2020年南充市中考物理一诊试卷(含解析)

2020年南充市中考物理一诊试卷(含解析)

2020年南充市中考物理一诊试卷一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）1.下列数据符合实际的是(    )A.岳阳年平均气温42℃B.某中学生质量50kgC.正常人1s内心跳75次D.物理教科书长260cm2.2018年1月31日晚，我国大部分地区出现了非常罕见的月全食“超级蓝月+血月”高挂夜空的迷人景象。下列选项与月全食成因相同的是(    )A.泳者预泳B.笔在水面处“折断”C.水面上山的“倒影”D.手影游戏3.下列物态变化中，属于升华的是(    )A.灯泡用久了灯丝变细B.水沸腾时水面出现“白气”C.冬天湖水表面结冰D.擦在皮肤上的酒精很快干了4.某同学用力踢足球，足球在水平草坪表面减速运动的过程中，所受到的力有(    ) A.重力、空气阻力、草坪对足球的摩擦阻力、草坪对足球的支持力B.重力、空气阻力、草坪对足球的摩擦阻力、足球对草坪的压力C.重力、脚对足球的作用力、草坪对足球的支持力、足球对草坪的压力D.重力、空气阻力、草坪对足球的摩擦阻力、脚对足球的作用力、草坪对足球的支持力1.如图所示现象属于利用大气压工作的是(    )A.高压锅煮饭快B.吸盘紧贴墙上C.给沸腾的水加压水不再沸腾D.手压喷雾器2.以下是费力杠杆的是(    )A.汽车的方向盘B.井上的轱辘 C.水龙头D.汽车前窗上的雨刷器1.如图所示，小球在装满淡盐水的溢水杯中处于悬浮状态，下列对实验现象分析正确的是(    )A.小球可以悬浮在液体内任何位置，因此小球在液体内部所受的压强处处相等B.往杯中加入清水，小球因浮力变小而下沉，容器底部受到液体的压强变小C.往杯中加入适量盐，小球因浮力变大而上浮，容器底部受到液体的压强不变D.往杯中加入适量盐，小球因浮力变大而上浮，最后漂浮，容器底部受到液体的压强变小2.关于家庭电路，下列说法正确的是(    )A.用电器的金属外壳一定要接地B.空气开关自动断开，一定是某处出现了短路C.电能表测量的是家用电器的总功率D.使用测电笔时，手不能接触笔尾的金属电极3.如图所示，电源电压保持不变，闭合开关后，当滑动变阻器的滑片P由左向右移动时，下列判断正确的是(    )A.小灯泡变暗B.电路消耗的总功率不变C.电压表示数变大D.以上说法都不对4.如图所示电路，闭合开关，两灯泡均发光，过一会儿，其中一个灯泡突然熄灭，电流表和电压表指针仍有示数，造成此现象的原因可能是：(    ) A.L1灯泡被短接B.L2灯泡被短接C.L1灯泡断路D.L2灯泡断路二、多选题（本大题共2小题，共8.0分）1.比热和内能，下列说法正确的是(    )A. 物体的温度越高，所含热量越多B. 物体内能增大不一定是吸了热C.  0℃ 的冰块，内能可能为零D. 一碗水倒掉一半后，内能减小2.如图甲所示，其中R两端电压U随通过该电阻的直流电流I的变化关系如图乙所示，电源电压为7.0V(保持不变)，且R1=1000Ω(不随温度变化)，若改变R2，使AB与BC间的电压相等，这时(    )A.R 的阻值约为 1300ΩB.R的阻值约为 1000ΩC.通过 R 的电流为 1.5mAD.通过 R 的电流为 2.0mA三、填空题（本大题共12小题，共27.0分）3.“中国好声音”比赛现场，在演奏笛子时，笛声是由于笛腔内的空气的______产生的；要求观众在听音乐时把手机关机或调成静音状态，目的是为了在______处减弱噪声，便于欣赏音乐．4.一个物体相对于另一个物体的______叫做机械运动；如果物体相对于参照物的位置不变，则物体相对于该参照物是______。5.已知凸透镜的焦距为10厘米，把烛焰放在主光轴上距离凸透镜30厘米处，凸透镜成的像是______立的。将它移至距离凸透镜15厘米处的过程中，凸透镜成像的大小逐渐______。若要在光屏上得到与烛焰等大的像，烛焰应放在距离凸透镜______厘米处。 1.“东方之星”客轮突然遭遇强风袭击沉没在湖北监利县境内的长江水域后，当地政府立即派出大批潜水员下水搜救被困人员，潜水员在下潜过程中受到水的压强______(选填“增大”、“不变”或“减小”)，若潜水员下潜到15米深的水中时，受到水的压强是______Pa.(取g=10N/kg)2.一块石碑，长50cm，宽20cm，高3m，质量为0.75t，则它的体积是______m3，它的密度是______kg/m3．3.2019年1月3日，“嫦娥四号”探测器成功降落于月球，如图，发射探测器的火箭采用液氢为燃料，是利用液氢的__________大的优点；火箭在穿过地球大气层升空时剧烈升温，此过程中通过_________方式增大了它的内能。4.小明在体育毕业考试中，50m跑的成绩是8.0s，他跑步的平均速度是______；某人在一次42公里(近似值)马拉松比赛中，穿的跑鞋每只质量为0.6kg.若他在跑的过程中，两个相邻的脚印之间的距离都是1m，脚每次抬离地面的最大高度都是20cm.如果跑完全程，他对跑鞋做的功为______J.(g取10N/kg)5.两个电路元件甲和乙中的电流与电压的关系如图所示。能说明电流与电压成正比关系的是______(填“甲”或“乙”)图象。现将元件甲、乙串联后接在电路中，电路中的电流为0.2A，此时电路两端的总电压等于______V，则整个电路消耗的总功率是______W。6.如图所示的电路中，闭合开关后，两个电压表的示数之比为5：3，则R1：R2=______，相同时间里，两电阻消耗的电能W1：W2=______，若在工作过程中发现两电压表的示数大小相同了，则电路中电阻可能出现的故障是______。7.如图是小明家电能表的表盘，电能表的示数为______kW⋅h，调查发现家中接入用电器的总功率为3600W，则最多还可以连接______W的用电器同时工作，将某电水壶单独接在该电能表上正常工作3min，电能表指示灯闪烁了160次，则电水壶的功率是______W。8.请在图中画出小球所受力的示意图。 1.小明想利用如图甲所示的装置，来探究不同物质的吸热能力．方法是：“加热质量相同的水和煤油，使它们升高相同的温度，比较它们吸收热量的多少．”器材：相同规格的电加热器、烧杯、温度计(二个以上)、______、质量相等的水和煤油．(1)在实验中取两个相同规格的电加热器的目的是：______，从表中数据可知，质量相等水和食用油的加热相同时间，食用油的温度比水的温度______(选填“高”或“低”)．(2)在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给______加热更长的时间，因此我们还可以用：“使______的不同物质，变化相同的温度，观察加热时间的长度，来判断不同物质的吸热能力”．(3)通过所测量是实验数据，我们可以得出，______(填“水”或“食用油”)吸热的能力更强．物质质量/g初温/℃末温/℃时间/min水6020456食用油6020686(4)某同学在实验时绘制了如图乙所示的图象，该同学认为：“加热相同的时间时，A升高的温度高一些，这说明A吸收的热量多一些．”这位同学的判断是否正确？______.原因是______．(5)如果在A、B两种物质中，有一种是水，且它们的质量相同，如在相同的热源下加热，请你根据所给信息判断A、B两种物质中哪个是水？______．四、作图题（本大题共2小题，共4.0分） 1.(1)请在图中画出该入射光线的反射光线，并标出反射角及其大小。(2)根据光的传播方向，请在图中画出平面镜。2.根据图中小磁针静止时N、S极指向，标出电源的正、负极并画出磁感线方向。 五、实验探究题（本大题共1小题，共5.0分）1.小明用两节干电池测小灯泡的功率，电路如图甲所示，小灯泡额定电压为2.5V，滑动变阻器规格为“20Ω2A”(1)在图甲中，用笔画线代替导线将电路连接完整。(2)当电压表的示数达到2V时，电流表的示数如图乙所示，此时，灯泡的功率为______W，为使灯泡正常发光，应将滑片向______(填“左”或“右”)移动(3)当电压表示数达到2.5V时，无论怎么调节变阻器滑片都无法使电压表示数变大，为了用该灯泡继续完成实验，你的做法是______。(4)解决了(3)中问题后，测出电压略大于2.5V时的灯泡功率。为比较灯泡在不同电压下的功率关系，______(填“需要”或“不需要”)重新测量前两次实验数据。六、计算题（本大题共3小题，共26.0分）2.用如图所示的装置探究摩擦力跟接触面粗糙程度的关系。(1)实验时，用弹簧测力计是拉动木块，使它沿长木板做______运动，根据______知识，测出木块与长木板之间的滑动摩擦力。(2)第一次实验中弹簧测力计的示数如图所示为______N，分析下表中数据可以得到的结论是______。实验次数123接触面情况木块和长木板木块和棉布木块和毛巾摩擦力/N1.92.4 (3)实验结束后，小丽同学想探究摩擦力是否与接触面积的大小有关，她用弹簧测力计测出木块在水平木板面上的摩擦力，然后将木块沿竖直方向锯掉一半，测得摩擦力的大小也变为原来的一半。她由此得出：当接触面的粗糙程度一定时，接触面积越小，摩擦力越小。你认为她的结论正确吗？______，理由是______。1.下表提供的是一装满水的太阳能热水器在太阳照射下的相关信息：太阳照射时间/h太阳能转换为水的内能的效率热水器最大水容量/L1050%80水升高的温度/℃水的比热容/[J⋅(kg⋅℃)-1]水的密度/(kg⋅m-3)504.2×1031.0×103请根据上表信息，求(1)热水器中的水需吸收的热量为______J；(2)热水器平均1h所接收的太阳能为______J. 1.如图是小明设计的探究电路特点的实验电路图，其中电源电压为4.5V，定值电阻R0的规格为“5Ω 1A”，变阻器上标有“20Ω  1A”，灯L上标有“2.5V 1W”，电流表选择量程“0-0.6A”，电压表选择量程为“0-3V”。S1闭合，S2接b，调节变阻器滑片位置使灯正常发光。不计灯丝电阻变化。求：(1)灯正常发光时，通过变阻器的电流；(2)保持变阻器滑片位置不动，当S1闭合，S2接a时，定值电阻R0的功率；(3)当S1闭合，S2接a时，为保证电路中各元件的安全，变阻器允许接入电路的阻值范围。 【答案与解析】1.答案：B解析：解：A、岳阳夏季最高气温不超过42℃，年平均气温不可能为42℃.故A不符合实际；B、成年人的质量在70kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右。故B符合实际；C、正常情况下，人的脉搏1min跳动75次，跳动1次的时间大约1s.故C不符合实际；D、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约20cm，物理课本的长度略大于20cm，在26cm左右。故D不符合实际。故选：B。首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。2.答案：D解析：解：当太阳、地球、月球三者恰好或几乎在同一条直线上时(地球在太阳和月球之间)，由于光的直线传播，地球挡住了太阳光，从而形成了月食，即月食是由光的直线传播形成的；A、泳者预泳，看到池水变浅了，是由于光的折射形成的，故A错误；B、笔在水面处“折断”，是光的折射形成的，故B错误；C、水面上山的“倒影”，属于平面镜成像，是光的反射形成的，故C错误；D、手影是光沿直线传播形成的，故D正确；故选：D。(1)光在同种均匀均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；(2)当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水比实际位置浅等。 本题列举了几种常见的光现象，综合了光学知识，要求判断哪个是由于光的直线传播形成的，这需要学生在平时学习和生活中多对相关的光现象进行思考。3.答案：A解析：物质从固态变为液态的过程是熔化，物质从液态变为固态的过程是凝固，物质从液态变为气态的过程是汽化，物质从气态变为液态的过程是液化。物质从固态直接变为气态的过程是升华，物质从气态直接变为固态的过程是凝华。判断物态变化主要看物体由什么状态变为什么状态，然后根据各种物态变化的定义来分析。解：A.灯泡用久了灯丝变细，灯丝在高温下由固态变成气态，属于升华现象，故A正确；B.水沸腾时水面出现“白气”，是温度较高的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，故B错误；C.冬天湖水表面结冰，由液态变成固态，属于凝固现象，故C错误；D.擦在皮肤上的酒精很快干了，由液态变成气态，属于汽化现象，故D错误。故选A。4.答案：A解析：解：足球首先受到重力的作用，在水平草坪表面上运动时，在竖直方向上没有改变足球的运动状态，即物体受到平衡力的作用，一定有一个与重力相平衡的力，即受到支持力的作用；足球在水平草坪表面减速运动的过程中，足球的运动速度在减小，运动状态发生改变，即物体受到与运动方向相反的空气阻力和草坪对足球的摩擦阻力的作用。综上所述可知：足球所受到的力有重力、空气阻力、草坪对足球的摩擦阻力、草坪对足球的支持力。故选：A。力的作用效果是改变物体的形状或改变物体的运动状态，即力是物体运动状态变化的原因，而物体保持运动状态不改变是由于物体的惯性，物体受到的两个或两个以上的力的作用时，若各力的作用效果相互抵消，则物体的运动状态不改变，即物体受到平衡力的作用。本题学生易将空气阻力漏掉，易误认为足球还受到脚对足球的作用力，事实上足球已离开脚，脚不再对足球施加力。5.答案：B 解析：解：A.用高压锅煮饭，是利用了锅内气压升高，水的沸点升高的原理，不是利用大气压来工作，不符合题意；B.用力将吸盘紧压在墙壁上，将塑料吸盘中的空气排出，松手后，由于吸盘内的空气减少，内部气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧压在墙壁上，利用了大气压，符合题意；C.给沸腾的水加压，气压增大水的沸点升高，因此水不再沸腾，与大气无关，不符合题意；D.手压喷雾器使用时，向下压活塞，增大喷雾器内的气压，从而使药液从喷嘴喷出，与大气压无关，不符合题意。故选：B。本题考查了学生对生活中与大气压有关的现象的掌握，注重了物理和生活的联系，属于基础知识的考查，比较简单。6.答案：D解析：要判断一个杠杆是省力杠杆还是费力杠杆，首先要明确它们的定义。费力杠杆是指动力臂小于阻力臂的杠杆，结合生活经验可知，A、B、C都是省力杠杆，只有D是费力杠杆。该题考查了学生对物理模型的抽象、分析能力。判断杠杆的类型可结合生活经验和动力臂与阻力臂的大小关系来判断。汽车的方向盘、井上的轱辘、水龙头，在使用的过程中都是动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故ABC都不符合题意。汽车前窗上的雨刷器在使用过程中，动力臂小于阻力臂，所以它属于费力杠杆，费了力但省距离，故D符合题意。故选：D。7.答案：B解析：本题考查了物体的浮沉条件以及影响液体压强的因素，是一道中等题。(1)液体的压强随深度的增加而增加；(2)根据F浮=ρ液gV排判断小球受到的浮力的变化，从而判断出浮沉；影响液体压强因素：液体的密度和深度；(3)根据F浮=ρ液gV排 判断出浮力的变化，根据p=ρgh判断容器底部受到液体的压强的变化。A、小球可以悬浮在液体内任何位置，是因为浮力等于重力，不是因为液体内部的压强，而且液体内部的压强随深度的增加而增加，不是处处相等，故A错误；B、往杯中加入清水，液体密度减小，根据F浮=ρ液gV排知小球受到的浮力减小，浮力小于重力而下沉，但容器内液体的高度不变，根据p=ρgh知容器底部受到液体的压强变小，故B正确；CD、往杯中加入适量盐，液体密度增大，根据F浮=ρ液gV排知小球受到的浮力增大，浮力大于重力而上浮，容器内液体的高度降低，但加盐后液体质量增加，对容器底的压力增大，根据p=FS知容器底部受到液体的压强变大，故CD错误。故选B。8.答案：A解析：解：A、用带有金属外壳的用电器时，外壳必须接地，是为了防止触电，符合安全用电要求，故A正确；B、空气开关“跳闸”，可能是电路出现了短路，也可能是用电器的总功率过大，故B错误；C、电能表是测量电路消耗电能(或测量电功)的仪表，故C错误。D、使用测电笔辨别火线和零线时，手必须接触笔尾金属电极，故D错误。故选：A。(1)有金属外壳的用电器，其外壳一定要接地，以防止漏电事故的发生；(2)空气开关跳闸是因为电路中电流过大，电流过大的原因是短路或用电器的总功率过大；(3)电能表是测量电路消耗电能的仪表；(4)使用测电笔时，手必须要接触笔尾的金属体，才能分辨出火线、零线。本题考查了安全用电的常识，相对比较简单，属于基础知识。9.答案：B解析：解：滑片由左向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻不变；根据I=UR可知，电路中电流不变，灯泡亮度不变；由P=UI知电路消耗的总功率不变；因电压表测滑动变阻器右端与滑片P之间电阻两端的电压，根据U=IR可知，电压表的示数变小．故选B．开关闭合后，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器右端与滑片P 之间电阻两端的电压，电流表测量电路中的电流；滑片由左向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻不变，根据欧姆定律可知电路电流的大小和电阻、电压变化．本题主要考查欧姆定律的应用，难点是知道滑片移动过程中电路滑动变阻器两端的电压的变化，关键是要明白电压表测量的是哪一部分电路的电压．10.答案：C解析：本题应首先分析电路中是发生了断路故障还是短路故障，再根据电表的示数变化找出发生故障的电器。首先判定电路的连接形式；根据电表的示数变化情况分清是断路还是短路，然后再判定具体故障的位置。由图可知，该电路为并联电路，电流表测量灯L2的电流，电压表测量L1两端电压；闭合开关，两灯泡均发光，过一会儿，其中一个灯泡突然熄灭，但两电表指数仍明显偏转，这说明电路不是短路，而是一个支路断开；电流表有示数，说明L2正常，故故障是灯泡L1断路；故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。11.答案：BD解析：本题主要是考查学生对内能、温度与热量三者之间的联系和区别的掌握情况，同时也对改变物体内能的两种方法也进行了检测。A.温度越高，分子热运动越剧烈；热量是一个过程量，不能用具有、含有来修饰；B.改变物体内能的两种方法：做功和热传递；C.一切物体都具有内能；D.物体内部分子的动能和分子势能的总和叫做物体的内能，其大小与物质的量和温度有关。A.温度高的物体分子运动剧烈，但不能说物体具有的热量多，因为热量是一个过程量，不能用具有、含有来修饰，故A错误；B.改变物体内能的两种方法：做功和热传递，因此物体内能增大不一定是吸了热，故B正确；C.因为一切物体都具有内能，所以0℃的冰块具有内能，内能不为零，故C错误；D.一碗水倒掉一半后，物体含有的物质减少，内能减小。故D正确。 故选BD。12.答案：AC解析：解：将R1电阻的伏安特性曲线在坐标中作出，要使AB与BC之间的电压相等，则BC两端的电压为3.5V，并且两电阻中的电流相等，由图可知，此时符合条件的只有1.5mA，这时R的电压为2V，由欧姆定律得，R=UI=2V1.5×10-3A≈1300Ω，故AC正确，BD错误。故选：AC。图中三个电阻串联，电流相等，在坐标系中作出将R1电阻的伏安特性曲线，若使AB与BC间的电压相等，则可求得BC两端的电压为3.5V，两电阻的电流相等，且电压之和为3.5V，找出符合条件的点即可。解答本题的关键是在同一坐标系中作出R1的伏安特性为曲线，由图象结合串联电路的特点进行分析，方法特殊，有难度。13.答案：振动；声源解析：解：(1)吹笛子发出的声音，是由笛子内部空气柱的振动产生的；(2)观众在听音乐时都要把手机关机或把铃声调成振动是在声源处减弱噪声．故答案为：振动；声源．(1)声音是由物体的振动产生的；(2)减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱．本题考查了声音的产生和防止噪声的途径，是一道基础题目． 14.答案：位置变化；静止的解析：解：在物理学里，我们把物体位置的变化叫做机械运动；如果物体相对于参照物的位置不变，则物体相对于该参照物是静止的。故答案为：位置变化，静止的。第一个空根据机械运动的定义直接填空，第二个空根据机械运动的定义分析填空。描述一个物体是运动的还是静止的，必须要先选择一个参照物，然后再根据物体与所选参照物之间的位置是否发生变化来判断该物体的运动情况。15.答案：倒 变大 20解析：解：凸透镜的焦距为10厘米，物距为30厘米时，此时的物距大于二倍焦距，根据凸透镜成像的规律可知，此时成倒立缩小的实像。当物距为15厘米时，此时的物距大于一倍焦距小于二倍焦距，根根据凸透镜成像的规律可知，此时成倒立放大的实像。像由缩小的变为放大的，所以在此过程中，其成像的大小逐渐变大。根据凸透镜成像的规律可知，只有物距等于二倍焦距时，才能在光屏上得到等大的实像。故要在光屏上得到与烛焰等大的像，烛焰应放在距离凸透镜20厘米处。故答案为：倒；变大；20物体在凸透镜中成像的性质取决于物体与凸透镜焦距的大小关系。具体情况可分为：①物距大于二倍焦距；②物距等于二倍焦距；③物距大于一倍焦距小于二倍焦距；④物距等于一倍焦距；⑤物距小于一倍焦距这五种情况。根据题目中告诉的物距焦距的关系结合凸透镜成像的规律即可确定答案。当凸透镜成实像时，物体从远处向凸透镜逐渐靠近的过程中，物体所成的像逐渐变大，像与凸透镜的距离逐渐变远，也就是常说的物近像远像变大。利用这个规律可以解决调整像的变大变小的类型的题目。16.答案：增大；1.5×105解析：解：潜水员下潜时所处的深度增大，由p=ρgh可知，潜水员所受水的压强增大；潜水员下潜到15米深的水中时，受到水的压强：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×15m=1.5×105Pa。故答案为：增大；1.5×105。 潜水员下潜时所处的深度增大，根据p=ρgh判断所受水的压强变化，并求出下潜到15米深的水中时受到水的压强。本题考查了液体压强公式的应用和计算，是一道基础题目。17.答案：0.3；2.5×103解析：根据石碑的边长求出石碑的体积，然后由密度公式求出石碑的密度．本题考查了求石碑的密度，应用密度公式即可正确解题．石碑的体积：V=0.5m×0.2m×3m=0.3m3，石碑的密度：ρ=mV=0.75×103kg0.3m3=2.5×103kg/m3．故答案为：0.3；2.5×103．18.答案：热值 做功解析：解：(1)发射探测器的火箭采用液氢作为燃料，原因是液氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以放出更多的热量；(2)探测器穿过大气层时，会与大气层发生剧烈摩擦，克服摩擦做功，内能增加，这是通过做功的方式改变物体的内能。故答案为：热值；做功。(1)热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小；(2)改变内能的方式有做功和热传递，做功是能量的转化，而热传递是能量的转移。本题主要考查学生对燃料热值的特性和改变内能方式的掌握和应用，属基础知识的考查。19.答案：6.25m/s；5.04×104解析：(1)已知路程与运动时间，由平均速度公式可以求出小明的平均速度．(2)已知总路程和相邻脚印之间的距离，可求脚一共抬起了多少次，已知运动员跑鞋的质量和脚抬起的高度，根据公式W=Gh可求跑完全程运动员对跑鞋多做的功． 本题考查了求平均速度和功的计算，求功的计算，关键是求出脚抬起的次数和抬起一次对跑鞋所做的功，这是本题的重点也是难点．本题属于贴近实际生活的题，这是中考中最常见的题也是易错题．(1)已知：s=50m，t=8.0s，小明的平均速度v=st=50m8.0s=6.25m/s；(2)脚一共抬起了n=42000m1m=42000(次)，跑完全程运动员对跑鞋做的功为W=nGh=nmgh=42000×0.6kg×10N/kg×0.2m=5.04×104J.故答案为：6.25m/s；5.04×104。20.答案：甲 3 0.6解析：解：(1)由I-U图象可以看出，甲电路元件的I-U图象是一条直线，所以能说明电流与电压成正比关系的是甲图象；(2)将元件甲、乙串联后接在电路中，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流为0.2A时，通过它们的电流均为0.2A，由图象可知，两元件两端的电压分别为U甲=1V，U乙=2V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电路两端的总电压：U=U甲+U乙=1V+2V=3V，整个电路消耗的总功率：P=UI=3V×0.2A=0.6W。故答案为：甲；3；0.6。(1)由欧姆定律可知，当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，图甲是正比例函数图象；(2)将元件甲、乙串联后接在电路中时通过它们的电流相等，根据图象读出两元件两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电路两端的总电压，根据P=UI求出整个电路消耗的总功率。本题是一道图象题，认真分析图象，找出图象的特点、由图象找出电压所对应的电流，灵活应用电率公式是正确解题的关键。21.答案：2：3， 2：3， R1短路或R2断路解析：解：(1)由图可知，电阻R1与R2串联，电压表V1测两电阻的总电压，即电源电压，电压表V2测电阻R2两端电压；根据两个电压表的示数之比可知：U：U2=5：3， 根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可得：U1：U2=(U-U2)：U2=(5-3)：3=2：3，根据串联电路中电流处处相等和I=UR可得：R1R2=U1IU2I=U1U2=23；(2)若在某次测量时，由于某个电阻出现故障，发现两电表的示数相同，即可能电阻发生断路或短路，故若R1断路，V1会没有示数，故不可能；若R1短路，两个电压表相当于测量电源电压，所以示数相等，故符合题意；若R2断路，两个电压表相当于测量电源电压，所以示数相等，故符合题意；若R2短路，V1示数仍为电源电压，V2示数为0，故不符合题意；故若在某次测量时，由于某个电阻出现故障，发现两电表的示数相同，则可能是R1短路或R2断路；故答案为：2：3；2：3；R1短路或R2断路。(1)由图可知，电阻R1与R2串联，电压表V1测两电阻的总电压，即电源电压，电压表V2测电阻R2两端电压，根据串联电路特点和欧姆定律即可求出两电阻之比；根据W=UIt求出电功之比；(2)若电阻出现故障，即有两种可能，不是短路就是断路，所以对上面的两个电阻逐个分析即可判断；本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，分析清楚电路结构、明确电压表的测量对象是正确解题的关键。22.答案：6628.2 3000 1000解析：解：(1)电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kW⋅h，由图知，电能表的示数为6628.2kW⋅h，(2)由电能表的参数可知，工作电压为U=220V，允许工作的最大电流为I=30A，电能表允许用电器工作的最大总功率：P大=UI=220V×30A=6600W，已知她家现在已经接入用电器的总功率为3600W，则最多还可以同时连接用电器的功率为6600W-3600W=3000W；(3)3200imp/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，则电能表指示灯闪烁160次时，电水壶消耗的电能：W=160imp3200imp/kW⋅hkW⋅h=0.05kW⋅h，电水壶的实际功率：P=Wt=0.05kW⋅h360h=1kW=1000W。故答案为：6628.2；3000；1000。(1) 电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kW⋅h。(2)由电能表的参数可知工作电压和允许工作的最大电流，根据P=UI求出电能表允许用电器工作的最大总功率；(3)3200imp/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，据此可求出当电能表指示灯闪烁160次消耗的电能，又知道工作时间，根据公式P=Wt求出该用电器消耗的功率。本题考查了电功率和电功的计算以及电能表的读数，明白电能表参数的含义是解题的关键。23.答案：解：小球受到三个力的作用：重力、墙对它的支持力、绳子对它的拉力；物体受多个力作用时，作用点放在物体的重心。如图所示：解析：(1)力的三要素：大小、方向、作用点；用一条带箭头的线段表示力的三要素的方法叫力的示意图；(2)画力的示意图分三个步骤：①在受力物体上画出力的作用点；②确定力的方向后沿力的方向画一条线段；③在线段的末端标箭头，在箭头的旁边标出所画力的符号，力有大小的要写上数值与单位；(3)重力的用点在物体的重心，方向竖直向下；支持力的方向垂直接触面指向被支持的物体；拉力的方向沿绳指向绳收缩的方向。考查力的三要素，关键是能对物体进行正确的受力分析，受力分析一般按照重力、弹力、摩擦力、其它力的顺序作图。24.答案：秒表；(1)使水与食用油在相等时间内吸收的热量相等；高；(2)水；质量相同；(3)水； (4)错误；用相同的解热器加热，相等时间内吸收的热量相等；(5)B解析：探究不同物质的吸热能力实验，需要应用控制变量法，实验原理、控制变量法的要求分析实验步骤与表中实验原理，然后答题．对于比较不同物质吸热能力的大小有两种办法：让质量相同的不同物质加热相同的时间(用相同的加热装置，加热时间就表示了吸收热量的多少)，看温度的变化值，温度变化值大的物质吸热能力弱；将质量相同的不同物质加热到相同的温度，比较加热时间的不同，加热时间长的物质吸热能力强．解：实验需要记录加热时间，需要用到秒表；(1)在实验中取两个相同规格的电加热器的目的是：使水与食用油在相等时间内吸收的热量相等，由表中实验数据可知，质量相等水和食用油的加热相同时间，食用油的温度比水的温度高；(2)在实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间，因此我们还可以用：“使质量相同的不同物质，变化相同的温度，观察加热时间的长度，来判断不同物质的吸热能力”；(3)通过所测量是实验数据，我们可以得出，水吸热的能力更强；(4)用相同的解热器加热，相等时间内吸收的热量相等，因此该同学的说法是错误的；(5)由实验可知，在相同的热源下加热，升高相同的温度水吸收的热量多，需要更长的加热时间，由图象可知，B是水．故答案为：秒表；(1)使水与食用油在相等时间内吸收的热量相等；高；(2)水；质量相同；(3)水；(4)错误；用相同的解热器加热，相等时间内吸收的热量相等；(5)B．25.答案：(1)(2)解析： (1)根据光的反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数。由于题目已经作出法线，根据反射角等于入射角，在同一平面内法线的另一侧画出入射光线即可，注意完成题目的要求。要注意入射角是入射光线与法线之间的夹角。过入射点作法线，入射光线与平面镜的夹角为60° ，则入射角为90∘-60∘=30°，由反射定律可知反射角也为30° ，在法线右侧画出反射光线即可，如图所示：(2)本题考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容，并要注意入射角与反射角的概念，法线为入射光线和反射光线的角平分线，法线与平面镜垂直。由光反射定律知，反射角等于入射角，所以先做出反射光线与入射光线的夹角的平分线，即为法线，然后再过入射点作这个角平分线的垂线即为反射面。如图：26.答案：解：由小磁针S极靠近螺线管的右端，根据磁极间的相互作用，可知，螺线管的左端为N极，右端为S极，根据右手螺旋定则，右手弯曲的四指与大拇指垂直，四指指向与螺线管电流方向一致，则螺线管中的电流应由右前方流入，左后方流出，所以电源左端为负极，右端为正极；螺线管外部磁感线由N极到S极，如图所示：解析：先由小磁针的指向，根据磁极间的相互作用判断出螺线管两端的极性，再根据右手螺旋定则：右手弯曲的四指与大拇指垂直，四指指向与螺线管电流方向一致，大拇指所指的方向为螺线管的N极，找出电流的方向，再标出电源的正负极，并根据螺线管外部磁感线方向由N极指向S 极，画出磁感线方向。右手螺旋定则建立了螺线管中电流与两端磁极极性的关系，要做到能根据电流判断出磁极极性，也要根据磁极极性判断出电流方向或电源正负极。27.答案：0.48 右 增加1节电池 不需要解析：解：(1)测小灯泡的功率时，电压表与电阻并联，如下图所示：(2)如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，其值为0.24A，小灯泡的功率为：P=UI=2V×0.24A=0.48W；灯在额定电压下的功率为额定功率，电压表的读数为2.0V，小于灯的额定电压，要使灯泡正常发光，应将增大灯的电压，由串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，根据串联分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，即滑片向右移动，当电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光；(3)当电压表示数达到2.5V时，无论怎么调节变阻器滑片都无法使电压表示数变大，说明电源电压较小，为了用该灯泡继续完成实验，做法是增加1节电池；(4)小灯泡在不同电压下的功率不同，在额定电压下的功率为额定功率；比较灯泡在不同电压下的功率关系，不需要重新测量前两次实验数据。故答案为：(1)如上图；(2)0.48；右；(3)增加1节电池；(4)不需要。(1)伏安法测灯泡功率的实验中，电压表并联在灯泡两端；(2)根据电流表小量程读数，根据P=UI求灯的额定功率；灯在额定电压下的功率为额定功率，比较电压表示数与灯的额定电压的大小，根据串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；(3)当电压表示数达到2.5V时，无论怎么调节变阻器滑片都无法使电压表示数变大，说明电源电压较小，据此分析；(4)小灯泡的功率与小灯泡两端的电压有关。本题测量小灯泡功率的实验，考查电流表读数、功率计算、电路连接、对器材的要求、操作过程等知识。 28.答案：匀速直线 二力平衡 1.2 当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大 不正确 没有控制压力大小不变解析：解：(1)实验时，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使它沿水平木板做匀速直线运动，根据二力平衡知识，从而测出木块与长木板之间的滑动摩擦力。(2)图中弹簧测力计的分度值为0.2N，其示数为1.2N；从表中数据可得出，压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。(3)从小丽的实验过程可知看出，将木块沿竖直方向锯掉一半，其受力面积改变的同时，其压力也发生了改变，因此其得出的结论是不正确的，因为没有控制压力的大小相同。故答案为：(1)匀速直线；二力平衡；(2)1.2；当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；(3)不正确；没有控制压力大小不变。(1)实验中，要让木块做匀速直线运动，使拉力与摩擦力是一对平衡力；(2)根据测力计的分度值可读出其示数，并根据控制变量法通过分析表中数据得出相应的结论；(3)在探究摩擦力与接触面积的关系时，应控制压力大小和接触面的粗糙程度相同，据此对小丽的实验做出评价。此题考查学生对于影响滑动摩擦力大小的因素实验的理解和掌握，注意弹簧测力计的读数、二力平衡条件和控制变量法的应用。29.答案：1.68×107；3.36×106解析：解：(1)由ρ=mV可得水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×80×10-3m3=80kg；则热水器中的水需吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×80kg×50℃=1.68×107J；(2)太阳能转换为水的内能的效率为50%，则热水器10h所接收的太阳能为：E=Q吸η═1.68×107J50%=3.36×107J.那么平均1h所接收的太阳能为：110×3.36×107J=3.36×106J. 故答案为：(1)1.68×107；(2)3.36×106．(1)利用ρ=mV求出质量，利用热量的计算公式Q=cm△t计算吸收的热量；(2)由上一问水吸收的热量，利用效率公式计算出接受的太阳能量．本题考查密度公式和热量公式的应用，注意计算本题时要注意单位换算，1L=1dm3；升高的温度是50℃，即温度的变化量是50℃；不是末温．30.答案：解：(1)S1闭合、S2接b，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，因串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常发光，所以，由P=UI可得，通过变阻器的电流：IR=IL=PLUL=1W2.5V=0.4A；(2)S1闭合、S2接b，灯泡正常发光时，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：UR=U-UL=4.5V-2.5V=2V，由I=UR可得，滑动变阻器接入电路中的电阻：R=URIR=2V0.4A=5Ω，保持变阻器滑片位置不动，当S1闭合，S2接a时，R0与R串联，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=UR+R0=4.5V5Ω+5Ω=0.45A，则定值电阻R0的功率：P0=I2R0=(0.45A)2×5Ω=1.0125W；(3)当S1闭合，S2接a时，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，因定值电阻和滑动变阻器允许通过的最大电流均为1A，电流表的量程为0～0.6A，所以，电路中的最大电流I大=0.6A，此时变阻器接入电路中的电阻最小，电路中的最小总电阻：R总小=UI大=4.5V0.6A=7.5Ω，则变阻器接入电路中的最小阻值：R小=R总小-R0=7.5Ω-5Ω=2.5Ω；电压表的量程为“0-3V”当电压表的示数UR大=3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时R0两端的电压：U0=U-UR大=4.5V-3V=1.5V，此时电路中的电流： I小=U0R0=1.5V5Ω=0.3A，变阻器接入电路中的最大阻值：R大=UR大I小=3V0.3A=10Ω，所以，变阻器允许接入电路的阻值范围为2.5Ω～10Ω。答：(1)灯正常发光时，通过变阻器的电流为0.4A；(2)保持变阻器滑片位置不动，当S1闭合，S2接a时，定值电阻R0的功率；(3)当S1闭合，S2接a时，为保证电路中各元件的安全，变阻器允许接入电路的阻值范围为2.5Ω～10Ω。解析：(1)S1闭合、S2接b，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，根据正常发光时的电压和额定功率相等，根据P=UI和串联电路的电流特点求出通过变阻器的电流；(2)S1闭合、S2接b，灯泡正常发光时，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻；保持变阻器滑片位置不动，当S1闭合，S2接a时，R0与R串联，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出定值电阻R0的功率；(3)当S1闭合，S2接a时，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，比较通过定值电阻和滑动变阻器的最大电流、电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出R0两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出变阻器接入电路中的最大阻值，然后得出答案。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断电路的连接方式和变阻器接入电路中最大、最小阻值的判断是关键。