九年级下册数学教案 3-7 切线长定理1 北师大版

九年级下册数学教案 3-7 切线长定理1 北师大版

‎*3.7 切线长定理 ‎　　　　　　　　　　　　　　　　　　　‎ ‎1．理解切线长的定义；(重点)‎ ‎2．掌握切线长定理并能运用切线长定理解决问题．(难点)‎ ‎[来源:学_科_网Z_X_X_K]‎ 一、情境导入[来源:Zxxk.Com]‎ 如图①，PA为⊙O的一条切线，点A为切点．如图②所示，沿着直线PO将纸对折，由于直线PO经过圆心O，所以PO是圆的一条对称轴，两半圆重合．设与点A重合的点为点B，这里，OB是⊙O的一条半径，PB是⊙O的一条切线．图中PA与PB、∠APO与∠BPO有什么关系？‎ 二、合作探究 探究点：切线长定理 ‎【类型一】 利用切线长定理求线段的长 ‎ 如图，从⊙O外一点P引圆的两条切线PA、PB，切点分别是点A和点B，如果∠APB＝60°，线段PA＝10，那么弦AB的长是(　　)‎ A．10 ‎ B．12‎ C．5 D．10 ‎ 解析：∵PA、PB都是⊙O的切线，∴PA＝PB.∵∠APB＝60°，∴△PAB是等边三角形，∴AB＝PA＝10.故选A.‎ 方法总结：切线长定理是在圆中判断线段相等的主要依据，经常用到．‎ 变式训练：见《学练优》本课时练习“课堂达标训练”第4题 ‎【类型二】 利用切线长定理求角的度数 ‎ 如图，PA、PB是⊙O的切线，切点分别为A、B，点C在⊙O上，如果∠ACB＝70°，那么∠OPA的度数是________度．‎ 解析：如图所示，连接OA、OB.∵PA、PB是⊙O的切线，切点分别为A、B，∴OA⊥PA，OB⊥PB，∴∠OAP＝∠OBP＝90°.又∵∠AOB＝2∠ACB＝140°，∴∠APB＝360°－∠PAO－∠AOB－∠OBP＝360°－90°－140°－90°＝40°.易证△POA≌△POB，∴∠OPA＝∠APB＝20°.故答案为20.‎ 方法总结：由公共点引出的两条切线，可以运用切线长定理得到等腰三角形．另外根据全等的判定，可得到PO平分∠APB.‎ 变式训练：见《学练优》本课时练习“课堂达标训练”第3题 ‎【类型三】 利用切线长定理求三角形的周长 ‎ 如图，PA、PB、DE是⊙O的切线，切点分别为A、B、F，已知PO＝13cm，⊙O的半径为5cm，求△PDE的周长．‎ 解析：连接OA，根据切线的性质定理，得OA⊥PA.根据勾股定理，得PA＝12，再根据切线长定理即可求得△PDE的周长．‎ 解：连接OA，则OA⊥PA.在Rt△APO中，PO＝13cm，OA＝5cm，根据勾股定理，得AP＝12cm.∵PA、PB、DE是⊙O的切线，∴PA＝PB，DA＝DF，EF＝EB，∴△PDE的周长PD＋DE＋PE＝PD＋DF＋FE＋PE＝PD＋DA＋EB＋PE＝PA＋PB＝2PA＝24cm.‎ 方法总结：从圆外一点引圆的两条切线，它们的切线长相等，圆心和这一点的连线，平分两条切线的夹角．‎ 变式训练：见《学练优》本课时练习“课后巩固提升”第4题 ‎【类型四】 利用切线长定理解决圆外切四边形的问题 ‎ 如图，四边形ABCD的边与圆O分别相切于点E、F、G、H，判断AB、BC、CD、DA之间有怎样的数量关系，并说明理由．‎ 解析：直接利用切线长定理解答即可．‎ 解：AD＋BC＝CD＋AB，理由如下：∵四边形ABCD的边与圆O分别相切于点E、F、G、H，∴DH＝DG，CG＝CF，BE＝BF，AE＝AH，∴AH＋DH＋CF＋BF＝DG＋GC＋AE＋BE，即AD＋BC＝CD＋AB.‎ 方法总结：由切线长定理可以得到一些相等的线段，一定要明确这些相等线段．记住“圆外切四边形的对边之和相等”，对我们以后解决问题有很大帮助．‎ 变式训练：见《学练优》本课时练习“课堂达标训练”第4题 ‎【类型五】 切线长定理与三角形内切圆的综合 ‎ 如图，在△ABC中，AB＝AC，⊙O是△ABC的内切圆，它与AB、BC、CA分别相切于点D、E、F.‎ ‎(1)求证：BE＝CE；‎ ‎(2)若∠A＝90°，AB＝AC＝2，求⊙O的半径．‎ ‎[来源:学科网ZXXK]‎ 解析：(1)利用切线长定理得出AD＝AF，BD＝BE，CE＝CF，进而得出BD＝CF，即可得出答案；‎ ‎(2)首先连接OD、OE、OF，进而利用切线的性质得出∠ODA＝∠OFA＝∠A＝90°，进而得出四边形ODAF是正方形，再利用勾股定理求出⊙O的半径．‎ ‎(1)证明：∵⊙O是△ABC的内切圆，∴AD＝AF，BD＝BE，CE＝CF.∵AB＝AC，∴AB－AD＝AC－AF，即BD＝CF，∴BE＝CE；‎ ‎(2)解：连接OD、OE、OF，∵⊙O是△ABC的内切圆，切点为D、E、F，∴∠ODA＝∠OFA＝∠A＝90°.又∵OD＝OF，∴四边形ODAF是正方形．设OD＝AD＝AF＝r，则BE＝BD＝CF＝CE＝2－r.在△ABC中，∠A＝90°，∴BC＝＝2.又∵BC＝BE＋CE，∴(2－r)＋(2－r)＝2，得r＝2－，∴⊙O的半径是2－ .‎ 方法总结：本题综合考查了正方形的判定以及切线长定理和勾股定理等知识，解决问题的关键是得出四边形ODAF是正方形．‎ ‎【类型六】 利用切线长定理解决存在性问题 ‎ 如图①，已知正方形ABCD的边长为2，点M是AD的中点，P是线段MD上的一动点(P不与M，D重合)，以AB为直径作⊙O，过点P作⊙O的切线交BC于点F，切点为E.‎ ‎(1)除正方形ABCD的四边和⊙O 中的半径外，图中还有哪些相等的线段(不能添加字母和辅助线)?‎ ‎(2)求四边形CDPF的周长；[来源:学_科_网Z_X_X_K]‎ ‎(3)延长CD，FP相交于点G，如图②所示．是否存在点P，使BF·FG＝CF·OF？如果存在，试求此时AP的长；如果不存在，请说明理由．‎ 解析：(1)根据切线长定理得到FB＝FE，PE＝PA；(2)根据切线长定理，发现该四边形的周长等于正方形的三边之和；(3)若要满足结论，则∠BFO＝∠GFC，根据切线长定理得∠BFO＝∠EFO，从而得到这三个角应是60°，然后结合已知的正方形的边长，也是圆的直径，利用30°的直角三角形的知识进行计算．‎ 解：(1)FB＝FE，PE＝PA；‎ ‎(2)四边形CDPF的周长为FC＋CD＋DP＋PE＋EF＝FC＋CD＋DP＋PA＋BF＝BF＋FC＋CD＋DP＋PA＝BC＋CD＋DA＝2×3＝6；‎ ‎(3)假设存在点P，使BF·FG＝CF·OF.∴＝.∵cos∠OFB＝，cos∠GFC＝，∴∠OFB＝∠GFC.∵∠OFB＝∠OFE，∴∠OFE＝∠OFB＝∠GFC＝60°，∴在Rt△OFB中，BF＝＝＝1.在Rt△GFC中，∵CG＝CF·tan∠GFC＝CF·tan60°＝(2－1)×＝6－，∴DG＝CG－CD＝6－3，∴DP＝DG·tan∠PGD＝DG·tan30°＝2－3，∴AP＝AD－DP＝2－(2－3)＝3.‎ 方法总结：由于存在性问题的结论有两种可能，所以具有开放的特征，在假设存在性以后进行的推理或计算．一般思路是：假设存在——推理论证——得出结论．若能导出合理的结果，就做出“存在”的判断，若导出矛盾，就做出“不存在”的判断．‎ 三、板书设计 切线长定理 ‎1．切线长的概念 ‎2．切线长定理 ‎3．切线长定理的应用[来源:学.科.网Z.X.X.K]‎ 在教学过程中，通过安排实践操作活动，使学生提高了探究的兴趣．首先教师突出操作要求，学生操作并思考回答问题，教师在学生回答问题的基础上进一步引导学生从中发现问题，让学生体会从具体情景和实践操作中发现问题，解决问题．通过设计问题情境，使学生提高解决问题的意识，通过自己画图尝试从中得到感性认识，进而不断地比较，让学生的思维能够经历一个从模糊到清晰，从具体到抽象，从直觉到逻辑的过程，再由直观、粗糙向严格、精确，使学生体会数学发展的过程.‎