【物理】2018届一轮复习人教版 机械能守恒定律及其应用 学案

【物理】2018届一轮复习人教版 机械能守恒定律及其应用 学案

第3节机械能守恒定律及其应用 ‎(1)重力势能的大小与零势能参考面的选取有关。(√)‎ ‎(2)重力势能的变化与零势能参考面的选取无关。(√)‎ ‎(3)被举到高处的物体重力势能一定不为零。(×)‎ ‎(4)克服重力做功，物体的重力势能一定增加。(√)‎ ‎(5)发生弹性形变的物体都具有弹性势能。(√)‎ ‎(6)弹力做正功弹性势能一定增加。(×)‎ ‎(7)物体所受的合外力为零，物体的机械能一定守恒。(×)‎ ‎(8)物体的速度增大时，其机械能可能减小。(√)‎ ‎(9)物体除受重力外，还受其他力，但其他力不做功，则物体的机械能一定守恒。(√)‎ 突破点(一)　机械能守恒的理解与判断 ‎1．对机械能守恒条件的理解 ‎(1)只受重力作用，例如做平抛运动的物体机械能守恒。‎ ‎(2)除重力外，物体还受其他力，但其他力不做功或做功代数和为零。‎ ‎(3)除重力外，只有系统内的弹力做功，并且弹力做的功等于弹性势能变化量的负值，那么系统的机械能守恒，注意并非物体的机械能守恒，如与弹簧相连的小球下摆的过程机械能减少。‎ ‎2．机械能是否守恒的三种判断方法 ‎(1)利用机械能的定义判断：若物体动能、势能之和不变，机械能守恒。‎ ‎(2)利用守恒条件判断。‎ ‎(3)利用能量转化判断：若物体系统与外界没有能量交换，物体系统内也没有机械能与其他形式能的转化，则物体系统机械能守恒。‎ 多角练通]‎ ‎1．(2017·兰州模拟)以下情形中，物体的机械能一定守恒的是(　　)‎ A．下落的物体受到空气阻力的作用 B．物体以一定初速度在粗糙的水平面上滑动 C．一物体匀速上升 D．物体沿光滑斜面自由下滑 解析：选D　物体下落的过程中受到空气阻力的作用，且阻力做负功，故物体的机械能不守恒，A错误；物体以一定初速度在粗糙的水平面上滑动时势能不变，动能减小，机械能不守恒，B错误；物体匀速上升过程动能不变，势能增大，机械能不守恒，C错误；物体沿光滑斜面自由下滑过程中只有重力做功，机械能守恒，故D正确。‎ ‎2.(2017·保定模拟)如图所示，倾角为θ的光滑斜面体C固定于水平地面上，小物块B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体A相连接，释放后，A将向下运动，则在A碰地前的运动过程中(　　)‎ A．A的加速度大小为g B．物体A机械能守恒 C．由于斜面光滑，所以物块B机械能守恒 D．A、B组成的系统机械能守恒 解析：选D　物体A向下运动的过程中除受到重力以外，还受到细绳向上的拉力，故物体A下落的加速度一定小于g，A项错误；物体A下落过程中，细绳的拉力做负功，A的机械能不守恒，故B项错误；由于斜面光滑，A、B组成的系统在整个运动过程中，只有重力做功，系统机械能守恒，但细绳拉力对B做正功，B的机械能增加，故C项错误，D项正确。‎ ‎3.把小球放在竖立的弹簧上，并把球往下按至A位置，如图甲所示。迅速松手后，球升高至最高位置C(图丙)，途中经过位置B时弹簧正处于原长(图乙)。忽略弹簧的质量和空气阻力。则小球从A位 置运动到C位置的过程中，下列说法正确的是(　　)‎ A．经过位置B时小球的加速度为0‎ B．经过位置B时小球的速度最大 C．小球、地球、弹簧所组成系统的机械能守恒 D．小球、地球、弹簧所组成系统的机械能先增大后减小 解析：选C　分析小球从A位置到B位置的过程中受力情况， 时弹力大于重力，中间某一位置弹力和重力相等，接着弹力小于重力，在B点时，弹力为零，小球从B到C的过程中，只受重力。根据牛顿第二定律可以知道小球从A位置到B位置过程中，小球先向上做加速运动再向上做减速运动，所以速度最大位置应该是加速度为零的位置，在AB之间某一位置，选项A、B错误；从A位置到C位置过程中小球、地球、弹簧组成的系统只有重力和弹力做功，所以系统的机械能守恒，选项C正确，D错误。‎ 突破点(二)　单个物体的机械能守恒 ‎1．机械能守恒的三种表达式对比 守恒角度 转化角度 转移角度 表达式 E1＝E2‎ ΔEk＝－ΔEp ΔEA增＝ΔEB减 物理意义 系统初状态机械能的总和与末状态机械能的总和相等 表示系统(或物体)机械能守恒时，系统减少(或增加)的重力势能等于系统增加(或减少)的动能 若系统由A、B两部分组成，则A部分物体机械能的增加量与B部分物体机械能的减少量相等 注意事项 应用时应选好重力势能的零势能面，且初、末状态必须用同一零势能面计算势能 应用时关键在于分清重力势能的增加量和减少量，可不选零势能面而直接计算初、末状态的势能差 常用于解决两个或多个物体组成的系统的机械能守恒问题 ‎2．求解单个物体机械能守恒问题的基本思路 ‎(1)选取研究对象——物体。‎ ‎(2)根据研究对象所经历的物理过程，进行受力、做功分析，判断机械能是否守恒。‎ ‎(3)恰当地选取参考平面，确定研究对象在初、末状态时的机械能。‎ ‎(4)选取方便的机械能守恒定律的方程形式(Ek1＋Ep1＝Ek2＋Ep2、ΔEk＝－ΔEp)进行求解。‎ 典例]　(2017·贵州七校高三联考)如图所示，水平传送带的右端与竖直面内的用内壁光滑钢管弯成的“‎9”‎形固定轨道相接，钢管内径很小。传送带的运行速度为v0＝‎6 m/s，将质量m＝‎1.0 kg的可看作质点的滑块无初速地放在传送带A端，传送带长度L＝‎12.0 m，“‎9”‎形轨道高H＝‎0.8 m，“‎9”‎形轨道上半部分圆弧半径为R＝‎0.2 m，滑块与传送带间的动摩擦因数为μ＝0.3，重力加速度g＝‎10 m/s2，试求：‎ ‎(1)滑块从传送带A端运动到B端所需要的时间；‎ ‎(2)滑块滑到轨道最高点C时受到轨道的作用力大小；‎ ‎(3)若滑块从“‎9”‎形轨道D点水平抛出后，恰好垂直撞在倾角θ＝45°的斜面上P点，求P、D两点间的竖直高度h(保留两位有效数字)。‎ 审题指导]‎ 第一步：抓关键点 关键点 获取信息 内壁光滑的“9”形固定轨道 滑块在“9”形轨道内运动时机械能守恒 滑块无初速地放在传送带A端 滑块从A点 做初速度为0的匀加速运动 滑块从“9”形轨道D点水平抛出 滑块由D到P做平抛运动，机械能守恒 恰好垂直撞在倾角θ＝45°‎ 滑块在P点的速度vP 的斜面上的P点 垂直于斜面，其水平分速度为vD 第二步：找突破口 ‎(1)判断滑块在传送带上的运动时，若滑块与传送带同速时没有到达B点，则剩余部分将做匀速直线运动。‎ ‎(2)在轨道的C点，根据FN＋mg＝m求滑块受轨道的作用力时，应先求出滑块到C点的速度vC。‎ ‎(3)滑块由D点到P点做平抛运动，故滑块在P点速度vP在水平方向的分速度与在D点速度相等，即vD＝vPsin θ。‎ 解析]　(1)滑块在传送带运动时，由牛顿第二定律得：‎ μmg＝ma 得：a＝μg＝‎3 m/s2‎ 加速到与传送带达到共速所需要的时间：t1＝＝2 s 前2 s内的位移：x1＝at12＝‎‎6 m 之后滑块做匀速运动的位移：x2＝L－x1＝‎‎6 m 时间：t2＝＝1 s 故滑块从传送带A端运动到B端所需时间为：‎ t＝t1＋t2＝3 s。‎ ‎(2)滑块由B运动到C，由机械能守恒定律得：‎ ‎－mgH＝mvC2－mv02‎ 在C点，轨道对滑块的弹力与其重力的合力提供做圆周运动的向心力，设轨道对滑块的弹力方向竖直向下，由牛顿第二定律得：FN＋mg＝m 解得：FN＝90 N。‎ ‎(3)滑块由B到D运动的过程中，由机械能守恒定律得：‎ mv02＝mvD2＋mg(H－2R)‎ 设P、D两点间的竖直高度为h，‎ 滑块由D到P运动的过程中，由机械能守恒定律得：‎ mvP2＝mvD2＋mgh 又vD＝vPsin 45°‎ 由以上三式可解得h＝‎1.4 m。‎ 答案]　(1)3 s　(2)90 N　(3)‎‎1.4 m 方法规律]‎ ‎(1)列方程时，选取的表达角度不同，表达式不同，对参考平面的选取要求也不一定相同。‎ ‎(2)应用机械能守恒能解决的问题，应用动能定理同样能解决，但其解题思路和表达式有所不同。‎ 集训冲关]‎ ‎1．(2016·全国甲卷)小球P和Q用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上，P球的质量大于Q球的质量，悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短。将两球拉起，使两绳均被水平拉直，如图所示。将两球由静止释放。在各自轨迹的最低点，(　　)‎ A．P球的速度一定大于Q球的速度 B．P球的动能一定小于Q球的动能 C．P球所受绳的拉力一定大于Q球所受绳的拉力 D．P球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度 解析：选C　两球由静止释放到运动到轨迹最低点的过程中只有重力做功，机械能守恒，取轨迹的最低点为零势能点，则由机械能守恒定律得mgL＝mv2，v＝，因LP＜LQ，则vP＜vQ，又mP＞mQ，则两球的动能无法比较，选项A、B错误；在最低点绳的拉力为F，则F－mg＝m，解得F＝3mg，因mP＞mQ，则FP＞FQ，选项C正确；向心加速度a＝＝‎2g，选项D错误。 ‎ ‎2.(2016·海南高考)如图，光滑圆轨道固定在竖直面内，一质量为m的小球沿轨道做完整的圆周运动。已知小球在最低点时对轨道的压力大小为N1，在高点时对轨道的压力大小为N2。重力加速度大小为g，则N1－N2的值为(　　)‎ A．3mg　　　　　　　　 B．4mg C．5mg D．6mg 解析：选D　设小球在最低点时速度为v1，在最高点时速度为v2，根据牛顿第二定律有，在最低点：N1－mg＝，在最高点：N2＋mg＝；从最高点到最低点，根据动能定理有mg·2R＝mv12－mv22，联立可得：N1－N2＝6 mg，故选项D正确。‎ ‎3.如图所示，ABDO是处于竖直平面内的光滑固定轨道，AB是半径为R＝‎15 m的圆周轨道，半径OA处于水平位置，BDO是直径为‎15 m的半圆轨道，D为BDO轨道的中央。一个小球P从A点的正上方高H处自由落下，沿竖直平面内的轨道通过D点时对轨道的压力等于其重力的倍。取g＝‎10 m/s2。‎ ‎(1)求H的大小。‎ ‎(2)试讨论小球能否到达O点，并说明理由。‎ ‎(3)求小球再次落到轨道上的速度大小。‎ 解析：(1)设小球通过D点的速度为v，则有：‎ m＝F＝mg 小球从P点落下直到沿光滑轨道运动到D点的过程中，机械能守恒，有mg＝mv2，‎ 可得高度H＝R＝‎10 m。‎ ‎(2)设小球能够沿竖直半圆轨道运动到O点的最小速度为vm，有m＝mg 小球至少应从Hm高处落下，mgHm＝mvm2‎ 解得Hm＝，由H＞Hm，小球可以通过BDO轨道的O点。‎ ‎(3)小球由H落下通过O点的速度为 v0＝≈‎14.1 m/s 小球通过O点后做平抛运动，设小球经时间t落到AB圆弧轨道上，有x＝v0t y＝gt2‎ 且x2＋y2＝R2‎ 可解得时间t＝1 s(另解舍弃)‎ 落到轨道上的速度大小v＝≈‎17.3 m/s。‎ 答案：(1)‎10 m　(2)能。理由见解析　(3)‎17.3 m/s 突破点(三)　多个物体的机械能守恒 典例]　物体A的质量为mA，圆环B的质量为mB，通过绳子跨过定滑轮连结在一起，圆环套在光滑的竖直杆上， 时连接圆环的绳子处于水平，如图所示，长度l＝‎4 m，现从静止释放圆环。不计定滑轮和空气的阻力，取g＝‎10 m/s2。求：‎ ‎(1)若mA∶mB＝5∶2，则圆环能下降的最大距离hm。‎ ‎(2)若圆环下降h2＝‎3 m时的速度大小为‎4 m/s，则两个物体的质量应满足怎样的关系？‎ ‎(3)若mA＝mB，请定性说明圆环下降过程中速度大小变化的情况及其理由。‎ 解析]　(1)设圆环所能下降的最大距离为hm，由机械能守恒定律得mBghm＝mAghA hm2＋l2＝(l＋hA)2‎ 代入数据得hm2－hm＝0‎ 解得hm＝ m≈‎3.8 m。‎ ‎(2)由机械能守恒 mBgh2＝mAghA′＋mBvB2＋mAvA2‎ vA＝vBcos θ＝vB＝4× m/s＝‎2.4 m/s h22＋l2＝(l＋hA′)2，解得hA′＝‎‎1 m 解得两个物体的质量关系：＝≈1.71。‎ ‎(3)当mA＝mB，且l确定时，根据几何关系可知圆环下降的高度大于A上升的高度，则在圆环下降过程中，系统的重力势能一直在减少，根据系统的机械能守恒可知系统的动能一直在增加，所以圆环在下降过程中速度一直增大。‎ 答案]　(1)‎3.8 m　(2)mA∶mB＝1.71　(3)速度一直增大，当mA＝mB，且l确定时，根据几何关系可知圆环下降的高度大于A 上升的高度，则在圆环下降过程中，系统的重力势能一直在减少，根据系统的机械能守恒可知系统的动能一直在增加，所以圆环在下降过程中速度一直增大。‎ 易错提醒]‎ ‎(1)对多个物体组成的系统要注意判断物体运动过程中，系统的机械能是否守恒。‎ ‎(2)注意寻找用绳或杆相连接的物体间的速度关系和位移关系。‎ ‎(3)列机械能守恒方程时，一般选用ΔEk＝－ΔEp或ΔEA＝－ΔEB的形式。‎ 集训冲关]‎ ‎1.(2017·淄博、莱芜二模如图所示，不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮，绳两端各系一小球a和b。a球质量为m，静置于水平地面上；b球质量为‎3m，用手托住，高度为h，此时轻绳刚好拉紧。现将b球释放，则b球着地瞬间a球的速度大小为(　　)‎ A.　　　　　　　　 B. C. D．2 解析：选A　在b球落地前，a、b两球组成的系统机械能守恒，且a、b两球速度大小相等，设为v，根据机械能守恒定律有：3mgh＝mgh＋(‎3m＋m)v2，解得：v＝，故A正确。‎ ‎2．(多选)(2016·全国甲卷)如图，小球套在光滑的竖直杆上，轻弹簧一端固定于O点，另一端与小球相连。现将小球从M点由静止释放，它在下降的过程中经过了N点。已知在M、N两点处，弹簧对小球的弹力大小相等，且∠ONM<∠OMN<。在小球从M点运动到N点的过程中，(　　)‎ A．弹力对小球先做正功后做负功 B．有两个时刻小球的加速度等于重力加速度 C．弹簧长度最短时，弹力对小球做功的功率为零 D．小球到达N点时的动能等于其在M、N两点的重力势能差 解析：选BCD　在M、N两点处，弹簧对小球的弹力大小相等，且∠ONM＜∠OMN＜，则小球在M点时弹簧处于压缩状态，在N点时弹簧处于拉伸状态，小球从M点运动到N点的过程中，弹簧长度先缩短，当弹簧与竖直杆垂直时弹簧达到最短，这个过程中弹力对小球做负功，然后弹簧再伸长，弹力对小球 ‎ 做正功，当弹簧达到自然伸长状态时，弹力为零，再随着弹簧的伸长弹力对小球做负功，故整个过程中，弹力对小球先做负功，再做正功，后再做负功，选项A错误；在弹簧与杆垂直时及弹簧处于自然伸长状态时，小球加速度等于重力加速度，选项B正确；弹簧与杆垂直时，弹力方向与小球的速度方向垂直，则弹力对小球做功的功率为零，选项C正确；由机械能守恒定律知，在M、N两点弹簧弹性势能相等，在N点动能等于从M点到N点重力势能的减小值，选项D正确。‎ ‎3.(2017·邯郸一中调研)如图，在半径为r的轴上通过细绳悬挂着一个质量为M的水桶P，轴上均匀分布着6根手柄，每个手柄端固定有质量均为m的金属球，球离轴心的距离为l，轮轴、细绳和手柄的质量及摩擦均不计。现由静止释放水桶，整个装置 转动。‎ ‎(1)当水桶下降的高度为h时，水桶的速度为多少？‎ ‎(2)已知水桶匀加速下降，下降过程中细绳的拉力为多少？‎ 解析：(1)设水桶下降的高度为h时，水桶的速度为v1，金属球的速度为v2，系统机械能守恒，有：‎ Mgh＝Mv12＋×6mv22，‎ 又：＝＝，解得：v1＝ 。‎ ‎(2)设水桶匀加速下降的加速度为a，则：‎ v12＝2ah，a＝＝，‎ 对水桶：Mg－T＝Ma，‎ 解得：T＝M(g－a)＝。‎ 答案：(1) 　(2) ‎　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　‎ 非质点类机械能守恒问题 像“液柱”、“链条”、“过山车”类物体，在其运动过程中将发生形变，其重心位置相对物体也发生变化，因此这类物体不能再视为质点来处理了。‎ ‎(一)“液柱”类问题 ‎1.如图所示，粗细均匀，两端开口的U形管内装有同种液体、 时两边液面高度差为h，管中液柱总长度为4h，后来让液体自由流动，当两液面高度相等时，右侧液面下降的速度为(　　)‎ A. 　　　　　　　 B. C. D. 解析：选A　当两液面高度相等时，减少的重力势能转化为整个液体的动能，根据功能关系有mg·h＝mv2，解得：v＝ ，故A正确。‎ ‎(二)“链条”类问题 ‎2．如图所示，AB为光滑的水平面，BC是倾角为α的足够长的光滑斜面，斜面体固定不动。AB、BC间用一小段光滑圆弧轨道相连。一条长为L的均匀柔软链条 时静止的放在ABC面上，其一端D至B的距离为L－a。现自由释放链条，则：‎ ‎(1)链条下滑过程中，系统的机械能是否守恒？简述理由；‎ ‎(2)链条的D端滑到B点时，链条的速率为多大？‎ 解析：(1)链条在下滑过程中机械能守恒，因为斜面BC和水平面AB均光滑，链条下滑时只有重力做功，符合机械能守恒的条件。‎ ‎(2)设链条质量为m，可以认为始、末状态的重力势能变化是由L－a段下降引起的，‎ 高度减少量h＝sin α＝sin α 该部分的质量为m′＝(L－a)‎ 由机械能守恒定律可得：(L－a)gh＝mv2，‎ 可解得：v＝ 。‎ 答案：(1)守恒　理由见解析　(2) ‎(三)“过山车”类问题 ‎3.如图所示，露天娱乐场空中列车是由许多节完全相同的车厢组成，列车先沿光滑水平轨道行驶，然后滑上一固定的半径为R的空中圆形光滑轨道，若列车全长为L(L＞2πR)，R远大于一节车厢的长度和高度，那么列车在运行到圆形光滑轨道前的速度至少要多大，才能使整个列车安全通过固定的圆形轨道(车厢间的距离不计)。‎ 解析：当列车进入轨道后，动能逐渐向势能转化，车速逐渐减小，当车厢占满圆形轨道时的速度最小，设此时的速度为v，列车的质量为M，‎ 轨道上那部分列车的质量M′＝·2πR 由机械能守恒定律可得：Mv02＝Mv2＋M′gR 又因圆形轨道顶部车厢应满足：mg＝m，‎ 可求得：v0＝ 。‎ 答案： 反思领悟]‎ ‎(1)物体虽然不能看作质点，但因只有重力做功，物体整体机械能守恒。‎ ‎(2)在确定物体重力势能的变化量时，要根据情况，将物体分段处理，确定好各部分的重心及重心高度的变化量。‎ ‎(3)非质点类物体各部分是否都在运动，运动的速度大小是否相同，若相同，则物体的动能才可表示为mv2。‎ 对点训练：机械能守恒的理解与判断 ‎1．(多选)一蹦极运动员身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落，到最低点(在水面上方)时距水面还有数米距离。假定空气阻力可忽略不计，运动员可视为质点，下列说法正确的是(　　)‎ A．运动员到达最低点前重力势能始终减小 B．蹦极绳张紧后的下落过程中，弹力做负功，弹性势能增加 C．蹦极过程中，运动员、地球和蹦极绳所组成的系统机械能守恒 D．蹦极过程中，运动员的重力势能的改变量与重力势能零点的选取有关 解析：选ABC　运动员下落到最低点前，重力做正功，重力势能减小，A正确；蹦极绳张紧后的下落过程中，弹力做负功，弹性势能增加，B正确；蹦极过程中，对运动员、地球和蹦极绳所组成的系统，除重力和弹力外其他力不做功，系统机械能守恒，C正确；蹦极过程中，运动员的重力势能的大小与重力势能零点的选择有关，但运动员的重力势能的改变量与重力势能零点的选择无关，D错误。‎ ‎2.(2016·唐山二模)如图所示，质量均为m，半径均为R的两个完全相同的小球A、B，在水平轨道上以某一初速度向右冲上倾角为θ的倾斜轨道，两轨道通过一小段圆弧平滑连接。若两小球运动过程中始终接触，不计摩擦阻力及弯道处的能量损失，在倾斜轨道上运动到最高点时两球机械能的差值为(　　)‎ 图1‎ A．0　　　　　　　　　　 B．mgRsin θ C．2mgRsin θ D．2mgR 解析：选C　两球运动到最高点时速度相等，动能相等，则两球机械能的差值等于重力势能的差值，为：ΔE＝mg·2Rsin θ＝2mgRsin θ，故C正确。‎ ‎3.(2017·贵阳监测)如图所示，一质量为m的小球固定于轻质弹簧的一端，弹簧的另一端固定于O点。将小球拉至A点，弹簧恰好无形变，由静止释放小球，当小球运动到O点正下方与A点的竖直高度差为h的B点时，速度大小为v。已知重力加速度为g，下列说法正确的是(　　)‎ A．小球运动到B点时的动能等于mgh B．小球由A点到B点重力势能减少mv2‎ C．小球由A点到B点克服弹力做功为mgh D．小球到达B点时弹簧的弹性势能为mgh－mv2‎ 解析：选D　小球由A点到B点的过程中，小球和弹簧组成的系统机械能守恒，弹簧由原长到发生伸长的形变，小球动能增加量小于重力势能减少量，A项错误；小球重力势能减少量等于小球动能增加量与弹簧弹性势能增加量之和，B项错误；弹簧弹性势能增加量等于小球重力势能减少量与动能增加量之差，D项正确；弹簧弹性势能增加量等于小球克服弹力所做的功，C项错误。‎ 对点训练：单个物体的机械能守恒 ‎4.如图所示，一长L的均匀铁链对称挂在一轻质小滑轮上，由于某一微小的扰动使得链条向一侧滑动，则铁链完全离开滑轮时的速度大小为(　　)‎ A.　　　　　　　　 B. C. D. 解析：选C　铁链向一侧滑动的过程受重力和滑轮弹力的作用，弹力始终与对应各节链条的运动方向垂直，故只有重力做功。设铁链刚好完全离开滑轮时的速度为v，由机械能守恒定律有：mv2＋ΔEp＝0，‎ 其中铁链重力势能的变化量相当于滑离时下半部分的重力势能减去滑动前左半部分的重力势能，如图所示，即ΔEp＝－mg·，解得v＝。故C项正确。‎ ‎5．如图甲所示，将质量为m的小球以速度v0竖直向上抛出，小球上升的最大高度为h。若将质量分别为‎2m、‎3m、‎4m、‎5m的小球，分别以同样大小的速度v0从半径均为R＝h的竖直圆形光滑轨道的最低点水平向右射入轨道，轨道形状如图乙、丙、丁、戊所示。则质量分别为‎2m、‎3m、‎4m、‎5m的小球中，能到达的最大高度仍为h的是(小球大小和空气阻力均不计)(　　)‎ A．质量为‎2m的小球 B．质量为‎3m的小球 C．质量为‎4m的小球 D．质量为‎5m的小球 解析：选C　由题意可知，质量为m的小球，竖直向上抛出时只有重力做功，故机械能守恒，得：mgh＝mv02。题图乙将质量为‎2m的小球以速度v0射入轨道，小球若能到达最大高度为h，则此时速度不为零，此时的动能与重力势能之和，大于初位置时的动能与重力势能，故不可能，即h2

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