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文档介绍
2014年高考数学(理科)真题分类汇编N单元 选修4系列
数 学 N单元 选修4系列 N1 选修4-1 几何证明选讲 15.N1[2014·广东卷] (几何证明选讲选做题)如图13所示,在平行四边形ABCD中,点E在AB上且EB=2AE,AC与DE交于点F,则=________. 图13 15.9 [解析] 本题考查相似三角形的性质定理,面积比等于相似比的平方. ∵EB=2AE,∴AE=AB=CD. 又∵四边形ABCD是平行四边形, ∴△AEF∽△CDF,∴==9. 15.N1[2014·湖北卷] (选修41:几何证明选讲) 如图13,P为⊙O外一点,过P点作⊙O的两条切线,切点分别为A,B,过PA的中点Q作割线交⊙O于C,D两点,若QC=1,CD=3,则PB=________. 图13 15.4 [解析] 由切线长定理得QA2=QC·QD=1×(1+3)=4,解得QA=2.故PB=PA=2QA=4. 12.N1[2014·湖南卷] 如图13所示,已知AB,BC是⊙O的两条弦,AO⊥BC,AB=,BC=2,则⊙O的半径等于________. 图13 12. [解析] 设圆的半径为r,记AO与BC交于点D,依题可知AD=1.由相交弦定理可得1×(2r-1)=×,解得r=. 22.N1[2014·辽宁卷] 选修41:几何证明选讲 如图17所示,EP交圆于E,C两点,PD切圆于D,G为CE上—点且PG=PD ,连接DG并延长交圆于点A,作弦AB垂直EP,垂足为F. (1)求证:AB为圆的直径; (2)若AC=BD,求证:AB=ED. 图17 22.证明:(1)因为PD=PG,所以∠PDG=∠PGD. 由于PD为切线,故∠PDA=∠DBA, 又因为∠PGD=∠EGA,所以∠DBA=∠EGA, 所以∠DBA+∠BAD=∠EGA+∠BAD, 从而∠BDA=∠PFA. 又AF⊥EP,所以∠PFA=90°,所以∠BDA=90°,故AB为圆的直径. (2)连接BC,DC. 由于AB是直径,故∠BDA=∠ACB=90°. 在Rt△BDA与Rt△ACB中,AB=BA,AC=BD,从而得Rt△BDA≌Rt△ACB, 于是∠DAB=∠CBA. 又因为∠DCB=∠DAB,所以∠DCB=∠CBA,故DC∥AB. 因为AB⊥EP,所以DC⊥EP,∠DCE为直角, 所以ED为直径,又由(1)知AB为圆的直径,所以ED=AB. 22.N1[2014·新课标全国卷Ⅰ] 选修41:几何证明选讲 如图16,四边形ABCD是⊙O的内接四边形,AB的延长线与DC的延长线交于点E,且CB=CE. 图16 (1)证明:∠D=∠E; (2)设AD不是⊙O的直径,AD的中点为M,且MB=MC,证明:△ADE为等边三角形. 22.证明:(1)由题设知A,B,C,D四点共圆,所以∠D=∠CBE.由已知得∠CBE=∠E,故∠D=∠E. (2)设BC的中点为N,连接MN,则由MB=MC知MN⊥BC,故O在直线MN上. 又AD不是⊙O的直径,M为AD的中点,故OM⊥AD,即MN⊥AD, 所以AD∥BC,故∠A=∠CBE. 又∠CBE=∠E,故∠A=∠E,由(1)知,∠D=∠E,所以△ADE为等边三角形. 22.N1[2014·新课标全国卷Ⅱ] 选修41:几何证明选讲 如图14,P是⊙O外一点,PA是切线,A为切点,割线PBC与⊙O相交于点B,C,PC=2PA,D为PC的中点,AD的延长线交⊙O于点E,证明: (1)BE=EC; (2)AD·DE=2PB2. 图14 22.证明:(1)连接AB,AC.由题设知PA=PD, 故∠PAD=∠PDA. 因为∠PDA=∠DAC+∠DCA, ∠PAD=∠BAD+∠PAB, ∠DCA=∠PAB, 所以∠DAC=∠BAD,从而BE=EC. 因此BE=EC. (2)由切割线定理得PA2=PB·PC. 因为PA=PD=DC,所以DC=2PB,BD=PB. 由相交弦定理得AD·DE=BD·DC, 所以AD·DE=2PB2. 15.[2014·陕西卷] 图13 B.N1(几何证明选做题)如图13,△ABC中,BC=6,以BC为直径的半圆分别交AB,AC于点E,F,若AC=2AE,则EF=________. 15. B.3 [解析] B.由题意,可知∠AEF=∠ACB,又∠A=∠A,所以△AEF∽ACB,所以=.因为AC=2AE,BC=6,所以EF=3. 6.N1[2014·天津卷] 图12 如图12所示,△ABC是圆的内接三角形,∠BAC的平分线交圆于点D,交BC于点E,过点B的圆的切线与AD的延长线交于点F.在上述条件下,给出下列四个结论: ①BD平分∠CBF; ②FB2=FD·FA; ③AE·CE=BE·DE; ④AF·BD=AB·BF. 则所有正确结论的序号是( ) A.①② B.③④ C.①②③ D.①②④ 6.D [解析] 如图所示,∵∠1=∠3,∠2=∠4,且∠1=∠2,∴∠4=∠3,∴BD平分∠CBF,∴△ABF∽△BDF. ∵=,∴AB·BF=AF·BD.∵=,∴BF2=AF·DF.故①②④正确. 14.N1[2014·重庆卷] 过圆外一点P作圆的切线PA(A为切点),再作割线PBC依次交圆于B,C.若PA=6,AC=8,BC=9,则AB=________. 14.4 [解析] 根据题意,作出图形如图所示,由切割线定理,得PA2=PB·PC=PB·(PB+BC),即36=PB·(PB+9)∴PB=3,∴PC=12.由弦切角定理知∠PAB=∠PCA,又∠APB=∠CPA,∴△PAB∽△PCA,∴=,即AB===4. N2 选修4-2 矩阵 21.N2[2014·福建卷] (Ⅰ)选修42:矩阵与变换 已知矩阵A的逆矩阵. (1)求矩阵A; (2)求矩阵A-1的特征值以及属于每个特征值的一个特征向量. 21. (Ⅰ)解:(1)因为矩阵A是矩阵A-1的逆矩阵,且=2×2-1×1=3≠0, 所以A== . (2)矩阵A-1的特征多项式为f(λ)==λ2-4λ+3=(λ-1)(λ-3),令f(λ)=0,得矩阵A-1的特征值为λ1=1或λ2=3,所以ξ1=)是矩阵A-1的属于特征值λ1=1的一个特征向量,ξ2=)是矩阵A-1的属于特征值λ2=3的一个特征向量. N3 选修4-4 参数与参数方程 13.N3[2014·天津卷] 在以O为极点的极坐标系中,圆ρ=4sin θ和直线ρsin θ=a相交于A,B两点.若△AOB是等边三角形,则a的值为________. 13.3 [解析] 将ρ=4sin θ与ρsin θ=a转化为直角坐标方程分别为x2+(y-2)2=4与y=a.联立得x2=-a2+4a,且00,b>0,且+=. (1)求a3+b3的最小值. (2)是否存在a,b,使得2a+3b=6?并说明理由.24.解:(1)由=+≥,得ab≥2,当且仅当a=b=时等号成立. 故a3+b3≥2≥4 ,当且仅当a=b= 时等号成立. 所以a3+b3的最小值为4. (2)由(1)知,2a+3b≥2≥4. 由于4>6,从而不存在a,b,使2a+3b=6. 24.N4[2014·新课标全国卷Ⅱ] 选修45:不等式选讲 设函数f(x)=+|x-a|(a>0). (1)证明:f(x)≥2; (2)若f(3)<5,求a的取值范围. 24.解:(1)证明:由a>0,有f(x)=+|x-a|≥=+a≥2,所以f(x)≥2. (2)f(3)=+|3-a|. 当a>3时,f(3)=a+, 由f(3)<5得32时,2(x-2)-(x+1)>3,得x>8,此时x>8. 综上所述,原不等式的解集是(-∞,0)∪(8,+∞). (2)证明:由abc=a+b+c,得++=1. 由柯西不等式,得 (ab+4bc+9ac)≥(1+2+3)2, 所以ab+4bc+9ac≥36,当且仅当a=2,b=3,c=1时,等号成立. 16.N4[2014·重庆卷] 若不等式|2x-1|+|x+2|≥a2+a+2对任意实数x恒成立,则实数a的取值范围是________. 16. [解析] 令f(x)=|2x-1|+|x+2|,则①当x<-2时,f(x)=-2x+1-x-2=-3x-1>5;②当-2≤x≤时,f(x)=-2x+1+x+2=-x+3,故≤f(x)≤5;③当x>时,f(x)=2x-1+x+2=3x+1>.综合①②③可知f(x)≥,所以要使不等式恒成立,则需a2+a+2≤,解得-1≤a≤. 1.[2014·长沙模拟] 已知点P所在曲线的极坐标方程为ρ=2cos θ,点Q所在曲线的参数方程为(t为参数),则|PQ|的最小值是( ) A.2 B.+1 C.1 D.-1 1.D [解析] 易知点P在圆x2+y2-2x=0上,圆心为(1,0),半径为1,点Q在直线2x-y+2=0上,故|PQ|的最小值是-1=-1. 4.[2014·株洲模拟] 在直角坐标系xOy中,曲线C1的参数方程为(α为参数).在极坐标系(与直角坐标系xOy取相同的长度单位,且以原点O为极点,以x轴的正半轴为极轴)中,直线C2的方程为ρ(cos θ-sin θ)+1=0,则曲线C1与C2的交点的个数为________. 4.2 [解析] 由题意,曲线C1的参数方程(α为参数)可化为一般方程+=1,直线C2的极坐标方程ρ·(cos θ-sin θ)+1=0可化为普通方程x-y+1=0.联立两个方程,消去y可得+=1,即7x2+8x-8=0.因为Δ=82+4×7×8>0,所以直线与椭圆相交,且有两个交点. 5.[2014·湖南长郡中学月考] 在极坐标系中,圆C1的方程为ρ=4 cos,以极点为坐标原点,极轴为x轴的正半轴建立平面直角坐标系,已知圆C2的参数方程为(a>0,θ为参数).若圆C1与圆C2外切,则实数a=____________. 5. [解析] 依题意,ρ=4 cosθ-=4cos θ+4sin θ,化成普通方程为x2+y2=4x+4y,即(x-2)2+(y-2)2=8,即该圆的圆心为C1(2,2),半径r1=2 .将(a>0,θ为参数)化成普通方程为(x+1)2+(y+1)2=a2,即圆心为C2(-1,-1),半径r2=a.由丙点间两圆外切可得|C1C2|=3 =2 +a,所以a=. 6.[2014·衡阳模拟] 已知曲线C的极坐标方程为ρ=4cos θ.若以极点为原点,极轴为x轴的正半轴建立平面直角坐标系,则曲线C的参数方程为________. 6.(θ为参数) [解析] 由曲线C的极坐标方程为ρ=4cos θ,可得其普通方程为x2+y2=4x,即(x-2)2+y2=4,所以曲线C的参数方程为(θ为参数). 7.[2014·湖南雅礼中学月考] 已知极坐标系下曲线ρ=4sin θ表示圆,则点A到圆心的距离为____________. 7.2 [解析] 将曲线ρ=4sin θ化成普通方程为x2+y2=4y,则该圆的圆心为(0,2) ,而点A的直角坐标为(2 ,2),由两点间距离公式可得d==2 . 8.[2014·湖南十三校联考] 以直角坐标系的原点为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系.已知直线l的参数方程为(t为参数),圆C的极坐标方程为ρ=2cos θ,若直线l经过圆C的圆心,则常数a的值为________. 8.1 [解析] 将直线l的参数方程(t为参数)化为普通方程为y=x-a,将圆C的极坐标方程ρ=2cos θ化为普通方程为x2+y2=2x,则圆心为(1,0),代入直线y=x-a可得a=1. 9.[2014·湖南师大附中月考] 在极坐标系中,已知点A的极坐标为(2,π),直线l的极坐标方程为ρsinθ+=,则点A到直线l的距离是____________. 9.2 [解析] 由题意,直线l的极坐标方程为ρsin θcos+cos θsin =,即ρsin θ+ρcos θ=2,则直线l的直角坐标方程为x+y-2=0.又点A的直角坐标为(-2,0),所以点A到直线l的距离d==2 .查看更多