成的角即为异面直线AB,A1D1所成的角, 在矩形ABCD中易得AB与AD所成的角为90°, 故异面直线AB,A1D1所成的角等于90° 故选:D 【点评】本题考查异面直线所成的角,属基础题. 3.下列说法中错误的是( ) A.垂直于同一条直线的两条直线相互垂直 B.若一条直线平行于两个相交平面,则这条直线与这两个平面的交线平行 C.若一个平面经过另一个平面的垂线,那么这两个平面相互垂直 D.若一个平面内的两条相交直线与另一个平面内的相交直线分别平行,那么这两个平面相互平行 【考点】空间中直线与平面之间的位置关系;空间中直线与直线之间的位置关系. 【分析】在A中,垂直于同一条直线的两条直线相交、平行或异面;在B中,由平行公理得这条直线与这两个平面的交线平行;在C中,由面面垂直的判定定理得这两个平面相互垂直;在D中,由面面平行的判定定理得这两个平面相互平行. 【解答】解:在A中,垂直于同一条直线的两条直线相交、平行或异面,故A错误; 在B中,一条直线平行于两个相交平面,则由平行公理得这条直线与这两个平面的交线平行,故B正确; 在C中,若一个平面经过另一个平面的垂线,那么由面面垂直的判定定理得这两个平面相互垂直,故C正确; 在D中,若一个平面内的两条相交直线与另一个平面内的相交直线分别平行, 那么由面面平行的判定定理得这两个平面相互平行,故D正确. 故选:A. 【点评】本题考查命题真假的判断,是中档题,解题时要认真审题,注意空间中线线、线面、面面间的位置关系的合理运用. 4.过点(﹣1,3)且垂直于直线x﹣2y+3=0的直线方程为( ) A.2x+y﹣1=0 B.2x+y﹣5=0 C.x+2y﹣5=0 D.x﹣2y+7=0 【考点】直线的点斜式方程;两条直线垂直与倾斜角、斜率的关系. 【分析】根据题意,易得直线x﹣2y+3=0的斜率为,由直线垂直的斜率关系,可得所求直线的斜率为﹣2,又知其过定点坐标,由点斜式得所求直线方程. 【解答】解:根据题意,易得直线x﹣2y+3=0的斜率为, 由直线垂直的斜率关系,可得所求直线的斜率为﹣2, 又知其过点(﹣1,3), 由点斜式得所求直线方程为2x+y﹣1=0. 【点评】本题考查直线垂直与斜率的相互关系,注意斜率不存在的特殊情况. 5.已知过点A(﹣2,m)和B(m,4)的直线与直线2x+y﹣1=0平行,则m的值为( ) A.0 B.﹣8 C.2 D.10 【考点】斜率的计算公式. 【分析】因为过点A(﹣2,m)和B(m,4)的直线与直线2x+y﹣1=0平行,所以,两直线的斜率相等. 【解答】解:∵直线2x+y﹣1=0的斜率等于﹣2, ∴过点A(﹣2,m)和B(m,4)的直线的斜率K也是﹣2, ∴=﹣2,解得, 故选 B. 【点评】本题考查两斜率存在的直线平行的条件是斜率相等,以及斜率公式的应用. 6.对于平面α和共面的直线m、n,下列命题中正确的是( ) A.若m⊥α,m⊥n,则n∥α B.若m∥α,n∥α,则m∥n C.若m⊂α,n∥α,则m∥n D.若m、n与α所成的角相等,则m∥n 【考点】空间中直线与直线之间的位置关系. 【分析】由线面的位置关系,即可判断A;由线面平行的定义和性质,即可判断B; 由线面平行的定义和性质,再由m,n共面,即可判断C;由线面角的定义和线线的位置关系,即可判断D. 【解答】解:由于直线m、n共面, 对于A.若m⊥α,m⊥n,则n⊂α或n∥α,故A错; 对于B.若m∥α,n∥α,则m,n相交或平行,故B错; 对于C.若m⊂α,n∥α,由于m、n共面,则m∥n,故C对; 对于D.若m、n与α所成的角相等,则m,n相交或平行,故D错. 故选C. 【点评】本题考查空间直线与直线的位置关系,直线与平面的位置关系,考查空间想象能力,属于基础题和易错题. 7.如图所示,正方形O′A′B′C′的边长为1,它是水平放置的一个平面图形的直观图,则原图形的周长是( ) A.6 B.8 C.2+3 D.2+2 【考点】平面图形的直观图. 【分析】根据题目给出的直观图的形状,画出对应的原平面图形的形状,求出相应的边长,则问题可求. 【解答】解:作出该直观图的原图形,因为直观图中的线段C′B′∥x′轴,所以在原图形中对应的线段平行于x轴且长度不变,点C′ 和B′在原图形中对应的点C和B的纵坐标是O′B′的2倍,则 OB=2,所以OC=3,则四边形OABC的长度为8. 故选B. 【点评】本题考查了平面图形的直观图,考查了数形结合思想,解答此题的关键是掌握平面图形的直观图的画法,能正确的画出直观图的原图形. 8.若方程(2m2+m﹣3)x+(m2﹣m)y﹣4m+1=0表示一条直线,则实数m满足( ) A.m≠0 B.m≠﹣ C.m≠1 D.m≠1,m≠﹣,m≠0 【考点】确定直线位置的几何要素. 【分析】明确Ax+By+C=0表示直线的条件是A、B不同时为0, 则由2m2+m﹣3与m2﹣m同时为0,求出2m2+m﹣3与m2﹣m不同时为0时m的取值范围. 【解答】解:若方程(2m2+m﹣3)x+(m2﹣m)y﹣4m+1=0表示一条直线, 则2m2+m﹣3与m2﹣m不同时为0, 而由得m=1, 所以m≠1时,2m2+m﹣3与m2﹣m不同时为0. 故选C. 【点评】本题主要考查Ax+By+C=0表示直线的条件,同时考查解方程组及补集知识. 9.如图所示,是一个正方体的表面展开图,A、B、C均为棱的中点,D是顶点,则在正方体中,异面直线AB和CD的夹角的余弦值为( ) A. B. C. D. 【考点】异面直线及其所成的角. 【分析】正方体的表面展开图还原成正方体,能求出异面直线AB和CD的夹角的余弦值. 【解答】解:正方体的表面展开图还原成正方体,如图, 则异面直线AB和CD所成角为∠EFG, 设正方体棱长为2, 在△EFG中,EF=DC=,EG=,FG=2, ∴cos∠EFG===. ∴异面直线AB和CD的夹角的余弦值为. 故选:C. 【点评】本题考查异面直线的夹角的余弦值的求法,是中档题,解题时要认真审题,注意正方体的结构特征的合理运用. 10.某几何体三视图如图所示,则该几何体的表面积为( ) A.8+2π B.16+2π C.20+2π D.16+π 【考点】由三视图求面积、体积. 【分析】由三视图可知,直观图是正方体挖去两个圆柱,即可求出表面积. 【解答】解:由三视图可知,直观图是正方体挖去两个圆柱. 该几何体的表面积为2×(2×2﹣π)+4×=16+2π, 故选:B. 【点评】本题考查三视图,考查表面积的计算,考查学生分析解决问题的能力,属于中档题. 11.如图,在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,P为BD1的中点,则△PAC在该正方体各个面上的射影可能是( ) A.①④ B.②③ C.②④ D.①② 【考点】平行投影及平行投影作图法. 【分析】 由题意需要从三个角度对正方体进行平行投影,首先确定关键点P、A在各个面上的投影,再把它们连接起来,即,△PAC在该正方体各个面上的射影. 【解答】解:从上下方向上看,△PAC的投影为①图所示的情况; 从左右方向上看,△PAC的投影为④图所示的情况; 从前后方向上看,△PAC的投影为④图所示的情况; 故选A. 【点评】本题主要考查了平行投影和空间想象能力,关键是确定投影图得关键点,如顶点等,再一次连接即可得在平面上的投影图,主要依据平行投影的含义和空间想象来完成. 12.如图,在棱长为a的正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,EF是棱AB上的一条线段,且EF=b<a,若Q是A1D1上的定点,P在C1D1上滑动,则四面体PQEF的体积( ) A.是变量且有最大值 B.是变量且有最小值 C.是变量无最大最小值 D.是常量 【考点】棱柱、棱锥、棱台的体积. 【分析】根据等底同高的三角形面积相等及P到平面QEF的距离是定值,结合棱锥的体积公式,即可得出结论. 【解答】解:∵因为EF定长,Q到EF的距离就是Q到CD的距离也为定长,即底和高都是定值, ∴△QEF的面积是定值, ∵C1D1∥平面QEF,P在C1D1上滑动, ∴P到平面QEF的距离是定值. 即三棱锥的高也是定值,于是体积固定. ∴三棱锥P﹣QEF的体积是定值. 故选:D. 【点评】本题考查的知识点棱锥的体积及点到平面的距离,其中线面平行时直线上到点到平面的距离相等是解答本题的关键. 三、填空题:(本大题共4个小题,每小题5分,共20分)各题答案必须填写在答题卡相应的位置上. 13.若三点A(3,3),B(a,0),C(0,b)(其中a•b≠0)共线,则+= . 【考点】三点共线. 【分析】利用向量的坐标公式:终点坐标减去始点坐标,求出向量的坐标;据三点共线则它们确定的向量共线,利用向量共线的充要条件列出方程得到a,b的关系. 【解答】解:∵点A(3,3)、B(a,0)、C(0,b)(ab≠0) ∴=(a﹣3,﹣3),=(﹣3,b﹣3), ∵点A(3,3)、B(a,0)、C(0,b)(ab≠0)共线 ∴ ∴(a﹣3)×(b﹣3)=﹣3×(﹣3) 所以ab﹣3a﹣3b=0, ∴+=, 故答案为:. 【点评】本题考查利用点的坐标求向量的坐标、向量共线的充要条件、向量共线与三点共线的关系. 14.如图,正四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1中,AA1=2AB,则异面直线A1B与AD1所成角的余弦值为 . 【考点】异面直线及其所成的角. 【分析】先通过平移将两条异面直线平移到同一个起点B,得到的锐角∠A1BC1就是异面直线所成的角,在三角形中A1BC1用余弦定理求出此角即可得到所求. 【解答】解.如图,连接BC1,A1C1, ∠A1BC1是异面直线A1B与AD1所成的角, 设AB=a,AA1=2a,∴A1B=C1B=a,A1C1=a, 根据余弦定理可知∠A1BC1的余弦值为, 故答案为:. 【点评】本题主要考查了异面直线及其所成的角,考查空间想象能力、运算能力和推理论证能力,属于中档题. 15.已知直线y=(3a﹣1)x﹣1,为使这条直线经过第一、三、四象限,则实数a的取值范围是 . 【考点】确定直线位置的几何要素. 【分析】由于给出的直线恒过定点(0,﹣1)所以直线的斜率确定了直线的具体位置,由斜率大于0可求解a的范围. 【解答】解:因为直线y=(3a﹣1)x﹣1过定点(0,﹣1), 若直线y=(3a﹣1)x﹣1经过第一、三、四象限,则其斜率大于0,即3a﹣1> 0,所以a>. 故答案为a. 【点评】本题考查了确定直线位置的几何要素,平面中,如果直线过定点,且倾斜角一定,则直线唯一确定,是基础题. 16.如图,某人在垂直于水平地面ABC的墙面前的点A处进行射击训练.已知点A到墙面的距离为AB,某目标点P沿墙面上的射线CM移动,此人为了准确瞄准目标点P,需计算由点A观察点P的仰角θ的大小.若AB=15m,AC=25m,∠BCM=30°,则tanθ的最大值是 .(仰角θ为直线AP与平面ABC所成角) 【考点】在实际问题中建立三角函数模型;解三角形. 【分析】过P作PP′⊥BC,交BC于P′,连接AP′,则tanθ=,求出PP′,AP′,利用函数的性质,分类讨论,即可得出结论. 【解答】解:∵AB=15m,AC=25m,∠ABC=90°, ∴BC=20m, 过P作PP′⊥BC,交BC于P′,连接AP′,则tanθ=, 设BP′=x,则CP′=20﹣x, 由∠BCM=30°,得PP′=CP′tan30°=(20﹣x), 在直角△ABP′中,AP′=, ∴tanθ=•, 令y=,则函数在x∈[0,20]单调递减, ∴x=0时,取得最大值为=. 若P′在CB的延长线上,PP′=CP′tan30°=(20+x), 在直角△ABP′中,AP′=, ∴tanθ=•, 令y=,则y′=0可得x=时,函数取得最大值, 故答案为:. 【点评】本题考查利用数学知识解决实际问题,考查函数的单调性,考查学生分析解决问题的能力,属于中档题. 三、解答题(本大题共6小题,共70分,解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤) 17.(10分)(2015秋•郴州校级期末)已知直线l:x+y﹣1=0, (1)若直线l1过点(3,2)且l1∥l,求直线l1的方程; (2)若直线l2过l与直线2x﹣y+7=0的交点,且l2⊥l,求直线l2的方程. 【考点】直线的一般式方程与直线的垂直关系;直线的一般式方程与直线的平行关系. 【分析】(1)由题意和平行关系设直线l1的方程为x+y+m=0,代点可得m的方程,解得m值可得直线l1的方程; (2)解方程组可得交点坐标,由垂直关系可得直线斜率,可得直线方程. 【解答】解:(1)由题意和平行关系设直线l1的方程为x+y+m=0, ∵直线l1过点(3,2),∴3+2+m=0, 解得m=﹣5,直线l1的方程为x+y﹣5=0; (2)解方程组可得, ∴直线l与直线2x﹣y+7=0的交点为(﹣2,3) ∵l2⊥l,∴直线l2的斜率k=1, ∴直线方程为x﹣y+5=0 【点评】本题考查直线的一般式方程和平行垂直关系,属基础题. 18.(12分)(2016•潍坊校级二模)如图,在三棱柱ABC﹣A1B1C1中,侧棱AA1⊥底面ABC,底面ABC等边三角形,E,F分别是BC,CC1的中点.求证: (Ⅰ) EF∥平面A1BC1; (Ⅱ) 平面AEF⊥平面BCC1B1. 【考点】平面与平面垂直的判定;直线与平面平行的判定. 【分析】(Ⅰ)由三角形中位线定理得EF∥BC1,由此能证明EF∥平面A1BC1. (Ⅱ)由三棱柱ABC﹣A1B1C1是直三棱柱,得AE⊥BB1,由正三角形性质得AE⊥BC,由此能证明平面AEF⊥平面BCC1B1. 【解答】证明:(Ⅰ)因为E,F分别是BC,CC1的中点, 所以EF∥BC1. 又因为BC1⊂平面A1BC1,EF⊄平面A1BC1, 所以EF∥平面A1BC1. (Ⅱ)因为三棱柱ABC﹣A1B1C1是直三棱柱, 所以BB1⊥平面ABC.又AE⊂平面ABC, 所以AE⊥BB1. 又因为△ABC为正三角形,E为BC的中点, 所以AE⊥BC. 又BB1∩BC=B,所以AE⊥平面BCC1B1. 又AE⊂平面AEF,所以平面AEF⊥平面BCC1B1.(12分) 【点评】本题考查线面平行的证明,考查面面垂直的证明,是中档题,解题时要认真审题,注意空间思维能力的培养. 19.(12分)(2015春•海南期末)如图所示,正方形ABCD和矩形ADEF所在平面相互垂直,G是AF的中点. (I)求证:ED⊥AC; (Ⅱ)若直线BE与平面ABCD成45°角,求异面直线GE与AC所成角的余弦值. 【考点】异面直线及其所成的角;空间中直线与直线之间的位置关系. 【分析】(I)由矩形ADEF可知ED⊥AD,又因为平面ADEF⊥平面ABCD,得到ED ⊥平面ABCD,从而有ED⊥AC. (Ⅱ)由(I)ED⊥平面ABCD,可知∠EDB是直线BE与平面ABCD所成的角,又由AM∥GE,知∠MAC是异面直线GE与AC所成角或其补角 然后在△MAC中用余弦定理求解. 【解答】(I)证明:在矩形ADEF中,ED⊥AD ∵平面ADEF⊥平面ABCD,且平面ADEF∩平面ABCD=AD ∴ED⊥平面ABCD∴ED⊥AC (Ⅱ)由(I)知:ED⊥平面ABCD ∴∠EBD是直线BE与平面ABCD所成的角,即∠EBD=45°(8分) 设 取DE中点M,连接AM ∵G是AF的中点∴AM∥GE ∴∠MAC是异面直线GE与AC所成角或其补角(10分) 连接BD交AC于点O ∵,O是AC的中点 ∴MO⊥AC ∴cos∠MAC===, ∴异面直线GE与AC所成角的余弦值为.(12分) 【点评】 本题主要考查线线垂直,线面垂直,面面垂直间的转化以及异面直线所成的角的求法. 20.(12分)(2013秋•台州期末)已知△ABC的顶点A(3,2),∠C的平分线CD所在直线方程为y﹣1=0,AC边上的高BH所在直线方程为4x+2y﹣9=0. (1)求顶点C的坐标; (2)求△ABC的面积. 【考点】直线的一般式方程与直线的垂直关系;直线的一般式方程与直线的平行关系. 【分析】(1)由高BH所在直线方程为4x+2y﹣9=0,可得kBH.由于直线AC⊥BH,可得kAC•kBH=﹣1.即可得到kAC,进而得到直线AC的方程,与CD方程联立即可得出点C的坐标; (2)求出直线BC的方程,进而得到点B的坐标,利用点到直线的距离公式可得点B到直线AC的距离,利用两点间的距离公式可得|AC|,利用三角形的面积计算公式可得. 【解答】解:(1)由高BH所在直线方程为4x+2y﹣9=0,∴ =﹣2. ∵直线AC⊥BH,∴kAC•kBH=﹣1. ∴, 直线AC的方程为, 联立 ∴点C的坐标C(1,1). (2), ∴直线BC的方程为, 联立,即. 点B到直线AC:x﹣2y+1=0的距离为. 又, ∴. 【点评】本题考查了相互垂直的直线斜率之间的关系、角平分线的性质、点到直线的距离公式、两点间的距离公式、三角形的面积计算公式,属于基础题. 21.(12分)(2012•广东)如图所示,在四棱锥P﹣ABCD中,AB⊥平面PAD,AB∥CD,PD=AD,E是PB的中点,F是CD上的点且,PH为△PAD中AD边上的高. (1)证明:PH⊥平面ABCD; (2)若PH=1,,FC=1,求三棱锥E﹣BCF的体积; (3)证明:EF⊥平面PAB. 【考点】直线与平面垂直的判定;棱柱、棱锥、棱台的体积. 【分析】(1)因为AB⊥平面PAD,所以PH⊥AB,因为PH为△PAD中AD边上的高,所以PH⊥AD,由此能够证明PH⊥平面ABCD. (2)连接BH,取BH中点G,连接EG,因为E是PB的中点,所以EG∥PH,因为PH⊥平面ABCD,所以EG⊥ 平面ABCD,由此能够求出三棱锥E﹣BCF的体积. (3)取PA中点M,连接MD,ME,因为E是PB的中点,所以,因为ME,所以MEDF,故四边形MEDF是平行四边形.由此能够证明EF⊥平面PAB. 【解答】解:(1)证明:∵AB⊥平面PAD, ∴PH⊥AB, ∵PH为△PAD中AD边上的高, ∴PH⊥AD, ∵AB∩AD=A, ∴PH⊥平面ABCD. (2)如图,连接BH,取BH中点G,连接EG, ∵E是PB的中点, ∴EG∥PH, ∵PH⊥平面ABCD, ∴EG⊥平面ABCD, 则, ∴= (3)证明:如图,取PA中点M,连接MD,ME, ∵E是PB的中点, ∴ME, ∵, ∴MEDF, ∴四边形MEDF是平行四边形, ∴EF∥MD, ∵PD=AD,∴MD⊥PA, ∵AB⊥平面PAD,∴MD⊥AB, ∵PA∩AB=A,∴MD⊥平面PAB, ∴EF⊥平面PAB. 【点评】本题考查直线与平面垂直的证明,求三棱锥的体积,解题时要认真审题,注意合理地化立体几何问题为平面几何问题. 22.(12分)(2016秋•威远县校级期中)在直角梯形ABCD中,AD∥BC,,∠ABC=90°(如图1).把△ABD沿BD翻折,使得二面角A﹣BD﹣C的平面角为θ(如图2) (1)若,求证:CD⊥AB; (2)是否存在适当θ的值,使得AC⊥BD,若存在,求出θ的值,若不存在说明理由; (3)若,取BD中点M,BC中点N,P、Q分别为线段AB与DN上一点,使得.令PQ与BD和AN所成的角分别为θ1和θ2.求sinθ1+sinθ2的最大值. 【考点】与二面角有关的立体几何综合题. 【分析】(1)先证明CD⊥BD,利用平面ABD⊥平面BCD,可得CD⊥ 平面ABD,利用线面垂直的性质可得CD⊥AB; (2)不存在.由AC⊥BD,CD⊥BD,AC∩CD=C,可得BD⊥平面ACD,BD⊥AD,与∠ABC=90°矛盾; (3)BN线段取点R使得,从而易得PR∥AN且RQ∥BDA,θ1=∠PQR,θ2=∠QPR,确定θ1+θ2,利用基本不等式,即可求sinθ1+sinθ2的最大值. 【解答】(1)证明:由已知条件可得BD=2,CD=2,CD⊥BD. ∵平面ABD⊥平面BCD,平面ABD∩平面BCD=BD, ∴CD⊥平面ABD.… 又∵AB⊂平面ABD,∴CD⊥AB.… (2)解:不存在. ∵AC⊥BD,CD⊥BD,AC∩CD=C, ∴BD⊥平面ACD, ∵AD⊂平面ACD, ∴BD⊥AD,与∠ABC=90°矛盾, 故不存在; (3)解:在BN线段取点R使得 从而易得PR∥AN且RQ∥BDA,θ1=∠PQR,θ2=∠QPR 另一方面,AM⊥BD,MN⊥BD,从而θ=∠AMN. ∵AM⊥BD,MN⊥BD,AM∩MN=M, ∴BD⊥AN, ∵PR∥AN,RQ∥BD, ∴∠PRQ=, 从而有, ∴ 当且仅当sinθ1=sinθ2,即θ1=θ2时取得最大值.…(14分) 【点评】本小题主要考查直线与直线、直线与平面、平面与平面等基础知识,考查空间想象能力、推理论证能力、运算求解能力等,考查化归与转化思想. 查看更多