辽宁省高考数学试卷文科

辽宁省高考数学试卷文科

‎2013年辽宁省高考数学试卷（文科）‎ ‎　‎ 一、选择题（共12小题，每小题5分，满分60分）‎ ‎1．（5分）已知集合A={0，1，2，3，4}，B={x||x|＜2}，则A∩B=（　　）‎ A．{0} B．{0，1} C．{0，2} D．{0，1，2}‎ ‎2．（5分）复数的模长为（　　）‎ A． B． C． D．2‎ ‎3．（5分）已知点A（1，3），B（4，﹣1），则与向量同方向的单位向量为（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎4．（5分）下列关于公差d＞0的等差数列{an}的四个命题：‎ p1：数列{an}是递增数列；‎ p2：数列{nan}是递增数列；‎ p3：数列是递增数列；‎ p4：数列{an+3nd}是递增数列；‎ 其中真命题是（　　）‎ A．p1，p2 B．p3，p4 C．p2，p3 D．p1，p4‎ ‎5．（5分）某学校组织学生参加英语测试，成绩的频率分布直方图如图，数据的分组一次为[20，40），[40，60），[60，80），[80，100）．若低于60分的人数是15人，则该班的学生人数是（　　）‎ A．45 B．50 C．55 D．60‎ ‎6．（5分）在△ABC，内角A，B，C所对的边长分别为a，b，c．asinBcosC+csinBcosA=b，且a＞b，则∠B=（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎7．（5分）已知函数f（x）=ln（﹣3x）+1，则f（lg2）+f（lg）=（　　）‎ A．﹣1 B．0 C．1 D．2‎ ‎8．（5分）执行如图所示的程序框图，若输入n=8，则输出S=（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎9．（5分）已知点O（0，0），A（0，b），B（a，a3），若△OAB为直角三角形，则必有（　　）‎ A．b=a3 B．‎ C． D．‎ ‎10．（5分）已知三棱柱ABC﹣A1B1C1的6个顶点都在球O的球面上，若AB=3，AC=4，AB⊥AC，AA1=12，则球O的半径为（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎11．（5分）已知椭圆C：的左焦点F，C与过原点的直线相交于A，B两点，连结AF，BF，若|AB|=10，|AF|=6，，则C的离心率为（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎12．（5分）已知函数f（x）满足f（x）=x2﹣2（a+2）x+a2，g（x）=﹣x2+2（a﹣2）x﹣a2+8．设H1（x）=max{f（x），g（x）}，H2（x）=min{f（x），g（x）}（max（p，q）表示p，q中的较大值，min（p，q）表示p，q中的较小值），记H1（x）的最小值为A，H2（x）的最大值为B，则A﹣B=（　　）‎ A．a2﹣2a﹣16 B．a2+2a﹣16 C．﹣16 D．16‎ ‎　‎ 二、填空题 ‎13．（5分）某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积是　 　．‎ ‎14．（5分）已知等比数列{an}是递增数列，Sn是{an}的前n项和．若a1，a3是方程x2﹣5x+4=0的两个根，则S6=　 　．‎ ‎15．（5分）已知F为双曲线C：的左焦点，P，Q为C上的点，若PQ的长等于虚轴长的2倍，点A（5，0）在线段PQ上，则△PQF的周长为　 　．‎ ‎16．（5分）为了考察某校各班参加课外小组的人数，从全校随机抽取5个班级，把每个班级参加该小组的人数作为样本数据，已知样本平均数为7，样本方差为4，且样本数据互不相同，则样本数据中的最大值为　 　．‎ ‎　‎ 三、解答题 ‎17．（12分）设向量，，．‎ ‎（1）若，求x的值；‎ ‎（2）设函数，求f（x）的最大值．‎ ‎18．（12分）如图，AB是圆O的直径，PA⊥圆O所在的平面，C是圆O上的点．‎ ‎（1）求证：BC⊥平面PAC；‎ ‎（2）若Q为PA的中点，G为△AOC的重心，求证：QG∥平面PBC．‎ ‎19．（12分）现有6道题，其中4道甲类题，2道乙类题，张同学从中任取2道题解答．‎ ‎（1）所取的2道题都是甲类题的概率；‎ ‎（2）所取的2道题不是同一类题的概率．‎ ‎20．（12分）如图，抛物线C1：x2=4y，C2：x2=﹣2py（p＞0），点M（x0，y0）在抛物线C2上，过M作C1的切线，切点为A，B（M为原点O时，A，B重合于O），当x0=1﹣时，切线MA的斜率为﹣．‎ ‎（Ⅰ）求P的值；‎ ‎（Ⅱ）当M在C2上运动时，求线段AB中点N的轨迹方程（A，B重合于O时，中点为O）．‎ ‎21．（12分）（1）证明：当x∈[0，1]时，；‎ ‎（2）若不等式对x∈[0，1]恒成立，求实数a的取值范围．‎ ‎　‎ 请考生在22、23、24题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分。‎ ‎22．（10分）（选修4﹣1几何证明选讲）‎ 如图，AB为⊙O的直径，直线CD与⊙O相切于E，AD垂直CD于D，BC垂直CD于C，EF垂直于AB于F，连接AE，BE，证明：‎ ‎（1）∠FEB=∠CEB；‎ ‎（2）EF2=AD•BC．‎ ‎23．在直角坐标系xOy中以O为极点，x轴正半轴为极轴建立坐标系．圆C1，直线C2的极坐标方程分别为ρ=4sinθ，ρcos（）=2．‎ ‎（Ⅰ）求C1与C2交点的极坐标；‎ ‎（Ⅱ）设P为C1的圆心，Q为C1与C2交点连线的中点，已知直线PQ的参数方程为（t∈R为参数），求a，b的值．‎ ‎24．已知函数f（x）=|x﹣a|，其中a＞1‎ ‎（1）当a=2时，求不等式f（x）≥4﹣|x﹣4|的解集；‎ ‎（2）已知关于x的不等式|f（2x+a）﹣2f（x）|≤2的解集{x|1≤x≤2}，求a的值．‎ ‎　‎ ‎2013年辽宁省高考数学试卷（文科）‎ 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（共12小题，每小题5分，满分60分）‎ ‎1．（5分）已知集合A={0，1，2，3，4}，B={x||x|＜2}，则A∩B=（　　）‎ A．{0} B．{0，1} C．{0，2} D．{0，1，2}‎ ‎【解答】解：由B中的不等式|x|＜2，解得：﹣2＜x＜2，即B=（﹣2，2），‎ ‎∵A={0，1，2，3，4}，‎ ‎∴A∩B={0，1}．‎ 故选B ‎　‎ ‎2．（5分）复数的模长为（　　）‎ A． B． C． D．2‎ ‎【解答】解：复数，‎ 所以===．‎ 故选B．‎ ‎　‎ ‎3．（5分）已知点A（1，3），B（4，﹣1），则与向量同方向的单位向量为（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【解答】解：∵已知点A（1，3），B（4，﹣1），∴=（4，﹣1）﹣（1，3）=（3，﹣4），||==5，‎ 则与向量同方向的单位向量为 =，‎ 故选A．‎ ‎　‎ ‎4．（5分）下列关于公差d＞0的等差数列{an}的四个命题：‎ p1：数列{an}是递增数列；‎ p2：数列{nan}是递增数列；‎ p3：数列是递增数列；‎ p4：数列{an+3nd}是递增数列；‎ 其中真命题是（　　）‎ A．p1，p2 B．p3，p4 C．p2，p3 D．p1，p4‎ ‎【解答】解：∵对于公差d＞0的等差数列{an}，an+1﹣an=d＞0，∴命题p1：数列{an}是递增数列成立，是真命题．‎ 对于数列{nan}，第n+1项与第n项的差等于 （n+1）an+1﹣nan=（n+1）d+an，不一定是正实数，‎ 故p2不正确，是假命题．‎ 对于数列，第n+1项与第n项的差等于 ﹣==，不一定是正实数，‎ 故p3不正确，是假命题．‎ 对于数列{an+3nd}，第n+1项与第n项的差等于 an+1+3（n+1）d﹣an﹣3nd=4d＞0，‎ 故命题p4：数列{an+3nd}是递增数列成立，是真命题．‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎5．（5分）某学校组织学生参加英语测试，成绩的频率分布直方图如图，数据的分组一次为[20，40），[40，60），[60，80），[80，100）．若低于60分的人数是15人，则该班的学生人数是（　　）‎ A．45 B．50 C．55 D．60‎ ‎【解答】解：∵成绩低于60分有第一、二组数据，‎ 在频率分布直方图中，对应矩形的高分别为0.005，0.01，‎ 每组数据的组距为20，‎ 则成绩低于60分的频率P=（0.005+0.010）×20=0.3，‎ 又∵低于60分的人数是15人，‎ 则该班的学生人数是=50．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎6．（5分）在△ABC，内角A，B，C所对的边长分别为a，b，c．asinBcosC+csinBcosA=b，且a＞b，则∠B=（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【解答】解：利用正弦定理化简已知等式得：sinAsinBcosC+sinCsinBcosA=sinB，‎ ‎∵sinB≠0，∴sinAcosC+sinCcosA=sin（A+C）=sinB=，‎ ‎∵a＞b，∴∠A＞∠B，即∠B为锐角，‎ 则∠B=．‎ 故选A ‎　‎ ‎7．（5分）已知函数f（x）=ln（﹣3x）+1，则f（lg2）+f（lg）=（　　）‎ A．﹣1 B．0 C．1 D．2‎ ‎【解答】解：函数的定义域为（﹣∞，+∞），‎ ‎∵f（x）=ln（﹣3x）+1，‎ ‎∴f（﹣x）+f（x）=ln（+3x）+1+ln（﹣3x）+1=ln[（+3x）（﹣3x）]+2=ln（1+9x2﹣9x2）+2=ln1+2=2，‎ 则f（lg2）+f（lg）=f（lg2）+f（﹣lg2）=2，‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎8．（5分）执行如图所示的程序框图，若输入n=8，则输出S=（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【解答】解：当i=2时，S=0+=，i=4；‎ 当i=4时，S=+=，i=6；‎ 当i=6时，S=+=，i=8；‎ 当i=8时，S=+=，i=10；‎ 不满足循环的条件i≤8，退出循环，输出S=．‎ 故选A．‎ ‎　‎ ‎9．（5分）已知点O（0，0），A（0，b），B（a，a3），若△OAB为直角三角形，则必有（　　）‎ A．b=a3 B．‎ C． D．‎ ‎【解答】解：∵=（a，a3﹣b），，=（a，a3），且ab≠0．‎ ‎①若，则=ba3=0，∴a=0或b=0，但是ab≠0，应舍去；‎ ‎②若，则=b（a3﹣b）=0，∵b≠0，∴b=a3≠0；‎ ‎③若，则=a2+a3（a3﹣b）=0，得1+a4﹣ab=0，即．‎ 综上可知：△OAB为直角三角形，则必有．‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎10．（5分）已知三棱柱ABC﹣A1B1C1的6个顶点都在球O的球面上，若AB=3，AC=4，AB⊥AC，AA1=12，则球O的半径为（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【解答】解：因为三棱柱ABC﹣A1B1C1的6个顶点都在球O的球面上，若AB=3，AC=4，AB⊥AC，AA1=12，‎ 所以三棱柱的底面是直角三角形，侧棱与底面垂直，侧面B1BCC1，经过球的球心，球的直径是其对角线的长，‎ 因为AB=3，AC=4，BC=5，BC1=，‎ 所以球的半径为：．‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎11．（5分）已知椭圆C：的左焦点F，C与过原点的直线相交于A，B两点，连结AF，BF，若|AB|=10，|AF|=6，，则C的离心率为（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【解答】解：如图所示，在△AFB中，由余弦定理可得|AF|2=|AB|2+|BF|2﹣2|AB||BF|cos∠ABF，‎ ‎∴，化为（|BF|﹣8）2=0，解得|BF|=8．‎ 设F′为椭圆的右焦点，连接BF′，AF′．根据对称性可得四边形AFBF′是矩形．‎ ‎∴|BF′|=6，|FF′|=10．‎ ‎∴2a=8+6，2c=10，解得a=7，c=5．‎ ‎∴．‎ 故选B．‎ ‎　‎ ‎12．（5分）已知函数f（x）满足f（x）=x2﹣2（a+2）x+a2，g（x）=﹣x2+2（a﹣2）x﹣a2+8．设H1（x）=max{f（x），g（x）}，H2（x）=min{f（x），g（x）}（max（p，q）表示p，q中的较大值，min（p，q）表示p，q中的较小值），记H1（x）的最小值为A，H2（x）的最大值为B，则A﹣B=（　　）‎ A．a2﹣2a﹣16 B．a2+2a﹣16 C．﹣16 D．16‎ ‎【解答】解：取a=﹣2，则f（x）=x2+4，g（x）=﹣x2﹣8x+4．画出它们的图象，如图所示．‎ 则H1（x）的最小值为两图象右边交点的纵坐标，H2（x）的最大值为两图象左边交点的纵坐标，‎ 由 解得或，‎ ‎∴A=4，B=20，A﹣B=﹣16．‎ 故选C．‎ ‎　‎ 二、填空题 ‎13．（5分）某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积是　16π﹣16　．‎ ‎【解答】解：根据三视图可知，该几何体为圆柱中挖去一个四棱柱，‎ 圆柱是底面外径为2，高为4的圆筒，‎ 四棱柱的底面是边长为2的正方形，高也为4．‎ 故其体积为：22π×4﹣22×4=16π﹣16，‎ 故答案为：16π﹣16．‎ ‎　‎ ‎14．（5分）已知等比数列{an}是递增数列，Sn是{an}的前n项和．若a1，a3是方程x2﹣5x+4=0的两个根，则S6=　63　．‎ ‎【解答】解：解方程x2﹣5x+4=0，得x1=1，x2=4．‎ 因为数列{an}是递增数列，且a1，a3是方程x2﹣5x+4=0的两个根，‎ 所以a1=1，a3=4．‎ 设等比数列{an}的公比为q，则，所以q=2．‎ 则．‎ 故答案为63．‎ ‎　‎ ‎15．（5分）已知F为双曲线C：的左焦点，P，Q为C上的点，若PQ的长等于虚轴长的2倍，点A（5，0）在线段PQ上，则△PQF的周长为 ‎　44　．‎ ‎【解答】解：根据题意，双曲线C：的左焦点F（﹣5，0），所以点A（5，0）是双曲线的右焦点，‎ 虚轴长为：8；‎ 双曲线图象如图：‎ ‎|PF|﹣|AP|=2a=6 ①‎ ‎|QF|﹣|QA|=2a=6 ②‎ 而|PQ|=16，‎ ‎①+②‎ 得：|PF|+|QF|﹣|PQ|=12，‎ ‎∴周长为：|PF|+|QF|+|PQ|=12+2|PQ|=44‎ 故答案为：44．‎ ‎　‎ ‎16．（5分）为了考察某校各班参加课外小组的人数，从全校随机抽取5个班级，把每个班级参加该小组的人数作为样本数据，已知样本平均数为7，样本方差为4，且样本数据互不相同，则样本数据中的最大值为　10　．‎ ‎【解答】解：设样本数据为：x1，x2，x3，x4，x5，‎ 平均数=（x1+x2+x3+x4+x5）÷5=7；‎ 方差s2=[（x1﹣7）2+（x2﹣7）2+（x3﹣7）2+（x4﹣7）2+（x5﹣7）2]÷5=4．‎ 从而有x1+x2+x3+x4+x5=35，①‎ ‎（x1﹣7）2+（x2﹣7）2+（x3﹣7）2+（x4﹣7）2+（x5﹣7）2=20．②‎ 若样本数据中的最大值为11，不妨设x5=11，则②式变为：‎ ‎（x1﹣7）2+（x2﹣7）2+（x3﹣7）2+（x4﹣7）2=4，由于样本数据互不相同，这是不可能成立的；‎ 若样本数据为4，6，7，8，10，代入验证知①②式均成立，此时样本数据中的最大值为 10．‎ 故答案为：10．‎ ‎　‎ 三、解答题 ‎17．（12分）设向量，，．‎ ‎（1）若，求x的值；‎ ‎（2）设函数，求f（x）的最大值．‎ ‎【解答】解：（1）由题意可得 =+sin2x=4sin2x，=cos2x+sin2x=1，‎ 由，可得 4sin2x=1，即sin2x=．‎ ‎∵x∈[0，]，∴sinx=，即x=．‎ ‎（2）∵函数=（sinx，sinx）•（cosx，sinx）=sinxcosx+sin2x=sin2x+=sin（2x﹣）+．‎ ‎ x∈[0，]，∴2x﹣∈[﹣，]，‎ ‎∴当2x﹣=，sin（2x﹣）+取得最大值为1+=．‎ ‎　‎ ‎18．（12分）如图，AB是圆O的直径，PA⊥圆O所在的平面，C是圆O上的点．‎ ‎（1）求证：BC⊥平面PAC；‎ ‎（2）若Q为PA的中点，G为△AOC的重心，求证：QG∥平面PBC．‎ ‎【解答】解：（1）AB是圆O的直径，PA⊥圆所在的平面，可得PA⊥BC，‎ C是圆O上的点，由直径对的圆周角等于90°，可得BC⊥AC．‎ 再由AC∩PA=A，利用直线和平面垂直的判定定理可得BC⊥平面PAC．‎ ‎（2）若Q为PA的中点，G为△AOC的重心，连接OG并延长交AC于点M，‎ 连接QM，则由重心的性质可得M为AC的中点．‎ 故OM是△ABC的中位线，QM是△PAC的中位线，故有OM∥BC，QM∥PC．‎ 而OM和QM是平面OQM内的两条相交直线，AC和BC是平面PBC内的两条相交直线，‎ 故平面OQM∥平面PBC．‎ 又QG⊂平面OQM，∴QG∥平面PBC．‎ ‎　‎ ‎19．（12分）现有6道题，其中4道甲类题，2道乙类题，张同学从中任取2道题解答．‎ ‎（1）所取的2道题都是甲类题的概率；‎ ‎（2）所取的2道题不是同一类题的概率．‎ ‎【解答】解：（1）从中任取2道题解答，试验结果有=15种；‎ 设事件A为“所取的2道题都是甲类题”，则包含的基本事件共有C=6种，‎ 因此，P（A）=．‎ ‎（2）设事件B为“所取的2道题不是同一类题”，‎ 从6件中抽取2道，有C62种情况，‎ 而抽出的2道是一个甲类题，一个乙类题的情况数目，有C41•C21=8种情况，‎ 根据古典概型的计算，有P（B）=．‎ ‎　‎ ‎20．（12分）如图，抛物线C1：x2=4y，C2：x2=﹣2py（p＞0），点M（x0，y0）在抛物线C2上，过M作C1的切线，切点为A，B（M为原点O时，A，B重合于O），当x0=1﹣时，切线MA的斜率为﹣．‎ ‎（Ⅰ）求P的值；‎ ‎（Ⅱ）当M在C2上运动时，求线段AB中点N的轨迹方程（A，B重合于O时，中点为O）．‎ ‎【解答】解：（Ⅰ）因为抛物线C1：x2=4y上任意一点（x，y）的切线斜率为y′=，且切线MA的斜率为﹣，‎ 所以设A点坐标为（x，y），得，解得x=﹣1，y==，点A的坐标为（﹣1，），‎ 故切线MA的方程为y=﹣（x+1）+‎ 因为点M（1﹣，y0）在切线MA及抛物线C2上，于是 y0=﹣（2﹣）+=﹣①‎ ‎∴y0=﹣=﹣②‎ 解得p=2‎ ‎（Ⅱ）设N（x，y），A（x1，），B（x2，），x1≠x2，由N为线段AB中点知x=③，y==④‎ 切线MA，MB的方程为y=（x﹣x1）+，⑤；y=（x﹣x2）+⑥，‎ 由⑤⑥得MA，MB的交点M（x0，y0）的坐标满足x0=，y0=‎ 因为点M（x0，y0）在C2上，即x02=﹣4y0，所以x1x2=﹣⑦‎ 由③④⑦得x2=y，x≠0‎ 当x1=x2时，A，B丙点重合于原点O，A，B中点N为O，坐标满足x2=y 因此中点N的轨迹方程为x2=y ‎　‎ ‎21．（12分）（1）证明：当x∈[0，1]时，；‎ ‎（2）若不等式对x∈[0，1]恒成立，求实数a的取值范围．‎ ‎【解答】（1）证明：记F（x）=sinx﹣x，则F′（x）=cosx﹣．‎ 当x∈（0，）时，F′（x）＞0，F（x）在[0，]上是增函数；‎ 当x∈（，1）时，F′（x）＜0，F（x）在[，1]上是减函数；‎ 又F（0）=0，F（1）＞0，所以当x∈[0，1]时，F（x）≥0，即sinx≥x，‎ 记H（x）=sinx﹣x，则当x∈（0，1）时，H′（x）=cosx﹣1＜0，所以H（x）在[0，1]上是减函数；则H（x）≤H（0）=0，‎ 即sinx≤x．‎ 综上，x≤sinx≤x．‎ ‎（2）∵当x∈[0，1]时，ax+x2++2（x+2）cosx﹣4‎ ‎=（a+2）x+x2+﹣4（x+2）‎ ‎≤（a+2）x+x2+﹣4（x+2）‎ ‎=（a+2）x，‎ ‎∴当a≤﹣2时，不等式ax+x2++2（x+2）cosx≤4对x∈[0，1]恒成立，‎ 下面证明，当a＞﹣2时，不等式ax+x2++2（x+2）cosx≤4对x∈[0，1]不恒成立．‎ ‎∵当x∈[0，1]时，ax+x2++2（x+2）cosx﹣4‎ ‎=（a+2）x+x2+﹣4（x+2）‎ ‎≥（a+2）x+x2+﹣4（x+2）‎ ‎=（a+2）x﹣x2﹣‎ ‎≥（a+2）x﹣x2‎ ‎=﹣x[x﹣（a+2）]．‎ 所以存在x0∈（0，1）（例如x0取和中的较小值）满足 ax0+++2（x0+2）cosx0﹣4＞0，‎ 即当a＞﹣2时，不等式ax+x2++2（x+2）cosx≤4对x∈[0，1]不恒成立．‎ 综上，实数a的取值范围是（﹣∞，﹣2]．‎ ‎　‎ 请考生在22、23、24题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分。‎ ‎22．（10分）（选修4﹣1几何证明选讲）‎ 如图，AB为⊙O的直径，直线CD与⊙O相切于E，AD垂直CD于D，BC垂直CD于C，EF垂直于AB于F，连接AE，BE，证明：‎ ‎（1）∠FEB=∠CEB；‎ ‎（2）EF2=AD•BC．‎ ‎【解答】证明：（1）∵直线CD与⊙O相切于E，∴∠CEB=∠EAB．‎ ‎∵AB为⊙O的直径，∴∠AEB=90°．‎ ‎∴∠EAB+∠EBA=90°．‎ ‎∵EF⊥AB，∴∠FEB+∠EBF=90°．‎ ‎∴∠FEB=∠EAB．‎ ‎∴∠CEB=∠EAB．‎ ‎（2）∵BC⊥CD，∴∠ECB=90°=∠EFB，‎ 又∠CEB=∠FEB，EB公用．‎ ‎∴△CEB≌△FEB．‎ ‎∴CB=FB．‎ 同理可得△ADE≌△AFE，∴AD=AF．‎ 在Rt△AEB中，∵EF⊥AB，∴EF2=AF•FB．‎ ‎∴EF2=AD•CB．‎ ‎　‎ ‎23．在直角坐标系xOy中以O为极点，x轴正半轴为极轴建立坐标系．圆C1，直线C2的极坐标方程分别为ρ=4sinθ，ρcos（）=2．‎ ‎（Ⅰ）求C1与C2交点的极坐标；‎ ‎（Ⅱ）设P为C1的圆心，Q为C1与C2交点连线的中点，已知直线PQ的参数方程为（t∈R为参数），求a，b的值．‎ ‎【解答】解：（I）圆C1，直线C2的直角坐标方程分别为 x2+（y﹣2）2=4，x+y﹣4=0，‎ 解得或，‎ ‎∴C1与C2交点的极坐标为（4，）．（2，）．‎ ‎（II）由（I）得，P与Q点的坐标分别为（0，2），（1，3），‎ 故直线PQ的直角坐标方程为x﹣y+2=0，‎ 由参数方程可得y=x﹣+1，‎ ‎∴，‎ 解得a=﹣1，b=2．‎ ‎　‎ ‎24．已知函数f（x）=|x﹣a|，其中a＞1‎ ‎（1）当a=2时，求不等式f（x）≥4﹣|x﹣4|的解集；‎ ‎（2）已知关于x的不等式|f（2x+a）﹣2f（x）|≤2的解集{x|1≤x≤2}，求a的值．‎ ‎【解答】解：（1）当a=2时，f（x）≥4﹣|x﹣4|可化为|x﹣2|+|x﹣4|≥4，‎ 当x≤2时，得﹣2x+6≥4，解得x≤1；‎ 当2＜x＜4时，得2≥4，无解；‎ 当x≥4时，得2x﹣6≥4，解得x≥5；‎ 故不等式的解集为{x|x≥5或x≤1}．‎ ‎（2）设h（x）=f（2x+a）﹣2f（x），则h（x）=‎ ‎ 由|h（x）|≤2得，‎ 又已知关于x的不等式|f（2x+a）﹣2f（x）|≤2的解集{x|1≤x≤2}，‎ 所以，‎ 故a=3．‎ ‎　‎