辽宁省高考数学试卷文科

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文档介绍

辽宁省高考数学试卷文科

‎2013年辽宁省高考数学试卷(文科)‎ ‎ ‎ 一、选择题(共12小题,每小题5分,满分60分)‎ ‎1.(5分)已知集合A={0,1,2,3,4},B={x||x|<2},则A∩B=(  )‎ A.{0} B.{0,1} C.{0,2} D.{0,1,2}‎ ‎2.(5分)复数的模长为(  )‎ A. B. C. D.2‎ ‎3.(5分)已知点A(1,3),B(4,﹣1),则与向量同方向的单位向量为(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎4.(5分)下列关于公差d>0的等差数列{an}的四个命题:‎ p1:数列{an}是递增数列;‎ p2:数列{nan}是递增数列;‎ p3:数列是递增数列;‎ p4:数列{an+3nd}是递增数列;‎ 其中真命题是(  )‎ A.p1,p2 B.p3,p4 C.p2,p3 D.p1,p4‎ ‎5.(5分)某学校组织学生参加英语测试,成绩的频率分布直方图如图,数据的分组一次为[20,40),[40,60),[60,80),[80,100).若低于60分的人数是15人,则该班的学生人数是(  )‎ A.45 B.50 C.55 D.60‎ ‎6.(5分)在△ABC,内角A,B,C所对的边长分别为a,b,c.asinBcosC+csinBcosA=b,且a>b,则∠B=(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎7.(5分)已知函数f(x)=ln(﹣3x)+1,则f(lg2)+f(lg)=(  )‎ A.﹣1 B.0 C.1 D.2‎ ‎8.(5分)执行如图所示的程序框图,若输入n=8,则输出S=(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎9.(5分)已知点O(0,0),A(0,b),B(a,a3),若△OAB为直角三角形,则必有(  )‎ A.b=a3 B.‎ C. D.‎ ‎10.(5分)已知三棱柱ABC﹣A1B1C1的6个顶点都在球O的球面上,若AB=3,AC=4,AB⊥AC,AA1=12,则球O的半径为(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎11.(5分)已知椭圆C:的左焦点F,C与过原点的直线相交于A,B两点,连结AF,BF,若|AB|=10,|AF|=6,,则C的离心率为(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎12.(5分)已知函数f(x)满足f(x)=x2﹣2(a+2)x+a2,g(x)=﹣x2+2(a﹣2)x﹣a2+8.设H1(x)=max{f(x),g(x)},H2(x)=min{f(x),g(x)}(max(p,q)表示p,q中的较大值,min(p,q)表示p,q中的较小值),记H1(x)的最小值为A,H2(x)的最大值为B,则A﹣B=(  )‎ A.a2﹣2a﹣16 B.a2+2a﹣16 C.﹣16 D.16‎ ‎ ‎ 二、填空题 ‎13.(5分)某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积是   .‎ ‎14.(5分)已知等比数列{an}是递增数列,Sn是{an}的前n项和.若a1,a3是方程x2﹣5x+4=0的两个根,则S6=   .‎ ‎15.(5分)已知F为双曲线C:的左焦点,P,Q为C上的点,若PQ的长等于虚轴长的2倍,点A(5,0)在线段PQ上,则△PQF的周长为   .‎ ‎16.(5分)为了考察某校各班参加课外小组的人数,从全校随机抽取5个班级,把每个班级参加该小组的人数作为样本数据,已知样本平均数为7,样本方差为4,且样本数据互不相同,则样本数据中的最大值为   .‎ ‎ ‎ 三、解答题 ‎17.(12分)设向量,,.‎ ‎(1)若,求x的值;‎ ‎(2)设函数,求f(x)的最大值.‎ ‎18.(12分)如图,AB是圆O的直径,PA⊥圆O所在的平面,C是圆O上的点.‎ ‎(1)求证:BC⊥平面PAC;‎ ‎(2)若Q为PA的中点,G为△AOC的重心,求证:QG∥平面PBC.‎ ‎19.(12分)现有6道题,其中4道甲类题,2道乙类题,张同学从中任取2道题解答.‎ ‎(1)所取的2道题都是甲类题的概率;‎ ‎(2)所取的2道题不是同一类题的概率.‎ ‎20.(12分)如图,抛物线C1:x2=4y,C2:x2=﹣2py(p>0),点M(x0,y0)在抛物线C2上,过M作C1的切线,切点为A,B(M为原点O时,A,B重合于O),当x0=1﹣时,切线MA的斜率为﹣.‎ ‎(Ⅰ)求P的值;‎ ‎(Ⅱ)当M在C2上运动时,求线段AB中点N的轨迹方程(A,B重合于O时,中点为O).‎ ‎21.(12分)(1)证明:当x∈[0,1]时,;‎ ‎(2)若不等式对x∈[0,1]恒成立,求实数a的取值范围.‎ ‎ ‎ 请考生在22、23、24题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分。‎ ‎22.(10分)(选修4﹣1几何证明选讲)‎ 如图,AB为⊙O的直径,直线CD与⊙O相切于E,AD垂直CD于D,BC垂直CD于C,EF垂直于AB于F,连接AE,BE,证明:‎ ‎(1)∠FEB=∠CEB;‎ ‎(2)EF2=AD•BC.‎ ‎23.在直角坐标系xOy中以O为极点,x轴正半轴为极轴建立坐标系.圆C1,直线C2的极坐标方程分别为ρ=4sinθ,ρcos()=2.‎ ‎(Ⅰ)求C1与C2交点的极坐标;‎ ‎(Ⅱ)设P为C1的圆心,Q为C1与C2交点连线的中点,已知直线PQ的参数方程为(t∈R为参数),求a,b的值.‎ ‎24.已知函数f(x)=|x﹣a|,其中a>1‎ ‎(1)当a=2时,求不等式f(x)≥4﹣|x﹣4|的解集;‎ ‎(2)已知关于x的不等式|f(2x+a)﹣2f(x)|≤2的解集{x|1≤x≤2},求a的值.‎ ‎ ‎ ‎2013年辽宁省高考数学试卷(文科)‎ 参考答案与试题解析 ‎ ‎ 一、选择题(共12小题,每小题5分,满分60分)‎ ‎1.(5分)已知集合A={0,1,2,3,4},B={x||x|<2},则A∩B=(  )‎ A.{0} B.{0,1} C.{0,2} D.{0,1,2}‎ ‎【解答】解:由B中的不等式|x|<2,解得:﹣2<x<2,即B=(﹣2,2),‎ ‎∵A={0,1,2,3,4},‎ ‎∴A∩B={0,1}.‎ 故选B ‎ ‎ ‎2.(5分)复数的模长为(  )‎ A. B. C. D.2‎ ‎【解答】解:复数,‎ 所以===.‎ 故选B.‎ ‎ ‎ ‎3.(5分)已知点A(1,3),B(4,﹣1),则与向量同方向的单位向量为(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【解答】解:∵已知点A(1,3),B(4,﹣1),∴=(4,﹣1)﹣(1,3)=(3,﹣4),||==5,‎ 则与向量同方向的单位向量为 =,‎ 故选A.‎ ‎ ‎ ‎4.(5分)下列关于公差d>0的等差数列{an}的四个命题:‎ p1:数列{an}是递增数列;‎ p2:数列{nan}是递增数列;‎ p3:数列是递增数列;‎ p4:数列{an+3nd}是递增数列;‎ 其中真命题是(  )‎ A.p1,p2 B.p3,p4 C.p2,p3 D.p1,p4‎ ‎【解答】解:∵对于公差d>0的等差数列{an},an+1﹣an=d>0,∴命题p1:数列{an}是递增数列成立,是真命题.‎ 对于数列{nan},第n+1项与第n项的差等于 (n+1)an+1﹣nan=(n+1)d+an,不一定是正实数,‎ 故p2不正确,是假命题.‎ 对于数列,第n+1项与第n项的差等于 ﹣==,不一定是正实数,‎ 故p3不正确,是假命题.‎ 对于数列{an+3nd},第n+1项与第n项的差等于 an+1+3(n+1)d﹣an﹣3nd=4d>0,‎ 故命题p4:数列{an+3nd}是递增数列成立,是真命题.‎ 故选D.‎ ‎ ‎ ‎5.(5分)某学校组织学生参加英语测试,成绩的频率分布直方图如图,数据的分组一次为[20,40),[40,60),[60,80),[80,100).若低于60分的人数是15人,则该班的学生人数是(  )‎ A.45 B.50 C.55 D.60‎ ‎【解答】解:∵成绩低于60分有第一、二组数据,‎ 在频率分布直方图中,对应矩形的高分别为0.005,0.01,‎ 每组数据的组距为20,‎ 则成绩低于60分的频率P=(0.005+0.010)×20=0.3,‎ 又∵低于60分的人数是15人,‎ 则该班的学生人数是=50.‎ 故选:B.‎ ‎ ‎ ‎6.(5分)在△ABC,内角A,B,C所对的边长分别为a,b,c.asinBcosC+csinBcosA=b,且a>b,则∠B=(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【解答】解:利用正弦定理化简已知等式得:sinAsinBcosC+sinCsinBcosA=sinB,‎ ‎∵sinB≠0,∴sinAcosC+sinCcosA=sin(A+C)=sinB=,‎ ‎∵a>b,∴∠A>∠B,即∠B为锐角,‎ 则∠B=.‎ 故选A ‎ ‎ ‎7.(5分)已知函数f(x)=ln(﹣3x)+1,则f(lg2)+f(lg)=(  )‎ A.﹣1 B.0 C.1 D.2‎ ‎【解答】解:函数的定义域为(﹣∞,+∞),‎ ‎∵f(x)=ln(﹣3x)+1,‎ ‎∴f(﹣x)+f(x)=ln(+3x)+1+ln(﹣3x)+1=ln[(+3x)(﹣3x)]+2=ln(1+9x2﹣9x2)+2=ln1+2=2,‎ 则f(lg2)+f(lg)=f(lg2)+f(﹣lg2)=2,‎ 故选:D.‎ ‎ ‎ ‎8.(5分)执行如图所示的程序框图,若输入n=8,则输出S=(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【解答】解:当i=2时,S=0+=,i=4;‎ 当i=4时,S=+=,i=6;‎ 当i=6时,S=+=,i=8;‎ 当i=8时,S=+=,i=10;‎ 不满足循环的条件i≤8,退出循环,输出S=.‎ 故选A.‎ ‎ ‎ ‎9.(5分)已知点O(0,0),A(0,b),B(a,a3),若△OAB为直角三角形,则必有(  )‎ A.b=a3 B.‎ C. D.‎ ‎【解答】解:∵=(a,a3﹣b),,=(a,a3),且ab≠0.‎ ‎①若,则=ba3=0,∴a=0或b=0,但是ab≠0,应舍去;‎ ‎②若,则=b(a3﹣b)=0,∵b≠0,∴b=a3≠0;‎ ‎③若,则=a2+a3(a3﹣b)=0,得1+a4﹣ab=0,即.‎ 综上可知:△OAB为直角三角形,则必有.‎ 故选C.‎ ‎ ‎ ‎10.(5分)已知三棱柱ABC﹣A1B1C1的6个顶点都在球O的球面上,若AB=3,AC=4,AB⊥AC,AA1=12,则球O的半径为(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【解答】解:因为三棱柱ABC﹣A1B1C1的6个顶点都在球O的球面上,若AB=3,AC=4,AB⊥AC,AA1=12,‎ 所以三棱柱的底面是直角三角形,侧棱与底面垂直,侧面B1BCC1,经过球的球心,球的直径是其对角线的长,‎ 因为AB=3,AC=4,BC=5,BC1=,‎ 所以球的半径为:.‎ 故选C.‎ ‎ ‎ ‎11.(5分)已知椭圆C:的左焦点F,C与过原点的直线相交于A,B两点,连结AF,BF,若|AB|=10,|AF|=6,,则C的离心率为(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【解答】解:如图所示,在△AFB中,由余弦定理可得|AF|2=|AB|2+|BF|2﹣2|AB||BF|cos∠ABF,‎ ‎∴,化为(|BF|﹣8)2=0,解得|BF|=8.‎ 设F′为椭圆的右焦点,连接BF′,AF′.根据对称性可得四边形AFBF′是矩形.‎ ‎∴|BF′|=6,|FF′|=10.‎ ‎∴2a=8+6,2c=10,解得a=7,c=5.‎ ‎∴.‎ 故选B.‎ ‎ ‎ ‎12.(5分)已知函数f(x)满足f(x)=x2﹣2(a+2)x+a2,g(x)=﹣x2+2(a﹣2)x﹣a2+8.设H1(x)=max{f(x),g(x)},H2(x)=min{f(x),g(x)}(max(p,q)表示p,q中的较大值,min(p,q)表示p,q中的较小值),记H1(x)的最小值为A,H2(x)的最大值为B,则A﹣B=(  )‎ A.a2﹣2a﹣16 B.a2+2a﹣16 C.﹣16 D.16‎ ‎【解答】解:取a=﹣2,则f(x)=x2+4,g(x)=﹣x2﹣8x+4.画出它们的图象,如图所示.‎ 则H1(x)的最小值为两图象右边交点的纵坐标,H2(x)的最大值为两图象左边交点的纵坐标,‎ 由 解得或,‎ ‎∴A=4,B=20,A﹣B=﹣16.‎ 故选C.‎ ‎ ‎ 二、填空题 ‎13.(5分)某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积是 16π﹣16 .‎ ‎【解答】解:根据三视图可知,该几何体为圆柱中挖去一个四棱柱,‎ 圆柱是底面外径为2,高为4的圆筒,‎ 四棱柱的底面是边长为2的正方形,高也为4.‎ 故其体积为:22π×4﹣22×4=16π﹣16,‎ 故答案为:16π﹣16.‎ ‎ ‎ ‎14.(5分)已知等比数列{an}是递增数列,Sn是{an}的前n项和.若a1,a3是方程x2﹣5x+4=0的两个根,则S6= 63 .‎ ‎【解答】解:解方程x2﹣5x+4=0,得x1=1,x2=4.‎ 因为数列{an}是递增数列,且a1,a3是方程x2﹣5x+4=0的两个根,‎ 所以a1=1,a3=4.‎ 设等比数列{an}的公比为q,则,所以q=2.‎ 则.‎ 故答案为63.‎ ‎ ‎ ‎15.(5分)已知F为双曲线C:的左焦点,P,Q为C上的点,若PQ的长等于虚轴长的2倍,点A(5,0)在线段PQ上,则△PQF的周长为 ‎ 44 .‎ ‎【解答】解:根据题意,双曲线C:的左焦点F(﹣5,0),所以点A(5,0)是双曲线的右焦点,‎ 虚轴长为:8;‎ 双曲线图象如图:‎ ‎|PF|﹣|AP|=2a=6 ①‎ ‎|QF|﹣|QA|=2a=6 ②‎ 而|PQ|=16,‎ ‎①+②‎ 得:|PF|+|QF|﹣|PQ|=12,‎ ‎∴周长为:|PF|+|QF|+|PQ|=12+2|PQ|=44‎ 故答案为:44.‎ ‎ ‎ ‎16.(5分)为了考察某校各班参加课外小组的人数,从全校随机抽取5个班级,把每个班级参加该小组的人数作为样本数据,已知样本平均数为7,样本方差为4,且样本数据互不相同,则样本数据中的最大值为 10 .‎ ‎【解答】解:设样本数据为:x1,x2,x3,x4,x5,‎ 平均数=(x1+x2+x3+x4+x5)÷5=7;‎ 方差s2=[(x1﹣7)2+(x2﹣7)2+(x3﹣7)2+(x4﹣7)2+(x5﹣7)2]÷5=4.‎ 从而有x1+x2+x3+x4+x5=35,①‎ ‎(x1﹣7)2+(x2﹣7)2+(x3﹣7)2+(x4﹣7)2+(x5﹣7)2=20.②‎ 若样本数据中的最大值为11,不妨设x5=11,则②式变为:‎ ‎(x1﹣7)2+(x2﹣7)2+(x3﹣7)2+(x4﹣7)2=4,由于样本数据互不相同,这是不可能成立的;‎ 若样本数据为4,6,7,8,10,代入验证知①②式均成立,此时样本数据中的最大值为 10.‎ 故答案为:10.‎ ‎ ‎ 三、解答题 ‎17.(12分)设向量,,.‎ ‎(1)若,求x的值;‎ ‎(2)设函数,求f(x)的最大值.‎ ‎【解答】解:(1)由题意可得 =+sin2x=4sin2x,=cos2x+sin2x=1,‎ 由,可得 4sin2x=1,即sin2x=.‎ ‎∵x∈[0,],∴sinx=,即x=.‎ ‎(2)∵函数=(sinx,sinx)•(cosx,sinx)=sinxcosx+sin2x=sin2x+=sin(2x﹣)+.‎ ‎ x∈[0,],∴2x﹣∈[﹣,],‎ ‎∴当2x﹣=,sin(2x﹣)+取得最大值为1+=.‎ ‎ ‎ ‎18.(12分)如图,AB是圆O的直径,PA⊥圆O所在的平面,C是圆O上的点.‎ ‎(1)求证:BC⊥平面PAC;‎ ‎(2)若Q为PA的中点,G为△AOC的重心,求证:QG∥平面PBC.‎ ‎【解答】解:(1)AB是圆O的直径,PA⊥圆所在的平面,可得PA⊥BC,‎ C是圆O上的点,由直径对的圆周角等于90°,可得BC⊥AC.‎ 再由AC∩PA=A,利用直线和平面垂直的判定定理可得BC⊥平面PAC.‎ ‎(2)若Q为PA的中点,G为△AOC的重心,连接OG并延长交AC于点M,‎ 连接QM,则由重心的性质可得M为AC的中点.‎ 故OM是△ABC的中位线,QM是△PAC的中位线,故有OM∥BC,QM∥PC.‎ 而OM和QM是平面OQM内的两条相交直线,AC和BC是平面PBC内的两条相交直线,‎ 故平面OQM∥平面PBC.‎ 又QG⊂平面OQM,∴QG∥平面PBC.‎ ‎ ‎ ‎19.(12分)现有6道题,其中4道甲类题,2道乙类题,张同学从中任取2道题解答.‎ ‎(1)所取的2道题都是甲类题的概率;‎ ‎(2)所取的2道题不是同一类题的概率.‎ ‎【解答】解:(1)从中任取2道题解答,试验结果有=15种;‎ 设事件A为“所取的2道题都是甲类题”,则包含的基本事件共有C=6种,‎ 因此,P(A)=.‎ ‎(2)设事件B为“所取的2道题不是同一类题”,‎ 从6件中抽取2道,有C62种情况,‎ 而抽出的2道是一个甲类题,一个乙类题的情况数目,有C41•C21=8种情况,‎ 根据古典概型的计算,有P(B)=.‎ ‎ ‎ ‎20.(12分)如图,抛物线C1:x2=4y,C2:x2=﹣2py(p>0),点M(x0,y0)在抛物线C2上,过M作C1的切线,切点为A,B(M为原点O时,A,B重合于O),当x0=1﹣时,切线MA的斜率为﹣.‎ ‎(Ⅰ)求P的值;‎ ‎(Ⅱ)当M在C2上运动时,求线段AB中点N的轨迹方程(A,B重合于O时,中点为O).‎ ‎【解答】解:(Ⅰ)因为抛物线C1:x2=4y上任意一点(x,y)的切线斜率为y′=,且切线MA的斜率为﹣,‎ 所以设A点坐标为(x,y),得,解得x=﹣1,y==,点A的坐标为(﹣1,),‎ 故切线MA的方程为y=﹣(x+1)+‎ 因为点M(1﹣,y0)在切线MA及抛物线C2上,于是 y0=﹣(2﹣)+=﹣①‎ ‎∴y0=﹣=﹣②‎ 解得p=2‎ ‎(Ⅱ)设N(x,y),A(x1,),B(x2,),x1≠x2,由N为线段AB中点知x=③,y==④‎ 切线MA,MB的方程为y=(x﹣x1)+,⑤;y=(x﹣x2)+⑥,‎ 由⑤⑥得MA,MB的交点M(x0,y0)的坐标满足x0=,y0=‎ 因为点M(x0,y0)在C2上,即x02=﹣4y0,所以x1x2=﹣⑦‎ 由③④⑦得x2=y,x≠0‎ 当x1=x2时,A,B丙点重合于原点O,A,B中点N为O,坐标满足x2=y 因此中点N的轨迹方程为x2=y ‎ ‎ ‎21.(12分)(1)证明:当x∈[0,1]时,;‎ ‎(2)若不等式对x∈[0,1]恒成立,求实数a的取值范围.‎ ‎【解答】(1)证明:记F(x)=sinx﹣x,则F′(x)=cosx﹣.‎ 当x∈(0,)时,F′(x)>0,F(x)在[0,]上是增函数;‎ 当x∈(,1)时,F′(x)<0,F(x)在[,1]上是减函数;‎ 又F(0)=0,F(1)>0,所以当x∈[0,1]时,F(x)≥0,即sinx≥x,‎ 记H(x)=sinx﹣x,则当x∈(0,1)时,H′(x)=cosx﹣1<0,所以H(x)在[0,1]上是减函数;则H(x)≤H(0)=0,‎ 即sinx≤x.‎ 综上,x≤sinx≤x.‎ ‎(2)∵当x∈[0,1]时,ax+x2++2(x+2)cosx﹣4‎ ‎=(a+2)x+x2+﹣4(x+2)‎ ‎≤(a+2)x+x2+﹣4(x+2)‎ ‎=(a+2)x,‎ ‎∴当a≤﹣2时,不等式ax+x2++2(x+2)cosx≤4对x∈[0,1]恒成立,‎ 下面证明,当a>﹣2时,不等式ax+x2++2(x+2)cosx≤4对x∈[0,1]不恒成立.‎ ‎∵当x∈[0,1]时,ax+x2++2(x+2)cosx﹣4‎ ‎=(a+2)x+x2+﹣4(x+2)‎ ‎≥(a+2)x+x2+﹣4(x+2)‎ ‎=(a+2)x﹣x2﹣‎ ‎≥(a+2)x﹣x2‎ ‎=﹣x[x﹣(a+2)].‎ 所以存在x0∈(0,1)(例如x0取和中的较小值)满足 ax0+++2(x0+2)cosx0﹣4>0,‎ 即当a>﹣2时,不等式ax+x2++2(x+2)cosx≤4对x∈[0,1]不恒成立.‎ 综上,实数a的取值范围是(﹣∞,﹣2].‎ ‎ ‎ 请考生在22、23、24题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分。‎ ‎22.(10分)(选修4﹣1几何证明选讲)‎ 如图,AB为⊙O的直径,直线CD与⊙O相切于E,AD垂直CD于D,BC垂直CD于C,EF垂直于AB于F,连接AE,BE,证明:‎ ‎(1)∠FEB=∠CEB;‎ ‎(2)EF2=AD•BC.‎ ‎【解答】证明:(1)∵直线CD与⊙O相切于E,∴∠CEB=∠EAB.‎ ‎∵AB为⊙O的直径,∴∠AEB=90°.‎ ‎∴∠EAB+∠EBA=90°.‎ ‎∵EF⊥AB,∴∠FEB+∠EBF=90°.‎ ‎∴∠FEB=∠EAB.‎ ‎∴∠CEB=∠EAB.‎ ‎(2)∵BC⊥CD,∴∠ECB=90°=∠EFB,‎ 又∠CEB=∠FEB,EB公用.‎ ‎∴△CEB≌△FEB.‎ ‎∴CB=FB.‎ 同理可得△ADE≌△AFE,∴AD=AF.‎ 在Rt△AEB中,∵EF⊥AB,∴EF2=AF•FB.‎ ‎∴EF2=AD•CB.‎ ‎ ‎ ‎23.在直角坐标系xOy中以O为极点,x轴正半轴为极轴建立坐标系.圆C1,直线C2的极坐标方程分别为ρ=4sinθ,ρcos()=2.‎ ‎(Ⅰ)求C1与C2交点的极坐标;‎ ‎(Ⅱ)设P为C1的圆心,Q为C1与C2交点连线的中点,已知直线PQ的参数方程为(t∈R为参数),求a,b的值.‎ ‎【解答】解:(I)圆C1,直线C2的直角坐标方程分别为 x2+(y﹣2)2=4,x+y﹣4=0,‎ 解得或,‎ ‎∴C1与C2交点的极坐标为(4,).(2,).‎ ‎(II)由(I)得,P与Q点的坐标分别为(0,2),(1,3),‎ 故直线PQ的直角坐标方程为x﹣y+2=0,‎ 由参数方程可得y=x﹣+1,‎ ‎∴,‎ 解得a=﹣1,b=2.‎ ‎ ‎ ‎24.已知函数f(x)=|x﹣a|,其中a>1‎ ‎(1)当a=2时,求不等式f(x)≥4﹣|x﹣4|的解集;‎ ‎(2)已知关于x的不等式|f(2x+a)﹣2f(x)|≤2的解集{x|1≤x≤2},求a的值.‎ ‎【解答】解:(1)当a=2时,f(x)≥4﹣|x﹣4|可化为|x﹣2|+|x﹣4|≥4,‎ 当x≤2时,得﹣2x+6≥4,解得x≤1;‎ 当2<x<4时,得2≥4,无解;‎ 当x≥4时,得2x﹣6≥4,解得x≥5;‎ 故不等式的解集为{x|x≥5或x≤1}.‎ ‎(2)设h(x)=f(2x+a)﹣2f(x),则h(x)=‎ ‎ 由|h(x)|≤2得,‎ 又已知关于x的不等式|f(2x+a)﹣2f(x)|≤2的解集{x|1≤x≤2},‎ 所以,‎ 故a=3.‎ ‎ ‎
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