一本通高考数学一轮复习 解三角形应用举例 理

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一本通高考数学一轮复习 解三角形应用举例 理

第三章 第七节 解三角形应用举例 一、选择题 ‎1.在△ABC中,角A,B均为锐角,且cos A>sin B,则△ABC的形状是(  )‎ A.直角三角形      B.锐角三角形 C.钝角三角形 D.等腰三角形 解析:cos A=sin(-A)>sin B,-A,B都是锐角,‎ 则-A>B,A+B<,C>.‎ 答案:C ‎2.如图所示,已知两座灯塔A和B与海洋观察站C的距离都等于a km,灯塔A在观察站C的北偏东20°,灯塔B在观察站C的南偏东40°,则灯塔A与灯塔B的距离为(  )‎ A.a km      B.a km C.a km D.‎2a km 解析:利用余弦定理解△ABC.易知∠ACB=120°,在△ABC中,由余弦定理得AB2=AC2+BC2-‎2AC·BCcos 120°=‎2a2-‎2a2×(-)=‎3a2,‎ ‎∴AB=a.‎ 答案:B ‎3.张晓华同学骑电动自行车以‎24 km/h的速度沿着正北方向的公路行驶,在点A处望见电视塔S在电动车的北偏东30°方向上,15 min后到点B处望见电视塔在电动车的北偏东75°方向上,则电动车在点B时与电视塔S的距离是(  )‎ A.‎2 km B.‎3 km C.‎3 km D.‎2 km 解析:如图,由条件知AB=24×=6,在△ABS中,∠BAS=30°,AB=6,∠ABS=180°-75°=105°,‎ 所以∠ASB=45°.由正弦定理知=,‎ 所以BS=sin 30°=3.‎ 答案:B ‎4.轮船A和轮船B在中午12时离开海港C,两艘轮船航行方向的夹角为120°,轮船A的航行速度是25海里/小时,轮船B的航行速度是15海里/小时,下午2时两船之间的距离是(  )‎ A.35海里 B.35 海里 C.35 海里 D.70海里 解析:设轮船A、B航行到下午2时时所在的位置分别是E、F,则依题意有CE=25×2=50,CF=15×2=30,且∠ECF=120°,‎ EF= ‎==70.‎ 答案:D ‎5.如图,设A、B两点在河的两岸,一测量者在A的同侧,在所在的河岸边选定一点C,测出AC的距离为‎50 m,∠ACB=45°,∠CAB=105°后,就可以计算出A、B两点的距离为(  )‎ A.‎50 m B.‎50 m C.‎25 m D. m 解析:∠B=180°-∠ACB-∠CAB=30°‎ 由正弦定理得=,∴AB===50(m).‎ 答案:A ‎6.一船向正北航行,看见正西方向有相距10海里的两个灯塔恰好与它在一条直线上,继续航行半小时后,看见一灯塔在船的南偏西60°方向,另一灯塔在船的南偏西75°方向,则这只船的速度是每小时(  )‎ A.5海里 B.5 海里 C.10海里 D.10 海里 解析:如图,依题意有∠BAC=60°,∠BAD=75°,所以∠CAD=∠CDA=15°,从而CD=CA=10,在直角三角形ABC中,可得AB=5,于是这只船的速度是=10(海里/小时).‎ 答案:C 二、填空题 ‎7.在直径为‎30 m的圆形广场中央上空,设置一个照明光源,射向地面的光呈圆形,且其轴截面顶角为120°,若要光源恰好照整个广场,则光源的高度为________m.‎ 解析:轴截面如图,则光源高度h==5(m).‎ 答案:5 ‎8.在△ABC中,BC=1,∠B=,当△ABC的面积等于时,tan C=________.‎ 解析:S△ABC=acsin B=,∴c=4.‎ 由余弦定理:b2=a2+c2-2accos B=13,‎ ‎∴cos C==-,sin C=,‎ ‎∴tan C=-=-2.‎ 答案:-2 ‎9.据新华社报道,2011年8月,飓风“艾琳”在美国东海岸登陆.飓风中心最大风力达到12级以上,大风、降雨给灾区带来严重的灾害,不少大树被大风折断.某路边一树干被台风吹断后,折成与地面成45°角,树干也倾斜为与地面成75°角,树干底部与树尖着地处相距‎20米,则折断点与树干底部的距离是________米.‎ 解析:如图,设树干底部为O,树尖着地处为B,折断点为A,则 ‎∠ABO=45°,‎ ‎∠AOB=75°,∴∠OAB=60°.‎ 由正弦定理知,=,∴AO=(米).‎ 答案: 三、解答题 ‎10.某校运动会开幕式上举行升旗仪式,旗杆正好处在坡度15°的看台的某一列的正前方,从这一列的第一排和最后一排测得旗杆顶部的仰角分别为60°和30°,第一排和最后一排的距离为‎10‎米(如图所示),旗杆底部与第一排在一个水平面上.若国歌长度约为50秒,升旗手应以多大的速度匀速升旗?‎ 解:在△BCD中,∠BDC=45°,∠CBD=30°,CD=10,‎ 由正弦定理,得BC==20;‎ 在Rt△ABC中,AB=BCsin 60°=20×=30(米).‎ 所以升旗速度v===0.6(米/秒).‎ ‎11.为扑灭某着火点,现场安排了两支水枪,如图,D是着火点,A、B 分别是水枪位置,已知AB=‎15‎米,在A处看到着火点的仰角为60°,∠ABC=30°,∠BAC=105°,求两支水枪的喷射距离至少是多少?‎ 解:在△ABC中,可知∠ACB=45°,‎ 由正弦定理得:=,‎ 解得AC=‎15米.‎ 又∵∠CAD=60°,∴AD=30,CD=15,‎ sin 105°=sin(45°+60°)=.‎ 由正弦定理得:=,‎ 解得BC=米.‎ 由勾股定理可得BD= ‎=‎15米,‎ 综上可知两支水枪的喷射距离至少分别为‎30米,‎15米.‎ ‎12.某港口O要将一件重要物品用小艇送到一艘正在航行的轮船上.在小艇出发时,轮船位于港口O北偏西30°且与该港口相距20海里的A处,并正以30海里/小时的航行速度沿正东方向匀速行驶,假设该小艇沿直线方向以v海里/小时的航行速度匀速行驶,经过t小时与轮船相遇.‎ ‎(1)若希望相遇时小艇的航行距离最小,则小艇航行速度的大小应为多少?‎ ‎(2)假设小艇的最高航行速度只能达到30海里/小时,试设计航行方案(即确定航行方向和航行速度的大小),使得小艇能以最短时间与轮船相遇,并说明理由.‎ 解:1)设小艇与轮船在B处相遇,相遇时小艇航行的距离为S海里,如图所示.‎ 在△AOB中,A=90°-30°=60°‎ ‎∴S= ‎== .‎ 故当t=时,Smin=10,此时v==30.‎ 即小艇以30海里/小时的速度航行,相遇时小艇的航行距离最小.‎ ‎(2)由题意可知OB=vt 在△AOB中利用余弦定理得:‎ v2t2=400+900t2-2·20·30tcos 60°‎ 故v2=900-+ ‎∵0<v≤30,∴900-+≤900.‎ 即-≤0,解得t≥,又t=时,v=30(海里/小时),‎ 故v=30时,t取得最小值,且最小值等于.‎ 此时,在△OAB中,有OA=OB=AB=20,故可设计航行方案如下:‎ 航行方向为北偏东30°,航行速度为‎30海里/小时,小艇能以最短时间与轮船相遇
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