2020年苏州市昆山市中考物理一模试卷(含解析)

2020年苏州市昆山市中考物理一模试卷(含解析)

2020年苏州市昆山市中考物理一模试卷一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）1.下列说法不正确的是A.电视用电磁波传递图象信号和声音信号B.煤炭、石油、天然气属于可再生能源C.手机是靠电磁波传递信息的D.太阳能是一种清洁能源2.收音机、手机、电视机三种常用电器中，既能接收电磁波、又能发射电磁波的是A.收音机B.手机C.电视机D.都可以3.下列现象的形成过程与物态变化对应正确的是A.玻璃窗上的冰花凝固B.树上的雾凇凝华C.草叶上的露珠熔化D.雪糕周围的“白气”升华4.如图所示，蜡烛在平面镜M中所成像的位置应在图中的A.甲处B.乙处C.丙处D.丁处5.如图所示，从a管向细管b的上方用力吹气，则A.水不动B.水将沿细管b上升C.细管b内水面下降D.大量气泡从细管下端喷出6.如图甲、乙所示的实验现象，下列有关说法错．误．的是 A.乙图中，导体ab只要运动就能在电路中产生感应电流B.甲图演示的现象与电动机原理相同C.甲、乙两图演示的现象说明电能生磁，磁也能生电D.甲图中，对调电源的正负极，闭合开关，金属棒运动的方向变得相反7.关于天然磁体、人造磁体和永磁体，下列说法中，正确的是A.所有的人造磁体都是永磁体B.只有天然磁体才能吸引铁、钴、镍等物质C.能长期保持磁性的磁体，统称为永磁体D.天然磁体不一定都是永磁体8.如图所示，将系在细线下的小球拿至A点，然后释放，小球将在A、C两点之间往复摆动，如果不考虑空气对小球的阻力，下列分析中正确的是A.小球在摆动过程中始终受到平衡力的作用B.小球在B位置的重力势能最大，动能最小C.当小球摆至B位置时，如果细线突然断裂，则小球将竖直下落D.当小球摆至C位置时，如果小球所受的力同时消失，小球将静止在C位置9.如图所示是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是A.甲、乙两次实验都应用了控制变量法B.甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多C.乙实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系D.乙实验通电一段时间后，右侧U形管中液面的高度差比左侧的大 10.人工智能飞速发展的今天，智能配送机器人已被广泛使用，用户可通过人脸识别、输入扫描取货码等多种方式取货。如图是某款机器人正在送货的情景，下列分析正确的是A.机器人旁边的影子，是光的折射形成的B.行人都能看见机器人，是由于阳光在它表面发生了镜面反射C.用户进行人脸识别时，摄像头所成的像是倒立缩小的实像D.阳光是由红、绿、蓝三种颜色的光混合而成的11.如图所示，放在水平桌面上的甲、乙两容器内分别装有20kg、5kg的水，比较两容器底所受到的水的压强大小，则A.甲的较大B.乙的较大C.一样大D.无法判断12.如图所示，电源电压恒为9V，定值电阻1的阻值为10，滑动变阻器滑片位于中间某一位置。闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片P，使滑动变阻器2的阻值增大60，电压表示数变化了2V，则下列说法中正确的是A.滑片P移动前，电流表的示数为0.4mB.滑片P移动过程中，电压表的示数从4V变为6VC.1消耗的电功率减小了0.8D.2消耗的电功率增大了0.4二、填空题（本大题共9小题，共27.0分）13.中考时节，栀子飘香。校园里沁人心脾的栀子花香说明了___________；我们观察到栀子花是白色的，因为栀子花____白光。选填“折射”“反射”“吸收”14.如图所示，重力不计的木棒AOB可绕支点O无摩擦转动，木棒AB长为2m，均匀正方体甲的边长为10cm，密度为6103香䁕3，物体乙的重为60⸸.当把甲乙两物体用细绳分别挂在木棒的两个端点A、B上时，木棒在水平位置平衡，支点O距A点1.2。则杠杆A端绳子对甲物体的拉力为______N，甲物体对地面的压强为______ܽ.香ሺ10⸸䁕香 15.2015年10月16日上午镇江市“市长杯”校园足球总决赛拉开序幕，这是我市重视足球运动，提升校园足球水平的重要措施。在比赛中，我校运动员用力踢球射门，足球离脚在空中飞行的过程中，运动员______填“一定”、“一定不”、“可能”对足球做功。如果不计空气阻力，足球在空中下落的过程中，其动能将______填“变大”、“不变”、“变小”，实质是______能转化为动能。16.小明在做“探究不同物质吸热升温特点”的实验时，用同一酒精灯分别给质量相等的水和食用油加热。用实验测得的数据画出它们升高的温度随时间t变化的图象如图所示，它们都是过原点的直线，即ሺ，温度升高1过程中食用油吸收的热量______小于䁕等于䁕大于水；用m表示水的质量，1和2分别表示水和食用油的比热容，则两条直线k的比值水：食用油等于______。17.有一斜面长4m，高1m，现把一重600N的物体匀速推上去，所用沿斜面方向推力至少是______⸸.若实际所用推力为200N，则斜面的机械效率为______，摩擦力为______N。18.如图是电阻A、B的′〴图象，由图可知A电阻的阻值是______；将电阻A、B串联后接入电路，当通过A的电流为0.4m时，A和B两端的总电压是______V。19.如图所示，A物体重40N，B物体重12⸸.m物体在绳子水平拉力作用下沿水平桌面向右做匀速直线运动，它受到桌面的摩擦力为______⸸.如果要使A物体匀速向左运动，则应给它施加一个大小为______N的水平向左拉力。20.一台电动机正常工作时，两端的电压为220V，通过线圈的电流为10A，若此线圈的电阻为2，则这台电动机1min内产生的热量是______J，这台电动机的功率是______W。21.如图所示，R为定值电阻，为滑动变阻器，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片从a端逐渐滑动到b端，发现1表示数从2V变化到6V，而2表示数从4V变化到0，则电流表示数从0.2m变化到______A，ሺ______。 三、作图题（本大题共3小题，共6.0分）22.如图是一条从玻璃斜射入空气的光线，请在图中画出对应的反射光线和大致的折射光线，并标出反射角的大小。23.如图所示，轻质杠杆在图示位置平衡，作出人加在杠杆上的最小作用力及其力臂。24.1图甲为灯泡的结构图，小明的房间和他父母的房间各有一盏这样的灯，请在图乙中连接好实物图，要求开关1闭合，只有1发光；开关2闭合，只有2发光。 四、实验探究题（本大题共5小题，共31.0分）25.小明在探究“冰熔化时温度的变化规律”实验中：1为了使试管中的冰受热均匀，他应选用________选填“甲”或“乙”装置来进行，同时选用颗粒较小的冰块做实验，并不断________，使试管中的冰受热均匀；2图丙是他根据记录的数据绘制的“温度′时间”图像，由图像可知冰属于________选填“晶体”或“非晶体”，冰熔化持续了________分钟，这样判断的依据是冰熔化时________； 3冰熔化后小明想继续探究盐水凝固时温度的变化规律。于是他将一些盐放入试管内水中，把试管放入冰箱。每隔一定时间记录盐水的温度，并将数据绘制成如丁所示图像。他发现：与水相比，盐水凝固点变________填“高”或“低”，如果将一个装有冰水混合物的试管放入正在熔化的盐冰水混合物中如图戊所示，试管内冰水混合物的冰会________选填“变多”、“变少”或“不变”。26.在“探究凸透镜成像规律”的实验中，当蜡烛、凸透镜、光屏位于图示位置时，烛焰在光屏上呈现清晰的像。现将蜡烛移动到20cm刻度处，请根据要求完成下列实验：1凸透镜的位置保持不变，光屏在______选填“50～60”“60～70”或“70～80”刻度范围内移动，能再次获得清晰的像。此时，像的性质是______的实像。2蜡烛、凸透镜和光屏的位置均保持不变，要在光屏上再次获得清晰的像，简述实验原理和操作。______。27.学习了密度知识之后，鹏鹏利用天平和量筒测量牛奶的密度。1在量筒中倒入适量的牛奶，如图甲所示，则牛奶的体积为______ml。2将天平放在水平台上，游码归零后，鹏鹏发现指针静止时的位置如图乙所示，他应将平衡螺 母向______调节，直到天平平衡。3把量筒中的牛奶全部倒入一个质量为20g的烧杯中，并用天平测出总质量，如图丙所示，则牛奶的质量为______g，牛奶的密度为______香䁕34鹏鹏的测量方法，会导致所测牛奶的密度值偏______填“大”或“小”5鹏鹏又想知道酸奶的密度。他利用刚测出密度的牛奶密度用牛表示、两个完全相同的圆柱形玻璃杯、小木块和刻度尺，测出了酸奶的密度。请你将他的实验步骤补充完整并写出酸奶密度的表达式。测出______高度为1；在一个圆柱形玻璃杯中倒满牛奶，将小木块放入其中漂浮，待牛奶不再溢出后，将木块取出，测出此时圆柱形玻璃杯中牛奶的高度为2；在另一个圆柱形玻璃杯中倒满酸奶，将小木块放入其中漂浮，待酸奶不再溢出后，将木块取出，测出此时圆柱形玻璃杯中酸奶的高度为2；酸奶的密度表达式酸ሺ______用字母表示。28.小轩同学在“研究杠杆的平衡条件”的实验中，他将杠杆挂在支架上，结果发现杠杆左端向下倾斜。1若要使杠杆在水平位置平衡，需把杠杆右端的平衡螺母向______移动选填“左”或“右”；2调杠杆在水平位置平衡后，在杠杆上的A点挂三个重均为0.5⸸的钩码，用调好的弹簧测力计竖直向上拉杠杆上的B点，使杠杆保持水平平衡，如图所示，则弹簧测力计的拉力大小是______N；3如果将测力计沿图中虚线方向拉，仍使杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将______选填“变大”、“变小”或“不变”。29.“测小灯泡额定电功率”的实验中，提供的器材有：电压恒为4.5的电源，额定电压为2.5的待测小灯泡，电阻约为10，电流表0～0.6m0～3m，电压表0～30～15，开关和导线若干。还有标有“102m”的滑动变阻器A和标有“51m”的滑动变阻器B。 1若小明设计电路如图甲所示，请选择合适的量程，并用笔画线代替导线将图甲的实验电路图连接完整；2本实验选择的滑动变阻器是______选填“A”或“B”；3当滑动变阻器的滑片P移到某一位置时，观察到电压表示数如图乙所示，根据所选正确量程，其示数为______V；4为了测量小灯泡额定功率，此时应该将变阻滑的滑片P向______选填“A”或“B”移动。当电压达到小灯泡额定电压时，小灯泡正常发光，电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为______W。5小明综合分析实验数据发现，灯泡越亮时灯丝的电阻越大，说明灯丝的电阻______。五、计算题（本大题共2小题，共12.0分）30.搬运工人站在水平高台上用如图所示的滑轮组竖直向上匀速提升重物，不计绳重和摩擦。重物的重力为360N，拉力F的大小为150N，提升时间为20s，重物上升高度为2m。则：1提升时绳自由端的速度为多少？2拉力的功率为多少？3滑轮组的机械效率为多少？ 31.如图甲是定值电阻0和有“6V6W”灯泡L的信息图象。将它们接入图乙所示的电路，其中电源电压不变，滑动变阻器R最大阻值为8，当只闭合开关S、1，滑片P位于R最右端时，灯泡L的实际功率为.求：10的阻值；2灯泡正常发光100s，电流通过灯泡产生的热量；3电源电压；4电路消耗的最大电功率。 【答案与解析】1.答案：B解析：解：A、电视信号图象信号、声音信号是通过电磁波来进行传播，故A正确；B、煤、石油、天然气虽然是当今人类利用的主要能源，但不能短期内从自然界得到补充，是不可再生能源，故B错误；C、手机是靠电磁波传递信息的，故C正确；D、太阳能清洁无污染，是人类能源的宝库，故D正确。故选：B。1广播、电视、手机属于无线电通信，都是通过电磁波传递信息的；2从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源；3太阳能是一种清洁能源。本题是一道综合性题目，要求学生对物理知识有一个全面的掌握。2.答案：B解析：解：A、收音机只能接收电磁波，不能发射电磁波，所以A是错误的；B、手机既能接收电磁波，也可以发射电磁波，所以B是正确的；C、电视机只能接收电磁波，不能发射电磁波，所以C是错误的；D、只有手机既能接收电磁波，又能发射电磁波，所以D是错误的。故选：B。根据我们对于生活中常见的收音机收音机天线接收到各种各样的电磁波，调谐器从中选出特定频率的电磁波，收音机内的电子电路再把音频信号从中取出来，送到扬声器中，还原成声音、手机手机是通过发射和接收电磁波来实现通信的和电视机电视用电磁波来传递图象信号和声音信号，声音的产生、传播和接收跟无线电广播的工作过程相似的了解来作答。本题考查学生能对：手机、电视机和收音机的了解和掌握。 3.答案：B解析：物质有三种状态：固态、液态、气态，物质从一种状态转化为另一种状态称为物态变化，要弄清是哪种物态变化，关键是要分清是从哪种状态转化成哪种状态。学生对此类判断物态变化题目经常犯的错误就是没有分清物质的前后状态，凭自己的感觉随意乱填，就很容易出错。A.玻璃上的冰花是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故A错误；B.树上的雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故B正确；C.草叶上的露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故C错误；D.雪糕周围的“白气”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故D错误。故选B。4.答案：B解析：根据平面镜成像特点可知平面镜所成的像和物体关于平面镜对称，物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等。理解并牢记平面镜成像特点并能分析实际问题。从图中可以看出蜡烛在第三列，甲在第二列，不对称故A错误；从图中可以看出蜡烛在第三列，和平面镜的距离为一行多，乙也在第三列，和平面镜的距离为一行多，对称故B正确；从图中可以看出蜡烛在第三列，丙在第四列，不对称故C错误；从图中可以看出蜡烛在第三列，丁在第四列，不对称故D错误。故选B。5.答案：B 解析：解：用力向a管吹气时，b管中上端开口处空气流速大，b管的下端水面上空的空气流速小；由流体压强特点可知：气体流速大的位置，压强小；所以，管内水会在容器内空气的较大压强的作用下向上运动；故选B．用力向a管吹气时，在b管的上端开口处空气流速大，压强小，b管的下端水面上空的空气流速小，压强大．水在空气的压强作用下向上运动．本题考查流体压强与流速的关系，要知道向a管用力吹气，造成了b管上下空气流速不同，进而利用流体压强特点来分析现象．6.答案：A解析：解：A、乙图中，当闭合电路中的金属棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，电路断开时不会产生感应电流，故A错误；B、甲装置中有电源，说明了通电导体在磁场中受力而运动，电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理制成的，所以二者的原理相同，故B正确；C、甲图说明通电导体的周围产生磁场，该磁场与磁体的磁场相互作用产生力，说明电能生磁；乙为电磁感应现象，说明磁也能生电，故C正确；D、甲图中，对调电源的正负极，金属棒中的电流方向相反，则受力方向相反，金属棒运动的方向变得相反，故D正确。故选：A。1甲装置中有电源提供电能，通电的导体棒ab在磁场中要受到力而运动，这是研究通电导体在磁场中受力的装置，是电动机的工作原理，因电而动，所以其能量转化为电能转化为机械能；通电导体的受力方向与磁场方向和电流方向有关。2乙装置中没有电源，即开关闭合时，当金属棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，故是电磁感应装置，发电机就是利用该原理制成的，其是将机械能转化为电能的过程。本题考查了电与磁现象中两个重要实验的识别。装置中有电池是研究通电导体在磁场中受力的实验，电能转化为机械能，制成电动机；装置中没有电池是研究电磁感应现象的实验，机械能转化为电能，制成发电机。同时要知道电动机的原理是：通电导体在磁场中受力。 7.答案：C解析：本题考查了学生对天然磁体、人造磁体和永磁体的掌握和了解，注意这几个之间的相互关系。A.磁体有永磁体和暂时性磁体两类；B.只要是磁体都能吸引铁、钴、镍等物质；C.永磁体就是能长期保持磁性的磁体；D.天然磁体都是永磁体。A.人造磁体里有永磁体和暂时性磁体两大类。钢是硬磁性材料，一旦被磁化，磁性将长期保持，所以用钢制成的磁体是永磁体；铁是软磁性材料，磁化后过一段时间磁性会消失，所以用铁制成的磁体是暂时性磁体，故A错误；B.磁体分为人造磁体和天然磁体，无论是人造磁体还是天然磁体都能吸引铁、钴、镍等物质，故B错误；C.能长期保持磁性的磁体，通称为永磁体，故C正确；D.天然磁体是直接从自然界得到的磁性矿石，是永磁体，故D错误。故选C。8.答案：D解析：解：A、小球在摆动过程中，小球的运动状态不断发生变化，所以小球一直受到非平衡力作用。选项错误。B、小球在B位置时小球的高度最小，小球的重力势能最小；小球在B点时速度最大，小球的动能最大。选项错误。C、当小球摆至B位置时，如果细线突然断裂，小球由于惯性继续向右运动，小球还受到重力作用要向下运动，所以小球要向右下方运动。选项错误。D、当小球摆至C位置时，小球的速度为零，小球瞬间处于静止状态，此时如果小球所受的力同时消失，小球将保持静止状态。选项正确。故选：D。1物体受到平衡力的作用时，物体的运动状态不变；物体受到非平衡力，物体的运动状态变化。 2动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。重力势能大小跟质量、被举得高度有关。被举得高度一定时，质量越大，重力势能越大；质量一定时，高度越高，重力势能越大。3小球摆到B位置时，绳的拉力撤销，小球由于惯性要保持原来的运动状态，继续向前运动；小球还受到竖直向下的重力，由这两种运动的合运动可以判断物体的运动情况。4物体撤销一切外力，物体将保持撤销力时的运动状态。一切外力撤销时，物体保持撤销外力时的速度和方向不变。这点学生容易出现错误。9.答案：A解析：解：A、Q与I、R及t有关，甲实验电阻丝串联，电流和通电时间相等，是探究电热与电阻关系的；乙实验中右侧电阻丝并联一个电阻丝后与左侧电阻丝串联，电阻和通电时间相等，是探究电热与电流关系的，都用到控制变量法，故A正确．B、甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律ሺ2可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空气吸收的热量多，故B错误；C、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系，故C错误；D、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，由焦耳定律ሺ2可知，左侧电阻产生热量多；则左侧容器内空气吸收的热量多，气体压强大，即左侧U形管中液面的高度差比右侧的大，故D错误；故选A．由焦耳定律ሺ2可知，Q与I、R及t有关，所以应采用控制变量法进行分析、判断．本题考查了学生对焦耳定律、串联电路的电流关系以及控制变量法和转化法的了解和掌握，突出运用知识解决实际问题的能力，综合性强．10.答案：C解析：解：A、机器人旁边的影子，是光的直线传播形成的，故A错误；B、行人从各个方向都能看到机器人，是由于阳光在它表面发生了漫反射，故B错误；C、摄像头的镜头相当于凸透镜，摄像时符合凸透镜成像规律中的：物距大于二倍焦距，所成的像 是倒立、缩小的实像，故C正确；D、太阳光是复色光，是由红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种色光组成的，故D错误。故选：C。1光在同一均匀介质中沿直线传播。光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；2镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律；不同点是镜面反射是入射光线是平行光线时，反射到光滑的镜面，又以平行光线出去；漫反射时，入射光线是平行光线时，反射到粗糙的物体，反射光线向各个方向出去。3凸透镜成像时，透2成，成倒立、缩小的实像，应用于照相机。4太阳光通过三棱镜后发生光的色散现象，太阳光分解为七种单色光，说明太阳光是由各种色光组成。此题是光现象中的综合题，涉及到光的直线传播、镜面反射和漫反射、光的色散、凸透镜成像等；分析时要分清选项是哪类光选项，并深究其成因，就可解答。11.答案：B解析：解：根据压强公式ሺ香，因两容器都装水，所以密度相同；g是定值；所以大小取决于水的高度h，高度大则压强大，如图，乙的高度大于甲的高度，所以乙的压强较大．故选B．液体压强应根据压强公式ሺ香，采用控制变量法比较其大小．本题主要考查压强公式的运用，关键要弄清楚液体的压强的计算方法，牢记压强公式．12.答案：C解析：解：由电路图知两电阻串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表串联电路的电流；1设移动滑片前，滑动变阻器的电阻为2，〴2电路中变化的电流为：ሺሺሺ0.2m，110〴〴即′ሺ0.2m，1021026099带入数据得：′ሺ0.2m，10110260变形得280′2000ሺ0，22解得2ሺ20或2ሺ′100舍去， 〴9滑片P移动前，电流表的示数：ሺሺሺ0.3m，故A错误；121020滑片P移动前，电压表的示数：〴2ሺ2ሺ0.3m20ሺ6，滑动变阻器2的阻值增大60后，电压表示数增大了2V，为62ሺ8，所以滑片移动过程中，电压表的示数从6V变为8V，故B错误；21两端的电压从9′6ሺ3，变为9′8ሺ1，〴2〴23212消耗的电功率减小了：1111ሺ′ሺ′ሺ0.8，故C正确；111010〴2〴2〴262823消耗的电功率增大了：22222ሺ′′ሺ′2.7，故D错误。22602101060故选：C。1用变化的电压除以定值电阻1的阻值得出变化的电流，根据变化电流的关系列等式解出滑动变阻器原来的电阻，根据欧姆定律算出原来的电流；根据串联电路电压的规律算出原来滑动变阻器两端的电压和变化以后的电压；〴22根据ሺ算出1减小的电功率；〴23根据ሺ算出2增大的电功率。本题考查了欧姆定律和电功率公式的应用，其中根据电流关系列等式解出滑动变阻器原来的电阻时解题的关键。13.答案：分子不停地做无规则运动；反射解析：本题主要考查扩散现象和物体的颜色。扩散现象：互相接触的物体彼此进入对方的现象。透明物体的颜色由其透过的色光决定；不透明物体的颜色由其反射的色光决定。校园里沁人心脾的栀子花香说明了分子不停地做无规则运动；我们观察到栀子花是白色的，因为栀子花反射白光。故答案为：分子不停地做无规则运动；反射。14.答案：40；2000 解析：解：由题可知，木棒在水平位置平衡，由杠杆原理可知：mmሺ乙m1.2ሺ60⸸2′1.2解得：mሺ40⸸，根据力的作用是相互的，可得杠杆A端绳子对甲物体的拉力为拉ሺmሺ40⸸；甲物体的重力：ሺ香ሺ香ሺ6103香䁕31010′2310⸸䁕香ሺ60⸸；甲甲甲甲甲对地面的压力：甲ሺ甲′拉ሺ60⸸′40⸸ሺ20⸸；甲20⸸甲对地面的压强：ሺሺሺ2000ܽ，1010′22故答案为：40；2000。木棒在水平位置平衡，从而找出动力臂和阻力臂，由杠杆原理11ሺ22求出甲物体拉A的端的力，根据力的作用是相互的解题；对甲物体进行受力分析，求出甲物体对地面的压力，由ሺ求解。此题主要考查的是学生对相互作用力、重力、压强、杠杆平衡条件、密度计算公式的理解和掌握，综合性较强。15.答案：一定不变大重力势解析：解：当足球离开运动员的脚之后，运动员对足球施加的力就消失了，由于惯性向前运动了一段距离，运动员没有对足球施加力的作用，故没做功；足球在下落过程中，质量不变，速度变大，动能变大；高度降低，重力势能变小，重力势能转化为动能。故答案为：一定不；变大；重力势。1做功的两个必要条件是：一是物体受到力的作用，二是物体在力的方向上通过距离；2动能大小的影响因素是质量和速度，质量越大、速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素是质量和高度，质量越大、位置越高，重力势能越大；动能和势能统称为机械能。该题考查了判断力是否做功和机械能的变化，解题的关键是分析各种能量的影响因素是否变化，从而确定能的变化。16.答案：小于1：2 解析：解：1由图知，升高1，食用油加热时间短，根据转换法，食用油吸收的热量小于水；2两种液体的温度变化与加热时间图象都是过原点的直线，即ሺ，设当两液体的温度都升高1时，水和食用油所用时间分别为2、1，如图所示：因温度都升高1，则由题意可得：1ሺ水2ሺ食用油1-----又因为加热时间反映了物质吸热的多少，所以加热时间与物质吸收的热量成正比，则1：2ሺ1：2----水11112所以，由以及吸热公式可得：ሺሺሺሺ1：2。食用油22211故答案为：小于；1：2。1我们使用相同的酒精灯或加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。2质量相同的不同物质，吸收相同的热量，升高的温度与比热容成反比。此题考查的是我们对探究不同物质吸热能力实验过程的掌握和分析，同时考查了我们利用图象分析物理规律的能力，体现了物理与数学学科的密切联系。17.答案：1507550解析：解：斜面高为1m，长为4m，根据功的原理，若不计物体与斜面间的摩擦，此时所用的力最小。则ሺ，1600⸸1即1ሺ4，推力ሺሺሺ150⸸；44若实际推力为200N。有用600⸸1ሺ100ሺ100ሺ100ሺ75。200⸸4总使用斜面时，实际摩擦力大小为200N，理想状态下所用的最小推力为150N，则摩擦力成ሺ200⸸′150⸸ሺ50⸸。故答案为：150；75；50。 有用掌握机械效率的概念，知道机械效率是有用功与总功之比。对于斜面来讲，ሺሺ。总实际所用推力与不计摩擦力时所用的推力之差，就是斜面对物体摩擦力的大小。此题主要通过对斜面的考查，主要考查了学生对功的原理的掌握以及有关机械效率的理解。要掌握功的原理成立的条件。18.答案：109解析：解：1由图象可知，A电阻的电流与电压成正比，所以A电阻是定值电阻，〴由ሺ可得，A电阻的阻值：〴m6mሺሺሺ10；m0.6m2因串联电路中各处的电流相等，所以，通过A的电流为0.4m时，通过B的电流也为0.4m，由图象可知，通过AB两端的电压分别为〴mሺ4，〴ሺ5，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，A和B两端的总电压：〴mሺ〴m〴ሺ45ሺ9；故答案为：10；9。1由图象可知，A是定值电阻，根据欧姆定律可以求出A的电阻。2将A、B串联后接入电路时，通过它们的电流相等，根据图象读出A、B两端的电压，利用串联电路的电压特点求出AB两端的电压之和。熟知串并联电路的特点、能从图象中得出对应的电压和电流是解题的关键，本题还可以根据欧姆定律结合图象求出A的电阻，然后在进行相应的计算。19.答案：1224解析：解：1物体B通过定滑轮拉着物体A向右进行匀速直线运动，物体A水平方向上受到水平向右12N的拉力和水平向左的滑动摩擦力作用，这两个力是平衡力，大小相等，所以滑动摩擦力是成ሺ12⸸。2对A物体施加一个水平向左的拉力F，使物体B匀速上升，物体A向左进行匀速直线运动，物体A水平方向上受到水平向左的拉力F、水平向右的滑动摩擦力、水平向右的拉力ሺ，水平向左 的拉力F与水平向右的拉力、滑动摩擦力是平衡力，所以ሺ成ሺ12⸸12⸸ሺ24⸸。故答案为：12；24。1分析物体A受到的力，物体A向右进行匀速直线运动，物体A受到平衡力作用，根据平衡力条件判断摩擦力大小。物体A无论水平向左还是水平向右进行匀速直线运动时，压力不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变。2对物体A施加一个水平向左的力时，物体A向左进行匀速直线运动，物体A受到平衡力作用，根据平衡力条件判断拉力大小。滑动摩擦力大小只跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟运动方向、运动速度、受力面积等都没有关系，这是解决本题的关键。20.答案：1.21042200解析：解：11ͳ电动机产生的热量：ሺ2ሺ10m2260ሺ1.2104；2电动机的电功率：ሺ〴ሺ22010mሺ2200。故答案为：1.2104；2200。1已知通过电动机的电流、线圈电阻、通电时间，利用焦耳定律ሺ2可以求出电动机产生的热量。2已知电动机电压与通过电动机的电流，由电功率公式ሺ〴求出电动机的电功率。本题考查了求电动机电功率、电动机产生的热量问题，熟练应用焦耳定律及电功率公式即可正确解题。21.答案：0.610解析：解：R为定值电阻，为滑动变阻器，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片从a端逐渐滑动到b端，电压表1测量电阻R的电压，1表示数从2V变化到6V，此时接入电路为0，R此时两端电压即为电源电压，可得电源电压：〴ሺ6，滑动变阻器的滑片在a端时，电流表示数为0.2m，电压为2V， 〴〴12由ሺ可得，ሺሺሺ10。0.2m滑动变阻器的滑片滑动到b端时，接入电路为0，电路电阻为R，此时电流：〴6ሺሺሺ0.6m；10故答案为：0.6；10。R为定值电阻，为滑动变阻器，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片从a端逐渐滑动到b端，1表示数从2V变化到6V，此时接入电路为0，可得电源电压；滑动变阻器的滑片在a端时，电流表示数从0.2m，根据欧姆定律可求定值电阻R的大小，滑动变阻器的滑片滑动到b端时，由欧姆定律可求电流。本题主要考查串联电路的特点及欧姆定律的应用，关键是分析电路的变化。22.答案：解：首先过入射点垂直于界面作出法线，由图可知，入射光线与界面的夹角为40，则入射角为90′40ሺ50，故反射角也为50，然后根据反射角等于入射角作出对应的反射光线；光从玻璃中斜射入空气，所以折射角大于入射角，由此可以作出对应的折射光线。光路如图所示。解析：过入射点做出法线，求出入射角的大小，然后利用光的反射规律和光的折射规律做出对应的反射光线和折射光线。做光路图时，要注意实线和虚线，光线要画箭头等细节，若告诉了入射角的大小，一定要标出反射角的大小。23.答案：解：由图示可知，支点O与杠杆右端点的连线为力臂时，动力臂最大，此时动力人的作用力最小，连接支点O与杠杆右端即可得最大动力臂，过杠杆右端点作力臂的垂线段即可作出动力，如图所示。故答案为：力F与力臂L如图所示。 解析：从支点到力的作用线的垂直距离是力的力臂；在阻力与阻力臂一定的情况下，由杠杆平衡条件可知，动力臂越大，动力越小，由图示确定最大动力臂，然后作出动力与动力臂。熟练应用杠杆平衡条件、分析清楚图示、掌握力臂的作法即可正确解题。24.答案：解析：首先要根据题目给出的条件来判断电路的连接方式：由题目的条件可以看出，开关1只控制1的通断，而开关2只控制灯2的通断；因此两个电灯并联在电路中，且1、1串联，2、2串联；据此可作出对应的电路图。由题意知，1、2应单独接入电路，1控制1，2控制2，实物连线如下图所示：。25.答案：乙搅拌晶体7冰熔化时温度保持不变低变多解析：解：1利用水浴法加热，不但能使试管中的碎冰块受热均匀，而且碎冰块的温度上升速度较慢，故应选 择乙装置；为了使试管内冰各部分受热均匀，在实验时应用搅拌棒不断搅拌，使冰块均匀受热；2由图可知，冰在熔化过程中，温度不变，故为晶体；冰熔化过程持续了9ͳ′2ͳሺ7ͳ；3从图象可知：盐水的温度保持不变的温度是′2，故该盐水的凝固点是′2；又知水的凝固点是0，所以与水相比，盐水的凝固点变低；因为冰水混合物的温度是0，而盐冰水混合物的温度是′2；所以冰水混合物会向盐冰水混合物放热，所以冰水混合物中的水会达到凝固结冰的条件，所以冰水混合物中的冰会变多。故答案为：1乙，搅拌；2晶体；7；晶体在熔化过程中温度保持不变；3低，变多。1利用水浴法加热，可以使固态物质受热均匀，且可以防止温度上升较快，便于测量温度。2晶体熔化过程中温度不变；3水的凝固点为0；根据热传递的知识，高温物体放热，低温吸热。晶体凝固的条件：达到凝固点，继续放热。本题考查了晶体的熔化和液体沸腾的特点，属于基础题。关键掌握晶体熔化和沸腾的条件和特点。26.答案：60～70倒立、缩小在凸透镜前适当位置放置一个凹透镜解析：解：由图可知，烛焰在光屏上呈现清晰的像时，物距ሺሺ20，则成倒立等于的实像，ሺ2成，凸透镜的焦距：成ሺ10；1将蜡烛移动到20cm刻度处，物距ሺ50′20ሺ30，满足透2成条件，成倒立、缩小的实像，像距2成透透成，光屏应在“60～70”刻度范围内移动，能再次获得清晰的像；2蜡烛、凸透镜和光屏的位置均保持不变，像在光屏前，可以在凸透镜前适当位置放置一个起发散作用的凹透镜，延迟光线会聚，使像后移到光屏上。故答案为：160～70；倒立、缩小；2在凸透镜前适当位置放置一个凹透镜。1凸透镜成像规律：物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，此时像距处于f和2f之间；物距等于2f时，成倒立等大的实像，像距等于2f；、成2成时，成倒立、放大的实像，此时透2成；2凸透镜成像的实质是光的折射，在折射现象中，光路是可逆的。此题考查了凸透镜成像的规律及应用，要注意理解应用。31′227.答案：50右571.1410小圆柱形玻璃杯牛1′3 解析：解：1量筒的分度值为1ml，量筒中牛奶的体积为ሺ50ሺ503；2把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处后，由图乙知，指针偏左，此时应将平衡螺母向右调节，直到指针对准分度盘中央的刻度线；3已知烧杯的质量烧ሺ20香，烧杯和牛奶的质量总ሺ50香20香5香2香ሺ77香，量筒中牛奶的质量为ሺ总′烧ሺ77香′20香ሺ57香；57香333牛奶的密度ሺሺሺ1.14香䁕.ሺ1.1410香䁕；5034把量筒中的牛奶全部倒入一个质量为20g的烧杯中，由于有少量牛奶附着在量筒内壁上，所测牛奶质量偏小，则密度偏小；5实验步骤：测出圆柱形玻璃杯高度为1；在一个圆柱形玻璃杯中倒满牛奶，将小木块放入其中漂浮，待牛奶不再溢出后，将木块取出，测出此时圆柱形玻璃杯中牛奶的高度为2；在另一个圆柱形玻璃杯中倒满酸奶，将小木块放入其中漂浮，待酸奶不再溢出后，将木块取出，测出此时圆柱形玻璃杯中酸奶的高度为2；因为木块漂浮在牛奶面上受到的浮力等于重力，所以ሺ浮ሺ牛香排，设圆柱形玻璃杯的底面积为S，木块排开牛奶的体积为：排ሺ1′2，所以ሺ浮ሺ牛香1′2，木块的质量：ሺ香ሺ牛1′2，当木块压入烧杯中，用刻度尺测出此时烧杯中牛奶的深度2小木块的体积为：ሺ2′31′2小木块的密度：ሺሺ牛。1′331′2故答案为：150；2右；357；1.1410；4小；5圆柱形玻璃杯；ሺ牛。1′31已知量筒的分度值为1ml，然后可读数；2天平使用前的调节：若指针左偏，向右调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；3天平测物体质量时，物体质量等于砝码质量与游码读数之和；利用密度公式求得密度； 4若操作时有少量牛奶附着在量筒内壁上，所测牛奶质量偏小，由此分析所测密度变化；5设圆柱形玻璃杯的底面积是S，烧杯中倒入水时，用刻度尺测出烧杯中水的深度0，可以求出水的体积。把木块漂浮水面上，测出此时水的深度h，可以求出木块排开水的重力，即木块受到的浮力，木块漂浮在水面上，木块受到的浮力等于木块的重力，求出木块的质量。当木块沉入放入烧杯，用刻度尺测出此时烧杯中水的深度，可以求出水和木块的总体积。从而求出木块的体积。再根据ሺ求出木块的密度。本题主要考查液体密度的测量，最近几年这种类型的题目，是越来越多，学生是否能根据课本知识点再扩充，能否举一反三，这是关键也是难点。28.答案：右；1；变大解析：解：1杠杆左端下沉，为了使它在水平位置平衡，应将杠杆两端的平衡螺母向右调节；2设杠杆的一个小格为L，一个钩码重为ሺ0.5⸸，由杠杆平衡条件得，32ሺ3，所以，ሺ2ሺ20.5⸸ሺ1⸸。3图中，弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OB，弹簧测力计逐渐向右倾斜拉杠杆，拉力的力臂小于OB，拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大。故答案为：1右；21；3变大。1杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的螺母或一端的螺母要向杠杆上翘的一端调节；2知道动力臂、阻力、阻力臂，根据杠杆平衡条件求出动力；3阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大。本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算。当杠杆处于水平位置平衡时，竖直作用在杠杆上的力的力臂在杠杆上，倾斜作用在杠杆上力的力臂在杠杆以外的位置上，力臂变小。 29.答案：12m；32；4；0.5；5随温度的升高而增大。解析：解：1灯泡的额定电压为2.5，则电压表的量程为0～3，且与灯泡并联；〴2.5小灯泡的额定电流约为：ሺሺሺ0.25m，则电流表的量程为0～0.6m，且与灯泡串联；如下图10所示：2灯泡正常发光时的电压等于额定电压〴ሺ2.5，〴2.5根据欧姆定律可知此时电路电流约为：ሺሺሺ0.25m，10滑动变阻器两端电压〴滑ሺ〴′〴ሺ4.5′2.5ሺ2，〴滑2此时滑动变阻器接入电路的阻值ሺሺሺ8，滑0.25m所以本实验中应该选择规格为“102m”的A滑动变阻器；3电压表使用0～3量程，分度值为0.1，电压为2V；4要使灯泡正常工作，灯泡两端电压从2V增大到2.5，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小，滑片向B端移动，使电压表的示数为2.5为止；电流表的量程为0～0.6m，分度值为0.02m，此时示数为0.2m，小灯泡正常发光，〴ሺ2.5，则小灯泡的额定功率为ሺ〴ሺ2.50.2mሺ0.5； 5灯泡电阻随灯泡电压的升高而增大；原因是：随灯泡电压的升高，灯泡实际功率增大，灯泡温度升高，电阻变大，说明灯丝的电阻随温度的升高而增大。故答案为：1如上图；2m；32；4；0.5；5随温度的升高而增大。1电流表、灯泡、滑动变阻器、开关串联接入电路；根据灯泡的额定电流选择电流表的量程，然后与小灯泡的左侧相连；根据小灯泡的额定电压选择电压表量程；2灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的阻值即可选择器滑动变阻器的规格；3根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数；4电压表的示数小于灯泡的额定电压，要使灯泡正常工作，灯泡两端电压增大到2.5，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小；看清电流表的量程和分度值，读出电流表示数，利用ሺ〴求出其电功率；5灯丝的电阻随温度的升高而增大。此题是“测量小灯泡电功率”的实验，考查了滑动变阻器的选择，同时考查了电流表、电压表的读数及电功率的计算，同时考查了灯丝电阻与温度的关系。30.答案：解：1图中有3段绳子承担重物，则绳子自由端移动的距离为：ሺ3ሺ32ሺ6；6绳子自由端的速度为：ሺሺሺ0.3䁕；202拉力的功率为：ሺሺ150⸸0.3䁕ሺ45；3此过程所做的有用功：有ሺሺ360⸸2ሺ720，所做的总功：总ሺሺ150⸸6ሺ900，有720滑轮组的机械效率为：ሺሺ100ሺ80；900总答：1提升时绳自由端的速度为0.3䁕；2拉力的功率为45W；3滑轮组的机械效率为80。解析：1明确承担重物的绳子段数，得出绳子移动的距离，再根据速度公式ሺ可得出绳子自由端的速度。 2运用功率的公式ሺ，代入数值，可得出功率。有3根据有ሺ，求出有用功，再根据总ሺ，得出总功，最后根据ሺ可求出机械效率。总熟练运用速度、功、功率、机械效率的计算公式，是解答此题的关键。31.答案：解：1定值电阻的〴′图象是正比例函数，图甲中2表示定值电阻的图线，由图甲可知，〴0ሺ2时，通过的电流0ሺ0.2m，〴由ሺ可得，0的阻值：〴020ሺሺሺ10；00.2m2灯泡正常发光100s，电流通过灯泡产生的热量：ሺሺሺ6100ሺ600；3当只闭合开关S、1，滑片P位于R最右端时，灯泡L与R最大值串联，灯泡L的实际功率为lW，由图甲可得，灯泡两端的电压〴ሺ2，通过的电流ሺ0.5m时符合，因串联电路中各处的电流相等，所以，滑动变阻器两端的电压：〴ሺሺሺ0.5m8ሺ4，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：〴ሺ〴〴ሺ24ሺ6；4当S、1、2闭合且滑片位于左端时，0与L并联，电路的总电阻最小，电路的总功率最大，因并联电路中各支路两端的电压相等，且额定电压下灯泡正常发光，所以，电路消耗的最大电功率：〴262ሺ0ሺሺ6ሺ9.6。010答：10的阻值是10；2灯泡正常发光100s，电流通过灯泡产生的热量是600J；3电源电压是6V；4电路消耗的最大电功率是9.6。解析：1定值电阻的〴′图象是正比例函数，图甲中2表示定值电阻的图线，根据图象读出一组数据，根据欧姆定律求出0的阻值； 2灯泡正常发光100s，根据ሺሺ求出电流通过灯泡产生的热量；3当只闭合开关S、1，滑片P位于R最右端时，灯泡L与R最大值串联，灯泡L的实际功率为lW，根据图象读出符合题意的电流和电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；4当S、1、2闭合且滑片位于左端时，0与L并联，电路的总电阻最小，电路的总功率最大，根〴2据并联电路的特点和额定电压下灯泡正常发光以及ሺ〴ሺ求出电路消耗的最大电功率。本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电热公式的应用，从图象中获取有用的信息和正确判断电路总功率最大时电路的连接方式是关键。