大连中考物理试卷

大连中考物理试卷

‎2017年辽宁省大连市中考物理试卷 ‎　‎ 一、选择题（共14小题，每小题2分，满分28分1-11题单选，12-14多选）‎ ‎1．（2分）“高声喧哗”中的“高”，是指声音的（　　）‎ A．音调 B．响度 C．音色 D．速度 ‎2．（2分）下列自然现象中，属于熔化现象的是（　　）‎ A．早春河面上冰层消融 B．初夏海面上雾气弥漫 C．深秋的草木上结了霜 D．寒冬的树上出现雾凇 ‎3．（2分）下列光现象中，由光的折射形成的是（　　）‎ A．日食和月食 B．电视机画面上的丰富色彩 C．月亮在水中的倒影 D．泳池的池底看起来变浅了 ‎4．（2分）电动机的工作原理是（　　）‎ A．电磁感应 B．电流周围存在磁场 C．磁场对通电导线的作用 D．同名磁极互相排斥 ‎5．（2分）下列措施中，属于利用电流热效应的是（　　）‎ A．电视机的后盖有很多孔 B．电饭锅的发热板装在底部 C．与空调器相连的导线很粗 D．电脑的主机中安装微型风扇 ‎6．（2分）某人只能看清远处的物体，看不清近处的物体，关于该人的视力情况，下列说法正确的是（　　）‎ A．远视眼，用凸透镜矫正 B．远视眼，用凹透镜矫正 C．近视眼，用凸透镜矫正 D．近视眼，用凹透镜矫正 ‎7．（2分）用两根绝缘细线，分别将甲、乙两个相同的轻质小球悬挂起来，两个小球都带正电，在将乙球慢慢靠近甲球时，会出现的情形是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎8．（2分）用电梯往高处搬运货箱．当货箱随着电梯一同匀速上升时，货箱的（　　）‎ A．动能变小，重力势能变小 B．动能变小，重力势能变大 C．动能不变，重力势能变小 D．动能不变，重力势能变大 ‎9．（2分）某人顺着竖直的金属杆匀速下滑时，与人的重力相平衡的力是（　　）‎ A．人对金属杆的摩擦力 B．金属杆对人的摩擦力 C．人对金属杆的压力 D．金属杆对人的支持力 ‎10．（2分）如图所示，水平桌面上有两个相同的烧杯，分别盛有质量相等的甲、乙两种液体．将材料相同的a、b两个实心球，分别放入甲、乙两种液体中，a球体积大于b球体积．静止时，a球漂浮在液面上，b球悬浮在液体中，a、b两球受到的浮力分别为F甲、F乙，甲、乙两种液体对烧杯底的压强分别为p甲、p乙，则（　　）‎ A．F甲=F乙；p甲=p乙 B．F甲=F乙；p甲＞p乙 C．F甲＞F乙；p甲=p乙 D．F甲＞F乙；p甲＞p乙 ‎11．（2分）如图所示的电路，电源电压不变，R1为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小．闭合开关S，当监控区的温度升高时，电压表示数U与电流表示数I的关系图象是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎12．（2分）在做“凸透镜成像”的实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图时，在光屏的中央承接到了蜡烛的像．则下列说法正确的是（　　）‎ A．光屏上的像与照相机成的像性质相同 B．若只升高凸透镜，光屏上的像会向上移动 C．若只将蜡烛向左移动，光屏上还会承接到像 D．若只将凸透镜向左移动，光屏上还会承接到像 ‎13．（2分）如图所示的电路，电源电压不变．闭合开关S，在将滑动变阻器的滑片P从b端向中点移动的过程中（RaP表示滑动变阻器连入电路的阻值），下列说法正确的是（　　）‎ A．电压表的示数保持不变 B．电流表的示数逐渐变小 C．电阻R2的电功率逐渐变大 D．电压表的示数与RaP的比值逐渐变小 ‎14．（2分）如图是一个饮水壶的部分结构示意图，a、b是出水管的两端，壶内水面低于出水管的a端，活塞与壶口接触紧密且能自由移动．用力F向下压活塞，在水从a端匀速流出来（壶内水面始终高于b端）的过程中，壶内气体的温度保持不变．则（　　）‎ A．壶内气体的压强大小不变 B．壶内气体的体积逐渐变小 C．向下压活塞的力F逐渐变大 D．壶底内表面所受的压力大小不变 ‎　‎ 二、填空题（共8小题，每小题2分，满分16分）‎ ‎15．（2分）某同学骑自行车时，以地面为参照物，他是　 　的．停止蹬车后，自行车还能继续向前运动一段距离，是因为自行车具有　 　．‎ ‎16．（2分）在家庭电路中，电灯的开关要接在电灯和　 　线之间，各种用电器都是　 　联的．‎ ‎17．（2分）收音机收到的信号是通过　 　波（填“超声”或“电磁”）传递的；集成电路中的三极管是利用　 　（填“半导体”或“超导体”）材料制成的．‎ ‎18．（2分）烈日下的海边，沙子热得烫脚，而海水却不怎么热，这是由于海水比沙子的　 　大而造成的．沙子被晒热，这是用　 　的方式改变了沙子的内能．‎ ‎19．（2分）水电站里，水轮机带动发电机发电，把机械能转化为　 　能；水能是　 　（填“可”或“不可”）再生能源．‎ ‎20．（2分）在测量石块的密度实验中，用天平称石块的质量，天平平衡时盘中砝码及游码的位置如图所示，石块的质量是　 　g．石块的体积是10cm3，则石块的密度是　 　kg/m3．‎ ‎21．（2分）如图所示，条形磁铁放在水平桌面上，左端的S极正对着电磁铁．当电磁铁中的电流不断增大时，条形磁铁向左加速运动．则电磁铁中的电流方向是从　 　（填“从a到b”或“从b到a”），条形磁铁在运动过程中受到的摩擦力　 　（填“变大”、“不变”或“变小”）．‎ ‎22．（2分）在探究“平面镜成像的特点”时，把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，再拿一支外形与蜡烛A相同的蜡烛B，来确定蜡烛A所成的像的位置．则蜡烛B应该是　 　（填“点燃”或“不点燃”）的，点燃蜡烛A的好处是　 　．‎ ‎　‎ 三、作图题（共2小题，满分0分）‎ ‎23．如图所示，一束光从空气斜射到玻璃的表面，请画出进入玻璃的折射光线．‎ ‎24．如图所示的撬棒，O为支点，P为石头的重心．请画出动力F的力臂l和石头所受重力G的示意图．‎ ‎　‎ 四、计算题（共3小题，满分0分）‎ ‎25．某家庭用的燃气热水器，将20kg的水从10℃加热到60℃，完全燃烧了0.21m3的煤气．已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4×107J/m3．试求：‎ ‎（1）煤气完全燃烧放出的热量是多少？‎ ‎（2）水吸收的热量是多少？‎ ‎（3）该热水器烧水的效率是多少？‎ ‎26．如图是一个温度可调的育苗箱电路，电源电压为36V，且保持不变．发热电阻R1的阻值为40Ω，R2为滑动变阻器．闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移到a端时，R1的功率最大；将滑片P移到b端时，电路中的电流是0.4A．试求：‎ ‎（1）R1的最大功率是多少？‎ ‎（2）滑动变阻器R2的最大阻值是多少？‎ ‎（3）将滑片P移到某一位置，R2两端电压为16V时，通电5min，电流对整个电路做的功是多少？‎ ‎27．某人用如图所示的滑轮组，在20s内将一个重为600N的物体，沿着水平地面匀速拉动了4m．拉力F做功为1440J，物体与地面的接触面积为0.4m2，物体移动时受地面的摩擦力为350N．不计绳重及机械的摩擦．试求：‎ ‎（1）物体对地面的压强是多少？‎ ‎（2）拉力F做功的功率是多少？‎ ‎（3）拉力F的大小是多少？‎ ‎（4）动滑轮的重力是多少？‎ ‎　‎ 五、简答题（共2小题，满分0分）‎ ‎28．冬天，小红在洗漱间的水盆中放热水，洗漱间中平面镜的镜面变“模糊”了，她在镜前看不到自己在镜中的像．请分析说明镜面变“模糊”及看不到像的原因．‎ ‎29．如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，活塞与玻璃筒的内壁接触紧密且能自由移动．用手压活塞时，越用力、越迅速地将活塞压下去，就越容易点燃玻璃筒内的硝化棉．请解释其中的原因．‎ ‎　‎ 六、实验探究题（共3小题，满分0分）‎ ‎30．在探究“水沸腾时温度与时间的关系”实验中，实验装置如图1所示．‎ ‎ ‎ ‎（1）组装下列实验器材时，其合理的先、后顺序是　 　（填序号）．‎ ‎①温度计②石棉网③装水的烧杯④酒精灯 ‎（2）温度计放置在水中的要求是　 　．‎ ‎（3）记录的实验数据如下表，实验观察到第2分钟水开始沸腾．‎ 实验次数 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ 时间t/min ‎0‎ ‎0.5‎ ‎1‎ ‎1.5‎ ‎2‎ ‎2.5‎ ‎3‎ ‎3.5‎ 温度t/℃‎ ‎90‎ ‎94‎ ‎97‎ ‎98‎ ‎99‎ ‎99‎ ‎99‎ ‎99‎ 请在图2方格纸上画出水的温度与时间的关系图象．‎ ‎（4）分析图象，可以得出的探究结论是　 　．‎ ‎31．已知通过导体的电流与导体两端的电压和导体的电阻有关．小明在探究“通过导体的电流与导体两端电压的关系”时，实验器材有：稳压电源、电流表、电压表、滑动变阻器、定值电阻、开关各一个，导线若干．‎ ‎（1）请用笔画线，将图中的电路补充完整．‎ ‎（2）连接电路时，将滑动变阻器的滑片移到了阻值最大端，电流表选择了0～3A的量程．连接好电路后，为了确定电流表的量程选择是否合适，应进行怎样的实验操作？　 　．‎ ‎（3）设计出记录实验数据的表格，表格中要有必要的信息．‎ ‎（4）小明通过实验操作，还确定了电压的取值范围，在该范围内，他预设了n个间距相等的电压值，为了使测得的实验数据更准确，预设的每个电压值还应满足什么条件？　 　．‎ ‎（5）在该实验中，若滑动变阻器的接线柱接触不良，则闭合开关时，电流表和电压表的示数情况是　 　‎ ‎（只有一个正确选项，将正确选项的字母填在横线上）‎ A．只有电流表有示数B．只有电压表有示数 C．电流表和电压表均有示数D．电流表和电压表均没有示数．‎ ‎32．小明在探究“液体压强的大小与液体深度和液体密度的关系”实验中，所用的器材有：U形管压强计、烧杯、刻度尺，足量的酒精、水和盐水，已知ρ酒精＜ρ水＜ρ盐水．‎ ‎（1）如图1是U形管压强计．实验前，为了检查探头与U形管之间是否漏气，小明用手轻压探头的橡皮膜，同时观察U形管两侧液面　 　．‎ ‎（2）在探究“液体压强的大小与液体深度的关系”时，记录的部分实验信息如下表：‎ 实验 次数 液体 密度 液体深度 h/cm U形管两侧液面 的高度差△h/cm 液体压强 的大小 ‎1‎ 相同 ‎3‎ ‎2.7‎ a ‎2‎ ‎6‎ ‎5.8‎ b ‎3‎ ‎9‎ ‎8.9‎ c ‎①请将表格中a、b、c三处空缺的信息补充完整：‎ a、　 　b、　 　c、　 　‎ ‎②根据表中信息可得出的探究结论是　 　．‎ ‎（3）在探究“液体压强的大小与液体密度的关系”时，三次实验现象如图2所示．三个烧杯中的液面相平，U形管两侧液面的高度差相同，探头在液体中的深度不同．‎ 小明根据三次实验现象，并结合（2）中②的结论，得出了该探究结论．请你简要说明他分析实验信息得出该探究结论的过程　 　．‎ ‎　‎ ‎2017年辽宁省大连市中考物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（共14小题，每小题2分，满分28分1-11题单选，12-14多选）‎ ‎1．（2分）“高声喧哗”中的“高”，是指声音的（　　）‎ A．音调 B．响度 C．音色 D．速度 ‎【分析】音调是指声音的高低，响度是指声音的强弱，音色是指声音的品质与特色．声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．‎ ‎【解答】解：“高声喧哗”的“高”指的是发声体的振幅大，振幅越大，声音的响度越大．故B正确，ACD错误．‎ 故选B．‎ ‎【点评】本题考查了音调和响度的区分，注意带有“高低”字眼的不一定指响度，例如高声喧哗、高谈阔论等，是学生比较容易出错的内容之一．‎ ‎　‎ ‎2．（2分）下列自然现象中，属于熔化现象的是（　　）‎ A．早春河面上冰层消融 B．初夏海面上雾气弥漫 C．深秋的草木上结了霜 D．寒冬的树上出现雾凇 ‎【分析】熔化指的是由固态变成液态的过程，熔化过程需要吸热．液化是由气态变成液态的过程．凝华是由气态直接变成固态的过程．‎ ‎【解答】解：A、早春河面上冰的消融是由固态的冰变成液态水的过程，属于熔化现象．故A正确；‎ B、初夏海面上雾的形成是由气态的水蒸气变成液态水的过程，属于液化现象．故B错误；‎ C、深秋草木上结的霜的形成是由气态的水蒸气变成固态冰的过程，属于凝华现象．故C错误；‎ D、寒冬的树上的雾凇的形成是由气态的水蒸气直接变成固态的过程，属于凝华现象．故D错误；‎ 故选A．‎ ‎【点评】此题主要是考查对熔化、液化和凝华现象的正确认识和理解．熔化指的是由固态变成液态的过程，熔化过程需要吸热．‎ ‎　‎ ‎3．（2分）下列光现象中，由光的折射形成的是（　　）‎ A．日食和月食 B．电视机画面上的丰富色彩 C．月亮在水中的倒影 D．泳池的池底看起来变浅了 ‎【分析】自然界中存在三种光现象：‎ ‎1、光在同种均匀介质中沿直线传播，激光准直、小孔成像、影子、日食、月食都是光的直线传播形成的．‎ ‎2、光的反射现象，平面镜成像、水中倒影等是光的反射形成的．‎ ‎3、光的折射现象，池水及水中物体看起来比实际位置浅、彩虹等都是光的折射形成的．‎ ‎【解答】解：‎ A、日食和月食是光的直线传播形成的，故A错误；‎ B、彩色电视机荧屏上呈现各种颜色是由红绿蓝三色色光合成的，红、绿、蓝三种色光叫色光的三原色，不属于折射，故B错误；‎ C、月亮在水中的倒影是平面镜成像，是光的反射形成的，故C错误；‎ D、池水看起来比实际浅是光的折射形成的，故D正确．‎ 故选D．‎ ‎【点评】此题主要考查了光的反射、光的折射、光的直线传播现象，平时要注意各个现象的形成原因并注意它们间的区分．‎ ‎　‎ ‎4．（2分）电动机的工作原理是（　　）‎ A．电磁感应 B．电流周围存在磁场 C．磁场对通电导线的作用 D．同名磁极互相排斥 ‎【分析】要解答本题需掌握：电动机的原理是利用通电导体在磁场中受力转动的原理制成的．‎ ‎【解答】解：A、根据电磁感应现象制成了发电机，故A错误；‎ B、根据电流周围周围存在着磁场制作了电磁铁，故B错误；‎ C、根据磁场对通电导体的作用制作了电动机，故C正确；‎ D、磁磁体间的相互作用规律是：同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，故D错误．‎ 故选C．‎ ‎【点评】本题主要考查学生对：电动机原理的了解和掌握，是一道基础题．‎ ‎　‎ ‎5．（2分）下列措施中，属于利用电流热效应的是（　　）‎ A．电视机的后盖有很多孔 B．电饭锅的发热板装在底部 C．与空调器相连的导线很粗 D．电脑的主机中安装微型风扇 ‎【分析】所谓电流的热效应，即导体中通的电流时，其电流所做的功几乎全部转化为电热，即该用电器主要用于发热的．据此对下面的各个选项逐次分析即可．‎ ‎【解答】解：A、电视机的后盖有许多散热片，属于防止电热的危害，故A错误；‎ B、电饭锅的发热板利用的是电流的热效应，故B正确；‎ C、空调与导线是串联的，通过的电流及通电时间相同，导线很粗，电阻很小，由焦耳定律知，当电流和通电时间相同时，电阻小的产生的热量小，导线很粗属于防止电热的危害，故C错误；‎ D、电脑主机箱里的小风扇是放出电热造成的危害，属于防止电热的危害，故D错误；‎ 故选B．‎ ‎【点评】理解电流的热效应，并知道生活中常见的利用电流热效应的实例，同时还应知道生活中一些减少电热危害的方法．‎ ‎　‎ ‎6．（2分）某人只能看清远处的物体，看不清近处的物体，关于该人的视力情况，下列说法正确的是（　　）‎ A．远视眼，用凸透镜矫正 B．远视眼，用凹透镜矫正 C．近视眼，用凸透镜矫正 D．近视眼，用凹透镜矫正 ‎【分析】远视眼成因：眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方；‎ 远视眼需要佩戴凸透镜将光线会聚一些，这样像可以成在视网膜上．‎ ‎【解答】解：由于经过晶状体的折射后，近处的物体的像没有成在视网膜上，而是成在了视网膜的后面，这说明晶状体对光线的会聚能力在下降，这是远视眼；‎ 由于人的眼睛对光线的会聚能力变弱，为了光线会聚在视网膜上，就需要对光线提前会聚一下，所以戴一个对光线有会聚作用的凸透镜加以矫正．‎ 故选A．‎ ‎【点评】正常人的眼睛是成像在视网膜上的，若像不成在视网膜上，这样的眼睛是病态的，成在视网膜前方的是近视眼，成在视网膜后面的是远视眼．‎ ‎　‎ ‎7．（2分）用两根绝缘细线，分别将甲、乙两个相同的轻质小球悬挂起来，两个小球都带正电，在将乙球慢慢靠近甲球时，会出现的情形是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【分析】电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．‎ ‎【解答】解：甲、乙两个相同的轻质小球悬挂起来，两个小球都带正电，同种电荷相互排斥，两个小球都偏离线的竖直方向，故C符合题意．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题考查物体带电的有关问题，要知道在两者相互吸引有两种情况：异种电荷相互吸引、带电体具有吸引轻小物体的性质．‎ ‎　‎ ‎8．（2分）用电梯往高处搬运货箱．当货箱随着电梯一同匀速上升时，货箱的（　　）‎ A．动能变小，重力势能变小 B．动能变小，重力势能变大 C．动能不变，重力势能变小 D．动能不变，重力势能变大 ‎【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大．‎ ‎（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大．‎ ‎【解答】解：货箱随着电梯一同匀速上升的过程中，质量不变，速度不变，动能不变，同时货箱所处的高度增大，重力势能变大．‎ 故选D．‎ ‎【点评】（1）掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素．‎ ‎（2）能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化．‎ ‎　‎ ‎9．（2分）某人顺着竖直的金属杆匀速下滑时，与人的重力相平衡的力是（　　）‎ A．人对金属杆的摩擦力 B．金属杆对人的摩擦力 C．人对金属杆的压力 D．金属杆对人的支持力 ‎【分析】物体静止或做匀速直线运动时处于平衡状态，受到的力为平衡力，分析人竖直方向受到的力，然后得出与人重力相平衡的力．‎ ‎【解答】解：某人顺着竖直的金属杆匀速下滑时，受到的竖直向上金属杆对人的摩擦力和竖直向下重力的作用处于平衡状态，这两个力是一对平衡力．‎ 故选B．‎ ‎【点评】本题考查了平衡力的辨别，正确的判断出人竖直方向受到的力是关键．‎ ‎　‎ ‎10．（2分）如图所示，水平桌面上有两个相同的烧杯，分别盛有质量相等的甲、乙两种液体．将材料相同的a、b两个实心球，分别放入甲、乙两种液体中，a球体积大于b球体积．静止时，a球漂浮在液面上，b球悬浮在液体中，a、b两球受到的浮力分别为F甲、F乙，甲、乙两种液体对烧杯底的压强分别为p甲、p乙，则（　　）‎ A．F甲=F乙；p甲=p乙 B．F甲=F乙；p甲＞p乙 C．F甲＞F乙；p甲=p乙 D．F甲＞F乙；p甲＞p乙 ‎【分析】‎ ‎（1）首先根据物体浮沉条件判断两球与自身重力的关系，然后利用密度和重力公式判断两球的重力关系，从而得出两球受到的浮力关系；‎ ‎（2）根据甲、乙两种液体对烧杯底的压力等于烧杯内液体与球的总重力得出两种液体对烧杯底的压力关系，然后利用压强公式比较甲、乙两种液体对烧杯底的压强．‎ ‎【解答】解：（1）a、b两个实心球，分别放入甲、乙两种液体中，静止时，a球漂浮在液面上，b球悬浮在液体中，‎ 则F甲=Ga，F乙=Gb，‎ a、b两个实心球材料相同，ρa=ρb，‎ Va＞Vb，‎ 根据ρ=可知，ma＞mb，‎ 根据G=mg可知，Ga＞Gb，‎ 所以，F甲＞F乙，故AB错误；‎ ‎（2）甲、乙两种液体质量相等，则重力相等，‎ Ga＞Gb，‎ 所以，两种液体对烧杯底的压力＞，‎ 两个相同的烧杯，则底面积相等，‎ 所以，根据p=可知，甲、乙两种液体对烧杯底的压强p甲＞p乙，故C错误，D正确．‎ 故选D．‎ ‎【点评】此题考查物体浮沉条件及其应用、压强的大小比较，同时考查重力、密度公式的应用，关键是整体法应用，知道甲、乙两种液体对烧杯底的压力等于烧杯内液体与球的总重力．‎ ‎　‎ ‎11．（2分）如图所示的电路，电源电压不变，R1为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小．闭合开关S，当监控区的温度升高时，电压表示数U与电流表示数I的关系图象是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．由题意可知温度升高时热敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中的电流和R2两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化，进而分析可得图象．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．‎ ‎（1）因热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，所以，当温度升高时，热敏电阻R1的阻值变小，电路中的总电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；热敏电阻R1的阻值变小，由串联分压原理可知，R1两端的电压减小，即电压表的示数减小；‎ 由上述分析可知，当电流表示数I变大时，电压表的示数U减小，故A图象错误；‎ ‎（2）根据串联电路的电压特点和欧姆定律可得，电压表示数U1=U总﹣U2=U总﹣IR2，因U总、R2是定值，所以，电压表示数U1与I为一次函数，其图象是一条倾斜的直线，且电流增大时，电压变小，故C图象正确，BD图象错误．‎ 故选C．‎ ‎【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，电压表示数的变化也可以根据串联电路的分压特点进行解答．‎ ‎　‎ ‎12．（2分）在做“凸透镜成像”的实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图时，在光屏的中央承接到了蜡烛的像．则下列说法正确的是（　　）‎ A．光屏上的像与照相机成的像性质相同 B．若只升高凸透镜，光屏上的像会向上移动 C．若只将蜡烛向左移动，光屏上还会承接到像 D．若只将凸透镜向左移动，光屏上还会承接到像 ‎【分析】（1）物距大于像距，成的是倒立、缩小的实像；‎ ‎（2）根据经过光心的光线的传播方向不变分析；‎ ‎（3）凸透镜成实像时，物距变大，像变小 ‎（4）在光的折射中，光路是可逆的．‎ ‎【解答】解：‎ A、由图可知，此时物距大于像距，则成的是倒立、缩小的实像，与照相机的成像情况相同，故A正确；‎ B、若只升高凸透镜，由于经过光心的光线的传播方向不变，则像会向上移动，故B正确；‎ C、若只将蜡烛向左移动，物距变大，像距变小，像变小，需要移动光屏才能承接到像，故C错误；‎ D、只将凸透镜向左移动，因为物距减小，像距增大，当2f＞u＞f时，在光屏上得到倒立、放大的实像，故D正确．‎ 故选ABD．‎ ‎【点评】此题主要考查了凸透镜成像的规律及应用．关键是知道，凸透镜成实像时的规律，要做到灵活运用！‎ ‎　‎ ‎13．（2分）如图所示的电路，电源电压不变．闭合开关S，在将滑动变阻器的滑片P从b端向中点移动的过程中（RaP表示滑动变阻器连入电路的阻值），下列说法正确的是（　　）‎ A．电压表的示数保持不变 B．电流表的示数逐渐变小 C．电阻R2的电功率逐渐变大 D．电压表的示数与RaP的比值逐渐变小 ‎【分析】（1）分析电路的连接，将滑动变阻器的滑片P从b端向中点移动的过程中，判断RaP变化，根据并联电阻的规律，确定R1与变阻器并联的电阻R并变化，由分压原理，判断并联电路两端的电压变小化，即电压表示数变化；‎ 由欧姆定律，判断通过R1的电流变化；‎ ‎（2）在上面分析的基础上，根据电阻的串联规律，判断电路的总电阻变化，由欧姆定律，确定电路的总电流变化，由P=I2R，确定电阻R2的电功率逐渐变化；‎ 因通过通过R1的电流变小，而电路的总电流变大，根据并联电路电流的规律，确定变阻器的电流的变化，‎ 根据欧姆定律，判断电压表的示数与RaP的比值的变化．‎ ‎【解答】解：‎ 由电路图可知，R1与变阻器并联后与R2串联，电流表测通过R1的电流，电压表测并联电路的电压；‎ AB、将滑动变阻器的滑片P从b端向中点移动的过程中，RaP变小，根据并联电阻的规律可知，R1与变阻器并联的总电阻R并变小，由分压原理可知，并联电路两端的电压变小，即电压表示数变小，故A错误；‎ 并联电路两端的电压变小，由欧姆定律可知，通过R1的电流变小，即电流表示数变小，故B正确；‎ CD、因R1与变阻器并联的总电阻R并变小，则整个电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路的总电流变大，由P=I2R可知，电阻R2的电功率逐渐变大，故C正确；‎ 因通过通过R1‎ 的电流变小，而电路的总电流变大，根据并联电路电流的规律可知，通过变阻器的电流一定变大；根据欧姆定律可知，电压表的示数与RaP的比值即为通过变阻器的电流，故该比值逐渐变大，D错误；‎ 故选BC．‎ ‎【点评】本题为混联电路，考查串联、并联电路电压的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是正确识别电路．‎ ‎　‎ ‎14．（2分）如图是一个饮水壶的部分结构示意图，a、b是出水管的两端，壶内水面低于出水管的a端，活塞与壶口接触紧密且能自由移动．用力F向下压活塞，在水从a端匀速流出来（壶内水面始终高于b端）的过程中，壶内气体的温度保持不变．则（　　）‎ A．壶内气体的压强大小不变 B．壶内气体的体积逐渐变小 C．向下压活塞的力F逐渐变大 D．壶底内表面所受的压力大小不变 ‎【分析】一定质量的气体，其体积越小，压强越大．根据气体体积的变化，可判断压强的变化，压力的变化等．‎ ‎【解答】解：‎ AB、由图可知，当下压活塞时，壶内气体的体积会变小，同时，壶内气体的压强会变大，故A错误，B正确；‎ C、由于壶内气体的压强变大，所以，壶内气体对活塞产生的向上的压力也变大，则向下压活塞的力F也会逐渐变大，故C正确；‎ D、由于水从a端匀速流出，说明此处的压强大小不变，而此处的压强等于壶内气体压强与水的压强之和，由于水面在逐渐下降的同时，水的压强在变小，壶内气体的压强在变大，二者之和不变，由F=pS可知，壶底内表面所受的压力大小也不变，故D正确．‎ 故选BCD．‎ ‎【点评】本题主要考查了对饮水壶内气体压强、液体压强的综合分析，熟悉其结构和工作原理，是正确解答的关键．‎ ‎　‎ 二、填空题（共8小题，每小题2分，满分16分）‎ ‎15．（2分）某同学骑自行车时，以地面为参照物，他是　运动　的．停止蹬车后，自行车还能继续向前运动一段距离，是因为自行车具有　惯性　．‎ ‎【分析】（1）要解决此题，要掌握运动和静止的相对性．物体的运动和静止都是相对于参照物而言的．相对于参照物位置变化的物体是运动的，位置不变的物体是静止的．‎ ‎（2）根据任何物体都有保持原来运动状态的性质（惯性）进行分析．‎ ‎【解答】解：（1）某同学骑自行车时，以地面为参照物，他的位置不断变化，因此他是运动的；‎ ‎（2）当停止蹬脚踏时，由于惯性，自行车还要保持原来向前运动的状态，因此还会继续向前运动．‎ 故答案为：运动；惯性．‎ ‎【点评】此题考查了运动和静止的相对性和惯性，关键是选定参照物后，物体相对于参照物位置是否发生变化，是一道很典型的题目．‎ ‎　‎ ‎16．（2分）在家庭电路中，电灯的开关要接在电灯和　火　线之间，各种用电器都是　并　联的．‎ ‎【分析】家庭电路中，开关控制用电器时，开关要接在火线和用电器之间，这样既能控制用电器，又能保证使用更安全．‎ 家庭电路的用电器都是并联的．‎ ‎【解答】解：在家庭电路中，电灯开关应接在火线与电灯之间，这样开关既能起到控制电灯的作用，也能保证在更换灯泡时，断开开关，能切断火线，使用更安全；‎ 各种用电器只有并联在家庭电路中，才能正常工作，而且互不影响．‎ 故答案为：火；并．‎ ‎【点评】此题考查了家庭电路中的用电常识．要掌握家庭电路中的电路连接，同时注意安全用电的知识．‎ ‎　‎ ‎17．（2分）收音机收到的信号是通过　电磁　波（填“超声”或“电磁”）传递的；集成电路中的三极管是利用　半导体　（填“半导体”或“超导体”）材料制成的．‎ ‎【分析】（1）收音机收到的广播节目是通过电磁波传播的，电磁波的传播不需要介质；‎ ‎（2）二极管和三极管都是利用半导体制作的．‎ ‎【解答】解：‎ 收音机收到的广播节目信号是通过电磁波传递的；集成电路中的三极管是用半导体材料制成的．‎ 故答案为：电磁；半导体．‎ ‎【点评】本题主要考查学生对电磁波、半导体的了解和掌握，比较简单，属于基础知识的考查．‎ ‎　‎ ‎18．（2分）烈日下的海边，沙子热得烫脚，而海水却不怎么热，这是由于海水比沙子的　比热容　大而造成的．沙子被晒热，这是用　热传递　的方式改变了沙子的内能．‎ ‎【分析】（1）在常见物质中，水的比热容是最大的，因此，在相同条件下水吸收的热量较多，而在吸收相同热量时，水升温则较慢．‎ ‎（2）做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移．‎ ‎【解答】解：（1）海水比沙子的比热容大，因此，相同质量的海水和沙子，在吸收相同的热量时，沙子温度高，海水温度低．故可以感觉到沙子烫脚，而海水却是凉凉的；‎ ‎（2）海滩上的沙子温度升高热得烫脚，是吸收了太阳光的内能，属热量的传递，故沙子内能增加是通过热传递的方式改变的．‎ 故答案为：比热容；热传递．‎ ‎【点评】本题主要考查热传递改变物体内能的判断，以及对水的比热容大这一特点的理解与应用，难度不大．‎ ‎　‎ ‎19．（2分）水电站里，水轮机带动发电机发电，把机械能转化为　电　能；水能是　可　（填“可”或“不可”）再生能源．‎ ‎【分析】判断出该过程中消耗了哪种形式的能，进而又产生了哪种形式的能即可．像太阳能、风能、水能以及动植物等可以长期提供或可以再生的能源叫可再生能源；像煤、石油、天然气等一旦消耗就很难再生的能源叫不可再生能源．‎ ‎【解答】解：水电站的水轮机带动发电机发电过程中，消耗了水的机械能，获得了电能，故是将机械能转化为电能的过程；水能可以源源不断的从自然界得到补充，属于可再生能源．‎ 故答案为：电；可．‎ ‎【点评】本题主要考查学生对：物体能的转化或转移法、能源的分类的理解和掌握，是中考的热点．‎ ‎　‎ ‎20．（2分）在测量石块的密度实验中，用天平称石块的质量，天平平衡时盘中砝码及游码的位置如图所示，石块的质量是　31.4　g．石块的体积是10cm3，则石块的密度是　3.14×103　kg/m3．‎ ‎【分析】天平平衡时，被测物体的质量等于砝码质量与游码在标尺上所对的刻度值之和．读数时注意标尺的分度值．‎ 利用公式ρ=计算出小石块的密度．‎ ‎【解答】解：由图知，标尺的分度值为0.2g，物体的质量为m=20g+10g+1.4g=31.4g．‎ 所以小石块的密度为；ρ===3.14g/cm3=3.14×103kg/m3‎ 故答案为：31.4；3.14×103．‎ ‎【点评】本题考查固体密度的测量，基本方法是用天平测出固体的质量m，根据排水法测出固体的体积V，用公式ρ=算出固体的密度；易错点：读游码时，要以左边为准．‎ ‎　‎ ‎21．（2分）如图所示，条形磁铁放在水平桌面上，左端的S极正对着电磁铁．当电磁铁中的电流不断增大时，条形磁铁向左加速运动．则电磁铁中的电流方向是从　从b到a　（填“从a到b”或“从b到a”），条形磁铁在运动过程中受到的摩擦力　不变　（填“变大”、“不变”或“变小”）．‎ ‎【分析】当电磁铁中的电流不断增大时，条形磁铁向左加速运动，说明条形磁铁受到了向左的吸引力，根据异名磁极相互吸引可知螺线管的磁极，由右手螺旋定则可知电流方向；‎ 影响摩擦力大小的因素是压力大小和接触面的粗糙程度．‎ ‎【解答】解：当电磁铁中的电流不断增大时，条形磁铁向左加速运动，说明条形磁铁受到了向左的吸引力，根据异名磁极相互吸引可知，电磁铁的右端为N极，左端为S极；‎ 根据右手螺旋定则，右手握住螺线管，大拇指指向螺线管的右端（N极），四指指向电流的方向，则电磁铁中的电流方向是从b到a；‎ 影响摩擦力大小的因素是压力大小和接触面的粗糙程度，条形磁铁在运动过程中所受压力大小和接触面的粗糙程度都没有改变，所以条形磁铁在运动过程中受到的摩擦力不变．‎ 故答案为：从b到a；不变．‎ ‎【点评】此题将力学与电磁学知识巧妙地结合起来考查了右手螺旋定则、影响摩擦力大小的因素等，考查内容较多，但只要抓住影响摩擦力大小的因素是压力大小和接触面的粗糙程度分析即可顺利求解，是一道典型的好题．‎ ‎　‎ ‎22．（2分）在探究“平面镜成像的特点”时，把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，再拿一支外形与蜡烛A相同的蜡烛B，来确定蜡烛A所成的像的位置．则蜡烛B应该是　未点燃　（填“点燃”或“不点燃”）的，点燃蜡烛A的好处是　成像清晰　．‎ ‎【分析】实验的目的是确定像的位置，而若是点燃后方蜡烛则无法分辨像与后方蜡烛的真实火焰．点燃蜡烛A后，其发出的光线较强，成像较清晰．‎ ‎【解答】解：实验中，实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，不需要点燃，若点燃，则不易区分蜡烛B和A的像；然后将不点燃的蜡烛放在玻璃板的后面来回移动，直到看上去跟前面的蜡烛的像完全重合时，可以确定像的位置，同时也可以比较物像大小关系；‎ 点燃蜡烛A后，其发出的光线较强，玻璃板反射的光线较强，成像较清晰．‎ 故答案为：未点燃；成像清晰．‎ ‎【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及操作相关问题，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用．‎ ‎　‎ 三、作图题（共2小题，满分0分）‎ ‎23．如图所示，一束光从空气斜射到玻璃的表面，请画出进入玻璃的折射光线．‎ ‎【分析】根据光的折射定律作图：当光从空气斜射入水或玻璃等透明介质中时，折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，折射角小于入射角；当光从水或玻璃等透明介质斜射入空气中时，折射角大于入射角．‎ ‎【解答】解：题中已经作出法线，当光从空气斜射入玻璃等透明介质中时，折射角小于入射角，所以，在法线右侧的玻璃中作出折射光线，折射光线向法线靠近．如图所示：‎ ‎【点评】作光路图时一定要注意：折射光线应与入射光线分居法线两侧，注意角度的变化，法线要用虚线，要用箭头标出光的传播方向．‎ ‎　‎ ‎24．如图所示的撬棒，O为支点，P为石头的重心．请画出动力F的力臂l和石头所受重力G的示意图．‎ ‎【分析】（1）过物体的重心，用一条带箭头的线段表示出重力的作用点和方向，注意重力的方向竖直向下；‎ ‎（2）过支点作力的作用线的垂线段就得到动力臂．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）过石头的重心P沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并标出符号G；‎ ‎（2）过支点作垂直于动力作用线的垂线段，即为动力F的力臂L，如图所示：‎ ‎【点评】本题主要考查学生对重力的示意图，以及力臂的画法的了解和掌握，注意力臂为支点到力的作用线的距离，为一垂线段，不是直线．‎ ‎　‎ 四、计算题（共3小题，满分0分）‎ ‎25．某家庭用的燃气热水器，将20kg的水从10℃加热到60℃，完全燃烧了0.21m3的煤气．已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4×107J/m3．试求：‎ ‎（1）煤气完全燃烧放出的热量是多少？‎ ‎（2）水吸收的热量是多少？‎ ‎（3）该热水器烧水的效率是多少？‎ ‎【分析】（1）知道煤气的体积和热值，根据Q放=Vq求出煤气完全燃烧放出的热量；‎ ‎（2）知道水的质量、水的比热容以及初温、末温，根据Q吸=cm（t﹣t0）求水吸收的热量；‎ ‎（3）根据η=×100%求出该热水器烧水的效率．‎ ‎【解答】解：（1）煤气完全燃烧放出的热量：‎ Q放=Vq=0.21m3×4×107J/m3=8.4×106J；‎ ‎（2）水吸收的热量：‎ Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×20kg×（60℃﹣10℃）=4.2×106J；‎ ‎（3）该热水器烧水的效率：‎ η=×100%=×100%=50%．‎ 答：（1）煤气完全燃烧放出的热量是8.4×106J；‎ ‎（2）水吸收的热量是4.2×106J；‎ ‎（3）该热水器烧水的效率是50%．‎ ‎【点评】本题考查了燃料完全燃烧释放热量公式和吸热公式、效率公式的应用，是一道较为简单的计算题．‎ ‎　‎ ‎26．如图是一个温度可调的育苗箱电路，电源电压为36V，且保持不变．发热电阻R1的阻值为40Ω，R2为滑动变阻器．闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移到a端时，R1的功率最大；将滑片P移到b端时，电路中的电流是0.4A．试求：‎ ‎（1）R1的最大功率是多少？‎ ‎（2）滑动变阻器R2的最大阻值是多少？‎ ‎（3）将滑片P移到某一位置，R2两端电压为16V时，通电5min，电流对整个电路做的功是多少？‎ ‎【分析】（1）分析电路图可知，当滑片P位于a端时，电路中只有R1，此时电阻R1两端的电压就是电源电压；根据P=即可求出R1的最大功率；‎ ‎（2）当滑片位于b端时，滑动变阻器全部连入电路，且与R1串联，此时电路中电流为最小，根据欧姆定律求出总电阻，减去R1，就是滑动变阻器的最大阻值；‎ ‎（3）将滑片P移到某一位置，R2两端电压为16V时，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电路中的电流，利用W=UIt即可求出电流对整个电路做的功．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）当滑片P在a端时，电路中只有R1，所以R1两端电压就是电源电压；‎ 则P1最大===32.4W；‎ ‎（2）当滑片位于b端时，滑动变阻器全部连入电路，且与R1串联，‎ 根据I=可得：‎ 此时电路中的总电阻R总===90Ω，‎ 根据串联电路的总电阻等于各电阻之和可知：‎ 滑动变阻器的最大阻值R滑=R总﹣R1=90Ω﹣40Ω=50Ω；‎ ‎（3）将滑片P移到某一位置，R2两端电压为16V时，‎ 根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可知：‎ U1=U﹣U2=36V﹣16V=20V，‎ 则电流I===0.5A，‎ 则W=UIt=36V×0.5A×5×60s=5400J．‎ 答：（1）R1的最大功率是32.4W；‎ ‎（2）滑动变阻器R2的最大阻值是50Ω；‎ ‎（3）通电5min，电流对整个电路做的功是5400J．‎ ‎【点评】本题考查串联电路的特点、功率公式和欧姆定律的应用，知道串联电路的特点是解答本题的关键．‎ ‎　‎ ‎27．某人用如图所示的滑轮组，在20s内将一个重为600N的物体，沿着水平地面匀速拉动了4m．拉力F做功为1440J，物体与地面的接触面积为0.4m2，物体移动时受地面的摩擦力为350N．不计绳重及机械的摩擦．试求：‎ ‎（1）物体对地面的压强是多少？‎ ‎（2）拉力F做功的功率是多少？‎ ‎（3）拉力F的大小是多少？‎ ‎（4）动滑轮的重力是多少？‎ ‎【分析】（1）物体对地面的压力和自身的重力相等，根据p=求出物体对地面的压强；‎ ‎（2）知道拉力F做的功和做功时间，根据P=求出拉力F做功的功率；‎ ‎（3）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s绳=ns物求出绳端移动的距离，根据W=Fs求出拉力F的大小；‎ ‎（4）物体匀速移动时处于平衡状态，受到的拉力F拉和摩擦力是一对平衡力，二力大小相等，不计绳重及机械的摩擦，根据F=（G动+F拉）求出动滑轮的重力．‎ ‎【解答】解：（1）物体对地面的压力：‎ F=G=600N，‎ 物体对地面的压强：‎ p===1500Pa；‎ ‎（2）拉力F做功的功率：‎ P===72W；‎ ‎（3）由图可知，n=3，则绳端移动的距离：‎ s绳=ns物=3×4m=12m，‎ 由W=Fs可得，拉力F的大小：‎ F===120N；‎ ‎（4）因物体匀速移动时处于平衡状态，受到的拉力F拉和摩擦力是一对平衡力，‎ 所以，滑轮组对物体的拉力F拉=f=350N，‎ 不计绳重及机械的摩擦，由F=（G动+F拉）可得，动滑轮的重力：‎ G动=nF﹣F拉=3×120N﹣350N=10N．‎ 答：（1）物体对地面的压强是1500Pa；‎ ‎（2）拉力F做功的功率是72W；‎ ‎（3）拉力F的大小是120N；‎ ‎（4）动滑轮的重力是10N．‎ ‎【点评】本题考查了压强公式、功率公式、做功公式、滑轮组绳子拉力公式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等以及滑轮组公式的灵活运用是关键．‎ ‎　‎ 五、简答题（共2小题，满分0分）‎ ‎28．冬天，小红在洗漱间的水盆中放热水，洗漱间中平面镜的镜面变“模糊”了，她在镜前看不到自己在镜中的像．请分析说明镜面变“模糊”及看不到像的原因．‎ ‎【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．‎ ‎【解答】‎ 答：在洗漱间的水盆中放热水，洗漱间中平面镜的镜面变“模糊”了，是因为热的水蒸气遇到温度低的镜面时，在其表面发生液化现象，形成细小的小水珠，附着在平面镜的表面，人自然就看不清镜中的像．‎ ‎【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识．‎ ‎　‎ ‎29．如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，活塞与玻璃筒的内壁接触紧密且能自由移动．用手压活塞时，越用力、越迅速地将活塞压下去，就越容易点燃玻璃筒内的硝化棉．请解释其中的原因．‎ ‎【分析】这是证明做功可以改变物体内能的实验，因此，要解答本题需理解做功可以改变物体内能的实质．‎ ‎【解答】答：用手压活塞时，越用力、越迅速地将活塞压下去，活塞压缩空气，对空气做功就越多，空气的内能就会越大，空气的温度就会越高，就越容易点燃玻璃筒内的硝化棉．‎ ‎【点评】明确从做功可以改变内能的角度来对实验的现象进行解释，是解答的关键．‎ ‎　‎ 六、实验探究题（共3小题，满分0分）‎ ‎30．在探究“水沸腾时温度与时间的关系”实验中，实验装置如图1所示．‎ ‎ ‎ ‎（1）组装下列实验器材时，其合理的先、后顺序是　④②③①　（填序号）．‎ ‎①温度计②石棉网③装水的烧杯④酒精灯 ‎（2）温度计放置在水中的要求是　温度计的玻璃泡要浸没在水中，不能接触容器底和壁　．‎ ‎（3）记录的实验数据如下表，实验观察到第2分钟水开始沸腾．‎ 实验次数 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ 时间t/min ‎0‎ ‎0.5‎ ‎1‎ ‎1.5‎ ‎2‎ ‎2.5‎ ‎3‎ ‎3.5‎ 温度t/℃‎ ‎90‎ ‎94‎ ‎97‎ ‎98‎ ‎99‎ ‎99‎ ‎99‎ ‎99‎ 请在图2方格纸上画出水的温度与时间的关系图象．‎ ‎（4）分析图象，可以得出的探究结论是　水沸腾时继续吸收热量，温度保持不变　．‎ ‎【分析】（1）实验器材装配要根据酒精灯来确定铁圈及石棉网的高度；温度计测量液体温度时，玻璃泡要浸没在液体中，不能接触容器底和壁，由此分析解答；‎ ‎（2）结合温度计的使用规则即可得出答案；‎ ‎（3）将表格中的数据描点连线即可得出水的温度与时间的关系图象；‎ ‎（4）分析图象，结合实验目的即可得探究结论．‎ ‎【解答】解：（1）酒精灯要使用外焰加热，所以合理顺序应先放好酒精灯，由其外焰高度确定铁圈及石棉网的高度；‎ 温度计测量液体温度时，玻璃泡要浸没在液体中，不能接触容器底和壁，所以接着应放置烧杯，最后安装温度计．‎ 其合理的先、后顺序是：④②③①．‎ ‎（2）温度计放置在水中的要求是：温度计的玻璃泡要浸没在水中，不能接触容器底和壁，‎ ‎（3）将（0，90）、（0.5，94）、（1，97）、（1.5，98）、（2，99）、（2.5，99）、（3，99）、（3.5，99）在坐标纸上描点，然后用平滑的曲线将其连接起来即可，如图所示：‎ ‎（4）由图象可知，第2分钟水开始沸腾，到第3.5分钟水的温度一直是99℃不变，故可以得出的探究结论是：水沸腾时继续吸收热量，温度保持不变．‎ 故答案为：（1）④②③①；‎ ‎（2）温度计的玻璃泡要浸没在水中，不能接触容器底和壁；‎ ‎（3）见上图；‎ ‎（4）水沸腾时继续吸收热量，温度保持不变．‎ ‎【点评】本题以水沸腾的实验考查了实验装置的装配、温度计的使用、图象的画法和实验结论的归纳等知识，属于基础知识的考查，难度不大．‎ ‎　‎ ‎31．已知通过导体的电流与导体两端的电压和导体的电阻有关．小明在探究“通过导体的电流与导体两端电压的关系”时，实验器材有：稳压电源、电流表、电压表、滑动变阻器、定值电阻、开关各一个，导线若干．‎ ‎（1）请用笔画线，将图中的电路补充完整．‎ ‎（2）连接电路时，将滑动变阻器的滑片移到了阻值最大端，电流表选择了0～3A的量程．连接好电路后，为了确定电流表的量程选择是否合适，应进行怎样的实验操作？　用开关进行“试触”观察电流表的指针偏转情况　．‎ ‎（3）设计出记录实验数据的表格，表格中要有必要的信息．‎ ‎（4）小明通过实验操作，还确定了电压的取值范围，在该范围内，他预设了n个间距相等的电压值，为了使测得的实验数据更准确，预设的每个电压值还应满足什么条件？　预设的每个电压值应该是0.5的整数倍　．‎ ‎（5）在该实验中，若滑动变阻器的接线柱接触不良，则闭合开关时，电流表和电压表的示数情况是　D　‎ ‎（只有一个正确选项，将正确选项的字母填在横线上）‎ A．只有电流表有示数B．只有电压表有示数 C．电流表和电压表均有示数D．电流表和电压表均没有示数．‎ ‎【分析】（1）根据滑动变阻器要按“一上一下”的方式串联接入电路，电流表应串联在电路中即可连接电路；‎ ‎（2）利用“试触法”确定电表选择的量程是否合适；‎ ‎（3）根据所测物理设计实验记录表格；‎ ‎（4）为了减小读数误差，预设的每个电压值应该是电压表分度值的整数倍；‎ ‎（5）常见电路故障有断路与短路，分析清楚电路结构，根据电路故障分析电表示数．‎ ‎【解答】解：（1）滑动变阻器要按“一上一下”的方式串联接入电路，电流表应串联在电路中，‎ 故只需将滑动变阻器上面任一接线柱与电流表的“﹣”接线柱连接即可，如图所示：‎ ‎（2）连接好电路后，为了确定电流表的量程选择是否合适，应用开关进行“试触”观察电流表的指针偏转情况，若示数小于3V，则电流表的量程选择合适；否则，不合适．‎ ‎（3）设计实验表格如下：‎ U/V I/A ‎（4）由实物电路可知，电压表选择的量程为0～15V，分度值为0.5V，为了使测得的实验数据更准确，减小读数误差，则预设的每个电压值应该是0.5的整数倍．‎ ‎（5）在该实验中，若滑动变阻器的接线柱接触不良，即电路开路，则闭合开关时，电流表和电压表均没有的示数，故选D．‎ 故答案为：（1）见上图；‎ ‎（2）用开关进行“试触”观察电流表的指针偏转情况；‎ ‎（3）见上表；‎ ‎（4）预设的每个电压值应该是0.5的整数倍；‎ ‎（5）D．‎ ‎【点评】本题是探究通过导体的电流与导体两端电压的关系实验，考查了实验电路的连接、实验操作、实验表格设计及电路故障分析等知识点，属于电学中的重要实验之一，对学生的能力要求较高，有一定的难度．‎ ‎　‎ ‎32．小明在探究“液体压强的大小与液体深度和液体密度的关系”实验中，所用的器材有：U形管压强计、烧杯、刻度尺，足量的酒精、水和盐水，已知ρ酒精＜ρ水＜ρ盐水．‎ ‎（1）如图1是U形管压强计．实验前，为了检查探头与U形管之间是否漏气，小明用手轻压探头的橡皮膜，同时观察U形管两侧液面　是否出现高度差　．‎ ‎（2）在探究“液体压强的大小与液体深度的关系”时，记录的部分实验信息如下表：‎ 实验 次数 液体 密度 液体深度 h/cm U形管两侧液面 的高度差△h/cm 液体压强 的大小 ‎1‎ 相同 ‎3‎ ‎2.7‎ a ‎2‎ ‎6‎ ‎5.8‎ b ‎3‎ ‎9‎ ‎8.9‎ c ‎①请将表格中a、b、c三处空缺的信息补充完整：‎ a、　小　b、　中　c、　大　‎ ‎②根据表中信息可得出的探究结论是　液体密度一定，液体深度越大，液体压强越大　．‎ ‎（3）在探究“液体压强的大小与液体密度的关系”时，三次实验现象如图2所示．三个烧杯中的液面相平，U形管两侧液面的高度差相同，探头在液体中的深度不同．‎ 小明根据三次实验现象，并结合（2）中②的结论，得出了该探究结论．请你简要说明他分析实验信息得出该探究结论的过程　在密度不同的液体中，压强相同时，密度越大，液体深度越小，由此可推出：深度相同时，密度越大，压强越大．　．‎ ‎【分析】（1）液体内部存在压强，液体压强的大小用压强计测量．在使用压强计之前要检查其密闭性，防止漏气；‎ ‎（2）从表中U形管两侧液面的高度差△h可知，深度越大压强越大；‎ ‎（3）液体压强与液体密度和深度有关，U形管两侧液面的高度差相等，说明探头处液体的压强相同，从图知，h酒精＞h水＞h盐水，液体密度用公式ρ=比较．‎ ‎【解答】解：（1）实验前先检查U型管压强计左右两液柱是否等高，然后用手轻轻按压橡皮膜，同时观察U形管两侧液面是否出现高度差；‎ ‎（2）根据液体压强的计算公式P=ρ液gh，因为ha＜hb＜hc，所以 Pa＜Pb＜Pc，根据表中信息可得出的探究结论是液体密度相同时，深度越大压强越大；‎ ‎（3）探头在酒精、水、盐水三种液体中受到的压强相同，从图知，h酒精＞h水＞h盐水，由公式ρ=比较知：ρ盐水＞ρ水＞ρ酒精，当深度相同时密度越大压强越大．‎ 故答案为：（1）是否出现高度差；（2）①小；中；大；②液体密度一定，液体深度越大，液体压强越大；‎ ‎（3）在密度不同的液体中，压强相同时，密度越大，液体深度越小，由此可推出：深度相同时，密度越大，压强越大．‎ ‎【点评】‎ 此题是“探究影响液体内部压强大小的因素”，考查了转换法和控制变量法在实验中的应用，同时考查了检查压强计是否漏气的方法，并考查了液体密度和深度对压强的影响．‎ ‎　‎