2020年南昌市南昌县中考物理一模试卷(含解析)

2020年南昌市南昌县中考物理一模试卷(含解析)

2020年南昌市南昌县中考物理一模试卷一、单选题（本大题共6小题，共18.0分）1.对于一些物理量的估算，下列说法正确的是A.人正常行走的速度约为1.B.人体感觉舒适的气温约为C.一个初中生的体重约为50ND.家里电视机正常工作电流约为5mA2.下列关于物体运动的描述，正确的是A.地球的同步卫星相对于地球是运动的，相对于太阳是静止的B.楚人“刻舟”而不能“求剑”是不懂得运动和静止的相对性造成的C.我们说地球是运动的，那么选择的参照物一定是地球上的静止物体D.“两岸青山相对出，孤帆一片日边来。”诗中先后选择的参照物是青山和孤帆.下列实验中，能探究声音的产生条件的是A.铃铛悬挂在真空罩里，摇动铃铛，发现听不到铃铛声B.人们先看到闪电，后听到雷声C.向正在发声的鼓面上撒一些小纸球，发现纸球在跳动D.月球上宇宙员只能用无线电进行面对面的交流4.下列现象中发生了凝华的是A.杯子里的开水“冒白烟”B.泼水成冰凌C.冬天的早晨树枝上出现雾凇D.利用干冰生成了烟雾.某人用力推静止在地面上的桌子，但没有推动，原因是因为A.人推桌子的力小于桌子受到的摩擦力B.人推桌子的力等于桌子受到的摩擦力C.人推桌子的力小于桌子的重力D.人推桌子的力等于桌子的重力6.小华设计了如图所示的输液提示器，在护士站能够观察到药液量的变化。当袋中药液量减少时 A.电压表示数减小，灯泡亮度变暗B.电压表示数减小，灯泡亮度变亮C.电压表示数增大，灯泡亮度变暗D.电压表示数增大，灯泡亮度变亮二、多选题（本大题共2小题，共8.0分）.下列关于信息的传递和能量的利用说法错误的是A.利用声波和电磁波传递信息时都需要介质B.手机利用超声波传递信息C.煤、石油、天然气、太阳能等都是不可再生能源D.核能是指原子核发生分裂或聚合时所释放的能量8.如图所示，是同学们所画的几种情景下的示意图，其中正确的是A.施加在门把手上力F的力臂B.小球对斜面的压力C.通电螺线管周围磁感线的方向D.蜡烛在平面镜中成像的光路三、填空题（本大题共10小题，共20.0分）9.“皮影戏”是我国的民间艺术，影子是由于光的______而形成的；电影院里屏幕上发生的是______选填“漫反射”或“镜面反射”．10.闭合电路的一部分导体在磁场中做______运动时，导体中就产生电流，这种现象叫做______，利用这一原理制成了______.选填“电动机”或“发电机” 11.电饭煲是常见的家用电器，它是根据电流的______效应工作的；从安全角度考虑，电饭煲应使用三孔插座，这样做是为了让它的______与地线相连，防止触电。12.户外活动时，为了给食物保鲜，将结了冰的矿泉水和食物一起放在泡沫塑料箱中，这是利用冰________填物态变化名称时________热，以防止食物变质．1.坐在宽大的车座上比较舒服，这是通过______减小了压强的缘故14.使用简单机械可以给人们的生活带来便利。如图甲中，旗杆的顶端安装着一个______，用来改变拉力的方向。图乙是一个核桃夹，它是一个______杠杆。1.一架正在升空的直升机，使该直升机向上升空的力的施力物体是______，它除了具有动能外，还具有______能。当飞行员从右侧舷窗看到的“天地分界线”从图甲变成图乙时，以“天地分界线”为参照物，飞机可能在______向上爬升向下俯冲。16.校门口新搬来了一个烤臭豆腐的小摊，同学们远远地就能闻到臭豆腐的味道，这说明______。臭豆腐经烧烤后，温度升高，分子无规则运动______。1.为了保证长江航道的畅通，三峡工程修筑了五级船闸。这是利用了______的原理。18.如图所示，是探索焦耳定律的实验装置，已知12，接通电路后，通过两段电阻丝的电流1________2，相同时间内电阻丝所放出的热量1________2。其温度升高是通过电流________的方式改变物体的内能。 四、实验探究题（本大题共4小题，共28.0分）19.如图所示，木块的长度是______cm；温度计的示数是______；量筒的读数为______mL20.小雷想知道小灯的亮暗程度与什么因素有关。于是找来额定电流均小于0.6Ȩ，额定电压是2.㘮的灯1和额定电压是.8㘮的灯2，先后接在电源电压恒为6V的电路中，按照如图所示的电路开始探究。1请你用笔画线代替导线，将图甲所示实物图连接完整。要求滑片向右移动时，灯泡变亮。2在实验中，小雷不慎将电流表和电压表的位置接反了，则合上开关后看到的现象可能是______填写序号。A.只有电流表有示数，灯不亮B.两电表均有示数，灯亮C.只有电压表有示数，灯不亮D.只有电流表有示数，灯亮连接电路后，他进行了以下实验：闭合开关，移动滑片P，使灯1发光，测出灯1的相关物理量，记录和计算结果如下表：请将记录数据时遗漏的物理量和单位填入表格的空格处。次数电压㘮______实际功率电阻11.60.200.28.0022.0.240.6010.4232.80.260.10. 灯1的额定功率是______W。4小雷注意到灯1的亮度变化是：第二次比第一次亮，第三次比第二次更亮。结合表中数据得出的结论：______。21.小红学习了密度和浮力知识后完成了下图所示的实验，请你根据她的实验探究回答下列问题：1比较丙、戊两图可知，物体受到的浮力大小与______有关，水对杯底的压强______酒精对杯底部的压强。2比较乙、丙两图可知，物体受到的浮力大小与______有关。比较丙、丁两图可知，物体受到浮力的大小与浸没在液体中的______无关。4弹簧测力计下端所挂固体的密度为______R。22.如图甲是小明安装的直流电动机模型，小明把电动机、滑动变阻器、电源、开关串联起来，接通电路，线圈转动起来。1直流电动机原理与乙图中的______图工作原理相同。2当小明将蹄形磁体的两极对调，或者改变______，线圈的转动方向都改变。小明将滑动变阻器换成小灯泡，开始小明先抓住转轴不让电动机转动，闭合开关，观察小灯泡的亮度；接着放开转轴让电动机转动，观察到小灯泡的亮度会______填“变亮”“变暗”或“亮度不变”五、计算题（本大题共4小题，共26.0分）23.如图所示，是医院给病人输液的装置。药水瓶口A处插有两根塑料管B和C，请回答下列问题1为什么在瓶口A处要插入C管？ 2如果希望输液更快一些，除使用调节器外，还可采取什么措施？并简述理由。24.小王购买了一台自平衡电动独轮车如图，操作简单，方便快捷，已知该车的质量为10kg，请计算：1小王骑该车以12的速度去上班，匀速行驶了30min后到达单位，则小王家到单位的距离是多少？2车轮与地面接触的总面积为0.02，小王的体重为70kg，则骑行时车轮对水平地面的压强是多大？R10ͳR若该车在运行时所受的牵引力为40N，小王上班路上电动车的牵引力做多少功？25.图是李明家购买的一台电热水器的铭牌。接通电源，对水加热达到设定温度时，电热水器的加热指示灯熄灭，停止加热。李明将热水器加满20的水，温控开关调至60，已知水4.2 10R1求电热水器正常工作时，加热棒电阻的大小；2当家中只使用电热水器且加热指示灯熄灭时，电能表示数由变为，求电热水器的效率；用电高峰期，电路的实际电压只有198V，同样将热水器加满20的水，温控开关调至0，若热水器消耗的电能与水升高的温度成正比，不考虑电阻随温度的变化，求从接通电源到指示灯熄灭需要的时间。26.如图，电源电压不变，灯泡L标有“8V4W”字样不考虑温度对灯丝电阻的影响，0的阻值为2.1、2断开、闭合，滑片P从b端滑到某一位置时，滑动变阻器R接入电路的电阻减小了16.此过程中电压表的示数由6.4㘮变为8㘮.则：1灯泡的电阻为多少？2电源电压和滑动变阻器的最大阻值各为多少？当1、2闭合、断开时，电路消耗的最小功率是多少？ 【答案与解析】1.答案：A解析：解：A、中学生正常步行的速度约为1.2，1.接近1.2，故A正确；B、人体感觉舒适的气温约为20左右，故B错误；C、一个初中生的体重约为500N，故C错误；110D、家用电视机的额定功率在110W左右，由ㄶ可知，正常工作时的电流大约：ㄶ220㘮0.Ȩ.故D错误。故选：A。首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。2.答案：B解析：解：A、以地球为参照物，同步卫星相对太阳发生位置的变化，所以是运动的；地球同步卫星相对于地球位置没有发生变化，所以是静止的；故A错误；B、刻舟人最终未能寻到其落水的剑，是因为船相对于河岸是运动的，而剑相对于河岸是静止的，故B正确。C、我们说地球是运动的，那么选择的参照物一定是地球上的运动的物体，故C错误；D、“两岸青山相对出”，研究的对象是“青山”，运动状态是“出”，青山是运动的，相对于船来说的；“孤帆一片日边来”，研究的对象是“孤帆”，运动状态是“来”，船是运动的，相对于地面或两岸、青山来说的；故D错误。故选：B。研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化。一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物。所选取的参照物不同，得到的结论也不 一定相同。这就是运动和静止的相对性。3.答案：C解析：解决此题的关键是要知道声音是由物体的振动产生的，声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播。解决此类问题要结合声音的产生和传播进行分析解答。解：A、此实验说明声音的传播需要介质，在真空中不能传播声音，不符合题意；B、因为在空气中光的传播速度比声音的传播速度快，故先看到闪电后听到雷声，不能探究声音的产生条件，不符合题意；C、鼓面由于振动会发出声音，当鼓面上有散落的小球时，小球会随着鼓面一起振动，故可以说明发声的物体在振动，符合题意；D、月球上没有空气，声音不能在真空中进行传播，此选项说明声音的传播条件；不符合题意；故选C。4.答案：C解析：此题考查的是我们生活中的物态变化现象，看物体由什么状态变为了什么状态，根据物态变化的定义来判断。1判断物态变化现象首先要知道各种物态变化的定义，然后看物体是由什么状态变为了什么状态，从而得出结论；2物质由气态放热直接变成固态的过程叫凝华，选项中哪个生成物是固态，再看是否由气态形成，即可得出正确答案。A.开水“冒白烟”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A不符合题意；B.泼水成冰凌，由液态变成固态，是凝固过程，故B不符合题意；C.树枝上的雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故C符合题意；D.干冰生成烟雾，是干冰升华吸热，使空气温度降低，空气中的水蒸气液化形成“烟雾”，故D不符合题意。故选C。 5.答案：B解析：处于平衡状态静止或匀速直线运动状态的物体，一定受力平衡。在物体处于平衡状态时，要找出物体受到的力，判断出平衡力，从而确定力的大小关系。人推桌子，桌子没有被推动，此时桌子受到四个力的作用，水平方向推力与摩擦力平衡，竖直方向重力与支持力平衡，如图：人推桌子的力与摩擦力相等，与重力没有关系。故选：B。6.答案：B解析：解：由图可知，变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压；当袋中药液量减少时，滑片向上移动，变阻器连入电路的电阻变小，根据串联电路的分压特点可知，变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中电流变大，灯泡亮度变亮；综上所述，B正确。故选：B。由图可知，该电路为串联电路，电压表测量R两端的电压；袋中药液量减少时，弹簧会向上移动，R的阻值会发生变化，根据串联电路的分压特点判定滑动变阻器两端电压的变化；由总电阻变化结合欧姆定律判断电流的变化，从而判定出灯泡亮度的变化。本题主要考查了欧姆定律的应用，解题的关键有：明确药液量减少时滑片会向上移动；正确分析电路的连接情况；利用串联电路的分压特点。7.答案：ABC解析：解：A、声音的传播需要介质，电磁波的传播不需要介质，故A错误；B、手机属于移动电话，它既是电磁波发射台也是电磁波接受台，所以是利用电磁波来传递信息的，故B错误；C、在“煤、石油、天然气、太阳能”这些能源中，太阳能是可再生能源，煤、石油和天然气是不可再生能源，故C错误； D、核能是指重核裂变或轻核发生聚变时释放出的能量，故D正确。故选：ABC。1声音的传播需要介质，电磁波可以在真空中传播；2广播、电视和移动通信都是利用电磁波来传递信息的；能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；4核能是指利用原子核的裂变或聚变过程中由于能量损耗而释放出能量的现象。本题涉及的知识点较多，但难度不大，熟练掌握基础知识即可正确解题。8.答案：AC解析：解：A、反向延长力的作用线，过支点O向力的作用线引垂线段，垂线段的长即为力臂。故A正确；B、小球对斜面的压力，作用在斜面上，作用点应该画在斜面上，而图中压力的作用点画在了球的重心上了，故B错误；C、根据右手螺旋定则知，通电螺线管的左端是S极，右端是N极，在磁体外部，磁感线是N极发出，回到S极。故C正确；D、蜡烛成像是蜡烛发出的光经过平面镜反射到人眼内，图中光的传播方向画反了，故D错误。故选：AC。1力臂的画法：首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。2物体对斜面的压力，作用在斜面上，作用点就画在斜面上，方向是垂直斜面向下的。根据右手螺旋定则可判断通电螺线管的NS极，根据磁感线的特点可确定磁感线方向。4做出蜡烛相对于平面镜的对称点得出像点，根据反射光线好像从虚像上发出的，连接像点和眼睛，得出入射点，再完成光路图。此题考查力臂的画法、力的示意图的画法、平面镜成像相关作图、磁感线及其特点、通电螺旋管的磁场，是一道综合性很强的题目，作图题是历年中考的必考题型，要求学生熟练掌握作图技巧。9.答案：直线传播；漫反射解析：解：皮影戏的现象正是应用光在均匀介质中是沿直线传播的原理，有道具挡着，光就透不过去，就产生了影子． 光的反射分镜面反射和漫反射两类，电影院的银幕做的很粗糙，光线射到上面能发生漫反射，使坐在电影院的任一角落里，都能看清屏幕上的图象．故答案为：直线传播；漫反射．此题考查了光的直线传播、漫反射在生活中的应用，是一道应用题．10.答案：切割磁感线；电磁感应；发电机解析：解：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这种现象叫做电磁感应；它是由英国物理学家法拉第最早发现的，发电机就是根据这一原理制成的．故答案为：切割磁感线；电磁感应；发电机．闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这种现象叫做电磁感应；它是由英国物理学家法拉第最早发现的，根据电磁感应现象制成了发电机．此题主要考查的是学生对电磁感应现象及其应用的理解和掌握，常见题目．11.答案：热金属外壳解析：解：电饭煲是利用电流的热效应来工作的，把电能转化为内能；若金属外壳的用电器外壳万一带电，为了让电流会通过导线导入大地，防止造成触电事故的发生；所以三孔插座中多出一个专门用于接地的孔，目的是为了让金属外壳与大地相连，因此接入带有金属外壳的家用电器时，都要使用三孔插座。故答案为：热；金属外壳。1利用电流热效应工作的用电器，就是在工作时，把电能转化成内能；2三孔插座中多出的一个孔是用来接地线的。本题考查了电流的热效应、用电器都使用三孔插座的原因：为了防止触电。12.答案：熔化；吸解析：晶体的特点：在熔化过程中不断吸收热量，但是温度保持不变，这个温度就是晶体的熔点。理解掌握六种物态变化过程，多联系实际生活，能够解释常见物态变化现象。 食品保鲜是利用了冰块在熔化时吸热，具有制冷作用，所以能起到保鲜的作用。故答案为：熔化；吸。13.答案：增大受力面积解析：解：车座比较宽大，这是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，所以坐在宽大的车座上比较舒服。故答案为：增大受力面积。减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。此题主要考查了减小压强的方法及其应用，难度不大，掌握基础知识即可正确解题。14.答案：定滑轮；省力解析：【试题解析】解：1旗杆上的滑轮，其轴的位置是固定不动的，为定滑轮；利用它来升旗，可以改变拉力的方向；2核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，为省力杠杆。故答案为：定滑轮；省力。1定滑轮的特点：使用定滑轮不省力但能改变力的方向。2根据杠杆分类进行判断。本题主要考查学生对定滑轮工作特点，以及杠杆的分类。15.答案：空气；重力势；向上爬升解析：解：1直升机飞行过程中，螺旋桨对空气施加向下的作用力，由于力的作用是相互的，空气对直升机产生向上的反作用力，也就是飞机的升力；2直升机处于运动状态，所以有动能；同时直升机在空中，相对地面有一定高度，所以具有重力势能；当直升机斜向下俯冲时，飞行员以飞机为参照物时，将看到右侧舷窗看到的“天地分界线”左高右低，倾斜向上； 当直升机斜向上爬升时，飞行员以飞机为参照物时，将看到右侧舷窗看到的“天地分界线”左低右高，倾斜向下。如图乙所示。也可以这样理解，不管战斗机如何飞行，“天地分界线”始终是水平的，可旋转书本，将乙图中的“天地分界线”调至水平位置，此时飞机左侧机头方向向上扬起。故答案为：空气；重力势；向上爬升。1力的作用是相互的，作用力和反作用力同时产生、同时消失；2影响动能大小的因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大；动能和势能统称为机械能；在研究物体的运动情况时，需要选取一个参照物，物体与参照物之间的位置发生变化，则物体是运动的；物体与参照物之间的位置没有发生变化，则物体是静止的。此题考查了力的作用相互性、机械能和物体运动状态的判断，是一道联系实际的应用题，最后一空难度较大，需要深刻理解运动和静止的相对性。16.答案：分子在做永不停息的做无规则运动加快解析：解：1同学远远闻到臭豆腐的味道，是分子不停的无规则运动所致，是扩散现象，扩散现象说明：分子在不停息的做无规则运动；2温度越高，分子运动速度越快，所以扩散现象越明显。故答案为：分子在做永不停息的做无规则运动；加快。要解答本题需掌握：扩散现象的特点，以及温度对扩散现象的影响。本题主要考查学生对扩散现象，分子运动的快慢和温度关系的了解和掌握，是一道基础题。17.答案：连通器解析：解：船闸都有阀门和闸门，船要从上游驶向下游时，需先打开上游的阀门，让上游和闸室构成了一个连通器，待上游和闸室水位相平时，打开上游的闸门，船从上游驶向闸室；然后打开下游阀门，让闸室和下游构成一个连通器，待下游和闸室的水位相平时，打开下游闸门，船驶向下游。故答案为：连通器。上端开口，下部相连通的容器叫连通器；当连通器内的液体不流动时，各容器中的液面总是相平的。根据连通器的定义和原理来作答。 此题考查的是连通器的应用，是一道基础题。18.答案：；；做功解析：本题考查了串联电路的电流特点、焦耳定律和改变物体内能的方式，涉及的知识点较多，但难度不大。1先判断两段电阻丝的连接方式是串联还是并联，再根据串并联电路的电流特点来分析电流关系；2根据焦耳定律判断电阻丝所放出的热量的多少；改变物体内能有两种方式：做功和热传递；用电器工作时，电流做功，电能转化为其它形式的能量。由图可知，两段电阻丝串联，根据串联电路的电流特点可知12；已知12，时间相同，通过的电流也相同，根据焦耳定律的公式2可知12；该装置工作时，消耗了电能，产生了内能，这是通过电流做功的方式改变物体的内能。故答案为：；；做功。19.答案：2.6；4；24解析：解：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.11，即此刻度尺的分度值为1mm；木块左侧与1.00对齐，右侧与.6对齐，所以木块的长度为.61.002.6；温度计上10之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1，即此温度计的分度值为1；温度计液柱的液面在0下面，此时的温度为4；由图知，量筒的分度值为1ml，读数时视线要与凹液面的最低处保持水平，量筒的读数为24mL。故答案为：2.6；4；24。使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下；进行量筒的读数时，注意量筒的分度值，读数时视线要与凹液面的最低处保持水平。 物理测量中有很多的测量工具，刻度尺、秒表、电流表、电压表、天平、量筒、弹簧测力计、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多少。刻度尺需要估读，其他的测量工具不需要估读，读出最接近的数值。20.答案：CȨ0.60灯泡的亮度与其实际功率有关，实际功率越大，亮度越亮解析：解：1滑片向右移动时，灯泡变亮，即电流变大，电阻变小，故变阻器右下接线柱连入电路中，因额定电流小于0.6Ȩ，故电流表选用小量程与灯串联，如下所示：2在实验中，小雷不慎将电流表和电压表的位置接反了，则电压表串联在电路测电源电压，有示数，因电压表内阻很大，电流表没有示数，灯不发光，故选C；根据ㄶ，故表中填：电流Ȩ；灯在额定电压下的功率为额定功率，故灯1的额定功率是0.60；4小雷注意到灯1的亮度变化是：第二次比第一次亮，第三次比第二次更亮。结合表中数据得出的结论是：灯泡的亮度与其实际功率有关，实际功率越大，亮度越亮。故答案为：1如上所示；2㐸；电流Ȩ；0.60；4灯泡的亮度与其实际功率有关，实际功率越大，亮度越亮。1根据滑片向右移动时，灯泡变亮，确定变阻器右下接线柱连入电路中，因额定电流均小于0.6Ȩ确定电流表选用小量程与灯串联；2在实验中，小雷不慎将电流表和电压表的位置接反了，则电压表串联在电路测电源电压，有示数，根据电压表内阻很大确定电流表没有示数和不发光；根据ㄶ分析；灯在额定电压下的功率为额定功率；4分析表中数据得出结论。本题研究小灯的亮暗程度与什么因素有关，考查电路连接、电路分析、实验原理及对额定功率的理解。21.答案：排开液体的密度大于排开液体的体积深度2.10 解析：解：1比较丙、戊两图，根据称重法测浮力：䘨，因测力计示数不同，故受到的浮力不同，图中排开液体的体积相同，排开液体的密度浮不同，故物体受到的浮力大小与排开液体的密度有关；由图知，丙、戊两图中杯底的深度相同，根据液R，水对杯底的压强大于酒精对杯底部的压强；2比较乙、丙两图，根据称重法测浮力：浮䘨，因测力计示数不同，故受到的浮力不同，排开液体的密度相同，而排开液体的体积不同，故物体受到的浮力大小与排开液体的体积有关；比较丙、丁两图，根据称重法测浮力：浮䘨，因测力计示数相同，故受到的浮力相同，两图中，排开液体的体积和密度相同，深度不同，故得出物体受到浮力的大小与浸没在液体中的深度无关；4由甲丁两图知，物体浸没在水中受到的浮力：.0ͳ.0ͳ2.0ͳ，根据阿基米德原理，浮水浮水㘮㘮排R-----，水弹簧测力计下端所挂固体的密度：䘨----，㘮R㘮由得弹簧测力计下端所挂固体的密度：䘨.0ͳ水2.0ͳ1.010R2.10R。浮水故答案为：1排开液体的密度；大于；2排开液体的体积；深度；2.10。1比较丙、戊两图，根据称重法测浮力：浮䘨，可知受到的浮力不同，找出图中相同的量和不同的量，得出浮力与变化量的关系；由图知，丙、戊两图中杯底的深度相同，根据液R得出水对杯底的压强与酒精对杯底部的压强大小关系；2比较乙、丙两图，根据称重法测浮力确定受到的浮力不同，找出图中相同的量和不同的量，得出浮力与变化量的关系；比较丙、丁两图，根据称重法测浮力：浮䘨，确定受到的浮力相同，根据两图相同量和不同量，分析得出物体受到浮力的大小与变化量的关系；4由甲丁两图知物体浸没在水中受到的浮力，根据阿基米德原理， 䘨可得出物体的体积V，根据求出弹簧测力计下端所挂固体的密度。㘮R㘮本题考查控制变量法、阿基米德原理、测量密度大小及数据分析。22.答案：A电流方向变暗解析：解：1直流电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理工作的；A、图中通电直导线受力的作用而运动，是电动机的原理图，故A符合题意；B、图中没有电源，是发电机的原理图，是利用电磁感应现象工作的，故B不符合题意；C、图中没有电源，是交流发电机的原理图，是利用电磁感应现象工作的，故C不符合题意。故选：A；2要改变线圈的转动方向，就要改变线圈的受力方向，可以将蹄形磁体的两极对调来改变磁场方向，或者对调电源正负极来改变电流方向；开始小明先抓住转轴不让电动机转动，闭合开关，电能只转化为内能，则小灯泡较亮；电动机转动后，消耗的电能一部分转化为机械能，另一部分转化为内能，故灯泡的亮度会变暗。故答案为：1Ȩ；2电流方向；变暗。1直流电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理工作的，选出符合题意的选项；2要改变线圈的转动方向，就要改变线圈的受力方向，而线圈的受力方向由磁场方向和电流方向来决定；在电动机转动时，消耗的电能一部分转化为机械能，另一部分转化为内能。本题考查了电动机的原理、工作过程，以及改变电动机转动方向的方法等知识，考查较为全面，是我们学习电动机应该全面了解的。23.答案：答：1加个C管后，当瓶内液体流出使得瓶内压强减小时，瓶内气压小于瓶外气压，空气就能从C管中进入，以保障输液的顺利进行；2把输液瓶向上抬高，增加高度差，从而增加压强差，输液更快一些。解析：1输液时，在大气压力作用下，瓶内液体流入较细的输液软管形成水柱，当水柱压力大于静脉压时，瓶内的液体流入静脉。但当瓶内液体流出时，瓶内气压却变小了，这就会阻碍瓶内液体的流出，故需要加个C管使输液能顺利进行；2把输液瓶向上抬高，增加高度差。 本题考查大气压强的利用，是一道应用题。24.答案：解：1因为，所以小王家到单位的距离是120.66000；2人和独轮车对地面的压力：䘨R10R0R10ͳR800ͳ，车轮对水平地面的压强：800ͳ41.610；0.02牵引力做的功：40ͳ60002.410。答：1小王家到单位的距离是6000m；2骑行时车轮对水平地面的压强是1.6104；电动车的牵引力做的功为2.410。解析：1已知该车运动速度和匀速行驶时间，利用得到距离；2已知该车质量和小王质量，可以得到总质量，利用䘨R得到总重力；地面受到独轮车的压力等于总重力；已知压力和接触面积，利用公式得到车轮对水平地面的压强；已知牵引力和运动距离，利用公式得到牵引力做的功。此题是一道力学综合题，考查了速度、重力、压强和功的计算公式或变形公式的应用，计算过程不复杂，难度不大，掌握基本公式就能解答。25.答案：解：1电热水器的额定功率为2200W，ㄶ2根据得，加热棒的电阻：ㄶ2220㘮222；22002根据得，加满水时水的质量：㘮㘮1000R0.00R，水吸收的热量为：04.210R0R60208.4106；吸由电能表示数可知，热水器消耗的电能为： 2.21.12.48.64106，电热水器的效率：8.4106100ㄍ9.2ㄍ；8.64106实际电压只有198V时，电热水器的实际功率为：ㄶ率2198㘮2率182，22原来水升高的温度为602040，热水器消耗的电能为8.64106，现在水升高的温度为0200，因为热水器消耗的电能与水升高的温度成正比，8.64106所以，现在消耗的电能为：率01.0810；40㐸根据得，需要的加热时间：率1.0810率6060.6。率182答：1电热水器正常工作时，加热棒电阻的大小为22；2电热水器的效率为9.2ㄍ；从接通电源到指示灯熄灭需要的时间为6060.6。ㄶ2解析：1已知额定功率和额定电压，根据可求加热棒的电阻。2水的质量由密度和体积求得，根据公式吸0可求吸收热量。根据电能表读出消耗的电能W，根据算出加热效率；先求出实际功率，根据升高602040公式消耗的电能，算出调至0消耗的电能，根据可求出加热时间。本题本题考查电阻的计算，水吸热的计算，以及通电时间的计算，是公式的综合利用，有一定的难度。26.答案：解：1灯泡正常发光时的电压为8V，电功率为4W，4根据ㄶ可得，灯泡正常发光时的电流：0.Ȩ，ㄶ8㘮ㄶ8㘮根据欧姆定律可得，灯泡的电阻：16；0.Ȩ2当1、2断开、闭合，等效电路图如图1所示； 由于滑片P从b端滑到某一位罝时，变阻器的电阻变小，由分压原理和串联电路电压的规律知，电压表示数增大，故则当滑片P在b端时电压表的示数为6.4㘮，ㄶ16.4㘮电路中的电流为：10.4Ȩ，16根据串联电路的特点和欧姆定律可得电源电压：ㄶ100.4Ȩ162--当滑片P在某一位罝时电压表的示数为8V，由于灯泡的实际电压等于额定电压，则灯泡正常发光，所以电路中的电流为20.Ȩ，根据串联电路的特点和欧姆定律可得电源电压：ㄶ20率0.Ȩ162率--已知率16-------------------解联立方程得：ㄶ2㘮，2；当1、2闭合、断开时，等效电路图如图2所示；2根据电阻的并联规律，当变阻器接入电路中的电阻最大时，16，并2ㄶ22㘮2电路的最小总功率最小，쳌䁠64。16并答：1灯泡的电阻为16；2电源电压为32V和滑动变阻器的最大阻值为2；当1、2闭合、断开时，电路消耗的最小功率是64W。解析：【试题解析】1灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据ㄶ求出其电流，根据欧姆定律求出灯泡的电 阻；2先画出当1、2断开、闭合，滑片P处于b端和滑到某一位置的等效电路图。根据题意可知求出滑片P在b端和某一位罝时的电流，利用串联电路的特点和欧姆定律结合电源的电压不变求出的阻值和电源的电压；ㄶ2分析当1、2闭合、断开时电路的连接，由并联电阻的规律求出最大电阻，根据求出电路消耗的最小功率。本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式、电功公式的灵活应用，关键是开关闭合、断开时电路的分析，有一定难度。