山东省聊城市中考物理试题解析

山东省聊城市中考物理试题解析

‎2017年山东省聊城市中考物理试卷 选择题（共42分）一、单项选择题（本器包括10个小题；每小题3分，共30分．每小题只有一个选项符合题意，多选或不选均得0分）‎ ‎1．（3分）下列材料中，属于绝缘体的是（　　）‎ A．金属 B．橡胶 C．人体 D．食盐水溶液 ‎2．（3分）关于声现象的说法正确的是（　　）‎ A．用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调会不同 B．“闻其声辨其人”是根据声音的音色来判断的 C．超声波能排除人体内的结石是利用声波传递信息 D．房间的窗户安装双层玻璃是在声源处减弱噪声 ‎3．（3分）如图，下列物态变化中，属于吸热的是（　　）‎ A．露的形成 B．雾的形成 ‎ C．冰化成水 D．霜打枝头 ‎4．（3分）下列有关电和磁的说法正确的是（　　）‎ A．奥斯持发现了电流的磁效应 B．磁体周围的磁场既看不见也摸不着，所以是不存在的 C．电动机是根据电磁感应原理制成的 D．电磁铁磁性的强弱只与线圈中电流的大小有关 ‎5．（3分）下列关于运动和力的说法正确的是 （　　）‎ A．受平衡力作用的物体一定处于静止状态 B．运动的物体一定受到力的作用 C．一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态 D．离开枪膛的子弹向前飞行是因为受到惯性作用 ‎6．（3分）下列实例中，为了减小压强的是（　　）‎ A．蚊子尖尖的口器 B．篆刻刀的刀刀很锋利 C．破窗锤的锤头很尖 D．骆驼宽大的脚掌 ‎7．（3分）下列做法中符合安全用电原则的是（　　）‎ A．使用试电笔时手要接触笔尾金属体 B．电视天线与电线接触 C．电动机外壳没有接地 D．人靠近高压带电体 ‎8．（3分）如图所示，小磁针静止在螺线管附近，闭合开关S后，下列判断正确的是（　　）‎ A．通电螺线管的左端为N极 B．小磁针一直保持静止 C．小磁计的S极向右转动 D．通电螺线管外A点的磁场方向向左 ‎9．（3分）如图所示，在“探究杠杆的平衡条件”实验中，已知杠杆上每个小格长度为2cm，当弹簧测力计在A点斜向上拉（与水平方向成30°角）杠杆，使杠杆在水平位置平衡时，下列说法正确的是 （　　）‎ A．动力臂为0.08m B．此时为省力杠杆 C．弹簧测力计的示数为4N D．钩码总重为2N ‎10．（3分）如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器滑片P向左移动的过程中（不考虑灯丝的电阻受温度的影响），下列说法正确的是（　　）‎ A．电流表示数逐渐变小 B．电压表示数逐渐变大 C．滑动变阻器两端的电压逐渐变大 D．小灯泡的亮度逐渐变暗 ‎　‎ 二、多项选择题（本题包括3个小题；每小题4分，共12分．每小题的选项中至少有两个选项符合理意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）‎ ‎11．（4分）下列现象与光学知识对应正确的是（　　）‎ A．影子的形成﹣﹣﹣﹣﹣﹣光的直线传播 B．“海市蜃楼”的形成﹣﹣﹣﹣﹣﹣光的反射 C．湖水中青山的倒影﹣﹣﹣﹣﹣﹣平面镜成像 D．雨后天空出现彩虹﹣﹣﹣﹣﹣﹣光的色散 ‎12．（4分）如图所示，重300N的物体在20N的水平拉力F的作用下，以0.2m/s的速度沿水平地面向左匀速直线运动了l0s，滑轮组的机械效率为80%，则在此过程中，下列说法正确的是（　　）‎ A．绳子自由端移动的距离为2m B．物体与地面间的滑动摩擦力为48N C．拉力F的功率为12W D．有用功为120J ‎13．（4分）如甲图所示的电路中，电源电压为16V恒定不变．R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S后，在滑片P滑动的过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示，根据图象信息可知，下列判断正确的是（　　）‎ A．R0的阻值是10Ω B．电路的最大总功率是25.6W C．R0的最小功率是3.2W D．滑动变阻器的最大阻值是70Ω ‎　‎ 非选择题（共58分）三、填空题（本题包括7个小题，每空1分，共14分）‎ ‎14．（2分）端午节到了，空气中弥漫着粽子的香味，“棕叶飘香”是　 　现象；固体很难被压缩，是因为固体分子间存在着　 　．‎ ‎15．（2分）如图所示为某中学足球赛的精彩画面，脚把足球踢飞，说明力可以改变物体的　 　；同时脚感觉到疼，说明力的作用是　 　的．‎ ‎16．（2分）“低碳环保“是当今世界的主题，在煤、石油、太阳能中，有可能成为今后理想能源的是　 　；手机是现代最常用的通信工具，手机之间是利用　 　传递信息的．‎ ‎17．（2分）如图甲所示，在铁桶内放少量的水，用火加热，水沸腾之后把桶口堵住，然后浇上冷水．在　 　作用下，铁桶被压扁了；手握如图乙所示的两张纸，让纸自由下垂，在两张纸中间向下吹气，结果发现两张纸向中间靠拢，这表明气体流动速度越大的位置，压强越　 　．‎ ‎18．（2分）如图所示是四冲程汽油机工作过程中的　 　冲程；此过程中　 　能转化为机械能．‎ ‎19．（2分）如图所示，在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让同一钢球A从斜面上不同的高度由静止滚下，撞到同一木块B上．实验中，通过观察　 　来判断钢球动能的大小；本实验用到的科学研究方法是 ‎　 　（说出一种即可）．‎ ‎20．（2分）已知定值电阻R1：R2=2：3，若把它们并联在同一电路中，通电后，它们的电流之比I1：I2=　 　：若把它们串联在同一电路中，通电1分钟，R1、R2产生的热量之比Q1 ：Q2=　 　．‎ ‎　‎ 四、作图题（本题包括2个小题，每小题2分，共4分）‎ ‎21．（2分）如图所示，一块橡皮放在水平放置的文具盒上，并随文具盒一起向左做匀速直线运动，请在图中作出橡皮所受力的示意图．‎ ‎22．（2分）如图所示，一束光线经平面镜反射后，过凸透镜的焦点F射向凸透镜，请在图中画出射向平面镜的入射光线和经凸透镜后的折射光线，并标出入射角的度数．‎ ‎　‎ 五、实验探究题（本题包括4小题，共9分）‎ ‎23．（4分）在探究“水沸腾时温度随时间变化的特点”的实验中：‎ ‎（1 ）安装实验器材时，应按照　 　 （选填“自上而下”或“自下而上“）的顺序进行．‎ ‎（2）当水温接近90℃时，每隔1min记录一次温度，并绘制了水温随时间变化的图象（如图所示），由图象可知：水沸腾时的特点是　 　，水的沸点为　 　℃，出现这一结果的原因可能是该处大气压　 　标准大气压（选填“大于”、“等于”或“小于”）．‎ ‎24．（4分）在做“探究凸透镜成像的规律”实验中，平行于主光轴的光线经凸透镜后会聚在光屏上一点，如图所示．‎ ‎（1）当把蜡烛放在乙图位置时，移动光屏，在光屏上能成　 　、缩小的实像；生活中的　 　就是利用这个原理制成的．‎ ‎（2）凸透镜的位置固定不动，当蜡烛向右（靠近透镜）移动一段距离后，要在光屏上再次成清晰的像，需将光屏向　 　（选填“左“或“右”）移动．‎ ‎（3）在上一步光屏上成清晰的像后，取一副近视镜放在凸透镜和蜡烛之间，要使光屏上还能成清晰的像，保持凸透镜和光屏的位置不动，可将蜡烛适当向　 　 （选填“左“或“右”）移动．‎ ‎25．（5分）为了测量某种食用油的密度，取适量这种食用油进行如下实验：‎ ‎（1）将托盘天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端的刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，则应将平衡螺母向　 　 （选填“左“或“右”）调节使横梁平衡．‎ ‎（2）向烧杯中倒入适量的食用油，用天平测量烧杯和食用油的总质量m1，天平平衡时，砝码和游码的位置如图乙所示．‎ ‎（3）把烧杯中的部分食用油倒入量筒中，其示数如图丙所示．‎ ‎（4）测出烧杯和剩余食用油的总质量m2为26g．‎ ‎（5）请将数据及计算结果填在表中．‎ 烧杯和食用油 的总质量m1/g 烧杯和剩余食 油的总质量m2/g 量筒中食用油的质量 m/g 量筒中食用油的体积 V/cm3‎ 食用油的密度 ρ/（g/cm3）‎ ‎ ‎ ‎26‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎26．（6分）在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压为6V保持不变，所用小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡的电阻约为10Ω．‎ ‎（1）用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右滑动时小灯泡变亮．‎ ‎（2）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到最　 　端 （选填“左“或“右”）．‎ ‎（3）闭合开关S后，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数，接下来首先应该操作的是　 　 （填序号）‎ A．检查电路是否断路 B．检查电路是否短路 C．移动滑动变阻器的滑片P，观察小灯泡是否发光 ‎（4）通过小灯泡的电流随它两端电压的变化如图乙所示，分析图象可知，当小灯泡两端的电压增大时，灯丝的电阻会　 　（选填“增大”、“不变”或“减小“）；小灯泡的额定功率为　 　W．‎ ‎（5）若将小灯泡换成定值电Rl，该电路还可以进行的实验有　 　（请写出一个即可）．‎ ‎　‎ 六、计算题（本题包括3个小题，共21分．解答时应写出必要的文字说明、主要公式和重要的演算步骤．只写最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）‎ ‎27．（4分）2017年5月18日，中国科学家首次在南海试采可燃冰取得圆满成功，实现了我国天然气水合物开发的历史性突破．可燃冰清洁无污染，储量巨大，是一种非常理想的新型能源．可燃冰的热值很大，是天然气热值的10倍以上，若按15倍计算．[c水=4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值q=7.0×107J/m3]求：‎ ‎（1）体积为0.0lm3的可燃冰完全燃烧放出的热量为多少？‎ ‎（2）若这些热量的90%被质量为100kg的水吸收，则水升高的温度是多少？‎ ‎28．（8分）如图所示，水平地面上有一底面积为1.5×10﹣2m2‎ 的圆柱形容器，容器中水深40cm，一个边长为10cm的正方体物块通过一裉细线与容器底部相连，细线受到的拉力为4N．（g取10N/kg）求：‎ ‎（1）此时容器底受到水的压强和压力．‎ ‎（2）此时物块受到的浮力和物块的质量．‎ ‎（3）细线的断后，物块静止时浸入水中的体积．‎ ‎29．（9分）如图所示，电源电压保持12V不变，电阻R1=50Ω，只闭合开关S3，将滑动变阻器滑片P移到中点时，电流表示数为0.2A，小灯泡L的实际功率为1.8W；电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V．（不考虑温度对灯丝电阻的影响）．求：‎ ‎（1）开关S1、S2、S3都闭合时，通过R1的电流是多少？‎ ‎（2）小灯泡的电阻是多少？只闭合开关S3，滑片P在中点时，电压表的示数是多少？‎ ‎（3）在保证电路安全的条件下，电路消耗的最小功率是多少？‎ ‎　‎ ‎2017年山东省聊城市中考物理试卷 参考答案与试题解析 选择题（共42分）一、单项选择题（本器包括10个小题；每小题3分，共30分．每小题只有一个选项符合题意，多选或不选均得0分）‎ ‎1．（3分）（2017•聊城）下列材料中，属于绝缘体的是（　　）‎ A．金属 B．橡胶 C．人体 D．食盐水溶液 ‎【分析】（1）容易导电的物体叫导体，如：人体、大地、各种金属、石墨、酸碱盐的溶液等；‎ ‎（2）不容易导电的物体叫绝缘体，常见的绝缘体包括：玻璃、陶瓷、橡胶、塑料等．‎ ‎【解答】解：金属、人体、食盐水溶液容易导电，属于导体；橡胶不容易导电，属于绝缘体；‎ 故选B．‎ ‎【点评】本题考查了导体和绝缘体的概念．对于常见的导体和绝缘体可以联系它们在日常生活和工业生产中的应用来记忆，不要死记硬背．如塑料，橡胶，陶瓷等常用来制作用电器的外壳，以防止触电，它们都是绝缘体；而电线芯用金属来做，因为金属容易导电，是导体．‎ ‎　‎ ‎2．（3分）（2017•聊城）关于声现象的说法正确的是（　　）‎ A．用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调会不同 B．“闻其声辨其人”是根据声音的音色来判断的 C．超声波能排除人体内的结石是利用声波传递信息 D．房间的窗户安装双层玻璃是在声源处减弱噪声 ‎【分析】（1）响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；‎ ‎（2）音色是由发声体本身决定的一个特性．‎ ‎（3）声波可以传递信息，也可以传递能量．‎ ‎（4）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声．‎ ‎【解答】解：A、用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的振幅不同，则响度不同，故A错误；‎ B、不同人的音色不同，因此“闻其声而知其人”是根据声音的音色来判断的，故B正确．‎ C、超声波能粉碎人体内的“小石头”，说明声波能传递能量，故C错误；‎ D、房间的窗户安装双层玻璃是在传播过程中减弱噪声，故D错误．‎ 故选B．‎ ‎【点评】此题考查了响度与振幅的关系、声音与能量、音色、减小噪声的方法等多个知识点，是一道声学基础题．‎ ‎　‎ ‎3．（3分）（2017•聊城）如图，下列物态变化中，属于吸热的是（　　）‎ A．露的形成 B．雾的形成 ‎ C．冰化成水 D．霜打枝头 ‎【分析】六种物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的．凝固、液化、凝华是放热的．‎ ‎【解答】解：A、露是液态的，是空气中的水蒸气遇冷形成的，是液化现象，液化需放热，故A不符合题意．‎ B、雾是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化现象，液化需放热；故B不符合题意．‎ C、冰雪消融是冰雪由固态变为液态的水，是熔化现象，熔化要吸热；故C符合题意．‎ D、霜是固态的，是空气中的水蒸气遇冷形成的，是凝华现象，凝华要放热，故D不符合题意；‎ 故选C．‎ ‎【点评】此题考查的是生活中物态变化的判断，和吸放热情况的判断．是一道基础题．‎ ‎　‎ ‎4．（3分）（2017•聊城）下列有关电和磁的说法正确的是（　　）‎ A．奥斯持发现了电流的磁效应 B．磁体周围的磁场既看不见也摸不着，所以是不存在的 C．电动机是根据电磁感应原理制成的 D．电磁铁磁性的强弱只与线圈中电流的大小有关 ‎【分析】（1）奥斯特发现了电流的磁效应；‎ ‎（2）磁场看不见、摸不着但的确存在；‎ ‎（3）电动机工作原理是通电线圈在磁场中受力转动；‎ ‎（4）电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关．‎ ‎【解答】解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，故A正确；‎ B、磁体周围的磁场虽然看不见也摸不着，但的确存在，故B错误； ‎ C、电磁感应现象是发电机的制作原理，而电动机的制作原理是通电线圈在磁场中受力转动，故C错误；‎ D、电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关，故D错误．‎ 故选A．‎ ‎【点评】此题考查了电流磁效应、磁场的理解、电动机的原理、电磁铁磁性强弱的影响因素，是一道综合题，但难度不大．‎ ‎　‎ ‎5．（3分）（2017•聊城）下列关于运动和力的说法正确的是 （　　）‎ A．受平衡力作用的物体一定处于静止状态 B．运动的物体一定受到力的作用 C．一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态 D．离开枪膛的子弹向前飞行是因为受到惯性作用 ‎【分析】（1）物体不受力或受平衡力，则处于静止状态或匀速直线运动状态；‎ ‎（2）物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因；‎ ‎（3）根据对牛顿第一定律来解答；‎ ‎（4）子弹脱离枪膛后，能继续在空中飞行是因为子弹具有惯性．‎ ‎【解答】解：A、物体受平衡力的作用还可能处于匀速直线运动状态，故A错误；‎ B、力是改变物体运动状态的原因，物体要运动，并不需要力作用在物体上，故B错误；‎ C、由牛顿第一定律可知，一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，故C正确；‎ D、子弹从枪膛里射出后，不再受推力作用，脱离枪膛后能够继续向前运动，是因为子弹具有惯性，仍然要保持原来的运动状态，但惯性不是力，不能说受到惯性作用，故D错误．‎ 故选C．‎ ‎【点评】此题考查力与运动的关系、牛顿第一定律、惯性等多个知识点，是一道综合性较强的题目．‎ ‎　‎ ‎6．（3分）（2017•聊城）下列实例中，为了减小压强的是（　　）‎ A．蚊子尖尖的口器 B．篆刻刀的刀刀很锋利 C．破窗锤的锤头很尖 D．骆驼宽大的脚掌 ‎【分析】增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强．‎ 减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强．‎ ‎【解答】解：‎ A、蚊子尖尖的口器，在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A不符合题意．‎ B、篆刻刀的刀刀很锋利，在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故B不符合题意．‎ C、破窗锤的锤头很尖，在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C不符合题意．‎ D、骆驼宽大的脚掌，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强．故D符合题意．‎ 故选D．‎ ‎【点评】知道压强大小的影响因素，掌握增大、减小压强的方法，分析时利用好控制变量法，本题解释生活中有关增大和减小压强的问题，有意义．‎ ‎　‎ ‎7．（3分）（2017•聊城）下列做法中符合安全用电原则的是（　　）‎ A．使用试电笔时手要接触笔尾金属体 B．电视天线与电线接触 C．电动机外壳没有接地 D．人靠近高压带电体 ‎【分析】（1）使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的．使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故．‎ ‎（2）电视机天线与电线接触易引发触电；‎ ‎（3）有金属外壳的用电器必须要接地线；‎ ‎（4）安全用电的基本原则是：不靠近高压带电体，不接触低压带电体．‎ ‎【解答】解：A、使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的，故A正确；‎ B、电视机天线与电线接触易引发触电，不符合安全用电原则，故B错误；‎ C、电动机外壳没有接地，若电动机漏电，这时人接触电动机有触电的危险，不符合安全用电原则，故C错误；‎ D、人靠近高压带电体极易引发触电，不符合安全用电原则，故D错误．‎ 故选A．‎ ‎【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了．‎ ‎　‎ ‎8．（3分）（2017•聊城）如图所示，小磁针静止在螺线管附近，闭合开关S后，下列判断正确的是（　　）‎ A．通电螺线管的左端为N极 B．小磁针一直保持静止 C．小磁计的S极向右转动 D．通电螺线管外A点的磁场方向向左 ‎【分析】（1）根据线圈的绕法和电流的方向，可以确定螺线管的NS极；‎ ‎（2）据磁感线的方向分析判断即可解决；‎ ‎（3）据磁体间的相互作用分析小磁针的运动方向．‎ ‎【解答】解：A、由安培定则可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向右端，则通电螺线管的右端为N极，故A错误；‎ BC、通电螺线管的右端是N极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的S极应靠近螺线管的右端，则小磁计的S极向左转动，小磁针会逆时针旋转，故小磁针不会静止，故BC错误；‎ D、在磁体的外部，磁感线从N极指向S极，所以通电螺线管外A点的磁场方向向左，故D正确；‎ 故选D．‎ ‎【点评】此题考查了通电螺线管的极性判断、磁场方向的判断、磁极间的作用规律等知识点，是一道综合题．‎ ‎　‎ ‎9．（3分）（2017•聊城）如图所示，在“探究杠杆的平衡条件”实验中，已知杠杆上每个小格长度为2cm，当弹簧测力计在A点斜向上拉（与水平方向成30°角）杠杆，使杠杆在水平位置平衡时，下列说法正确的是 （　　）‎ A．动力臂为0.08m B．此时为省力杠杆 C．弹簧测力计的示数为4N D．钩码总重为2N ‎【分析】当弹簧测力计在A点斜向上拉（与水平方向成30°角）动力臂是OA，比较力臂大小判断杠杆是否省力； 根据弹簧测力计的示数得出弹簧测力计的读数；根据杠杆的平衡条件求出钩码重力．‎ ‎【解答】解：A、当弹簧测力计在A点斜向上拉（与水平方向成30°角）杠杆，此时动力臂等于OA=×4×2cm=4cm，故A错误；‎ B、阻力臂的大小：L2=3×2cm=6cm＞L1，杠杆为费力杠杆，故B错误；‎ C、由图中弹簧测力计指针在3N，弹簧测力计的示数为3N，故C错误；‎ D、根据杠杆的平衡条件F1L1=GL2得G===2N，故D正确．‎ 故选D．‎ ‎【点评】此题主要考查了杠杆的平衡条件的应用，都是杠杆平衡条件中的常见知识．‎ ‎　‎ ‎10．（3分）（2017•聊城）如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器滑片P向左移动的过程中（不考虑灯丝的电阻受温度的影响），下列说法正确的是（　　）‎ A．电流表示数逐渐变小 B．电压表示数逐渐变大 C．滑动变阻器两端的电压逐渐变大 D．小灯泡的亮度逐渐变暗 ‎【分析】由电路图可知，灯泡L与变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流．根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化，根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化．‎ ‎【解答】解：‎ 由电路图可知，灯泡L与变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流．‎ 滑动变阻器滑片P向左移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，‎ 由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数逐渐变大，故A错误；‎ 由U=IR可知，灯泡L两端的电压变大，即电压表的示数逐渐变大，故B正确；‎ 因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，‎ 所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，小灯泡的亮度逐渐变亮，故D错误；‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和，‎ 所以，滑动变阻器两端的电压逐渐变小，故C错误．‎ 故选B．‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡不测带电源用电器两端的电压．‎ ‎　‎ 二、多项选择题（本题包括3个小题；每小题4分，共12分．每小题的选项中至少有两个选项符合理意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）‎ ‎11．（4分）（2017•聊城）下列现象与光学知识对应正确的是（　　）‎ A．影子的形成﹣﹣﹣﹣﹣﹣光的直线传播 B．“海市蜃楼”的形成﹣﹣﹣﹣﹣﹣光的反射 C．湖水中青山的倒影﹣﹣﹣﹣﹣﹣平面镜成像 D．雨后天空出现彩虹﹣﹣﹣﹣﹣﹣光的色散 ‎【分析】光在自然界中存在三种光现象：‎ 在日常生活中，小孔成像、影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；‎ 当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；‎ 当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅、彩虹等 ‎【解答】解：‎ A、影子是由于光沿直线传播形成的；光沿直线传播过程中，遇到不透明的物体不能继续沿原路传播，在不透明物体的后面就出现一片较暗的区域，这就是不透明物体的影子．故A正确；‎ B、海市蜃楼是光在不均匀空气中发生折射形成的，不是光的反射形成的．故B错误；‎ C、湖水中青山的倒影属于平面镜成像，由光的反射形成．故C正确；‎ D、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分解成7种色光，这种现象叫做光的色散现象，即雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的．故D正确．‎ 故选ACD．‎ ‎【点评】此题考查常见的光学现象，有以下几种情况：‎ ‎（1）光的直线传播形成的现象：日食、月食、影子、小孔成像、打靶瞄准时“三点一线”、排直队等；‎ ‎（2）光的反射形成现象：平面镜成像、水面成像、光滑物体的表面成像等；‎ ‎（3）光的折射形成的现象：海市蜃楼、水中筷子变弯、池清疑水浅等．‎ ‎（4）光的色散现象：彩虹、三棱镜分解太阳光，其本质还是光的折射．‎ ‎　‎ ‎12．（4分）（2017•聊城）如图所示，重300N的物体在20N的水平拉力F的作用下，以0.2m/s的速度沿水平地面向左匀速直线运动了l0s，滑轮组的机械效率为80%，则在此过程中，下列说法正确的是（　　）‎ A．绳子自由端移动的距离为2m B．物体与地面间的滑动摩擦力为48N C．拉力F的功率为12W D．有用功为120J ‎【分析】‎ A、知道物体移动速度和时间，利用s=vt求物体移动距离，由题知，n=3，拉力端移动的距离等于物体移动距离的3倍；‎ B、知道机械效率和拉力大小，利用η====求摩擦力f；‎ C、利用W=Fs求拉力做的总功，再利用功率公式求拉力做功功率；‎ D、拉力做的有用功等于摩擦力乘以物体移动的距离．‎ ‎【解答】解：‎ A、由图知，n=3，则绳子自由端移动的距离：s绳=3s物=3v物t=3×0.2m/s×10s=6m，故A错；‎ B、拉力做的有用功W有=fs物，W总=Fs绳，‎ 因为η====，‎ 所以物体与地面间的滑动摩擦力：‎ f=η×3F=80%×3×20N=48N，故B正确；‎ C、拉力做功为：W总=Fs绳=20N×6m=120J，‎ 拉力做功的功率：P===12W，故C正确；‎ D、有用功：W有=fs物=fv物t=48N×0.2m/s×10s=96J，故D错．‎ 故选BC．‎ ‎【点评】水平使用滑轮组时注意：有用功等于摩擦力与物体移动的距离的乘积，这是本题的关键、易错点 ‎　‎ ‎13．（4分）（2017•聊城）如甲图所示的电路中，电源电压为16V恒定不变．R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S后，在滑片P滑动的过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示，根据图象信息可知，下列判断正确的是（　　）‎ A．R0的阻值是10Ω B．电路的最大总功率是25.6W C．R0的最小功率是3.2W D．滑动变阻器的最大阻值是70Ω ‎【分析】（1）当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为R0的简单电路，电路中的电流最大，根据乙图读出此时的电流，根据欧姆定律表示出电源的电压；当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图象读出此时电路中的电流和R两端的最大电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值，进一步求出电源的电压；‎ ‎（2）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P=UI求出电路最大的总电功率，进一步得出R0的阻值消耗电功率的最小值．‎ ‎【解答】解：（1）当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为R0的简单电路，‎ 由乙图可知，电路中的最大电流I大=1.6A，‎ 由I=可得，电源电压：‎ U=I大R0=1.6A×R0，‎ 当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，‎ 由乙图可知，电路中的最小电流I最小=0.2A，R两端的电压UR=14V，‎ 则滑动变阻器的最大阻值：‎ R===70Ω，故D正确；‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和，‎ 所以，电源的电压：‎ U=I最小R0+UR=0.2A×R0+14V，‎ 因电源的电压不变，‎ 所以，1.6A×R0=0.2A×R0+14V，‎ 解得：R0=10Ω，故A正确；‎ 电源的电压U=I大R0=1.6A×10Ω=16V；‎ ‎（2）电路的最大总功率是：P最大=UI最大=16V×1.6A=25.6W，故B正确；‎ R0的最小功率：P最小=I最小2R0=（0.2A）2×10Ω=0.4W，故C错误．‎ 故选ABD．‎ ‎【点评】‎ 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是滑动变阻器最大电功率的判断，有一定的难度．‎ ‎　‎ 非选择题（共58分）三、填空题（本题包括7个小题，每空1分，共14分）‎ ‎14．（2分）（2017•聊城）端午节到了，空气中弥漫着粽子的香味，“棕叶飘香”是　扩散　现象；固体很难被压缩，是因为固体分子间存在着　斥力　．‎ ‎【分析】分子动理论内容为：物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在相互作用引力和斥力．‎ ‎【解答】解：‎ 由于分子在不停地做无规则运动，所以我们会闻到粽子的香味，这就是扩散现象；‎ 物体不能无限地被压缩，说明分子间存在斥力．‎ 故答案为：扩散；斥力．‎ ‎【点评】本题主要考查学生对分子运动及其分子间作用力的了解和掌握，是一道基础题．‎ ‎　‎ ‎15．（2分）（2017•聊城）如图所示为某中学足球赛的精彩画面，脚把足球踢飞，说明力可以改变物体的　运动状态　；同时脚感觉到疼，说明力的作用是　相互　的．‎ ‎【分析】（1）力的作用效果：力可以改变物体的形状，力也可以改变物体的运动状态；‎ ‎（2）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的．‎ ‎【解答】解：脚把足球踢飞，说明力可以改变物体的运动状态；脚对球施加力的作用，脚会感觉到痛，说明物体间力的作用是相互的．‎ 故答案为：运动状态；相互．‎ ‎【点评】本题考查了力的作用效果以及力的相互性，属于力学基础知识的考查，相对比较简单．‎ ‎　‎ ‎16．（2分）（2017•聊城）“低碳环保“是当今世界的主题，在煤、石油、太阳能中，有可能成为今后理想能源的是　太阳能　；手机是现代最常用的通信工具，手机之间是利用　电磁波　传递信息的．‎ ‎【分析】（1）太阳能是一种新型的能源，取之不尽用之不竭，且无污染，是较为理想的能源；‎ ‎（2）有线电话是靠电流来传递信息的，无线电广播、电视、手机都是靠电磁波来传递信息的．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）在煤、石油、太阳能这三种能源之中，太阳能因分布广阔、获取方便、清洁不会造成环境污染可能成为未来的理想能源；‎ ‎（2）手机既是无线电发射台又是无线电接收台：在人讲话的时候，它用电磁波把信息发射到空中，同时它又能在空中捕获电磁波．‎ 故答案为：太阳能；电磁波．‎ ‎【点评】本题主要考查学生对太阳能优点和电磁波的应用的了解和掌握，是一道基础题．‎ ‎　‎ ‎17．（2分）（2017•聊城）如图甲所示，在铁桶内放少量的水，用火加热，水沸腾之后把桶口堵住，然后浇上冷水．在　大气压　作用下，铁桶被压扁了；手握如图乙所示的两张纸，让纸自由下垂，在两张纸中间向下吹气，结果发现两张纸向中间靠拢，这表明气体流动速度越大的位置，压强越　小　．‎ ‎【分析】（1）大气压强是由于空气具有重力和流动性而产生的，吸盘、吸管吸饮料、覆杯实验等都证明了大气压强的存在；‎ ‎（2）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大．解决此题的关键是考虑向两张纸中间吹起时，两纸中间气体流速与外侧气体流速不同．‎ ‎【解答】解：在铁桶内放少量的水，用火加热，水沸腾之后把桶口堵住，然后浇上冷水，铁桶内的水蒸气遇冷液化成小水珠，气压减小，桶内的压强小于外界大气压，在大气压的作用下，铁桶被压扁了．‎ 当向两张纸中间吹气时，中间的空气流动速度增大，压强减小．纸外侧的压强不变，纸受到向内的压强大于向外的压强，受到向内的压力大于向外的压力，纸在压力差的作用下向中间靠拢，说明气体流速越大的地方压强越小．‎ 故答案为：大气压；小．‎ ‎【点评】本题结合生活事例考查了大气压强，流体压强和流速的关系，物理来源于生活，要学以致用．‎ ‎　‎ ‎18．（2分）（2017•聊城）如图所示是四冲程汽油机工作过程中的　做功　冲程；此过程中　内　能转化为机械能．‎ ‎【分析】根据曲轴的转动方向判断活塞的运行方向，再根据气门的关闭情况就可以确定是哪一个冲程；压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能．‎ ‎【解答】解：‎ 由图可知，进气门和排气门都是关闭的，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，‎ 做功冲程中实现的能量转化是将内能转化为机械能．‎ 故答案为：做功；内．‎ ‎【点评】本题考查了汽油机四冲程的判定方法和其中的能量转化，属于常见题目．‎ ‎　‎ ‎19．（2分）（2017•聊城）如图所示，在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让同一钢球A从斜面上不同的高度由静止滚下，撞到同一木块B上．实验中，通过观察　木块B被撞的距离　来判断钢球动能的大小；本实验用到的科学研究方法是 ‎　控制变量法　（说出一种即可）．‎ ‎【分析】实验过程要采用控制变量法，当研究动能大小与质量的关系时，要让钢球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；此实验把动能的大小转换为木块被撞击后运动的距离，距离越远表明小球的动能越大．‎ ‎【解答】‎ 解：让同一钢球沿斜面的不同高度静止滚下撞击水平板上的木块，这是控制了质量相同，目的是探究物体的动能与速度的关系，采用的是控制变量法；‎ 实验中通过观察木块B被撞击后运动的距离的大小来间接判断物体动能的大小；‎ 故答案为：木块B被撞的距离；控制变量法．‎ ‎【点评】该题考查了转换法、控制变量法等研究方法在探究实验中的应用，在平时做实验时要多观察，多思考．‎ ‎　‎ ‎20．（2分）（2017•聊城）已知定值电阻R1：R2=2：3，若把它们并联在同一电路中，通电后，它们的电流之比I1：I2=　3：2　：若把它们串联在同一电路中，通电1分钟，R1、R2产生的热量之比Q1 ：Q2=　2：3　．‎ ‎【分析】（1）两电阻并联时它们两端的电压相等，根据欧姆定律求出通过的电流之比；‎ ‎（2）两电阻串联时通过它们的电流相等，根据Q=I2Rt求出通电1分钟R1、R2产生的热量之比．‎ ‎【解答】解：（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，‎ 所以，两电阻并联时通过的电流之比：‎ ‎===；‎ ‎（2）因串联电路中各处的电流相等，‎ 所以，通电1分钟R1、R2产生的热量之比：‎ ‎===．‎ 故答案为：3：2； 2：3．‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及欧姆定律、焦耳定律的应用，是一道较为简单的应用题．‎ ‎　‎ 四、作图题（本题包括2个小题，每小题2分，共4分）‎ ‎21．（2分）（2017•聊城）如图所示，一块橡皮放在水平放置的文具盒上，并随文具盒一起向左做匀速直线运动，请在图中作出橡皮所受力的示意图．‎ ‎【分析】橡皮做水平方向向左匀速运动，物体受到两个力：它的重力G，文具盒对它的支持力F，这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心．‎ ‎【解答】解：‎ 由于橡皮和文具盒一起匀速运动，相对静止，所以橡皮不受摩擦力的作用，只受重力和支持力的作用；‎ 然后过重心沿竖直向下的方向和竖直向上的方向分别画一条有向线段表示出重力G和支持力F支，注意作图时两条线段的长度要相等．如图所示：‎ ‎【点评】物体匀速运动时，受平衡力：这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心．易错点：确定不准是否受摩擦力．‎ ‎　‎ ‎22．（2分）（2017•聊城）如图所示，一束光线经平面镜反射后，过凸透镜的焦点F射向凸透镜，请在图中画出射向平面镜的入射光线和经凸透镜后的折射光线，并标出入射角的度数．‎ ‎【分析】（1）反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角来作；根据反射定律作出反射光线，反射光线与法线的夹角为反射角．‎ ‎（2）根据过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴作出折射光线．‎ ‎【解答】‎ 解：（1）过平面镜的反射点垂直镜面作出法线，因为反射光线与镜面的夹角为30°，则反射角为：90°﹣30°=60°，则入射角也为60°，根据入射角等于60°在法线右侧作出入射光线，并标出入射角；‎ ‎（2）过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；如图所示：‎ ‎【点评】（1）凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；‎ ‎（2）熟记反射定律的内容：射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，并会作图．‎ ‎　‎ 五、实验探究题（本题包括4小题，共9分）‎ ‎23．（4分）（2017•聊城）在探究“水沸腾时温度随时间变化的特点”的实验中：‎ ‎（1 ）安装实验器材时，应按照　自下而上　 （选填“自上而下”或“自下而上“）的顺序进行．‎ ‎（2）当水温接近90℃时，每隔1min记录一次温度，并绘制了水温随时间变化的图象（如图所示），由图象可知：水沸腾时的特点是　吸热温度不变　，水的沸点为　97　℃，出现这一结果的原因可能是该处大气压　小于　标准大气压（选填“大于”、“等于”或“小于”）．‎ ‎【分析】（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；‎ ‎（2）在进行温度计的读数时，注意其分度值；掌握水沸腾时吸热但温度保持不变的特点，水的沸点指水沸腾时的温度；根据液体沸点随气压的增大而升高的特点分析；‎ ‎【解答】‎ 解：（1）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度，因此必须按照自下而上的顺序进行．‎ ‎（2）水在沸腾过程中需要吸收热量，温度不变．由图知，温度计的分度值为1℃，其示数为98℃，低于100℃，所以当时气压小于1个标准大气压；‎ 故答案为：（1）自下而上；（2）吸热温度不变；97；小于．‎ ‎【点评】本题“探究水的沸腾”实验，考查了有关实验仪器的调节，考查了温度计的读数、影响水沸腾时间的因素及液体沸腾条件的分析．‎ ‎　‎ ‎24．（4分）（2017•聊城）在做“探究凸透镜成像的规律”实验中，平行于主光轴的光线经凸透镜后会聚在光屏上一点，如图所示．‎ ‎（1）当把蜡烛放在乙图位置时，移动光屏，在光屏上能成　倒立　、缩小的实像；生活中的　照相机　就是利用这个原理制成的．‎ ‎（2）凸透镜的位置固定不动，当蜡烛向右（靠近透镜）移动一段距离后，要在光屏上再次成清晰的像，需将光屏向　右　（选填“左“或“右”）移动．‎ ‎（3）在上一步光屏上成清晰的像后，取一副近视镜放在凸透镜和蜡烛之间，要使光屏上还能成清晰的像，保持凸透镜和光屏的位置不动，可将蜡烛适当向　左　 （选填“左“或“右”）移动．‎ ‎【分析】（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点和光心的距离是凸透镜的焦距．物距大于二倍焦距，成倒立缩小的实像；‎ ‎（2）凸透镜成实像时，物距减小，像距变大；‎ ‎（3）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，能使会聚的光线推迟会聚．‎ ‎【解答】解：（1）由图可知，凸透镜的焦距为60cm﹣50cm=10cm；当把蜡烛放在乙图位置时，物距为30cm，大于二倍焦距，成倒立缩小的实像，其应用是照相机；‎ ‎（2）当蜡烛向右移动一段距离后，物距减小，像距变大，要在光屏上再次成清晰的像，需将光屏向右移动．‎ ‎（3）近视眼是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚的光线推迟会聚，蜡烛向左远离凸透镜，才能在光屏上得到清晰的像．‎ 故答案为：（1）倒立；照相机；（2）右；（3）左．‎ ‎【点评】此题是探究凸透镜成像的规律，主要考查了实验的探究过程及成像规律的应用．此题看似复杂，其实只要用心，仔细审题，并不难．‎ ‎　‎ ‎25．（5分）（2017•聊城）为了测量某种食用油的密度，取适量这种食用油进行如下实验：‎ ‎（1）将托盘天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端的刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，则应将平衡螺母向　左　 （选填“左“或“右”）调节使横梁平衡．‎ ‎（2）向烧杯中倒入适量的食用油，用天平测量烧杯和食用油的总质量m1，天平平衡时，砝码和游码的位置如图乙所示．‎ ‎（3）把烧杯中的部分食用油倒入量筒中，其示数如图丙所示．‎ ‎（4）测出烧杯和剩余食用油的总质量m2为26g．‎ ‎（5）请将数据及计算结果填在表中．‎ 烧杯和食用油 的总质量m1/g 烧杯和剩余食 油的总质量m2/g 量筒中食用油的质量 m/g 量筒中食用油的体积 V/cm3‎ 食用油的密度 ρ/（g/cm3）‎ ‎ ‎ ‎26‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎【分析】（1）调节天平横梁平衡时，应先将游码移到标尺左端零刻线处，调节横梁平衡螺母，使横梁平衡；平衡螺母调节的一般规律是“左偏右调，右偏左调”．‎ ‎（2）用托盘天平测量物体质量时，物体的质量等于砝码的总质量和游码所对的刻度；‎ ‎（3）用量筒测量液体的体积时，要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；‎ ‎（4）倒入量筒的食用油质量为烧杯和食用油的总质量与剩余食用油和烧杯的总质量之差；‎ ‎（5）根据密度公式求出密度．‎ ‎【解答】‎ 解：（1）调节天平横梁平衡时，应先把天平放在水平桌面上，将游码移到标尺左端零刻线处；指针静止在分度盘中央刻度线的右侧，应将平衡螺母向左调节；‎ ‎（2）由图乙可知，标尺分度值为0.2g，示数为1.2g，所以剩余食用油和烧杯的总质量=50g+10g+1.2g=61.2g；‎ ‎（3）由乙图知，量筒的分度值为1ml，食用油的体积为40ml=40cm3；‎ ‎（4）量筒中食用油的质量为m=61.2g﹣26g=35.2g；‎ ‎（5）食用油的密度为ρ===0.88g/cm3．‎ 故答案为：（1）左；（5）‎ 烧杯和食用油 的总质量m1/g 烧杯和剩余食 油的总质量m2/g 量筒中食用油的质量 m/g 量筒中食用油的体积 V/cm3‎ 食用油的密度 ρ/（g/cm3）‎ ‎ 61.2‎ ‎26‎ ‎ 35.2‎ ‎ 40‎ ‎ 0.88‎ ‎【点评】本题目是测定密度的常规实验题，利用实验求物质的密度历来是中考的重点，应当掌握天平和量筒的正确使用和读数．同时考查学生对密度的基本计算．‎ ‎　‎ ‎26．（6分）（2017•聊城）在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压为6V保持不变，所用小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡的电阻约为10Ω．‎ ‎（1）用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右滑动时小灯泡变亮．‎ ‎（2）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到最　左　端 （选填“左“或“右”）．‎ ‎（3）闭合开关S后，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数，接下来首先应该操作的是　C　 （填序号）‎ A．检查电路是否断路 B．检查电路是否短路 C．移动滑动变阻器的滑片P，观察小灯泡是否发光 ‎（4）通过小灯泡的电流随它两端电压的变化如图乙所示，分析图象可知，当小灯泡两端的电压增大时，灯丝的电阻会　增大　（选填“增大”、“不变”或“减小“）；小灯泡的额定功率为　0.5　W．‎ ‎（5）若将小灯泡换成定值电Rl，该电路还可以进行的实验有　伏安法测电阻　（请写出一个即可）．‎ ‎【分析】（1）滑动变阻器滑片P向右滑动时小灯泡变亮，电阻减小，接右下接线柱；‎ ‎（2）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P滑到最大值处；‎ ‎（3）灯泡不发光时，首先看电流表，在看电压表，最后移动滑动变阻器；‎ ‎（4）分析图象可知得出小灯泡两端的电压增大时灯丝的电阻的变化，读出电流表在额定电压下的电流，由P=UI计算出额定功率；‎ ‎（5）用电压表测量电阻，电流表测量电流，可以测量电阻．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）滑动变阻器滑片P向右滑动时小灯泡变亮，根据P=I2R知电流增大，由欧姆定律知电阻减小，应接右下接线柱，电路如下图所示：‎ ‎（2）为了保护电路，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P滑到最大值左端；‎ ‎（3）因为电流表和电压表都有示数，就应该考虑是灯泡实际功率太小，所以应该移动滑动变阻器．故选C；‎ ‎（4）由图象可知，当小灯泡两端的电压增大时，电流也增大，但电流增大较小，根据R=知，灯丝的电阻会增大；‎ 当灯泡正常发光时电压为2.5V，由图知，电流为0.2A，‎ 所以灯泡的额定功率：P额=U额I=2.5V×0.2A=0.5W；‎ ‎（5）若将小灯泡换成定值电Rl，用电压表测量电阻，电流表测量电流，根据R=‎ 可以测量电阻．‎ 故答案为：（1）见上图；（2）左；（3）C；（4）增大；0.5；（5）伏安法测电阻．‎ ‎【点评】能正确连接实物电路，能灵活运用欧姆定律，能从图象中读出正确信息，并能利用电功率公式进行计算，是此题中考查的主要内容．‎ ‎　‎ 六、计算题（本题包括3个小题，共21分．解答时应写出必要的文字说明、主要公式和重要的演算步骤．只写最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）‎ ‎27．（4分）（2017•聊城）2017年5月18日，中国科学家首次在南海试采可燃冰取得圆满成功，实现了我国天然气水合物开发的历史性突破．可燃冰清洁无污染，储量巨大，是一种非常理想的新型能源．可燃冰的热值很大，是天然气热值的10倍以上，若按15倍计算．[c水=4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值q=7.0×107J/m3]求：‎ ‎（1）体积为0.0lm3的可燃冰完全燃烧放出的热量为多少？‎ ‎（2）若这些热量的90%被质量为100kg的水吸收，则水升高的温度是多少？‎ ‎【分析】（1）知道“可燃冰”质量和热值，利用Q放=Vq求0.01m3“可燃冰”完全燃烧放出的热量；‎ ‎（2）知道加热效率，利用η=求被水吸收的热量；再根据Q吸=cm△t求出水升高的温度．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由题意可得，可燃冰的热值：q可燃冰=15q=15×7.0×107J/m3=1.05×109J/m3；‎ ‎0.01m3“可燃冰”完全燃烧放出的热量：‎ Q放=Vq可燃冰=0.01m3×1.05×109J/m3=1.05×l07J；‎ ‎（2）由η=得被水吸收的热量：‎ Q吸=ηQ放=90%×1.05×l07J=9.45×106J；‎ 由Q吸=cm△t可得，‎ 水升高的温度：△t===22.5℃．‎ 答：（1）0.1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量为1.05×l07J；‎ ‎（2）水升高度的温度是22.5℃．‎ ‎【点评】本题考查了燃料完全燃烧放热公式和效率公式的应用，属于常见题目．‎ ‎　‎ ‎28．（8分）（2017•聊城）如图所示，水平地面上有一底面积为1.5×10﹣2m2的圆柱形容器，容器中水深40cm，一个边长为10cm的正方体物块通过一裉细线与容器底部相连，细线受到的拉力为4N．（g取10N/kg）求：‎ ‎（1）此时容器底受到水的压强和压力．‎ ‎（2）此时物块受到的浮力和物块的质量．‎ ‎（3）细线的断后，物块静止时浸入水中的体积．‎ ‎【分析】（1）根据液体内部压强的计算公式p=ρgh求出压强，在根据P=求出压力；‎ ‎（2）求出木块的体积就可以知道它浸没时排开水的体积，那么知道了V排和水的密度，则可以根据阿基米德原理公式就可以算出木块浸没在水中时受到的浮力，并可根据F=G﹣F浮计算出重力的大小；根据密度公式求出物块的质量；‎ ‎（3）由题意可知，剪断细线后，木块时漂浮在水面上的，则F浮=G，知道了木块受到的浮力大小，就可以根据阿基米德原理公式的变形式算出此时木块在水中的V排．‎ ‎【解答】解：（1）水对容器底的压强为：‎ p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.4=4000Pa；‎ 根据p=可知水对容器底的压力为：‎ F=pS=4000Pa×1.5×10﹣2m2=60N；‎ ‎（2）木块的体积V=10cm×10cm×10cm=1.0×10﹣3m3，‎ 木块浸没在水中时受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.0×10﹣3m3=10N；‎ 物体受到三个力的作用：竖直向下的重力和拉力、竖直向上的浮力，则物体的重力为：‎ G=F浮﹣F=10N﹣4N=6N；‎ 物体的质量为：m===0.6kg；‎ ‎（3）因为木块浸没在水中时的浮力大于木块的重力，所以剪断细线后，木块会上浮直至漂浮在水面上，‎ 由于漂浮，所以F浮=G=6N，‎ 由F浮=ρ水gV排得：‎ V'排===6×10﹣4m3．‎ 答：（1）此时容器底受到水的压强为4000Pa；压力为60N；‎ ‎（2）此时物块受到的浮力为10N；物块的质量为0.6kg．‎ ‎（3）细线的断后，物块静止时浸入水中的体积为6×10﹣4m3．‎ ‎【点评】本题考查了阿基米德原理、物体的浮沉条件及其应用，本题中的第（3）问要把握漂浮时，物体受到的浮力等于重力．‎ ‎　‎ ‎29．（9分）（2017•聊城）如图所示，电源电压保持12V不变，电阻R1=50Ω，只闭合开关S3，将滑动变阻器滑片P移到中点时，电流表示数为0.2A，小灯泡L的实际功率为1.8W；电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V．（不考虑温度对灯丝电阻的影响）．求：‎ ‎（1）开关S1、S2、S3都闭合时，通过R1的电流是多少？‎ ‎（2）小灯泡的电阻是多少？只闭合开关S3，滑片P在中点时，电压表的示数是多少？‎ ‎（3）在保证电路安全的条件下，电路消耗的最小功率是多少？‎ ‎【分析】（1）首先弄明白开关S1、S2、S3都闭合时，电路结构，再根据欧姆定律计算通过R1的电流；‎ ‎（2）只闭合S3时，灯泡和滑动变阻器串联，知道电流值和小灯泡的实际功率，根据P=I2R求出灯泡的电阻；‎ 根据欧姆定律求出灯泡两端的电压，根据串联分压求出滑动变阻器两端的电压，即为电压表示数；‎ ‎（3）电源电压不变，电路中的总电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小；‎ 为了保证电路安全，电压表示数不能超过3V，据此求出R1两端的电压，进而求出最小电流，根据P=UI求出最小功率．‎ ‎【解答】解：（1）开关S1、S2、S3都闭合时，滑动变阻器被短路，R1和L并联，‎ 通过R1的电流：I1===0.24A；‎ ‎（2）只闭合S3时，滑动变阻器滑片P移到中点时，灯泡和滑动变阻器串联，‎ 由P=I2R得：‎ 灯泡的电阻：RL===45Ω；‎ 此时灯泡两端的实际电压：UL=I L实RL=0.2A×45Ω=9V，‎ 所以滑动变阻器两端的电压：U滑=U﹣UL=12V﹣9V=3V，即为电压表示数；‎ 此时滑动变阻器连入电路中的阻值R===15Ω，‎ 滑动变阻器的最大阻值R滑=2R=2×15Ω=30Ω；‎ ‎（3）电源电压不变，电路中的总电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，即只闭合开关S1时，R1和R2串联，电阻最大，电路中的电流最小，此时电路消耗的功率最小；‎ 为了保护电路安全，电压表示数不能超过3V，此时R1两端的最小电压U1=U﹣U2大=12V﹣3V=9V，‎ 电路中的最小电流I小===0.9A，‎ 电路消耗的最小功率P=UI小=12V×0.9A=10.8W．‎ 答：（1）开关S1、S2、S3都闭合时，通过R1的电流是0.24A；‎ ‎（2）小灯泡的电阻是45Ω；只闭合开关S3，滑片P在中点时，电压表的示数是3V；‎ ‎（3）在保证电路安全的条件下，电路消耗的最小功率是10.8W．‎ ‎【点评】此题主要考查的是学生对欧姆定律、电功率计算公式、电路结构分析的理解和掌握，弄明白电阻最大时，电路中电流最小，电路消耗的功率最小是解决此题的关键．‎ ‎　‎