2020版高考物理二轮复习48分小题精准练6含解析

2020版高考物理二轮复习48分小题精准练6含解析

高考化学总复习 ‎48分小题精准练(六)‎ ‎(建议用时：20分钟)‎ ‎(1～5小题为单选题，6～8小题为多选题)‎ ‎1．对于教材或参考书上的一些图片，下列说法正确的是(　　)‎ A．图甲中，有些火星的轨迹不是直线，说明炽热微粒不是沿砂轮的切线方向飞出的 B．图乙中，两个影子在x、y轴上的运动就是物体的两个分运动 C．图丙中，小锤用较大的力去打击弹性金属片，A、B两球可以不同时落地 D．图丁中，做变速圆周运动的物体所受合外力F在半径方向的分力大于所需要的向心力 B　[题图甲中炽热微粒是沿砂轮的切线方向飞出的，但是由于重力及其他微粒的碰撞而改变了方向，选项A错误；题图乙中沿y轴的平行光照射时，在x轴上的影子就是x轴方向的分运动，同理，沿x轴的平行光照射时，在y轴上的影子就是y轴方向的分运动，选项B正确；无论小锤用多大的力去打击弹性金属片，两小球在竖直方向的运动是相同的，所以A、B两球总是同时落地，选项C错误；做变速圆周运动的物体所受合外力F在半径方向的分力等于所需要的向心力，选项D错误。]‎ ‎2．有一种灌浆机可以将某种涂料以速度v持续喷在墙壁上，假设涂料打在墙壁上后便完全附着在墙壁上，涂料的密度为ρ，若涂料产生的压强为p，不计涂料重力的作用，则墙壁上涂料厚度增加的速度u为(　　)‎ A. B. C. D. B　[涂料持续飞向墙壁并不断附着在墙壁上的过程，速度从v变为0，其动量的变化缘于墙壁对它的冲量，以极短时间Δt内喷到墙壁上面积为ΔS、质量为Δm的涂料(微元)为研究对象，设墙壁对它的作用力为F，涂料增加的厚度为h。由动量定理得F·Δt＝Δm·v，又有Δm＝ρ·ΔSh，所以p＝＝，涂料厚度增加的速度为u＝，联立解得u＝，选项B正确。]‎ - 5 -‎ 高考化学总复习 ‎3.(2019·长春田家炳实验中学模拟)如图所示为一简易起重装置，AC是上端带有滑轮的固定支架，BC为质量不计的轻杆，杆的一端C用铰链固定在支架上，另一端B悬挂一个重力为G的重物，并用钢丝绳跨过滑轮A连接在卷扬机上。开始时，杆BC与支架AC的夹角∠BCA>90°，现使∠BCA缓缓变小，直到∠BCA＝30°。在此过程中，杆BC所受的力(不计钢丝绳重力及一切阻力，且滑轮和铰链大小可不计)(　　)‎ A．逐渐增大 B．先减小后增大 C．大小不变 D．先增大后减小 C　[以结点B为研究对象，分析受力情况，作出结点B的受力分析图如图所示，根据平衡条件知，F、N的合力F合与G大小相等、方向相反。△ABC与△FBF合相似，根据三角形相似得＝＝，又F合＝G，解得F＝G，N＝G，∠BCA缓慢变小的过程中，AB变小，而AC、BC不变，则F变小，N不变，由牛顿第三定律知作用在BC杆上的力大小不变，故C项正确。]‎ ‎4.分离同位素时，为提高分辨率，通常在质谱仪内的磁场前加一扇形电场。扇形电场由彼此平行、带等量异号电荷的两圆弧形金属板形成，其间电场沿半径方向。被电离后带相同电荷量的同种元素的同位素离子，从狭缝沿同一方向垂直电场线进入静电分析器，经过两板间静电场后会分成几束，不考虑重力及离子间的相互作用，则(　　)‎ A．垂直电场线射出的离子速度的值相同 B．垂直电场线射出的离子动量的值相同 C．偏向正极板的离子离开电场时的动能比进入电场时的动能大 - 5 -‎ 高考化学总复习 D．偏向负极板的离子离开电场时动量的值比进入电场时动量的值大 D　[垂直电场线射出的离子，在电场中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有Eq＝m，解得Eqr＝mv2，同位素的质量不同，所以垂直电场线射出的离子动能的值相同，速度不同，动量不同，A、B错误；偏向正极板的离子离开电场时克服电场力做功，动能比进入电场时的小，C错误；偏向负极板的离子离开电场时，过程中电场力做正功，速度增大，动量增大，故比进入电场时动量的值大，D正确。]‎ ‎5.(2019·天津模拟)如图所示，在纸面内半径为R的圆形区域中有垂直于纸面向里，磁感应强度为B的匀强磁场，一点电荷从图中A点以速度v0垂直磁场射入，速度方向与半径OA成30°角，当该电荷离开磁场时，速度方向刚好改变了180°，不计该点电荷的重力，下列说法正确的是(　　)‎ A．该点电荷离开磁场时速度方向的反向延长线通过O点 B．该点电荷的比荷＝ C．该点电荷在磁场中的运动时间为t＝ D．该点电荷带正电 B　[该点电荷在磁场中做匀速圆周运动，作出点电荷的运动轨迹如图所示。根据几何关系可知，点电荷在磁场中运动的时间刚好为，点电荷做圆周运动的轨迹半径为r＝Rsin 30°＝。点电荷离开磁场时速度方向与进入磁场时速度方向相反，其反向延长线不通过O点，故A错误；根据洛伦兹力提供向心力，有qv0B＝m，又r＝，所以＝，故B正确；该点电荷在磁场中运动的时间为t＝＝，所以C错误；根据点电荷在磁场中的偏转方向和左手定则可知，该点电荷带负电，故D错误。]‎ ‎6.质量为m的小球由轻绳a和b分别系于一轻质细杆的A点和B点，如图所示，绳a与水平方向成θ角，绳b在水平方向且长为l，当轻杆绕轴AB以角速度ω - 5 -‎ 高考化学总复习 匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，则下列说法正确的是(　　)‎ A．a绳的张力不可能为零 B．a绳的张力随角速度的增大而增大 C．当角速度ω>，b绳将出现弹力 D．若b绳突然被剪断，则a绳的弹力一定发生变化 AC　[对小球受力分析可得，a绳的弹力在竖直方向的分力平衡了小球的重力，解得Ta＝，为定值，A正确，B错误；当Tacos θ＝mω2l，即ω＝时，b绳的弹力为零，若角速度大于该值，则绳b将出现弹力，C正确；由于b绳可能没有弹力，故绳b突然被剪断，则a绳的弹力可能不变，D错误。]‎ ‎7．(2019·四省八校双教研联盟联考)如图甲所示，在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一匝数为n、面积为S、总电阻为r的矩形线圈abcd绕轴OO′以角速度ω匀速转动，矩形线圈在转动中可以保持和外电路电阻R形成闭合电路，回路中接有一理想交流电流表。图乙是线圈转动过程中产生的感应电动势e随时间t变化的图象，下列说法正确的是(　　)‎ A．从t1到t3这段时间内穿过线圈磁通量的变化量为2BS B．从t3到t4这段时间内通过电阻R的电荷量为 C．t3时刻穿过线圈的磁通量变化率为nBSω D．电流表的示数为 AD　[根据题图乙可知，在t1时刻，产生的感应电动势为正向最大，穿过线圈的磁通量为零，在t3时刻，产生的感应电动势为负向最大，穿过线圈的磁通量为零，则从t1到t3这段时间内穿过线圈磁通量的变化量为2BS，选项A正确；匝数为n的线圈在匀强磁场中转动，从t3到t4这段时间Δt1＝t4－t3内产生的感应电动势平均值＝n，产生的电流平均值＝，通过电阻R的电荷量q＝Δt1，穿过线圈磁通量的变化量为ΔΦ1＝BS，联立解得q＝n - 5 -‎ 高考化学总复习 ‎，选项B错误；在t3时刻，产生的感应电动势为负向最大，穿过线圈的磁通量为零，穿过线圈的磁通量变化率最大，由E0＝n＝nBSω，得t3时刻穿过线圈的磁通量变化率为＝BSω，选项C错误；感应电动势的有效值为E＝，电路中电流I＝＝，即电流表的示数为，选项D正确。]‎ ‎8．如图甲所示，为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x与斜面倾角θ的关系，将某一物体每次以不变的初速度大小v0沿足够长的斜面向上推出，斜面底边固定在水平地面上，调节斜面与水平方向的夹角θ，实验测得x与斜面倾角θ的关系如图乙所示，物体受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10 m/s2，根据图象可求出(　　)‎ A．物体的初速度大小v0＝6 m/s B．物体与斜面间的动摩擦因数μ＝0.6‎ C．取不同的倾角θ，物体在斜面上能达到的位移x的最小值xmin＝1.44 m D．当θ＝30°时，物体达到最大位移后将沿斜面下滑 AC　[由图乙可知，当斜面的倾角为90°时，x＝1.80 m，则由竖直上抛运动规律可知v＝2gx，解得v0＝ m/s＝6 m/s，当θ＝0°时，x＝2.40 m，由动能定理可得－μmgx＝－mv，解得μ＝＝，A正确，B错误；取不同的倾角θ时，根据动能定理得－mgxsin θ－μmgcos θ·x＝0－mv，解得x＝＝ m＝ m，tan α＝，则α＝37°，当θ＋α＝90°，即θ＝53°时sin(θ＋α)＝1，此时位移最小，xmin＝1.44 m，C正确；当θ＝30°时，物体受到的重力沿斜面向下的分力F＝mgsin 30°＝mg，摩擦力f＝μmgcos 30°＝0.75×mg×＝mg，因F

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