2021届高考数学一轮总复习第二章函数导数及其应用课时作业13变化率与导数导数的计算含解析苏教版
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课时作业 13 变化率与导数、导数的计算
一、选择题
1.函数 y=1
x+cosx 的导数是( B )
A.y′=1
x2-sinx B.y′=-1
x2-sinx
C.y′=1
x2+cosx D.y′=1
x2-cosx
解析:∵函数 y=1
x+cosx,
∴y′=(1
x )′+(cosx)′=-1
x2-sinx.
2.设曲线 y=ax-ln(x+1)在点(0,0)处的切线方程为 y=2x,则 a=( D )
A.0 B.1
C.2 D.3
解析:对函数求导得 y′=a- 1
x+1,因为点(0,0)在曲线上,且切线方程为 y=2x,所以
a-1=2,所以 a=3.
3.如果曲线 y=x4-x 在点 P 处的切线垂直于直线 y=-1
3x,那么点 P 的坐标为( A )
A.(1,0) B.(0,-1)
C.(0,1) D.(-1,0)
解析:设点 P(a,b),则 b=a4-a,由题得 y′=4x3-1.因为曲线 y=x4-x 在点 P 处的
切线垂直于直线 y=-1
3x,所以 4a3-1=3,所以 a=1.所以 b=14-1=0,所以点 P 的坐标
为(1,0).
4.(2020·焦作模拟)已知 f(x)=xlnx+f′(1)
x ,则 f′(1)=( B )
A.1 B.1
2
C.2 D.e
解析:f′(x)=1+lnx-f′(1)
x2 ,令 x=1,
得 f′(1)=1-f′(1),解得 f′(1)=1
2.
5.(2020·河北唐山模拟)已知函数 f(x)=Error!
为奇函数,则 f(x)在 x=2 处的切线斜率等于( B )
A.6 B.-2
2
C.-6 D.-8
解析:设 x>0,则-x<0,f(-x)=x 2-2x,又 f(x)为奇函数,则 f(x)=-f(-x)=-x 2+
2x,f′(x)=-2x+2,则 f′(2)=-2.故选 B.
6.(2020·兰州诊断)若点 P 是函数 y= 2sinx
sinx+cosx图象上任意一点,直线 l 为点 P 处的切
线,则直线 l 倾斜角的取值范围是( C )
A.[0,π
4] B.[π
4,π
3]
C.[π
4,π
2) D.(π
2,3π
4 ]
解析:因为 sinx+cosx= 2sin(x+π
4),由 x+π
4≠kπ,k∈Z,知函数 f(x)的定义域为{x|x≠kπ
-π
4,k∈Z}.设直线 l 的倾斜角为 θ,
y′=2[cosx(sinx+cosx)-sinx(cosx-sinx)]
(sinx+cosx)2
= 2
[ 2sin(x+π
4
)]2
= 1
sin2(x+π
4
)
.
因为 0
0,即 m>1
e即可,故选 B.
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二、填空题
9.(2020·重庆七校联考)已知函数 f(x)=lnx+2x2-4x,则函数 f(x)的图象在 x=1 处的切
线方程为 x-y-3=0.
解析:因为 f(1)=ln1+2-4=-2,所以切点为(1,-2).因为 f′(x)=1
x+4x-4,所以
切线斜率 k=f′(1)=1.所以切线方程为 y+2=x-1,即 x-y-3=0.
10.已知函数 f(x)=x+a
x+b(x≠0)的图象在点(1,f(1))处的切线方程为 y=2x+5,则 a-
b=-8.
解析:∵f(x)=x+a
x+b,∴f′(x)=1-a
x2,∴f′(1)=1-a=2,∴a=-1.∵f(1)=1+a+
b=7,∴b=7,则 a-b=-1-7=-8.
11.(2020·贵州适应考试)阅读材料:
借助上述思路,曲线 y=(2x-1)x+1,x∈(1
2,+∞)在点(1,1)处的切线方程为 4x-y-3=
0.
解析:根据题中材料将函数 y=(2x-1)x+1 转化为 lny=ln(2x-1)x+1=(x+1)ln(2x-1),
两边同时求导数,得1
y×y′=ln(2x-1)+(x+1)× 1
(2x-1)×2=ln(2x-1)+2(x+1)
2x-1 ,∴y′=
[ln(2x-1)+2(x+1)
2x-1 ]·(2x-1)x+1,
∴y′|x=1=[ln(2x-1)+2(x+1)
2x-1 ](2x-1)x+1|x=1=4,
∴切线方程为 y-1=4(x-1),即 4x-y-3=0.
12.(2020·南昌二模)已知 f(x)=4lnx-x2,若曲线 y=f(x)在点(1,-1)处的切线与曲线 y
=x2-3x+m 相切,则 m 的值是13
4 .
解析:因为 f(x)=4lnx-x2,所以 f′(x)=4
x-2x,所以 f′(1)=2,所以曲线 y=f(x)在点
(1,-1)处的切线方程为 y+1=2(x-1),即 y=2x-3.
由Error!得 x2-5x+m+3=0,因为直线与曲线相切,所以 Δ=25-4(m+3)=0,解得 m
=13
4 .
三、解答题
13.已知函数 f(x)=x3-4x+2 及其图象上一点 M(1,-1).
(1)若直线 l1 与函数 f(x)的图象相切于点 M(1,-1),求直线 l1 的方程;
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(2)若函数 f(x)的图象的切线 l2 经过点 M(1,-1),但 M 不是切点,求直线 l2 的方程.
解:(1)f′(x)=3x2-4,f′(1)=-1,所以直线 l1 的斜率 k1=-1,所以直线 l1 的方程为
y+1=-(x-1),即 x+y=0.
(2)设切点坐标为(x0,f(x0)),x0≠1,则切线 l2 的方程为 y-f(x0)=f′(x0)(x-x0).
因为直线 l2 经过点 M(1,-1),所以-1-f(x0)=f′(x0)(1-x0).其中 f(x0)=x30-4x0+2,
f′(x0)=3x20-4,于是-1-(x30-4x0+2)=(3x20-4)(1-x0),整理得 2x30-3x20+1=0,即(x0-
1)2(2x0+1)=0,又 x0≠1,所以 x0=-1
2.
所以切点为(-1
2,31
8 ),
直线 l2 的斜率 k2=f′(-1
2 )=-13
4 ,
所以直线 l2 的方程为 y-31
8 =-13
4 (x+1
2 ),即 y=-13
4 x+9
4.
14.已知函数 f(x)=1
3x3-2x2+3x(x∈R)的图象为曲线 C.
(1)求曲线 C 上任意一点处的切线斜率的取值范围;
(2)若曲线 C 存在两条相互垂直的切线,求其中一条切线与曲线 C 的切点的横坐标的取
值范围.
解:(1)由题意得 f′(x)=x2-4x+3,则 f′(x)=(x-2)2-1≥-1,即曲线 C 上任意一点
处的切线斜率的取值范围是[-1,+∞).
(2)设曲线 C 的其中一条切线的斜率为 k(k≠0),
则由题意并结合(1)中结论可知Error!
解得-1≤k<0 或 k≥1,
则-1≤x2-4x+3<0 或 x2-4x+3≥1,
解得 x∈(-∞,2- 2]∪(1,3)∪[2+ 2,+∞).
15.(2020·石家庄质检)将函数 y=ex(e 为自然对数的底数)的图象绕坐标原点 O 顺时针旋
转角 θ 后第一次与 x 轴相切,则角 θ 满足的条件是( B )
A.esinθ=cosθ B.sinθ=ecosθ
C.esinθ=1 D.ecosθ=1
解析:由题意得 x 轴绕坐标原点 O 逆时针旋转角 θ 后第一次与 y=ex 的图象相切,设切
点为(x0,e x0),∵y′=ex,
∴e x0
x0 =ex0,∴x0=1,∴tanθ=e,∴sinθ=ecosθ,故选 B.
16.(2020·安徽淮南一模)已知函数 f(x)=x2-lnx.
(1)求函数 f(x)在点(1,f(1))处的切线方程;
(2)在函数 f(x)=x2-lnx 的图象上是否存在两点,使以这两点为切点的切线互相垂直,
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且切点的横坐标都在区间[1
2,1 ]上?若存在,求出这两点的坐标,若不存在,请说明理由.
解:(1)由题意可得 f(1)=1,且 f′(x)=2x-1
x,f′(1)=2-1=1,则所求切线方程为 y-
1=1×(x-1),即 y=x.
(2)假设存在两点满足题意,且设切点坐标为(x1,y1),(x2,y2),则 x1,x2∈[1
2,1 ],不
妨设 x10,
所以 f(x)在(0,1),(1,+∞)上单调递增.
因为 f(e)=1-e+1
e-1<0,f(e2)=2-e2+1
e2-1=e2-3
e2-1>0,所以 f(x)在(1,+∞)有唯一零点 x1,
即 f(x1)=0.
又 0<1
x1<1,f(1
x1)=-lnx1+x1+1
x1-1=-f(x1)=0,
故 f(x)在(0,1)有唯一零点1
x1.
综上,f(x)有且仅有两个零点.
(2)证明:因为1
x0=e-lnx0,故点 B(-lnx0,1
x0)在曲线 y=ex 上.
由题设知 f(x0)=0,即 lnx 0 =x0+1
x0-1,连接 AB,则直线 AB 的斜率 k=
1
x0-lnx0
-lnx0-x0=
1
x0-x0+1
x0-1
-x0+1
x0-1-x0
=1
x0.
曲线 y=ex 在点 B(-lnx0,1
x0)处切线的斜率是 1
x0,曲线 y=lnx 在点 A(x0,lnx0)处切线的
斜率也是1
x0,所以曲线 y=lnx 在点 A(x0,lnx0)处的切线也是曲线 y=ex 的切线.
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