2020山东省高考压轴卷 物理
KS5U2020山东省高考压轴卷物理
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．一定质量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、bc、ca回到原状态，其VT图象如图所示，pa、pb、pc分别表示状态a、b、c的压强，下列判断正确的是( )
A．过程ab中气体一定吸热
B．pc＝pb
pa，选项B错误；理想气体没有分子势能，选项C错误；从c到a，气体发生等温变化，内能不变，气体对外界做功，吸收热量，根据ΔU＝Q＋W，气体吸收的热量等于对外界做的功，选项D错误．
2．【KS5U答案】 C 【KS5U解析】从n=6向n=1跃迁时辐射出的光子的能量大于从n=6向n=2跃迁时的能量，故A正确；处于n=4能级的氢原子跃迁到n=1能级辐射出的光子的能量为：E=E4－E1=－0.85 eV－（－13.6 eV）=12.75 eV，照射逸出功为6.34eV的金属铂产生的光电子的最大初动能为：Ek=E－W0=12.75 eV－6.34 eV=6.41 eV，B正确；β衰变的实质是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子不是来自核外电子，C错误，符合题意；质子和中子结合成α粒子：，释放的能量是ΔE=Δmc2=（2m1＋2m2－m3）c2，D正确，故选C。
3．【KS5U答案】 B 【KS5U解析】A车做匀变速直线运动，设A车的初速度为，加速度大小为，由图可知时，速度为零，由运动学公式可得：，根据图象和运动学公式可知时的位移为：，，联立解得，，故B正确，A错误；A车减速过程运动的位移大小为，故C错误；10s末两车相遇时B车的速度为：，A车的速度：，两车速度大小相等，故D错误。
4．【KS5U答案】 B 【KS5U解析】对物体受力分析，把F正交分解，由于物体静止，合力为零，故物体受到一个向左的摩擦力；有摩擦力必有弹力，故天花板对物体有一个竖直向下的压力，还有重力，共有4个力。
5．【KS5U答案】C 【KS5U解析】根据x=vt，，则，两次的初速度不同，则时间不同，A错误；速度与水平方向的夹角
，可知．运动员先后落在雪坡上的速度方向相同，B错误；根据动量定理，则运动员先后落在雪坡上动量的变化量之比为3:4，C正确；根据动能定理：，则运动员先后落在雪坡上动能的增加量之比为9:16，选项D错误；故选C。
6．【KS5U答案】D 【KS5U解析】航天器的轨道半径r＝，木星的半径R＝－，木星的质量M＝＝；知道木星的质量和半径，可以求出木星的密度．故D正确，A、B、C错误．
7．【KS5U答案】 D 【KS5U解析】若电压表读数为36 V，则输入电压的有效值为108 V，峰值为108 V，A错误；若输入电压不变，副线圈匝数增加到原来的2倍，则输出电压也增加到原来的2倍，电流表示数应增加到原来的2倍，B错误；若输入电压不变，负载电阻的阻值增加到原来的2倍，则输出电流减小到原来的一半，输入功率（等于输出功率）减小到原来的一半，C错误；若只将输入电压增加到原来的3倍，输出电压也增加到原来的3倍，则由P＝可知输出功率增加到原来的9倍，D正确．
8．【KS5U答案】C 【KS5U解析】由能量转化和守恒定律可知，拉力F对木板所做的功W一部分转化为物体m的动能，一部分转化为系统内能，故，，，以上三式联立可得，故C项正确。
9．【KS5U答案】 BCD 【KS5U解析】 由折射定律n＝知，蓝光从空气射向水中，入射角比折射角大，O1点在O点的左侧，A错误；由v＝知，蓝光进入水中的速度变小，B正确；若沿AO1方向射向水中的是一束紫光，紫光折射率大，折射角小，则折射光线有可能通过B点正下方的C点，C正确；若沿AO1方向射向水中的是一束红光，红光折射率小，折射角大，则折射光线有可能通过B点正上方的D点，D正确。
10．【KS5U答案】 AC 【KS5U解析】两列波的周期都是，计算波长，A正确；根据题意
，而时刻两波的振动方向相反，则P是振动加强的点，振幅等于两波振幅之和，即为70cm，B错误；波从C传到P的时间，波从B传到P的时间，在时刻，横波I与横波II两波叠加，P
点经过平衡位置向下运动，在时刻，经过了两个周期，P点经过平衡位置向下运动，C正确；因波长为20cm，则当波遇到40cm的障碍物将不会发生明显衍射现象，D错误。
11．【KS5U答案】AC 【KS5U解析】若小球在竖直平面内绕O点做圆周运动，小球的机械能与电势能之和不变，当小球运动到B点时，电势能最少，则小球到B点时的机械能最大，A正确；小球受合力方向与电场方向夹角45°斜向下，故若将小球由静止释放，将沿合力方向做匀加速直线运动，B错误；由于电场强度，故，物体不受拉力时的加速度大小为，若小球在竖直平面内绕O点做圆周运动，设它运动的最小速度为v，则有，解得，C正确；若将小球在A点以大小为的速度竖直向上抛出，小球将不会沿圆周运动，小球在竖直方向做竖直上拋，水平方向做匀加速，因Eq=mg，故水平加速度与竖直加速度大小均为g，当竖直方向上的速度为零时，时间，则水平位移，竖直位移，说明小球不能够到达D．
12．【KS5U答案】AD 【KS5U解析】 PM刚进入磁场时有效的切割长度等于a，产生的感应电动势为E=Bav，感应电流为，故A正确；NM边所受的安培力大小为F1=BIa=，方向垂直NM向下。PN边所受的安培力大小为F2=BIa=，方向垂直PN向下，线框所受安培力大小，故B错误；PM两端电压为，故C错误；PM刚进入磁场后，有效的切割长度逐渐减小，感应电动势逐渐减小，感应电流将减小，故D正确。
13．【KS5U答案】 (1)s2 (2)m1s2＝m1s1＋m2s3 【KS5U解析】 (1)根据平抛运动规律：h＝gt2，s2＝v1t，解得：v1＝s2．
(2)根据动量守恒定律，只要满足关系式m1s2＝m1s1＋m2s3，就说明两球碰撞过程中动量守恒．
14．【KS5U答案】（1）7.0 mA 175 V（2）②150 ③1.5 （3）64 【KS5U解析】（1）选择开关接1时测电流，其分度值为0.2 mA，示数为7.0 mA；选择开关接3时测电压，其分度值为5 V，其示数为175 V；
（2）②由题图丙所示电阻箱可知，电阻箱示数为0×1 000 Ω＋1×100 Ω＋5×10 Ω＋0×1 Ω
＝150 Ω；
③由题图乙所示可知，指针指在C处时，电流表示数为5.0 mA＝0.005 A，C处电阻为中值电阻，则电表内阻为150 Ω，电源电动势E＝I（R＋r）＝0.005×（150＋150） V＝1.5 V；
（3）根据第（1）问可知，表头所示电流为7.0 mA；调零后将电表红、黑表笔与某一待测电阻相连，此时电路中的电流值也为7.0 mA，而表内电池的电动势为E＝1.5 V，表内总电阻为150 Ω，由闭合电路欧姆定律可知：R＝Ω－150 Ω≈64 Ω，所以待测电阻的阻值为64 Ω.
15．【KS5U答案】 （1）6.25p0 （2）49次 【KS5U解析】（1）对汽缸下部分气体，设初状态压强为p1，末状态压强为p2，由玻意耳定律得p1V1＝p2V2，可知p1＝p2。初状态时对活塞p1S＝p0S＋G，联立解得p2＝p0＝6.25p0。
（2）把上部分气体和打进的n次气体作为整体，此时上部分汽缸中的压强为p
末状态时对活塞p2S＝pS＋G，由玻意耳定律得p0＋n·p0＝p ，联立解得p＝6p0，n＝49，即打气筒向汽缸内打气49次。
16．【KS5U答案】（1） （2） 【KS5U解析】（1）由波形图象知，波长：λ=4 m，又波长、波速和周期关系为：，联立以上两式并代入，得该波的周期为：。
（2）由已知条件知从t=0时刻起，质点M做简谐振动的位移表达式为： 。经时间t1（小于一个周期），M点的位移仍为0.02m，运动方向向下．可解得：，由于N点在M点右侧波长处，所以N点的振动滞后个周期，其振动方程为：。当时，
17．【KS5U答案】（1） （2） 【KS5U解析】（1）b小球从C点抛出做平抛运动，有：，解得，小球b做平抛运动的水平位移：
，解得。根据机械能守恒有：，可知小球b在碰后瞬间的速度：。
（2）a、b两小球相碰，由动量守恒得：，a、b两小球发生弹性碰撞，由机械能守恒得：。又ma=3mb，解得：，，可得：，小球a在轨道内运动，不能到达圆心高度，所以小球a不会脱离轨道，只能在轨道内来回滚动，根据机械能守恒可得：。解得：。
18．【KS5U答案】（1） （2） （3） 【KS5U解析】（1）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，轨迹如图所示．设粒子在第Ⅰ象限内的轨迹半径为R1，由几何关系有：，得：。根据洛伦兹力提供向心力有：，得：。
（2）带电粒子在电场中做类平抛运动，由几何关系有：，v0=vcos60°=v。粒子刚出电场时vx=vsin60°=v，粒子在电场中运动时间为：，vx=at，，可得：。
（3）由几何关系知，粒子在圆形磁场中运动的时间 ，而 ，结合
得：。
