安徽省阜阳市颍上二中2019-2020学年高一第二学期分班考试物理试卷

安徽省阜阳市颍上二中2019-2020学年高一第二学期分班考试物理试卷

物 理 试 题 ‎ 一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）‎ 1. 如图一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动。若保持F的大小不变，而 方向与水平面成‎60°‎角，物块也恰好做匀速直线运动。物块与桌面间的动摩擦因数为‎(    )‎ ‎ A. ‎2-‎‎3‎ B. ‎3‎‎6‎ C. ‎3‎‎3‎ D. ‎‎3‎‎2‎ 2. 汽车紧急刹车后，停止运动的车轮在水平地面上滑动直至停止，在地面上留下的痕迹称为刹车线。由刹车线的长短可知汽车刹车前的速度。已知汽车轮胎与地面之间的动摩擦因数为‎0.80‎，测得刹车线长25m。汽车在刹车前的瞬间的速度大小为‎(‎重力加速度g取‎10m/s‎2‎)(    )‎ A. 10 m/s B. 20 m/s C. 30 m/s D. 40 ‎m/s 3. 甲、乙两物体零时刻开始从同一地点向同一方向做直线运动，位移一时间图象如图所示，则在‎0～‎t‎1‎时间内‎(‎   ‎)‎ A. 甲的速度总比乙大 B. 甲、乙位移相同 C. 甲经过的路程比乙小 D. 甲、乙均做加速运动 ‎ 4. 甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶，在t=0‎到t=‎t‎1‎的时间内，它们的v-t图象如图所示。在这段时间内‎(    )‎ A. 汽车甲的平均速度比乙的大 B. 汽车乙的平均速度等于v‎1‎‎+‎v‎2‎‎2‎ C. 甲乙两汽车的位移相同 D. 汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大 ‎ 5. 如图所示，用完全相同的轻弹簧A，B，C将两个相同的小球连接并悬挂，‎ 小球处于静止状态，弹簧A与竖直方向的夹角为‎30°‎，弹簧C水平，则弹 簧A，C的伸长量之比为‎(    )‎ ‎ A. ‎3‎‎:4‎ B. ‎4:‎‎3‎ C. 1：2 D. 2：1‎ 6. 如图，顶端固定着小球的直杆固定在小车上，当小车向右做匀加速运动时，‎ 球所受合外力的方向沿图中的‎(    )‎ ‎ A. OA方向 B. OB方向 C. OC方向 D. OD方向 7. 如图所示，轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小球，电梯中有质量为50kg的乘客，在电梯运行时乘客发现轻质弹簧的伸长量始终是电梯静止时的四分之三，已知重力加速度g=10m/‎s‎2‎ ‎，由此可判断‎(‎   ‎)‎ ‎ A. 电梯可能加速下降，加速度大小为5 m/‎s‎2‎ B. 电梯可能减速上升，加速度大小为‎2.5‎ m/‎s‎2‎ C. 乘客处于超重状态 D. 乘客对电梯地板的压力为625 N 1. 如图，质量mA‎>‎mB的两物体A、B叠放在一起，靠着竖直墙面。让它们由静止释放，在沿粗糙墙面下落过程中，物体B的受力示意图是‎(    )‎ A. B. C. D. ‎ 二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）‎ 2. 如图，物块a、b和c的质量相同，a和b、b和c之间用完全相同的轻弹簧S‎1‎和S‎2‎相连，通过系在a上的细线悬挂于固定点O.‎整个系统处于静止状态．现将细线剪断．将物块a的加速度的大小记为a‎1‎，S‎1‎和S‎2‎相对于原长的伸长量分别记为和，重力加速度大小为g.‎在剪断绳子的瞬间‎(‎    ‎‎)‎ ‎ A. a‎1‎‎=3g B. a‎1‎‎=0‎ C. Δl‎1‎=2Δl‎2‎ D. Δl‎1‎=Δl‎2‎ ‎ 3. 一人乘电梯上楼，在竖直上升过程中加速度a随时间t变化的图线 如图所示，以竖直向上为a的正方向，则人对地板的压力‎(    )‎ A. t=2s时最大 B. t=2s时最小 ‎ C. t=8.5s时最大 D. t=8.5s时最小 4. 如图，物体P静止于固定的斜面上，P的上表面水平．现把物体Q轻轻地叠放在P上，则‎(    )‎ A. P向下滑动 B. P静止不动 C. P所受的合外力增大 D. P与斜面间的静摩擦力增大 1. 如图所示，水平地面上有两个完全相同的木块A、B，在水平推力F作用下运动，‎ 用FAB代表A、B间相互作用力‎(    )‎ A. 若地面是完全光滑的，则FAB‎=F B. 若地面是完全光滑的，则FAB‎=‎F‎2‎ C. 若地面动摩因数为μ，则FAB‎=F D. 若地面动摩因数为μ，则FAB‎=‎F‎2‎ 三、实验题（本大题共2小题，共14.0分）‎ 2. ‎（6分）‎(1)‎如图所示是甲同学在校园实验室按照图1的装置进行验证牛顿第二定律实验时得到的一条纸带‎(‎实验中交流电源的频率为‎50Hz)‎，依照打点的先后顺序取计数点为1、2、3、4、5、6、7，相邻两计数点间还有4个点未画出，测得：S‎1‎‎=1.42cm，S‎2‎‎=1.91cm，S‎3‎‎=2.40cm，S‎4‎‎=2.91cm，S‎5‎‎=3.43cm，S‎6‎‎=3.92cm.‎则打点计时器打第2个计数点时纸带的速度大小v‎2‎‎=‎_______‎ m/s；物体的加速度大小a=‎_______ m/s‎2‎.(‎结果均保留两位有效数字‎)‎ ‎ ‎(2)‎乙同学在做保持小车质量不变，验证小车的加速度与其合外力成正比的实验时，根据测得的数据作出如图2所示的a-F图线，所得的图线既不过原点，又不是直线，原因可能是________‎.(‎选填选项前的字母‎)‎ ‎ A.木板右端所垫物体较低，使得木板的倾角偏小 B.木板右端所垫物体较高，使得木板的倾角偏大 C.小车质量远大于砂和砂桶的质量 D.砂和砂桶的质量不满足远小于小车质量 3. ‎（8分）某同学在做“验证力的平行四边形定则”实验，将橡皮条一端固定在A点，另一端系上两根细绳及绳套，用两个弹簧测力计通过细绳套互成角度的拉动橡皮条，将结点拉到O点，如图甲所示。‎ ‎(1)‎如果没有操作失误，图乙中Fˈ‎是由平行四边形定则作出的合力，用一个弹簧测力计拉细绳套时，在白纸上根据实验结果画出的图示，则图乙中的F与两力中，方向一定沿AO方向的是______． ‎(2)‎本实验采用的科学方法是______． A.理想实验法‎ B.‎等效替代法 C.控制变量法                         D.‎建立物理模型法 ‎(3)‎在同一对比实验的两次操作中，O点位置______‎.(‎选填“可以”或“不可以”‎)‎变动． ‎(4)‎如图丙，使弹簧测力计b从水平位置开始顺时针缓慢转动至竖直方向，在这个过程中保持O点位置和弹簧测力计a的拉伸方向不变，则在整个过程中关于弹簧测力计a、b的读数变化是________________________________。‎ A.a增大，b减小 B.a减小，b增大 C.a减小，b先增大后减小 D.a减小，b先减小后增大 四、计算题（本大题共4小题，共38.0分）‎ 1. ‎（9分）一辆汽车在十字路口等候绿灯，当绿灯亮时汽车以‎3m/‎s‎2‎的加速度开始加速行驶，恰在这时一辆自行车以‎6m/s的速度匀速驶来，从后边超过汽车。 试求：‎(1)‎汽车从路口启动后，在追上自行车之前经过多长时间两车相距最远？此时距离是多少？ ‎(2)‎汽车多长时间后能追及自行车？追上时汽车的速度时多大？ ‎ ‎ ‎ 2. ‎（9分）如图所示，一木板B放在水平地面上，木块A放在B的上面，A的右端通过水平轻质弹簧秤固定在直立的墙壁上，用力F=17N向左拉动B，使它向左匀速运动，这时弹簧秤的读数恒为F‎0‎‎=8N，已知A、B两物体的质量分别为mA‎=4kg，mB‎=5kg，g=10N/kg，求：‎ ‎ ‎ ‎(1)A‎、B间摩擦因数； ‎(2)B与地面间的摩擦因数．‎ ‎ ‎ ‎ ‎ 1. ‎（10分）如图所示，斜面AC长L=1m，倾角θ=‎‎37‎‎∘‎，CD段为与斜面平滑连接的水平地面。一个质量m=2kg的小物块从斜面顶端A由静止开始滑下。小物块与斜面、地面间的动摩擦因数均为μ=0.5‎。不计空气阻力，g取‎10 m/‎s‎2‎，sin‎37‎‎∘‎=0.6‎，cos 37=0.8‎。求： ‎ ‎(1)‎小物块在斜面上运动时的加速度大小a；‎ ‎(2)‎小物块滑到斜面底端C点时的速度大小v；‎ ‎(3)‎小物块在水平地面上滑行的最远距离x。 ‎ 2. ‎（10分）水平传送带被广泛地应用于机场和火车站，如图所示为一水平传送带装置示意图．紧绷的传送带AB始终保持恒定的速率v=1 m/s运行，一质量为m=4 kg的行李无初速度地放在A处，传送带对行李的滑动摩擦力使行李开始做匀加速直线运动，随后行李又以与传送带相等的速率做匀速直线运动．设行李与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1‎，A、B间的距离L=2 m，g取‎10 m/‎s‎2‎． ‎(1)‎求行李刚开始运动时所受滑动摩擦力的大小与加速度的大小． ‎(2)‎求行李做匀加速直线运动的时间． ‎(3)‎如果提高传送带的运行速率，行李就能被较快地传送到B处，求行李从A处传送到B处的最短时间和传送带对应的最小运行速率． ‎ 物理答案和解析 ‎【答案】‎ ‎1. C 2. B 3. B 4. A 5. D 6. D 7. B 8. A 9. AC 10. AD 11. BD 12. BD ‎ ‎13. ‎(1)0.17‎  ‎‎0.50(2)AD ‎  ‎ ‎14.  ；‎(2)B；‎(3)‎不可以；‎(4)D  ‎ ‎15. 解：  (1)2s时相距最远，最远距离为6m ‎(2)4s时能追上，追上时汽车的速度为12ms ‎16. 解： ‎(1)A、B间滑动摩擦力的大小与弹簧弹力相等，A对B的压力等于A的重力，可得： f=‎F‎0‎，f=μFN，FN‎=mAg 解得：μ=‎8‎‎4×10‎=0.2‎ ‎(2)‎对木板，水平方向：F=μmAg+μ'(mA+mB)g 解得B与地面间的摩擦因数：μ'=F-μmAgmA‎+‎mBg=0.1‎  ‎ ‎17. 解：‎(1)‎根据牛顿第二定律有：mgsinθ-μmgcosθ=ma， 代入数据解之得：a=2m/‎s‎2‎； ‎(2)‎根据匀变速直线运动规律有：v‎2‎‎=2aL， 代入数据解之得：v=2m/s，           ‎(3)‎根据动能定理有：‎-μmgx=0-‎1‎‎2‎mv‎2‎， 代入数据解之得：x=0.4m。 答：‎(1)‎小物块在斜面上运动时的加速度大小为‎2m/‎s‎2‎； ‎(2)‎小物块滑到斜面底端C点时的速度大小为‎2m/s； ‎(3)‎小物块在水平地面上滑行的最远距离为‎0.4m。  ‎ ‎18. 解：‎(1)‎滑动摩擦力的大小为F=μmg 代入题给数值，得F=4N 由牛顿第二定律，得F=ma 代入数值，得a=1m/‎s‎2‎ ‎(2)‎设行李做匀加速运动的时间为t，行李加速运动的末速度为v=1m/s． 则v=at代入数值，得t=1s ‎(3)‎行李从A处一直匀加速运动到B处时，传送时间最短．则 L=‎1‎‎2‎atmin‎2‎ ‎代入数值，得tmin‎=2s 传送带对应的最小运行速率vmin‎=atmin 代入数值，得vmin‎=2m/s 答：‎(1)‎行李刚开始运动时所受的滑动摩擦力大小为4N，加速度大小为‎1m/‎s‎2‎； ‎(2)‎行李做匀加速直线运动的时间是1s； ‎(3)‎行李从A处传送到B处的最短时间为2s，传送带对应的最小运行速率为‎2m/s．  ‎ ‎【解析】‎ ‎1. 【分析】 本题考查了共点力的平衡，解决本题的关键是把拉力进行分解，然后列平衡方程。 拉力水平时，二力平衡；拉力倾斜时，物体匀速运动，依然是平衡状态，根据共点力的平衡条件解题。 【解答】 当拉力水平时，物体匀速运动，则拉力等于摩擦力，即：F=μmg； 当拉力倾斜时，物体受力分析如图：Fcos60°=μmg-Fsin60°‎ ‎ 联立可得：μ=‎‎3‎‎3‎，故C正确，ABD错误。 故选C。‎ ‎2. 【分析】 分析刹车后汽车的合外力，进而求得加速度；再根据匀变速运动规律，由位移求得速度。 运动学问题，一般先根据物体受力，利用牛顿第二定律求得加速度，然后再由运动学规律求解相关位移、速度等问题。 【解答】 刹车后汽车的合外力为摩擦力f=μmg，加速度a=fm=μg=8m/‎s‎2‎；又有刹车线长25m，故可由匀变速直线运动规律得到汽车在刹车前的瞬间的速度大小v=‎2as=‎2×8×25‎m/s=20m/s；故ACD错误，B正确。 故选B。‎ ‎3. 【分析】 本题考查对位移图象的物理意义的理解，关键抓住纵坐标表示物体的位置，纵坐标的变化量等于物体的位移，斜率等于速度，就能分析两物的运动情况，位移‎-‎时间图象的斜率等于速度，纵坐标的变化量等于物体的位移，两图象的交点表示两物体相遇，由此分析。 【解答】 AD.0～‎t‎1‎时间内，甲的斜率不变，则速度不变，做匀速运动。乙图线的斜率先小于甲后大于甲，即乙的速度先小于甲后大于甲，乙做加速运动，故AD错误‎;‎ B.‎0～‎t‎1‎时间内，甲、乙的起点和终点都相同，则位移相同，故B正确‎;‎ C.甲、乙都做单向运动，通过的路程等于位移，则甲、乙通过的路程相同，故C错误‎;‎ 故选：B。‎ ‎4. 解：A、C、平均速度等于位移与时间的比值，在v-t图象中，图形的面积代表位移的大小，根据图象可知道，甲的位移大于乙的位移，由于时间相同，所以汽车甲的平均速度比乙的大，故A正确，C错误； B、由于乙车做变减速运动，平均速度不等于v‎1‎‎+‎v‎2‎‎2‎，故B错误； D、因为切线的斜率等于物体的加速度，汽车甲和乙的加速度大小都是逐渐减小，故D错误。 故选：A。 在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负。平均速度等于位移与时间的比值。 本题是为速度--时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义。‎ ‎5. 【分析】 将两球和弹簧B看成一个整体，分析受力情况，根据平衡条件求出弹簧A、C拉力之比，即可由胡克定律得到伸长量之比。 本题首先要选择好研究对象，其次正确分析受力情况，作出力图，再由平衡条件求解。 【解答】 将两球和弹簧B看成一个整体，整体受到总重力G、弹簧A和C的拉力，如图，设弹簧A、C的拉力分别为F‎1‎和F‎2‎‎.‎由平衡条件得知，F‎2‎和G的合力与F‎1‎大小相等、方向相反，则得：F‎2‎‎=F‎1‎sin30°=0.5‎F‎1‎。 根据胡克定律得：F=kx，k相同，则弹簧A、C的伸长量之比等于两弹簧拉力之比，即有xA：xC‎=‎F‎1‎：F‎2‎‎=2‎：1，故D正确，ABC错误。 故选D。‎ ‎6. 【分析】‎ ‎ 小球受重力和杆对小球的作用力，在两个力共同作用下沿水平向右的方向加速运动，加速度水平向右，合力水平向右。 根据牛顿第二定律F=ma可知，加速度的方向与合力的方向相同，是解决本题的关键．另外知道杆的弹力不一定沿杆的方向。 【解答】 小球和小车的加速度相同，所以小球在重力和杆的作用力两个力的作用下也沿水平向右的方向加速运动，加速度水平向右，根据牛顿第二定律F=ma可知，加速度的方向与合力的方向相同，合力水平向右，即合力沿图中的OD方向，故ABC错误，D正确。 故选D。‎ ‎7. 【分析】 本题关键是对小球受力分析，根据牛顿第二定律判断出小球的加速度方向，判断电梯的超、失重情况。 对小球的受力分析，受重力和拉力，结合牛顿第二定律，判断出加速度的方向及结合牛顿第三定律求出乘客对电梯地板的压力；然后判断电梯和乘客的超、失重情况。 【解答】 ABC.‎电梯静止不动时，小球受力平衡，有mg=kx 电梯运行时弹簧的伸长量比电梯静止时小，说明弹力变小了，根据牛顿第二定律，有mg-‎3‎‎4‎kx=ma，即‎1‎‎4‎mg=ma 解得：a=2.5m/‎s‎2‎，加速度向下，电梯可能加速下降或减速上升，乘客处于失重状态，故AC错误，B正确； D.以乘客为研究对象，根据牛顿第二定律可得：m'g-FN=m'a，得 根据牛顿第三定律知乘客对地板的压力大小为，故D错误。 故选B。‎ ‎8. 【分析】 先对整体结合运动情况受力分析，得到只受重力，加速度为g，即做自由落体运动，然后对B结合运动情况受力分析，得到受力情况。 本题关键先对整体受力分析，得到整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A与B间无弹力，最后再对B受力分析，得到其只受重力。 【解答】 A与B整体同时沿竖直墙面下滑，受到总重力，墙壁对其没有支持力，如果有，将会向右加速运动，因为没有弹力，故也不受墙壁的摩擦力，即只受重力，做自由落体运动； 由于整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A、B间无弹力，再对物体B受力分析，只受重力，故A正确，BCD错误。 故选A。‎ ‎9. 【分析】 对细线剪短前后的a、b、c物体分别受力分析，然后根据牛顿第二定律求解加速度与弹簧的伸长量。 考查了牛顿第二定律的瞬时性的应用，重点区分绳和弹簧弹力的特点，注意加速度与受力的瞬时对应关系。 【解答】 AB.‎绳断前，对a、b、c分别受力分析如图， ‎ 根据平衡条件，有： 对a：F‎2‎‎=F‎1‎+mg 对b：F‎1‎‎=F+mg 对c：F=mg 所以：F‎1‎‎=2mg 对bc，弹簧的弹力不能突变，因形变需要过程，绳的弹力可以突变，绳断拉力立即为零。 当绳断后，b与c受力不变，仍然平衡； 对a，绳断后合力为F合‎=F‎1‎+mg=3mg=ma‎1‎，a1‎=3g方向竖直向下；故A正确，B错误。 CD.‎当绳断后，b与c受力不变，则F‎1‎‎=kΔl‎1‎，Δl‎1‎=‎‎2mgk；同时F=kΔl‎2‎，所以Δl‎2‎=‎mgk，联立得Δl‎1‎=2Δl‎2‎，故C正确，D错误。 故选AC。‎ ‎10. 【分析】 本题是对图象的考查，掌握住加速度时间图象的含义，知道超重和失重的特点即可解答本题． 【解答】 在时间轴的上方，表示加速度向上，此时处于超重状态，在时间轴的下方，表示加速度向下，此时处于失重状态，对地板的压力减小， 在t=2s时向上的加速度最大，此时对地板的压力最大，所以A正确； 在t=8.5s时具有向下的最大的加速度，此时对地板的压力最小，所以D正确； 故选：AD ‎11. 解：A、B、对P受力分析，受重力、支持力、静摩擦力，根据平衡条件，有： N=Mgcosθ f=Mgsinθ f≤μN 故μ≥tanθ 由于物体Q轻轻地叠放在P上，相当于增大物体P重力，故P静止不动，故A错误，B正确； C、物体P保持静止，合力为零，故C错误； D、由于物体Q轻轻地叠放在P上，相当于增大物体P重力，故P与斜面间的静摩擦力增大，故D正确； 故选：BD。 先对P受力分析，受重力、支持力、静摩擦力，根据平衡条件求解出各个力；物体Q轻轻地叠放在P上，相当于增大物体P重力． 本题关键是对物体受力分析，求解出支持力和静摩擦力表达式；物体Q轻轻地叠放在P上，相当于增大物体P重力．‎ ‎12. 解：设两木块的质量均为m。 A、B若地面是完全光滑的，对整体用牛顿第二定律得，加速度a=‎F‎2m，再对B运用牛顿第二定律得，FAB‎=ma=F‎2‎.‎故A错误，B正确。 C、D若地面动摩因数为μ，对整体用牛顿第二定律得，加速度a=F-2μmg‎2m=F‎2m-μg，再对B运用牛顿第二定律得，FAB‎-μmg=ma，解得，FAB‎=F‎2‎.‎故C错误，D正确。 故选：BD。 两个木块的加速度相同，先对整体研究，由牛顿第二定律求出加速度，再以B为研究对象，求解A对B的作用力，进行选择．‎ ‎ 本题不能想当然，认为地面光滑与粗糙时，A、B间相互作用力不同．对于多个物体，要灵活选择研究对象．‎ ‎13. 【分析】‎ 根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度。根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度。‎ ‎【解答】‎ ‎(1)‎计数点2的瞬时速度为：‎ v‎2‎‎=s‎1‎‎+‎s‎2‎‎2T=‎1.42+1.91‎‎×‎‎10‎‎-2‎‎0.2‎m/s=0.17m/s 根据‎△x=at‎2‎，运用两段法得：‎ a=s‎4‎‎+s‎5‎+‎s‎6‎‎-‎s‎1‎‎+s‎2‎+‎s‎3‎‎3T‎2‎=‎2.91+3.43+3.92‎‎-(1.42+1.91+2.40)‎‎×‎‎10‎‎-2‎‎0.‎‎3‎‎2‎=0.50m/‎s‎2‎ ‎(2)‎由图2所示图像可知，直线没过原点，当a=0‎时，F>0‎。也就是说当绳子有拉力时小车没有加速度，说明小车的摩擦力大于重力沿斜面向下的分力，实验前没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够。故A正确。从图像上可以看出，F从0开始增加，砂和砂桶的质量远小于小车的质量，随着砂的质量在增加，砂和砂桶的质量就与小车的质量相差不大，所以绳子拉力与砂和砂桶的总重力就相差较大。故D正确。‎ 故选AD。‎ ‎14. 【分析】本题考查“验证力的平行四边形定则”实验的原理、操作步骤、注意事项、力的动态分析等。是基础实验，应重点掌握。 【解答】 ‎(1)‎图乙中的F是通过平行四边形作出的对角线，是理论值，而F'‎是用一个弹簧秤拉出的合力，是实验值，所以方向一定沿AO方向是F'‎； ‎(2)‎本实验采用的是“等效替代法”，故ACD错误，B正确，故选B； ‎(3)‎在白纸上标下第一次橡皮条和绳的结点的位置，第二次将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，表明两次效果相同，即两个拉力和一个拉力等效．所以同一次实验过程中，O点的位置不允许变动； ‎(4)‎点0受到三个力作用处于平衡状态，保持O点的位置，说明一个拉力大小和方向不变，a弹簧秤的拉伸方向不变，说明一个拉力方向不变，判断另一拉力变化情况，因此利用“图示法”可正确求解。对点o受力分析，受到两个弹簧的拉力和橡皮条的拉力，如图，其中橡皮条长度不变，其拉力大小不变，oa弹簧拉力方向不变，ob弹簧拉力方向和大小都改变根据平行四边形定则可以看出b的读数先减小后增大，a的读数不断变小，故D正确，ABC错误。故选D。 故答案为：；‎(2)B；‎(3)‎不可以；‎‎(4)D ‎15. ‎(1)‎在速度相等之前，小汽车的速度小于自行车的速度，之间的距离越来越大，速度相等之后，小汽车的速度大于自行车，之间的距离越来越小。可知速度相等时相距最远。根据运动学公式求出两车的位移，从而求出两车相距的距离。 ‎(2)‎抓住汽车追上自行车时，两车的位移相等，求出时间，根据速度时间公式v=at求出汽车的速度。 解决本题的关键速度小者加速追速度大者，在速度相等时，两者有最大距离。以及知道两车相遇时，位移相等。‎ ‎16. 本题考查滑动摩擦力的公式的应用，学会对物体受力分析，及受力平衡的条件的运用，并注意正确计算。 本题通过对摩擦力的有关概念和规律的认识，来考查对概念和规律的理解能力和推理能力。木块虽然处于静止，但木块和长木板间有相对运动，木块与长木板间的摩擦力是滑动摩擦力；木块处所受的滑动摩擦力跟弹簧秤的拉力相平衡。‎ ‎17. 解题的关键是分清物理过程，选择正确的公式解答，一般运用能量的观点解题比运用牛顿运动定律解题要简单。 ‎(1)‎以小物块为研究对象，利用牛顿运动定律列式求解； ‎(2)‎小物块从A到C做匀加速直线运动，利用匀变速直线运动规律求解； ‎(3)‎小物块在水平面上运动的距离可利用动能定理求解。‎ ‎18. ‎(1)‎滑动摩擦力根据公式F=μN=μmg即可求解，由牛顿第二定律可求得加速度； ‎(2)‎行李放上传送带后先做匀加速运动，速度与传送带相等后做匀速运动，由速度公式求出行李做匀加速运动的时间； ‎(3)‎行李从A处一直匀加速运动到B处时，传送时间最短．根据匀加速直线运动的基本公式即可求解． 该题考查的是传送带问题，行李在传送带上先加速运动，然后再和传送带一起匀速运动，若要时间最短，则行李一直做匀加速运动．‎