2020年成都市简阳市中考物理一模试卷(含解析)

2020年成都市简阳市中考物理一模试卷(含解析)

2020年成都市简阳市中考物理一模试卷一、单选题（本大题共18小题，共36.0分）1.下列能源中，不属于一次能源的是A.电能B.风能C.太阳能D.水能2.下列说法符合日常生活的是A.中学生高度约2mB.人的正常体温是C.人步行速度约1Ͳ݉D.物理课本的宽度接近19cm.关于现代通信和电磁波，下列叙述错误的是A.卫星通信利用人造卫星作为中继站进行通信B.卫星通信是利用电磁波来传递信息的C.导航卫星和地面的联系是利用电磁波传递信息的D.用二颗同步通信卫星就可以实现全球通信4.下列有关声的叙述正确的是A.可以用超声波来测量地球和月球间距离B.打电话时听到熟悉的声音就能辨别对方的身份依靠的是声音的音色C.拉二胡时演员调节弦的松紧是为了调节发出声音的响度D.运动场上，同学们的呐喊声越大，声音传播的速度越大5.在如图所示的现象中，与大气压无关的是A.橡皮膜凸出B.吸盘式挂衣钩 C.纸片托水D.用管子吸饮料6.小华在学习“粒子”的相关知识后，有下列认识，其中正确的是A.物质只有分子构成，没有其他粒子B.海绵容易被压缩能说明分子间有空隙C.当物体的温度降至Ͳ时，分子不会停止运动D.破镜不能重圆，主要是因为分子间有斥力7.我们学习了热机的相关知识，图中是汽油机上作的四个冲程的示意图，其中表示做功冲程的是A.B.C.D.8.关于安全用电，下列说法正确的是A.控制电灯的开关要接在火线和电灯之间B.使用试电笔时，手不要接触笔尾金属体C.在停电期间检修电器，不需要断开总开关D.家庭电路中，可以用丝铜丝代替保验丝.司机在驾驶汽车时必须要系上安全带，系上安全带可以A.减小汽车的惯性，防止发生事故B.减小司机的惯性，防止发生事故C.减小因汽车突然减速造成的伤害D.减小因汽车突然加速造成的伤害1Ͳ.将小铁块和小木块放入一盆水中.结果发现木块浮在水面上，铁块沉入水底，就此现象，下列分析正确的是A.木块受到浮力，铁块不受浮力B.铁块沉入水底，所受浮力一定小于自身的重力 C.木块受到的浮力一定大于铁块所受的浮力D.木块浮在水面上，所受浮力大于自身的重力11.下面是小明对内能知识的小结，其中不正确的有A.做功和热传递都能改变物体的内能B.内能大的物体含有的热量一定大于内能小的物体C.内能是物体内所有做热运动的分子的动能和分子势能的总和D.温度是物体内能的一个重要标志，同一物体，温度越高，内能越大12.如图所示，物体从斜面顶端匀速滑到斜面底端，在此过程中，下列说法正确的是A.物体动能增大，机械能不变B.物体动能不变，机械能减小C.物体重力势能不变，机械能不变D.物体重力势能减小，机械能增大1.如图中，不能用光的直线传播规律解释的现象是A.日食B.照镜子C.射击瞄准D.小孔成像14.如图是某取暖器的工作电路图。为了安全起见，取暖器一般都要安装一个跌倒开关S，使取暖器倾倒时整个电路断开。则跌倒开关S应安装在A.a处B.b处C.c处D.d处15.小华静止站在水平地面上，下列说法中正确的是A.地面对他的支持力和他所受到的重力二力平衡B.他对地面的压力和地面对他的支持力二力平衡 C.他受到的重力和地面对他的支持力是相互作用的力D.他对地面的压力和他受到的重力是二力平衡16.下列关于能源、电磁波说法中，正确的是A.核能是可再生能源B.不同频率的电磁波，波速不同C.化石能源来自于太阳能D.金属不能屏蔽电磁波17.利用光具座探究凸透镜成像规律时，四位同学的实验操作如图所示，其中可能在光屏上得到烛焰清晰像的是A.B.C.D.18.如图所示，是对冰加热时其温度随时间变化的图象，由图可知A.BC段是一个放热过程B.DE段表示冰的熔化过程C.CD段该物质处于气态D.冰的熔点是Ͳ二、多选题（本大题共2小题，共4.0分）1.两块完全相同的砖块，如图所示叠放在水平地面上，砖块的长、宽、高之比为4：2：1，若砖块A对砖块B的压力是，压强为；砖块B对地面的压力是，压强为，则A.：1：2B.：2：1C.：2：1D.：1：2 2Ͳ.如图所示的电路中，1为定值电阻，2为滑动变阻器，电源电压为3V且保持不变，闭合开关S后，滑片P从b端移动到a端的过程中，电压表示数U与电流表示数I的关系图象如图所示，下列判断正确的是A.1的电阻为5B.滑动变阻器的最大电阻为1ͲC.电路消耗的最大功率为1.8D.电路消耗的最小功率为1W三、填空题（本大题共10小题，共38.0分）21.如图所示的是_________选填“发电机”或“电动机”的示意图，它是根据英国物理学家法拉第发现的_________现象制成的，它是将机械能转化成_________能的装置。22.如图所示，一位同学坐在小船上用力推另一只小船，把另一只小船推开的同时自己坐的小船则向相反的方向运动，说明力可以改变物体的______，也可以说明______．2.如图所示，用F为30N的拉力，通过滑轮组拉着重为200N的物体A在水平面上以Ͳ.4݉的速度向左做匀速直线运动。物体受到的摩擦力是物重的Ͳ.倍，滑轮组的机械效率是______，拉力的功率是______W。24.小红同学身高1.6，当她站在竖直放置的平面镜前1m处时，镜中所成的像与她相距______.若她以Ͳ.5݉的速度远离平面镜运动2s，他的像到平面镜的距离为______m，像的大小将______选填“变大”、“变小”或“不变”。25.俗话说：“霜前冷，雪后寒”，这是因为霜是空气中的水蒸气______形成的，要放热，空气温度低时，才能使水蒸气放热，所以霜冻前空气温度一定很低，这就是“霜前冷”的现象.下雪后，雪要______物态变化，要从周围空气中______热量，空气的温度要降低，这样我们感到雪后寒． 26.将如图甲的电流表接入图乙的A、B两点之间，测电路中的电流，电流表的正接线柱应与_________选填“A”或“B”相连，若电路上电流约为Ͳ.4，则电流表应选用__________量程。图丙是电流表接上电路后指针偏转的情况，则应进行的操作是：_____________________。27.如图所示，在探究“通电螺线管外部磁场的方向”实验中，闭合开关，小磁针发生偏转，说明通电螺线管周围存在_________，通过小磁针静止时_______极的指向确定该点磁场的方向，调换电源正负极，小磁针偏转方向改变，说明磁场方向与_________有关．28.某潜水员潜入海面下20m深处，则他在此深度处承受海水的压强是______Pa，它在下潜过程中受到海水的压强______选填“变大”“变小”或“不变”.1.Ͳ1Ͳ，g取海水香݉1Ͳ݉香2.小红家新购买了一台电热水壶，小红了解到电热水壶的发热电阻为48.4.不计热量损失，标准大气压下，电热水壶正常工作______min可将2kg、初温是25的水加热至沸腾。水的比热容为4.21Ͳ݉香Ͳ.一束光从空气斜射入水中径迹如图甲所示。请利用光学知识在乙图中画出光斜射到水面时发生反射和折射的光路图，并在图上标出反射角和折射角的角度。四、作图题（本大题共1小题，共2.0分）1.如图所示，请画出小球所受重力和拉力示意图。 五、实验探究题（本大题共3小题，共16.0分）2.在“测量小灯泡的电阻”实验中，小明所用的实验原理图如图甲所示．已知小灯泡的额定电压为2.5㤰．1请你按图甲所示的电路图，用笔画划线代替导线，将图乙中的电路连接完整．2闭合开关，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5㤰，此时电流表的示数如图丙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为________.结果保留一位小数接着调节滑动变阻器滑片，让电压逐次下调，使灯丝温度不断降低，小灯泡变暗直至完全不发光，测量数据如下表所示．实验次数1234567电压݉㤰2.52.11.71.Ͳ.Ͳ.5Ͳ.1电流݉Ͳ.26Ͳ.24Ͳ.21Ͳ.1Ͳ.16Ͳ.Ͳ5 综合分折可知，实验中滑动变阻器的滑片逐渐向________选填“左”或“右”端滑动．4实验完成后，分析数据发现，小灯泡电阻呈逐渐减小趋势，其原因可能是________________．33.小华用天平、量筒测量一物块密度：1为了调节天平横梁平衡，正确的操作是：将游码移到零刻度处，调节平衡螺母，使指针指到______；2用天平测物块质量时，当他把最小5g砝码放入右盘时，天平指针向右偏，则他接下来要进行的操作是______。小华正确测量物块质量、体积的示数如图甲、乙所示，则物块质量为______g；体积为______；则物块的密度是______香݉。34.善于奇思妙想的小强及其兴趣小组在实验室温度为2Ͳ进行综合实验。1该小组想研究“密度计的工作原理”。图甲所示是密度计的简化模型，在一根粗细均匀的玻璃管内放一些小铅粒使其能竖直漂浮在液体中，设玻璃管浸入液体的深度为液，该液体密度为液，密度计漂浮在水中时浸入水中的深度为水，水的密度为水，则浸入液体的深度液______用给出的物理量表示，由此可知，此密度计漂浮在煤油密度为Ͳ.81Ͳ香݉中时浸入深度煤油______水填数值，密度计刻度特点是______选填选项前序号上小下大上大下小均匀上疏下密上密下疏。 2该小组想继续探究“某液体的密度和温度的关系”，设计了如图乙所示装置，长为Ͳ.6的绝缘轻质杠杆ab悬挂在高处，可绕O点转动。杠杆a端的轻质细线悬挂一体积为11Ͳ的实心合金块，浸没在烧杯内的液体中。b端轻质细线悬挂的铜柱在上下移动时能带动滑片P移动。滑片P重力和摩擦不计。若电源电压为3V，滑动变阻器标有“1ͲͲ1”字样。在电路中串联一个量程为Ͳ～15的电流表，为保证电路安全，定值电阻R的最小阻值是______。小强在给该液体加热过程中发现，电流表示数减小，则可得出该液体的密度随温度升高而______选填“增大”、“减小”或“不变”除烧杯内的液体外，装置中其他物体的热胀冷缩忽略不计，合金块始终浸没。该小组还想利用此装置继续测量该合金块的密度。已知该烧杯中液体在温度为2Ͳ时计的密度为1.11Ͳ香݉.杠杆水平平衡时，铜柱质量为2kg，点O距杠杆b端Ͳ.2。则的密度是______香݉.香取1Ͳ݉香六、计算题（本大题共4小题，共24.0分）35.立方体A、B，A重50牛、B重100牛，A边长为1分米，如图甲、乙放置在水平桌面上，问：1甲图中A和乙图B对桌面的压力之比为多少？2甲图中B对A的压强为多大？若乙图中B对桌面的压强为3750帕，B边长多大？ 36.把质量为Ͳ.5香的水加热到8Ͳ，吸收了4.21Ͳ4的热量，已知水的比热容为4.21Ͳ݉香，求：1水温升高了多少？2原来水的温度是多少？37.小明和小强在测“滑轮组机械效率”的实验中，一同学组装好如图所示实验装置，他们分别记下了钩码和弹簧测力计的位置。1实验时，小明______竖直向上拉动弹簧测力计，使钩升高，弹簧测力计读数为Ͳ.5；同时小强也用刻度尺测出钩码被提升的高度为10cm，以上测量结果准确无误，其他被测物理量和计算数据记录如表：钩码重݉弹簧测力计提升的高度݉有用功有݉总功总݉机械效率1Ͳ.2Ͳ.1Ͳ.11ͲͲ2小明和小强通过计算得出该滑轮组机械效率为1ͲͲ，他们意识到出现了错误，请你帮他俩找出错误的原因：______。该滑轮组的机械效率实际为______。4在实验中，若将钩码的重增加到6N，则该滑轮组的机械效率将______选填“变大”、“变小”或“不变”。 38.水中有一个底面积S为51Ͳ22体积V为41Ͳ2的物体M，现在用如图所示的滑轮组提升水中的物体M，物体M始终以速度v匀速竖直线上升。求：1浸没在水中的物体M所受浮力浮______；2为提高滑轮组的机械效率，现在用重为2的动滑轮B替换重为1的动滑轮A，再次以相同的速度提升水中的物体.已知：12Ͳ，物体M浸没在水中时，测16得两次机械效率之差为5两次拉力做功的功率之比是，两次拉力之比1：2______；15将物体M放在水平地面上，它对地面的压强______。 【答案与解析】1.答案：A解析：直接从自然界获得不需要加工转换的能源是一次能源，不能直接从自然界获得而是通过消耗其它能源经过加工转换而获得的能源是二次能源．本题考查了能源的分类，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题．风能、太阳能、水能可以直接从自然界获得，它们属于一次能源；电能不能从自然界直接获得，需要消耗其它能源经过加工转换获得，电能是二次能源；故选A．2.答案：D解析：解：A、成年人的身高在170cm左右，中学生的身高比成年人小一些，在160cm左右。此选项不符合实际；B、正常情况下人体体温在7左右，变化幅度很小。此选项不符合实际；1C、人正常步行的速度在4݉4݉1.1݉左右。此选项不符合实际；.6D、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约20cm，物理课本的宽度略小于20cm，在19cm左右。此选项符合实际。故选：D。首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。3.答案：D解析： 卫星通信是利用电磁波来传递信息的；通信卫星大多是相对地球“静止”的同步卫星。A.卫星通信利用人造卫星作为中继站进行通信的，故A正确，不符合题意；R.卫星通信是利用电磁波来传递信息的，故BC正确，不符合题意；D.至少用三颗同步通信卫星才可以实现全球通信，故D错误，符合题意。故选D。4.答案：B解析：深入理解声音的三个特征、理解声音的传播条件--需要介质，可解答此题。1声音的传播需要介质，真空不能传声；2音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关；音调的高低与物体振动快慢有关，而弦的振动快慢与弦的松紧有关；4声音传播速度与响度大小无关。A.声音的传播需要介质，真空不能传声，故不能用超声波来测量地球和月球间距离，故A错误；B.音色反映了声音的品质与特色，我们在电话中听到熟人说话可辨别对方是谁，是靠声音的音色，故B正确；C.拉二胡时演员调节弦的松紧是为了调节发出声音的音调，故C错误；D.运动场上，同学们的呐喊声越大，声音传播的越远，声音传播速度与响度大小无关，故D错误。故选B。5.答案：A解析：解：A、凸出的橡皮膜说明液体对容器底部有压强，与大气压无关，故A符合题意；B、使用带挂钩的塑料吸盘挂衣物，先用力将吸盘中的气体挤出，是大气压将吸盘紧紧压在墙面上，是利用大气压的，故B不符合题意；C、图中是证明大气压存在的实验，是大气压支持着纸片不会掉下来，与大气压有关，故C不符合题意；D、在吸饮料时，细管内的气压变小，外界大气压大于管内气压，饮料在外界大气压的作用下压入细管中，是利用大气压工作的，故D不符合题意。故选：A。 1生活中很多现象的工作原理都利用了大气压强，抽气机、吸管、茶壶、针管、塑料吸盘等都可能利用到大气压；2逐个分析选择项中提到的物理情景，结合对应的物理知识从而确定答案。本题考查学生对课本基础知识的掌握。近几年的中考题也更多地注重对基础知识的考查。在生活中对大气压的相关实例有所了解，这样才能够比较快地得出答案6.答案：C解析：1分子动理论的内容：物质是由大量分子组成的，分子在永不停息的做无规则运动，分子间存在着相互的引力和斥力，分子之间存在间隙；2分子间作用力的条件：分子间距离大于分子直径10倍的时候，分子间既无引力，也无斥力。A、物质是由分子或原子构成的，故A错误；B、海绵里面有气孔，用手捏时海绵里的空气跑出来，所以海绵的体积变小了，不能说明分子间有间隙，故B错误；C、由于组成物体的分子在永远地运动着，故在Ͳ时物体内的分子的运动状态也是运动的，故C正确；D、破镜不能重圆，因为玻璃分子间的距离大于分子直径的10倍以上，超出了分子力的作用范围，故D错误。故选：C。7.答案：C解析：解：A、图中一个气门关闭，一个气门打开，活塞向下运动，是吸气冲程；B、图中气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，机械能转化为内能；C、图中两个气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程，内能转化为机械能；D、图中一个气门关闭，一个气门打开，活塞向上运动，是排气冲程；故选：C。在内燃机的四个冲程中，进气阀和排气阀均关闭的只有压缩冲程和做功冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动；一个气阀打开，另一个气阀关闭的是吸气冲程和排气冲程，而在吸气冲程中活塞向下运动，排气冲程中活塞向上运动。此题主要考查了内燃机工作时的能量转化情况的了解，是一道基础性的题目。 8.答案：A解析：解：A、开关要接在火线和用电器之间，这样断开开关后，用电器上才会不带电，故A正确；B、使用测电笔时，手不能接触笔尖的金属体，但要接触笔尾的金属体，故B错误；C、在停电期间检修电器，必须要断开总开关，防止发生触电事故，故C错误；D、保险丝被烧断后，要立即更换新的保险丝，不能用铜丝、铁丝去代替保险丝，因为铜丝和铁丝的熔点较大，当电路中电流过大时，不能立即熔断，不能起到保护电路的作用，故D错误。故选：A。1连接开关与用电器时，开关要接在火线和用电器之间；2使用测电笔时，手不能接触笔尖的金属体，但要接触笔尾的金属体；为避免发生触电事故，检修电路及更换元件时，一定断开总开关；4保险丝的作用：当电路中电流过大时保险丝熔断，自动切断电路，要根据电路中用电器的总功率情况选择合适规格的保险丝。本题考查了家庭电路中的一些安全用电的常识，这些知识对我们的生活同样具有很强的现实意义，是我们应该熟知，并应在生活中严格遵守的。9.答案：C解析：本题难度较小，主要考查生活中的惯性现象，需要学生认真体会身边的现象中包含的物理知识，做到学以致用。一切物体都具有惯性，惯性大小的决定因素是质量；汽车刹车时，如果没有安全带的保护，驾驶员会因为自身惯性向前运动而发生事故。所以要让安全带起到保护人体的作用，防止惯性带来的伤害。.汽车和司机的质量是一定的，有无安全带，汽车行驶速度大小，汽车和司机的惯性都不变。故AB错误；C.司机原来和车一起向前运动，紧急刹车时，车由运动突然变成静止，而司机由于具有惯性，继续向前运动，容易撞到挡风玻璃发生伤害，使用安全带可以起到保护作用。故C正确；D.司机原来和车一起向前运动，突然加速时，司机由于具有惯性，会向后运动，座椅可以对司机起到保护作用。此时安全带不起作用。故D错误。故选C。 10.答案：B解析：要解决此题，需要知道浸入液体中的物体都要受到浮力作用，不管物体上浮还是下沉；并且要掌握物体的浮沉条件：完全浸没在液体中的物体：若受到浮力大于重力，则上浮，最后漂浮在液面上；若受到浮力等于重力，则悬浮；若受到浮力小于重力，则下沉到液底。此题主要考查了物体的浮沉条件及其应用；在此题中，最关键的是找到所含条件，即木块漂浮和铁块下沉，从而根据浮沉条件进行分析解决。A.将小铁块和小木块放入一盆水中．小铁块和小木块都会受到水的浮力作用，所以A说法错误；B.铁块沉入水底，是因为铁块受到的浮力小于它的重力，所以B说法正确；R㤵.木块漂浮，所以木块受到的浮力等于木块的重力，但铁块的重力与木块的重力大小不知，所以C、D说法错误。故选B。11.答案：B解析：解：A、改变物体内能的两种方式有：做功和热传递，它们在改变物体内能上是等效的，故A正确；B、热量是一个过程量，不能用“含有”来修饰，故B错误；C、内能是物体内所有分子热运动的动能和分子势能的总和，故C正确；D、同一物体，温度越高，它的内能越大，故D正确。故选：B。本题主要考查学生对温度、内能、热量关系的了解和应用，正确、全面理解概念是解答的关键。12.答案：B解析：解：物体从斜面顶端匀速滑到斜面底端，在此过程中，物体的质量不变，速度不变，高度降低，故动能不变，重力势能减小；因为动能和势能统称为机械能，所以机械能减小；故ACD错误， B正确。故选：B。影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。掌握动能、重力势能的影响因素，理解重力势能和动能的转化可从高度和速度来理解，可以帮助我们更好的理解能量的转化。13.答案：B解析：掌握三种光现象：1在日常生活中，激光准直、日月食、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；2当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅、彩虹等。R㤵.光在同一均匀介质中是沿直线传播的，应用的实例有：日食、月食、小孔成像、射击瞄准，人看不到不透明物体后面的东西等，所以A、C、D都是利用光的直线传播规律，故ACD不符合题意；B.人能看到镜中自己的像，利用光的反射原理，所以选项B不能用光的直线传播解释，故B符合题意。故选B。14.答案：A解析： 跌倒开关就是防止取暖器倾倒时火线和零线直接接触会出现短路，电流过大，产生热量会增多，会引起火灾，为了防止短路现象，在电热器倾倒时，切断电路即应位于干路。本题考查明白跌倒开关的作用和不同位置时开关的作用是解题的关键。跌倒开关就是防止取暖器倾倒时，整个电路断开，跌倒开关S应位于干路即a的位置。故选A。15.答案：A解析：解：AC、地面对他的支持力和他所受到的重力，是作用在同一个物体上的两个力，符合平衡力的条件，不符合相互作用力的条件。故A正确，C错误；B、他对地面的压力和地面对他的支持力是作用在两个物体上，不符合二力平衡的条件，所以二力不平衡。故B错误；D、他对地面的压力和他所受到的重力是作用在不同物体上的两个力，且方向相同，不符合二力平衡的条件，所以二力不平衡。故D错误。故选：A。平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。相互作用力条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。此题主要考查平衡力和相互作用力的区别，解答此类题目的关键是抓住平衡力和相互作用力的条件逐一进行分析。16.答案：C解析：解：A、核能不能在短时间内得到补充，所以核能是不可再生能源，故A错误；B、不同频率的电磁波，波速相同，故B错误；C、石油和天然气的化学能归根到底来自太阳能，即间接来自太阳能，故C正确。D、金属材料制成的壳体或网罩，对电磁波有屏蔽作用，故D错误。故选：C。1像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像 化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；2电磁波频率不同，但在近似真空的太空速度相等都等于光速；石油和天然气的化学能归根到底来自太阳能；4对电磁波有屏蔽作用是金属材料制成的壳体或网罩。本题考查学生对能源分类、电磁波的速度即屏蔽，属于基础内容的考查，比较简单。17.答案：B解析：本题考查凸透镜成像规律。熟练掌握凸透镜成像规律即可解题。AC．2时，成倒立、放大的实像，像成在另一侧的2倍焦距以外，故AC错误；B.R2时，成倒立、缩小的实像，像处于另一侧的1倍焦距和2倍焦距之间，故B正确；D.时，无像。经凸透镜折射后的光线是平行的光线，故光屏无像，故D错误。故选B。18.答案：D解析：解：由图象可知：A、BC段为冰的熔化过程，这过程中，温度不变，需要吸收热量．故A错误．B、第9min的开始是水达到沸点开始沸腾，DE段是水的汽化过程．BC段为冰的熔化过程，故B错误．C、冰从第6min开始已经转化为液态的水了．从C点到D点，是液态的水在吸热升温，故C错误．D、BC段为冰的熔化过程，对应温度Ͳ为冰的熔点．则冰的熔点是Ͳ，故D正确．故选D．冰为晶体，从熔化图象可看出，0min对应温度为开始加热时温度，固态的冰升高温度，到第3min开始熔化，BC段为冰的熔化过程，对应温度为熔点，对应的时间为熔化时间，熔化过程中处于固液并存状态，需要吸收热量．从第6min开始已经转化为液态了．从C点到D点，是液态的水在吸热升温，第9min的开始是水达到沸点开始沸腾，汽化成的水蒸气到空中，容器中只是正在沸腾的水．此题考查晶体熔化和液体沸腾的图象，通过图象得出物理信息：晶体的熔点、液体沸点、各段物质对应的状态等；晶体熔化和液体沸腾的特点：吸收热量，温度不变．19.答案：AB 解析：解：设每砖块的重力为G，已知砖块的长、宽、高之比为4：2：1，设砖块的长、宽、高分别为4a、2a、a；则砖块A对砖块B的压力：，砖块B对地面的压力：2，所以，：：21：2，故A正确，C错误；A与B的接触面积为：222，B与地面的接触面积为：2482，则砖块A对砖块B的压强：2，22砖块B对地面的压强：22，84所以，：2：22：1，故B正确，D错误。24故选：AB。水平地面上的物体对地面的压力等于重力，据此可得压力之比；根据长、宽、高的比例关系确定受力面积，然后根据求出压强之比。本题考查了压强公式的应用，关键是找出两种情况下受力面积及其压力的大小。20.答案：ABC解析：解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测2两端的电压，电流表测电路中的电流。1当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，只有1工作，电路中的电流最大，由图乙可知1Ͳ.6，由可得，1的电阻：㤰15，故A正确；1Ͳ.6电路消耗的最大功率：总大1㤰Ͳ.61.8，故C正确；2当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图乙可知，2Ͳ.2，22㤰，则滑动变阻器的最大阻值： 22㤰21Ͳ，故B正确；2Ͳ.2电路消耗的最小功率：总小2㤰Ͳ.2Ͳ.6，故D错误。故选：ABC。由图甲可知，1与2串联，电压表测2两端的电压，电流表测电路中的电流。1当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，电路消耗的电功率最大，根据图乙读出电路中的最大电流，根据欧姆定律求出1的电阻，根据求出电路消耗的最大总功率；2当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的电功率最小，根据图乙读出电路中的电流最小时电表的示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，利用求出电路消耗的最小总功率。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大。21.答案：发电机；电磁感应；电解析：本题主要考查学生对发电机和电动机原理图的区别和联系的了解和掌握，是一道基础题。发电机和电动机的区别：电动机是消耗电能的，故装置图中有电源，而发电机是产生电的，故原理图中没电源。发电机是电磁感应现象的一个重要的应用，发电机是将机械能转化为电能的装置。图中装置没有电源，是把机械能转化为电能的装置，故它是发电机原理结构图，它是电磁感应现象的一个重要的应用，发电机是将机械能转化为电能的装置。故答案为：发电机；电磁感应；电。22.答案：运动状态；物体间力的作用是相互的解析：解：1把另一只小船推开时，船由静止变为运动；体现了力改变物体的运动状态．2把另一只小船推开的同时自己坐的小船则向相反的方向运动，说明物体间力的作用是相互的．故答案为：运动状态；物体间力的作用是相互的．1力的作用效果有两个：力可以改变物体的形状即使物体发生形变．力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化． 2物体间力的作用是相互的，两个力是作用力和反作用力．深入理解力的作用效果及物体间力的作用的相互性；是解答此题的关键．23.答案：66.736解析：解：由图知，，物体受到的摩擦力是物重的Ͳ.倍，则物体受到的摩擦力Ͳ.Ͳ.2ͲͲ6Ͳ，通过滑轮组拉着物体在水平面上运动时，克服物体与水平面间摩擦力做功为有用功，有用物物6Ͳ则滑轮组的机械效率：1ͲͲ66.7；Ͳ总绳物绳自由端移动的速度：Ͳ.4݉1.2݉，拉力的功率：Ͳ1.2݉6。故答案为：66.7；36。沿水平方向使用滑轮组拉动物体时，直接拉物体的力做的功是有用功，拉力做的功是总功；滑轮组由三段绳子与动滑轮相连，，根据物体受到的摩擦力是物重的Ͳ.倍，求物体受到的摩擦力；有用通过滑轮组拉着物体在水平面上运动时，克服物体与水平面间摩擦力做功为有用功，根据总物物求滑轮组的机械效率。绳物绳自由端移动的距离为物体移动距离的三倍，则绳自由端移动的速度为物体移动速度的三倍，求出绳自由端移动的速度；利用求拉力F的功率。本题考查机械效率、功率的计算及二力平衡的知识，关键是明确有用功的求法。24.答案：2；2；不变解析：解：因为平面镜所成的像和物体各对应点到平面镜间距离相等，所以，由她到平面镜的距离为1m可得镜中所成的像与平面镜之间的距离为1m，则她在镜中所成的像与她相距为122；由他以Ͳ.5݉的速度远离平面镜运动2s，根据速度公式变形m可得，她运动的距离为Ͳ.5݉21，此时她与平面镜之间的距离为112，所以她的像到平面镜的距离为2m； 因为平面镜所成的像和物体形状、大小相同，所以像的大小将不会改变。故答案为：2；2；不变。解答此题应掌握平面镜成像的特点：像和物体形状、大小相同；像和物体各对应点到平面镜间距离相等。平面镜成像的特点在实际生活中应用非常广泛，也是光学中一个很重要的知识点，要求熟练掌握，并学会灵活运用。25.答案：凝华；熔化；吸收解析：此题需要结合物态变化进行分析；1在一定条件下，物体的三种状态--固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；2物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识，本题主要考查学生对生活中的凝华、熔化的判断能力。1霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面的现象，此时空气温度低时，才能使水蒸气放热，所以霜冻前空气温度一定很低，这就是“霜前冷”的现象；2当温度升高时，雪会由固态变成液态，发生的是熔化过程，在熔化时需要吸收热量，所以会感觉比较冷。故答案为：凝华；熔化；吸收。26.答案：A；Ͳ～Ͳ.6；将电流表的正负接线柱互换解析：本题考查了电流表的连接和使用方法，属于基础题目。电流表的使用规则：电流表要串联在电路中；电流要从““接线柱流入，从““接线柱流出否则指针反转；被测电流不要超过电流表的量程。电流表必须与用电器串联来测量电路电流； 连接时，电流必须从“”接线柱流入，从“”接线柱流出，否则指针会向左偏转，损坏电流表；已知电源左端为正极，故电流表的正接线柱应与A相连，负接线柱应与B相连；电路中电流约为Ͳ.4，小于Ͳ.6，则电流表的量程选用Ͳ～Ͳ.6；电流表接上电路后指针反转，则应进行的操作是：改接电流表的正负接线柱。故答案为：A；Ͳ～Ͳ.6；将电流表的正负接线柱互换。27.答案：磁场；N；电流方向解析：通电螺线管周围存在着磁场，磁场的方向与电流的方向有关，在物理学习中不能只注重了结论的学习，还要注意过程的学习。通过小磁针偏转说明了通电螺线管周围存在磁场；小磁针静止时N极的指向为该点磁场的方向；当电流方向改变时，产生的磁场方向也改变，所以小磁针的偏转方向也改变。如图所示的实验，闭合开关前，小磁针静止且能指向南北，这是因为地磁场的作用；闭合开关后，导线下方的小磁针发生偏转，说明通电螺线管周围存在磁场；小磁针静止时N极的指向为该点磁场的方向；调换电源正负极，即改变螺线管中的电流方向，发现小磁针静止时N极所指方向与原来相反，说明磁场方向与螺线管中的电流方向有关。故答案为：磁场；N；电流方向。28.答案：2.Ͳ61Ͳ5；变大解析：解：潜水员潜到水下20m深处，水对他的压强：香1.Ͳ1Ͳ香݉1Ͳ݉香2Ͳ2.Ͳ61Ͳ5．由于在下潜过程中所处深度越来越深，根据香可知受到海水的压强也越来越大．故答案为：2.Ͳ61Ͳ5；变大．知道潜水员所处深度和海水的密度，利用液体压强公式香计算和判断潜水员受到海水的压强．本题考查了液体压强的特点以及液体压强的计算，属于基础知识的考查，比较简单．29.答案：1Ͳ.5 解析：解：1水吸收的热量：㪨mm4.21Ͳ݉香2香1ͲͲ256.1Ͳ5；吸1Ͳ2已知：48.4，22Ͳ㤰，222Ͳ㤰2电热丝的功率为：1ͲͲͲ，48.46.1Ͳ5；若不计热量损失，则消耗的电能：电吸由可得通电时间：m电6.1Ͳ5m6Ͳ1Ͳ.5ͳ。1ͲͲͲ故答案为：1Ͳ.5。1知道水的质量、初温和末温、水的比热容，利用热量公式吸㪨m进行计算；22根据求出电热丝的功率，因不计热量损失，则吸电，利用电功率公式求m通电时间。本题考查了热量公式、电功率公式的利用，要求准确书写公式，代入数据时需要注意单位统一。30.答案：解：根据反射角等于2画出反射光线的位置；再根据甲图可知，光从空气斜射入水中时，入射角等于45，折射角等于2，然后根据光路的可逆可知，光从水中斜射入空气中时，入射角等于2，则折射角等于45，据此确定折射光线的位置；如图所示：解析：光从一种介质斜射入另一种介质时，既要发生反射又要发生折射；发生反射时，反射角等于入射角；根据光路的可逆性确定光从水中斜射入空气中，折射角的大小。本题考查光的反射定律和折射定律的应用，关键是明确光路的可逆性。 31.答案：解析：本题考查了力的示意图的画法，对物体进行正确的受力分析，是解答本题的关键。作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点；小球所受的重力和拉力是一对平衡力，作用点都画在小球的重心上，重力方向竖直向下，拉力方向竖直向上，长度要相等。重力从重心竖直向下画，标出符号G，拉力从重心竖直向上画，标出符号F，注意两个力大小相等，所画的长度要相等，如图所示：。故答案为：。32.答案：1如图所示：；28.； 右；4温度越高，小灯泡的电阻越大解析：此题主要考查了“测量小灯泡的电阻”实验，包括实验电路连接、电阻的计算、小灯泡电阻变化的原因分析等，具有一定的综合性。1根据电路图进行连接，电流表和电压表均选择小量程；2根据电流表选择的量程和分度值读数，利用公式计算电阻；根据电路中电流的变化判断电阻变化，从而确定滑片的滑动方向；4电压和电流减小时，灯丝的温度降低，其电阻也减小，故可得出结论。1根据电路图进行连接，电流表和电压表均选择小量程，如图所示：；2电流表选择的量程为Ͳ.6，故分度值为Ͳ.Ͳ2，由图可知，电流表的示数为Ͳ.，故小灯泡正常2.5㤰发光时的电阻为8.；Ͳ.由表格数据可知，电路中的电流逐渐减小，故滑动变阻器连入的电阻在逐渐变大，由图可知，滑片应逐渐向右滑动；4由表格数据可知，电压和电流减小时，灯丝的温度降低，其电阻也减小，故可得出结论：温度越高，小灯泡的电阻越大。故答案为：1如图所示： ；28.；右；4温度越高，小灯泡的电阻越大。33.答案：分度盘中央取下5g的砝码，移到游码，直至天平平衡632Ͳ㪨.151Ͳ解析：解：1为了调节天平横梁平衡，正确的操作是：将游码移到零刻度处，调节平衡螺母，使指针指到分度盘中央；2最小5g砝码放入右盘之后指针向右偏，说明右盘中砝码的质量大于物体的质量，但超出的质量小于5g，所以此时应将5g的砝码取下，再向右移动游码，直至横梁重新水平平衡；由图甲知，该天平的分度值是Ͳ.2香，所以物体的质量：5Ͳ香1Ͳ香香6香，由图乙可知，物体的体积：㤰8Ͳ㪨6Ͳ㪨2Ͳ㪨，6香所以物体的密度：.15香݉㪨.151Ͳ香݉。㤰2Ͳ㪨故答案为：1分度盘中央；2取下5g的砝码，移到游码，直至天平平衡；6；2Ͳ㪨；.151Ͳ。1天平横梁平衡与否要看指针是否指在分度盘中央；2在加减砝码时，一般要试加到最小的砝码后，如果发现仍不平衡，再去调节游码使其平衡；读取天平示数时应将砝码的质量与游码的示数相加；小矿石的体积要利用量筒中两次的示数之差得出；最后利用密度的公式可求出密度。本题是测物体密度的实验，主要考查了天平和量筒的使用以及密度的计算，难度不大。水水34.答案：1.25200减小5.11Ͳ液解析：解：1密度计在水中和在被测液体中都是漂浮的，所以浮力相等，水浮液浮，水香㤰排水液香㤰排液，水香水液香液， 水水所以，密度计浸入液体的深度：液。液煤油的密度为：Ͳ.81Ͳ香݉液此密度计漂浮在煤油中时浸入深度：1.Ͳ1Ͳ香݉水水水1.25，煤油Ͳ.81Ͳ香݉水液因为水香水液香液，所以，水水液液，液体密度和进入的深度成反比，所以刻度是均匀的。2滑动变阻器阻值为零时，电路最大电流是：15Ͳ.Ͳ15，所以定值电阻最小阻值：㤰2ͲͲ。Ͳ.Ͳ15电流表示数变小滑动变阻器阻值变大杠杆右端向上运动杠杆左端下沉浮力减小液体密度变小。合金块受到重力、浮力和拉力作用，物体间力的作用是相互的，同时合金块给杠杆一个力，杠杆在水平位置平衡，合金浮铜，又因为物体浸没，物体排开液体的体积等于物体的体积，香㤰液香㤰铜香，㤰液㤰铜，11Ͳ1.11Ͳ香݉11ͲͲ.22香Ͳ.6Ͳ.2，解得：5.11Ͳ香݉。水水故答案为：1；1.25水；；22ͲͲ；减小；5.11Ͳ。液1根据密度计在水中和在被测液体中的浮力相同列出等式，然后展开即可求解。水水求密度计在煤油中浸入的深度，根据液求解。液液体密度和浸入深度成反比，可以判断刻度均匀。2当电路中电流最大，电阻最小，滑动变阻器的阻值为零时求出定则电阻的阻值。电流表示数变小滑动变阻器阻值变大杠杆右端向上运动杠杆左端下沉浮力减小液体密度变小。对合金块进行受力分析，杠杆在水平位置平衡，利用杠杆平衡条件列出等式。对于杠杆问题和浮力问题，一般情况下都是根据杠杆平衡条件和物体静止受到平衡力作用列出等式，展开求解，一般就能求出结果或离结论很近了。35.答案：解： 1甲图中A对桌面的压力：甲5Ͳ1ͲͲ15Ͳ；乙图B对桌面的压力：乙5Ͳ1ͲͲ15Ͳ；所以甲乙，即甲：乙1：1；2图甲中A受到的压力：甲1ͲͲ，21ͳ21ͳ2Ͳ.Ͳ12受力面积：甲，甲1ͲͲB对A的压强：对Ͳ.Ͳ121ͲͲͲͲ；甲图乙中桌面受到的压力等于A和B的重力之和，受力面积为B的底面积，乙15Ͳ2则B的底面积：Ͳ.Ͳ4，75Ͳ乙则B的边长：Ͳ.Ͳ42Ͳ.2。答：1甲、乙图中桌面受到的压力之比甲：乙为1：1；2图甲A受到的压强甲为10000Pa；若图乙桌面受到的压强乙75Ͳ帕，B边长为Ͳ.2。解析：1静止在水平面上的物体对水平面的压力等于物体受到的重力；2图甲中A受到的压力等于B的重力，受力面积为A的底面积，根据求出A受到的压强；2图乙中桌面受到的压力等于A和B的重力之和，受力面积为B的底面积，根据求出B的底面积，根据2求出B的边长。本题考查了压强的计算，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等，要注意受力面积和压力的对应性。36.答案：解：㪨m得，升高的温度：m吸4.21Ͳ41由吸2Ͳ；㪨4.21Ͳ香Ͳ.5香2水原来的温度：m8Ͳ2Ͳ6Ͳ。答：1水温升高了2Ͳ；2原来水的温度是6Ͳ。 解析：本题考查了热量公式的灵活应用，条件已知，难度不大。知道水的质量、比热容和吸收的热量，利用吸热公式求水温升高值，又知道水的末温，再求水原来的温度。37.答案：匀速绳子自由端移动的距离应该是Ͳ.，不等于Ͳ.266.7变大解析：解：1小明在进行实验时，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，此时绳子的拉力等于测力计示数。2由图示滑轮组可知，滑轮组承重绳子的有效股数；已知钩码上升高度Ͳ.1，则测力计移动距离：Ͳ.1Ͳ.，由表中实验数据可知，测力计移动距离为Ͳ.2，测力计移动距离错误，从而导致滑轮组效率错误。有1Ͳ.1滑轮组的机械效率：1ͲͲ1ͲͲ1ͲͲ66.7。Ͳ.5Ͳ.总4提升的钩码重增加到6N，有用功增加，有用功在总功中的比重增大，则该滑轮组的机械效率将变大。故答案为：1匀速；2绳子自由端移动的距离应该是Ͳ.，不等于Ͳ.2；66.7；4变大。1实验时应竖直匀速拉动测力计。2由图示滑轮组求出滑轮组承重绳子的股数，然后确定绳子自由端移动的距离。有根据1ͲͲ1ͲͲ求出滑轮组的机械效率。总4根据影响滑轮组效率的因素分析答题。此题是“测定滑轮组机械效率”的实验，本题考查了二力平衡的应用、滑轮组机械效率的计算以及影响机械效率的因素等，关键是根据滑轮组得出绳子的有效股数。38.答案：400N16：151.521Ͳ4解析：解：1浸没在水中的物体M所受浮力：香㤰11Ͳ香݉1Ͳ݉香41Ͳ24ͲͲ；浮水排2由图知，2，用重为2的动滑轮B替换重为1的动滑轮A，再次以相同的速度提升水中的物体M，根据可得，两次拉力的功率分别为：mm11绳21， 22绳22，1116则-------2215在匀速提升水中物体M的过程中，以动滑轮A和物体M为研究对象，受力分析如左图所示；在匀速提升水中物体M的过程中，以动滑轮B和物体M为研究对象，受力分析如右图所示。由图示和力的平衡条件可得：21浮1------22浮2------已知12Ͳ-------由得：1215------由解得：124Ͳ，2225，由题意可知215，有用浮则根据可得，总浮浮5，22214ͲͲ4ͲͲ即：5，2225224Ͳ解得：76Ͳ；将物体M放在水平地面上，压力的大小等于重力，它对地面的压强：76Ͳ41.521Ͳ。51Ͳ22故答案为：14ͲͲ；216：15；1.521Ͳ4。1根据阿基米德原理求解物体M受到的浮力浮；2知道功率的大小，可求出功继而求出拉力的大小，也可根据，求出拉力大小，mm 再得出拉力1与2之比；对物体受力分析，得出力的关系，在由机械效率公式联立解出物体1受到的重力G，根据可求压强。此题是简单机械、浮力、功率、机械效率、压强的综合计算题，难度较大，能够分析出物体在水中的受力情况是解决此题的关键。