【物理】贵州省毕节市梁才学校2019-2020学年高一上学期期中试题 （解析版）

【物理】贵州省毕节市梁才学校2019-2020学年高一上学期期中试题 （解析版）

贵州省梁才学校高2019级2019年秋期半期考试物理试题 一、选择题 ‎1.关于质点，下列说法正确的是（　　）‎ A. 运转中的地球不能看成质点，因为它的体积太大了，原子核可以看成质点，因为它极小 B. 研究火车在轨道上运行的所有问题均不可能将火车看成质点，因为火车有一定的长度，且车厢在前进，车轮则在转动 C. 研究体操运动员在平衡木上翻滚和转体时，可将运动员看成质点 D. 万吨巨轮在大海中航行时，要确定它的位置，可将它看成质点 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 物体能否看作质点与其大小无关；如地球在公转时可以看作质点；而原子在研究其转动时不能看作质点；故A错误；研究火车在相距较远的两站之间的运行时间时，火车的长度可以忽略，可以看作质点，故B错误；研究体操运动员在平衡木上翻滚和转体时，运动员的体积不能忽略，故不可将运动员看成质点，故C错误；万吨巨轮在大海中航行时，要确定它的位置，其大小可以忽略不计，故可将它看成质点，故D正确．故选D．‎ ‎2.规定向东为位移的正方向，今有一个皮球停在水平面的某处，轻轻踢它一脚，使它向东做直线运动，经5m远与墙相碰，后又向西做直线运动，经7m而停下。则上述过程中皮球通过的路程和位移分别是：‎ A. 12m、2m B. 12m、－2m C. －2m、2m D. 2m、－2m ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】皮球向东运动，经过5m，与墙相碰后又向西运动，经7m后停下，所以总的路程为12m；位移是指从初位置到末位置的有向线段，皮球的总的运动过程是向西运动了2m，所以位移为-2m。‎ A．12m、2m，与结论不相符，选项A错误；‎ B．12m、－2m，与结论相符，选项B正确；‎ C．－2m、2m，与结论不相符，选项C错误；‎ D．2m、－2m，与结论不相符，选项D错误；‎ ‎3.有关弹力，下列说法正确的是（ ）‎ A. 绳对物体的拉力的方向总是沿着绳而指向绳收缩的方向 B. 拿一根细竹杆拨动水中木头，木头受到竹杆的弹力，是由于木头发生形变而产生的 C. 木块放在桌面上要受到一个向上的弹力，是由于木块发生微小形变而产生的 D. 挂在电线下面的电灯受到向上的拉力，是因为电灯发生微小形变而产生的 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．绳对物体的拉力的方向，总是沿着绳而指向绳收缩的方向，故A正确；‎ B．拿一根细竹杆拨动水中木头，木头受到竹杆的弹力，是由于竹杆发生形变而产生的，故B错误；‎ C．木块放在桌面上受到一个向上的弹力，这是由于桌面发生微小形变而产生的，故C错误；‎ D．挂在电线下面的电灯受到向上的拉力，是因为电线发生微小形变而产生的，故D错误。‎ ‎4.如图所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为30°的斜面上，杆的另一端固定一个重力为2N的小球，小球处于静止状态，则弹性杆对小球的弹力（ ）‎ A. 大小为2N，方向平行于斜面向上 B. 大小为1N，方向平行于斜面向上 C. 大小为2N，方向垂直于斜面向上 D. 大小为2N，方向竖直向上 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】小球受到重力G和弹性杆对小球的弹力F，由于小球处于静止状态，弹力与重力平衡，故弹性杆对小球的弹力方向应竖直向上，大小为F=G=2N；‎ A. 大小为2N，方向平行于斜面向上，与结论不相符，选项A错误；‎ B. 大小为1N，方向平行于斜面向上，与结论不相符，选项B错误；‎ C. 大小为2N，方向垂直于斜面向上，与结论不相符，选项C错误；‎ D. 大小2N，方向竖直向上，与结论相符，选项D正确；‎ ‎5. 小球自某一高度自由落下，它落地时的速度与落到一半高度时的速度之比是（ ）‎ A. ∶1 B. ∶2 C. 2∶1 D. 4∶1‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，前一半位移内；整个位移上：，联立解得：；即到达地面时的速度与在一半高度时的速度之比为.故选A.‎ ‎6.下列说法中不正确的是（ ）‎ A. 在地球表面附近的物体，一定受到重力 B. 重力方向一定是垂直于水平面向下 C. 用一条软绳将一物体悬挂起来保持静止，物体的重心一定在悬绳的延长线上 D. 任何有规则形状的物体，其几何中心必与其重心重合 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．重力源自万有引力，凡是地球表面附近物体，一定受到重力，故A与题意不符；‎ B．重力的方向一定是垂直水平面向下，即竖直向下，故B与题意不符；‎ C．根据二力平衡可知，用软绳将一物体悬挂起来（静止），物体重心一定在悬绳所在的直线上，故C与题意不符；‎ D．重心分布与物体的形状和质量分布情况有关，有规则形状的物体，其几何中心不一定与其重心重合，还与质量分布情况有关，故D与题意相符。‎ ‎7.如图细绳竖直拉紧，小球和光滑斜面接触，并处于静止状态，则小球受到的力是：（　　）‎ A. 重力、绳的拉力、斜面的弹力 B. 重力、绳的拉力 C. 重力、斜面的弹力 D. 绳的拉力、斜面的弹力 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 小球受力如图 从受力上分析可知：小球受到重力、绳的拉力，故B正确；‎ 综上所述本题答案是：B ‎8.有两个大小恒定的力，作用在一点上，当两力同向时，合力为A，反向时合力为B，当两力相互垂直时，其合力大小为 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 设两个力分别为F1和F2，根据已知条件并运用平行四边形定则列式分析即可．‎ ‎【详解】两力同向时，有F1+F2=A；两力反向时，有F1-F2=B；解得，；‎ 两个力垂直时，有，解得，故选D。‎ ‎9.滑块以某一初速度冲上斜面做匀减速直线运动，到达斜面顶端时的速度为零．已知滑块通过斜面中点时的速度为v，则滑块在前一半路程中的平均速度大小为（　　）‎ A. B. （+1）v C. v D. v ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】设初速度为v0，减速位移为L，由速度位移关系可得：，，由匀变速直线运动的推论；故选A.‎ ‎10.在军事演习中，某空降兵从飞机上跳下，先做自由落体运动，在t1时刻，速度达较大值v1时打开降落伞，做减速运动，在t2时刻以较小速度v2着地。他的速度图像如图所示。下列关于该空降兵在0～t1或t1～t2时间内的平均速度的结论正确的是（ ）‎ A. 0～t1， B. t1～t2，‎ C. t1～t2， D. t1～t2，‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．空降兵在0～t1时间内做自由落体运动，由匀变速直线运动规律可得 故A错误；‎ BCD．根据图形的面积表示位移的大小可知，向下弯曲的曲线，位移要比匀变速直线运动时的小，所以平均速度也要比较小，即,故BC错误，D正确。‎ ‎11.作用于同一物体上的两个力，F1=5N，F2=4N，它们的合力可能是（ ）‎ A. 0N B. 10N C. 9N D. 5N ‎【答案】CD ‎【解析】‎ ‎【详解】两力合成时，合力范围为，故合力范围为,‎ 故CD正确。‎ ‎12.如图所示，为一物体做匀变速直线运动的速度——时间图线，根据图线作出的以下几个判断，正确的是（ ）‎ A. 物体始终沿正方向运动 B. 在t=2s前，物体位于出发点负方向上，在t=2s后物体位于出发点正方向上 C. 物体先沿负方向运动，在t=2s后，开始沿正方向运动 D. 前4s内，当t=2s时，物体距出发点最远 ‎【答案】CD ‎【解析】‎ ‎【详解】AC．物体在前2s内沿负方向运动，后2s内沿正方向运动，速度方向相反，故A错误，C正确；‎ BD．根据速度图象与时间轴所围的“面积”表示位移，图线在横轴上方，位移为正值，在横轴下方位移为负值，则知在t=4s时，物体离出发点的位移为零，物体返回到原出发点，所以物体4s内始终位于出发点负方向上，故B错误，D正确。‎ ‎13.A物体自高为H的塔顶自由下落的同时，B物体自塔底以初速度v0竖直上抛，B物体上升至最高点时，A物体正好落地，则下列说法正确的是（　　）‎ A. 两物体相遇时，A、B两物体的速度大小均为 B. 两物体相遇时离地面的高度为 C. B物体上升的最大高度高于H D A物体落地时速度小于v0‎ ‎【答案】AB ‎【解析】‎ ‎【详解】由题意可知，A做匀加速直线运动，B做匀减速直线运动，且A、B两物体的加速度相同，运动时间相同，由可知，速度变化量大小相等， 则A物体落地时速度与B物体上抛时初速度大小相等，都等于， B物体上升的最大高度与A物体的下落高度相等，都等于H，故CD错误；设两物体相遇时所用的时间为t，速度大小为v， 由速度时间公式得，对于A物体有：， 对于B物体有：， 联立以上两式可解得 ‎，则两物体相遇时，A、B两物体的速度大小， 由速度位移公式得， ， ， 联立以上各式可解得：，两物体相遇时离地面的高度为 ，故AB 正确．‎ ‎14.如图所示，两块相互垂直的光滑挡板OP、OQ，OP竖直放置，小球a、b固定在轻弹簧的两端．水平力F作用于b时，a、b紧靠挡板处于静止状态．现保证b球不动，使挡板OP向右缓慢平移一小段距离，则( )‎ A. 弹簧变短 B. 弹簧变长 C. 力F变大 D. b对地面的压力不变 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】AB.对a进行受力分析，如图所示，使挡板OP向右缓慢平移一小段距离，θ减小，‎ θ减小，cosθ增大，F弹减小，再根据胡克定律F=kx，x减小，弹簧变长，故A错误，B正确；‎ C.根据以上分析可知FN=mgtanθ,θ减小，tanθ减小，FN减小，对于整体ab，在水平方向，根据平衡条件：F=FN,力F变小，故C错误；‎ D. 对于整体ab，在竖直方向，根据平衡条件：Fb=（ma+mb）g,地面对b的支持力不变，根据牛顿第三定律，b对地面的压力也不变，故D正确。‎ 二、实验题 ‎15.在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，实验装置如图，实验时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端每次测出相应的弹簧总长度．有一个同学通过以上实验测量后把6组数据描点在如坐标图，由此图线可得出该弹簧的原长为L0＝______cm. ‎ ‎【答案】5‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】弹簧处于原长时，弹力为零，故弹簧的原长L0=5cm ‎16.振针式电磁打点计时器是一种使用________（填“交流”或“直流”）电源的计时仪器，它的工作电压是6-8V。当电源频率是50Hz时，它每隔_______s打一次点。‎ ‎【答案】 ( 交流 0.02‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】振针式电磁打点计时器使用的是交流电源；‎ 当电源频率是50Hz时，它每隔0.02s打一次点。‎ ‎17.如图所示，是研究匀变速直线运动的实验中得到的一条纸带，舍去前面比较密集的点，从O点开始每5个点取一个计数点：0、1、2、3、4、5、6，量得s1=1.30cm，s2=1.80cm，s3=2.28cm，s4=2.78cm，s5=3.29cm，s6=3.81cm。（每两个计数点的时间间隔为T）‎ ‎（1）打计数点1时小车的速度v1=________cm/s ‎（2）求出小车的加速度a=_________‎ ‎（3）用s1和s2及T表示v0,则v0=___________‎ ‎【答案】 (1). 15.5 (2). (3). ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1) 由于每5个点取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度 ‎(2)根据匀变速直线运动的推论公式△s=aT2可以求出加速度的大小 ‎ ‎ ‎(3)[3]由某时间内的平均速度等于瞬时速度，则有 又因加速度 根据，联立解得 三、计算题 ‎18.如图所示，在水平面上向右运动的物体，质量为20kg。物体与水平面的动摩擦因数µ=0.1，运动过程中， 还受到一个水平向左的大小为10N的拉力的作用。‎ ‎（1）物体受到的滑动摩擦力为多少？‎ ‎（2）如果速度为5m/s时,撤去向左的拉力，以加速度1m/s2减速运动，物体滑行多远停下？‎ ‎【答案】（1）20N （2）‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)物体受到的滑动摩擦力为 ‎(2)由速度位移公式得 ‎19.汽车以10m/s的速度行驶，刹车后获得2m/s2的加速度。‎ ‎（1）汽车停下需要多少时间？‎ ‎（2）则刹车后4s通过的位移是多少？‎ ‎（3）刹车后8s通过的位移是多少？‎ ‎【答案】（1）5s； （2）24m （3）25m ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)根据v=v0+at得汽车停车时间为：‎ ‎(2)刹车后4s的速度为 刹车后4s通过的位移 ‎(3)由于汽车后5s停止，所以刹车后8s通过的位移时 ‎20.如图所示，在质量为m＝1kg的重物上系着一条长为30cm的细绳，细绳的另一端连着一个轻质圆环，圆环套在水平的棒上可以滑动，环与棒间的动摩擦因数μ＝0.75，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．另有一条细绳一端固定在重物上，另一端跨过定滑轮，定滑轮固定在距离圆环50cm的地方．当细绳的端点挂上重力为G的重物，而圆环将要开始滑动时，(g取10m/s2)试求：‎ ‎（1）φ角的大小；‎ ‎（2）长为30 cm的细绳的张力大小；‎ ‎（3）重物G的质量．‎ ‎【答案】（1）（2）8N（3）0.6kg.‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)圆环将要开始滑动时，所受的静摩擦力刚好达到最大值，有，对环进行受力分析，则有 解得 得 由于AO=30cm，AB=50cm，由余弦定理可求得 ‎(2)按如图所示选取坐标轴 根据m处于平衡状态，则有：‎ 解得：‎ T=8N ‎(3)圆环将要滑动时，重物G=m′g，又 解得