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文档介绍
数学理卷·2017届广东省汕头市高三上学期期末教学质量监测(2017
广东省汕头市2017届高三上学期期末教学质量监测 理科数学 第Ⅰ卷(共60分) 一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. 1.集合,,全集,则( ) A. B. C. D. 2.设复数,,其中为虚数单位,则( ) A. B. C. D. 3.圆的圆心到直线的距离为1,则( ) A. B. C. D.2 4.函数的图象与轴正半轴交点的横坐标构成一个公差为的等差数列,若要得到函数的图象,只要将的图象( )个单位 A.向左平移 B.向左平移 C. 向左平移 D.向左平移 5.函数的图象大致是( ) 6.中国古代有计算多项式值的秦九韶算法,右图是实现该算法的程序框图.执行该程序框图,若输入的,,依次输入的为2,2,5,则输出的( ) A.7 B.12 C. 17 D.34 7.假设你家订了一份牛奶,奶哥在早上6:00~7:00之间随机地把牛奶送到你家,而你在早上6:30~7:30之间随机第离家上学,则你在理考家前能收到牛奶的概率是( ) A. B. C. D. 8.设等比数列的前项和为,则“”是“”的( ) A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C. 充要条件 D.既不充分也不必要条件 9.将二项式展开式各项重新排列,则其中无理项互不相邻的概率是( ) A. B. C. D. 10.已知定义在上的函数满足,且当时,成立,若,,,则的大小关系是( ) A. B. C. D. 11.设,且,则( ) A. B. C. D. 12.在平面内,定点满足,,动点满足,,则的最大值是( ) A. B. C. D. 第Ⅱ卷(共90分) 二、填空题(每题5分,满分20分,将答案填在答题纸上) 13.命题“若,则”的否命题为 . 14.已知三棱锥的四个面都是腰长为2的等腰三角形,该三棱锥的正视图如图所示,则该三棱锥的体积是 . 15.为了应对日益严重的气候问题,某气象仪器科研单位研究出一种新的“弹射型”气候仪器,这种仪器可以弹射到空中进行气候观测,如图所示,三地位于同一水平面上,这种仪器在地进行弹射实验,观测点两地相距100米,,在地听到弹射声音比地晚秒(已知声音传播速度为340米/秒),在地测得该仪器至高点处的仰角为,则这种仪器的垂直弹射高度 . 16.设变量满足约束条件,且的最小值是 ,则实数 . 三、解答题 (本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.) 17. (本小题满分12分)数列的前项和满足,且成等差数列. (1)求数列的通项公式; (2)设,求数列的前项和. 18. (本小题满分12分)如图,四棱锥中,底面为菱形,底面,,,是上的一点,. (1)证明:平面; (2)设二面角为,求直线与平面所成角的大小. 19.(本小题满分12分)为评估设备生产某种零件的性能,从设备生产零件的流水线上随机抽取100件零件作为样本,测量其直径后,整理得到下表: 直径/ 58 59 61 62 63 64 65 66 67 68 69 70 71 73 合计 件数 1 1 3 5 6 19 33 18 4 4 2 1 2 1 100 经计算,样本的平均值,标准差,以频率值作为概率的估计值. (Ⅰ)为评判一台设备的性能,从该设备加工的零件中任意抽取一件,记其直径为,并根据以下不等式进行评判(表示相应事件的概率);①; ②;③. 评判规则为:若同时满足上述三个不等式,则设备等级为甲;仅满足其中两个,则等级为乙;若仅满足其中一个,则等级为丙;若全部不满足,则等级为丁,试判断设备的性能等级. (2)将直径小于等于或直径大于的零件认为是次品. (ⅰ)从设备的生产流水线上随意抽取2件零件,计算其中次品个数的数学期望; (ⅱ)从样本中随意抽取2件零件,计算其中次品个数的数学期望. 20.(本小题满分12分)如图,在平面直角坐标系中,已知以为圆心的圆及其上一点 (1)设圆与轴相切,与圆外切,且圆心在直线上,求圆的标准方程; (2)设平行于的直线与圆相交于两点,且,求直线的方程; (3)设点满足:存在圆上的两点和,使得求实数的取值范围. 21.(本小题满分12分)已知,曲线在处的切线方程为. (1)求的值; (2)求在上的最大值; (3)证明:当时,. 请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分. 22. (本小题满分10分)选修4-4:坐标系与参数方程 在直角坐标系中,以坐标原点为极点,轴正半轴为极轴建立极坐标系,半圆 的极坐标方程为,. (1)求的参数方程; (2)设点在上,在处的切线与直线垂直,根据(1)中你得到的参数方程,确定的坐标. 23. (本小题满分10分)选修4-5:不等式选讲 已知,,函数的最小值为2. (1)求的值; (2)证明:与不可能同时成立. 试卷答案 一、选择题 1-5: CDADD 6-10:CDCAB 11、12:DB 二、填空题 13.若,则 14. 15.米 16. 三、解答题 17.(1)由题意,当时,,又因为,且,则,所以,又成等差数列,则,所以,解得,所以数列是以2为首项,2为公比的等比数列,所以. (2)由(1)知,∴, ∴ . 18.(1)解法一:因为底面为菱形,所以,又底面,所以. 设,连结,因为,故 , 解法二:以为坐标原点,射线为轴的正半轴,建立如图所示的空间直角坐标系,设,其中,则,于是,从而,故,又,所以平面. (2),设为平面的法向量,则,即且,令,则,设为平面的法向量,则,即且,令,则,所以,因为面面,故,即,故,于是,,,所以,因为与平面所成角和互余,故与平面所成角的角为. 19.(1)由题意知道:, 所以由图表知道: 所以该设备的性能为丙级别. (2)由图表知道:直径小于或等于的零件有2件,大于的零件有4件共计6件 (i)从设备的生产流水线上任取一件,取到次品的概率为, 依题意,故. (ii)从100件样品中任意抽取2件,次品数的可能取值为0,1,2 故. 20.解:圆的标准方程为,所以圆心,半径为5. (1)由圆心在直线上,可设,因为与轴相切,与圆外切,所以,于是圆的半径为,从而,解得.因此,圆的标准方程为. (2)因为直线,所以直线的斜率为. 设直线的方程为,即,则圆心到直线的距离 因为 而 所以,解得或. 故直线的方程为或. (3)设. 因为,所以……① 因为点在圆上,所以,将①代入②,得. 于是点既在圆上,又在圆上,从而圆与圆有公共点,所以,解得.因此,实数的取值范围是. 21.(1),由题设得,,解得. (2)由(1)知,∴,,∴在上单调递减,在上单调递增,所以,所以在上单调递增,所以. (3)因为,又由(2)知,过点,且在处的切线方程为,故可猜测:当时,的图象恒在切线的上方. 下证:当当时, 设,则, 由(2)知,在上单调递减,在上单调递增, 又,∴, 所以,存在,使得, 所以,当时,;当时,,故在上单调递增,在上单调递减,在上单调递增, 又,∴,当且仅当时取等号,故. 由(2)知,,即, 所以,即成立,当时,等号成立. 22.解:(1)由题意知:,,所以,,即,可化为,,可得的参数方程为(为参数,). (2)设,由(1)知是以为圆心,1为半径的上半圆,因为在点处的切线与垂直,所以直线与的斜率相同, ∴,解得,即,故的直角坐标为,即. 23.(1)∵,∴. (2)∵且,由基本不等式知道:,∴ 假设与同时成立,则由及,得 同理,∴,这与矛盾,故与不可能同时成立.查看更多