2019高考物理一轮选练练题10含解析新人教版20181009485

2019高考物理一轮选练练题10含解析新人教版20181009485

‎（人教）物理2019高考一轮选练练题（10）及答案 李仕才 一、选择题 ‎1、如图,半径为R、圆心为O的光滑圆环固定在竖直平面内,OC水平,D是圆环最低点.质量为‎2m的小球A与质量为m的小球B套在圆环上,两球之间用轻杆相连.两球初始位置如图所示,由静止释放,当小球A运动至D点时,小球B的动能为(　D　)‎ A.mgR B.mgR C.mgR D.mgR 解析:A,B组成的系统机械能守恒.当A运动到最低点D时,A下降的高度为hA=R+Rsin 45°,B上升的高度为hB=Rsin 45°,则有2mghA-mghB=‎ ‎·‎2m+m,‎ 又vAcos 45°=vBcos 45°,‎ 小球B的动能为=m=mgR,选项D正确.‎ ‎2、(多选)一质点做匀变速直线运动，先后通过P、Q、N三点，如图所示，已知PQ＝QN＝‎15 m，质点通过PQ的时间t1＝3 s，通过QN的时间t2＝2 s，则下列说法中正确的是(　　)‎ A．此质点运动的加速度为‎1 m/s2‎ B．此质点通过P的速度为‎3.0 m/s C．此质点通过Q的速度为‎6.5 m/s D．此质点通过Q的速度为‎6.0 m/s 解析：选AC.设质点加速度为a，经过P点时速度为vP，对PQ段有x＝vPt1＋at，对PN段有2x＝vP(t1＋t2)＋a(t1＋t2)2，联立并代入数据解得vP＝‎3.5 m/s，a＝‎1 m/s2，则vQ＝vP＋at1，代入数据解得vQ＝‎6.5 m/s，所以选项A、C正确．‎ ‎3、如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A。木板B受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出木板B的加速度a，得到如图乙所示的a－F图象，g取‎10 m/s2，则( )‎ A.滑块A的质量为‎4 kg B.木板B的质量为‎1 kg C.当F＝10 N时木板B的加速度为‎4 m/s2‎ D.滑块A与木板B间的动摩擦因数为0.1‎ ‎【答案】BC ‎【解析】由图知，当F＝8 N时，加速度为：a＝‎2 m/s2，对整体分析： F＝(mA＋mB)a，解得：mA＋mB＝‎4 kg，当F大于8 N时，A、B发生相对滑动，对B有：a＝＝F－，由图示图象可知，图线的斜率：k＝＝＝1，解得：mB＝‎1 kg，滑块A的质量为：mA＝‎3 kg。当a＝0时，F＝6 N，代入解得 μ＝0.2，故A、D错误，B正确；根据F＝10 N>8 N时，滑块与木板相对滑动，B的加速度为：aB＝a＝＝F－μg＝(1×10－0.2×30) m/s2＝‎4 m/s2。故C正确。‎ ‎4、(多选)如图所示，甲图表示的光滑平台上，物体A以初速度v0滑到上表面粗糙的水平小车上，车与水平面间的动摩擦因数不计；乙图为物体A与小车B的v－t图象，由此可知(　　)‎ A．小车上表面长度 B．物体A与小车B的质量之比 C．A与小车B上表面的动摩擦因数 D．小车B获得的动能 解析：选BC.由图象可知，AB最终以共同速度v1匀速运动，不能确定小车上表面长度，故A错误；由动量守恒定律得，mAv0＝(mA＋mB)v1，解得＝，故可以确定物体A与小车B的质量之比，故B正确；由图象可以知道A相对小车B的位移Δx＝v0t1，根据能量守恒得：μmAgΔx＝mAv－(mA＋mB)v，根据B中求得质量关系，可以解出动摩擦因数，故C正确；由于小车B的质量不可知，故不能确定小车B获得的动能，故D错误．故选BC.‎ ‎5、如图所示,电源电动势为E,内阻为r.电路中的R2,R3分别为总阻值一定的滑动变阻器,R0为定值电阻,R1为光敏电阻(其电阻随光照强度增大而减小).当开关S闭合时,电容器中一带电微粒恰好处于静止状态.有关下列说法中正确的是(　A　)‎ A.只逐渐增大R1的光照强度,电阻R0消耗的电功率变大,电阻R3中有向上的电流 B.只调节电阻R3的滑动端P2向上端移动时,电源消耗的功率变大,电阻R3中有向上的电流 C.只调节电阻R2的滑动端P1向下端移动时,电压表示数变大,带电微粒向下运动 D.若断开开关S,电容器所带电荷量变大,带电微粒向上运动 解析:只逐渐增大R1的光照强度,R1的阻值减小,总电阻减小,总电流增大,电阻R0消耗的电功率变大,滑动变阻器两端的电压变大,电容器两端的电压增大,电容器下极板带的电荷量变大,所以电阻R3中有向上的电流,故A正确;电路稳定时,电容器相当于开关断开,只调节电阻R3的滑动端P2向上端移动时,对电路没有影响,故B错误;只调节电阻R2的滑动端P1向下端移动时,电容器并联部分的电阻变大,所以电容器两端的电压变大,由E=可知,电场力变大,带电微粒向上运动,故C错误;若断开开关S,电容器处于放电状态,电荷量变小,故D错误.‎ ‎6、(2019·北京市丰台区二模)关于玻尔建立的氢原子模型，下列说法正确的是(　　)‎ A．氢原子处于基态时，电子的轨道半径最大 B．氢原子在不同能量态之间跃迁时可以吸收任意频率的光子 C．氢原子从基态向较高能量态跃迁时，电子的动能减小 D．氢原子从基态向较高能量态跃迁时，系统的电势能减小 解析：选C.氢原子处于基态时，电子的轨道半径最小，故A错误；由hν＝Em－En知氢原子在不同能量态之间跃迁时只可以吸收特定频率的光子，故B错误；氢原子从基态向较高能量态跃迁，电子距离氢原子核的距离增大，匀速圆周运动的半径增大，线速度减小，动能减小，C正确；氢原子从基态向较高能量态跃迁时，电子距离氢原子核的距离增大，电场力做负功，电势能增大，D错误．‎ ‎7、如图甲所示，一台线圈内阻为2 Ω的小型发电机外接一只电阻为10 Ω的灯泡，发电机内匀强磁场的磁感应强度为T，线圈的面积为‎0.01 m2‎，发电机正常工作时灯泡的电流i随时间t变化的正弦规律图象如图乙所示．下列说法正确的是(　　)‎ A．t＝0.05 s时，穿过线圈的磁通量为零 B．t＝0.05 s时，理想交流电压表的示数为30 V C．发电机内线圈的匝数为240‎ D．发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为9 J 解析：选AB.由图乙可知t＝0.05 s时，发电机的输出电流为最大值，此时线圈平面与中性面垂直，磁通量为零，A正确．由图乙可知电流的有效值I＝‎3 A，理想交流电压表的示数U＝3×10 V＝30 V，B项正确．由图乙可知，电流最大值为‎3 A，则发电机产生的感应电动势最大值Em＝nBSω＝(2 Ω＋10 Ω)×‎3 A＝36 V，又B＝T，S＝‎0.01 m2‎，ω＝＝10π rad/s，得n＝360，C项错误．Q＝32×2×1 J＝18 J，D项错误．‎ ‎8、如图，在绕地运行的天宮一号实验舱中，宇航员王亚平将支架固定在桌面上，摆轴末端用细绳连接一小球．拉直细绳并给小球一个垂直细绳的初速度，它沿bdac做圆周运动．在a、b、c、d四点时（d、c两点与圆心等高），设在天宫一号实验舱中测量小球动能分别为、、、，细绳拉力大小分别为、、、，阻力不计，则（ ）‎ A. ‎ B. 若在c点绳子突然断裂，王亚平看到小球做竖直上抛运动 C. ‎ D. 若在b点绳子突然断裂，王亚平看到小球做平抛运动 ‎【来源】【全国百强校】河北省衡水中学2019届高三二十模考试(B)物理试题 ‎【答案】 C ‎【点睛】解答本题要抓住小球处于完全失重状态，由绳子的拉力提供向心力，再根据向心力公式分析即可．‎ 二、非选择题 如图所示,某小型水电站发电机的输出功率为10 kW,输出电压为400 V,向距离较远的用户供电,为了减少电能损失,使用2 kV高压输电,最后用户得到220 V,9.5 kW的电力,求:‎ ‎(1)升压变压器原、副线圈的匝数比n1∶n2;‎ ‎(2)输电线路导线的总电阻R;‎ ‎(3)降压变压器原、副线圈的匝数比n3∶n4.‎ 解析:(1)升压变压器的原、副线圈的匝数比为 ‎(2)输电线上的电流为I== A=‎‎5 A 输电线电阻R== Ω=20 Ω.‎ ‎(3)降压变压器原线圈电压 U3=U2-IR=2 000 V-5×20 V=1 900 V 故降压变压器原、副线圈的匝数比为===.‎ 答案:(1)1∶5　(2)20 Ω　(3)95∶11‎